2021年西南名校聯盟高考物理適應性試卷（4月份）

2021年西南名校聯盟高考物理適應性試卷（4月份）

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第1?5題只有一

項符合題目要求；第6?8題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3

分，有選錯的得0分。

1.（6分）下列說法正確的是（）

A.所有的核反應都釋放核能

B.明線光譜可用于對物質成分進行分析

C.放射性元素發(fā)生衰變時放出的丫射線是由核外電子受激發(fā)后產生的

D.在光電效應現象中，入射光的光強變大，光電子的最大初動能將變大

2.（6分）A、B兩質點在同一平面內運動，它們的位置一時間圖像如圖所示，質點A的圖

像是頂點過原點的拋物線的一部分（0,3）的一條直線，兩圖像交于P點（）

31/?

A.t=0時，A,B兩質點同時由同一地點出發(fā)

B.t=3s時，A,B兩質點相距3m

C.A質點做加速度為2m/s2的勻加速直線運動

D.B質點做速度為3m/s的勻速直線運動

3.（6分）如圖所示，一勻強電場的方向平行于xOy平面，。點為坐標原點，沿0M方向

每經過1m電勢下降也為6V,圖中P點坐標為（3m,（）

B

-U0P=24V3V

C.電場強度沿OP方向，大小為

D.電場強度沿y軸正方向，大小為小丫片

4.（6分）有一顆中高軌道衛(wèi)星在赤道上空自西向東繞地球做圓周運動，其軌道半徑為地球

同步衛(wèi)星軌道半徑的四分之一，已知地球自轉周期為T。某時刻該衛(wèi)星正好位于赤道上

某建筑物正上方，該衛(wèi)星第一次與該建筑物相距最遠的時間為（）

A.IB.工C.工D.工

781416

5.（6分）如圖所示，一半徑為R的豎直光滑圓軌道固定在傾角為37°的斜面上，圓軌道

與斜面相切于N點，整個裝置始終保持靜止。一個質量為m的小球恰能在圓軌道內側做

圓周運動，重力加速度為g,則（）

A.小球通過M點時速度大小為丁忠

B.小球在N點的動能為2.5mgR

C.小球從M點順時針運動到N點的過程中，重力的功率先增大后減小

D.小球從M點順時針運動到N點的過程中，向心加速度的大小先增大后減小

6.（6分）如圖所示為一理想變壓器，原線圈接有電壓為U1的穩(wěn)壓交流電，K為單刀雙擲

開關，P為滑動變阻器R的滑片，則（）

A.開關K合在a處，使滑片P上滑，原線圈的電流將減小

B.開關K合在b處，使滑片P下滑，變壓器輸入功率將減小

C.保持滑片P的位置不變，開關K由b合到a時，R消耗的功率減小

D.保持滑片P的位置不變，開關K由a合到b時、原線圈的電流將減小

7.（6分）如圖所示，邊長為a的正方形線框內存在磁感應強度大小為B、方向垂直于紙面

向里的勻強磁場。兩個相同的帶電粒子同時從AB邊上的A點和E點（E點在AB之間,

未畫出），以相同的速度v沿平行于BC邊的方向射入磁場，已知從A點入射的粒子射出

磁場時速度方向與BF邊的夾角為8=60°。不計粒子的重力及粒子之間的相互作用，則

()

4[4乂MX]。

B

XXXMI

XMXMI

A.BF=4

B-AE*

C.帶電粒子的比荷為2_

3Ba

D.兩個帶電粒子在磁場中運動的時間之比為tA：tE=2：1

8.（6分）如圖所示，豎直放置的彈簧一端固定在地上，另一端拴接一質量為m、可視為質

點的物塊B,此時彈簧被壓縮了h。現將另一質量也為m的物塊A,從離物塊B高為2h

位置由靜止釋放自由落下（但不粘連），碰撞時間極短，忽略物塊在運動過程中的空氣阻

力,彈簧的彈性勢能Ep-|kZ\x2（其中k為彈簧的勁度系數，為彈簧的形變量），

則（）

力

3

7

A.碰后瞬間兩物體的加速度大小為g

B.碰后瞬間兩物體的總動能為mgh

C.碰撞后兩物體的最大動能為l.5mgh

D.在運動過程中兩物塊不會分離

三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。

9.實驗室備有下列器材：蓄電池（電動勢約6V,內阻約為0.5Q）,電壓表（量程0?3V,

內阻Rv=3000C）,電阻箱Ri（0?9999Q）,滑動變阻器R2（0?10。），單刀開關一個,

導線若干。

(1)要測量該蓄電池的電動勢，要求安全、方便調節(jié)、測量準確，下面給出的電路圖中

唯一合理的是。

電動勢的E測E真(填“>””=”或"V

10.兩位同學采用如圖I所示的裝置測定物塊與桌面間的動摩擦因數。實驗中，他們使物塊

在重物的牽引下由靜止開始運動，當重物落地后，用打點計時器和紙帶記錄物塊的運動。

(1)實驗時，甲同學測量出重物的質量為M,物塊的質量為m,計算出物塊加速過程中

的加速度大小為a；已知重力加速度為g,得出物塊和桌面間的動摩擦因數表達式為四=

(用M、m、a、g表示)。

(2)如圖2所示為乙同學選取的一段紙帶，1、2、3、4、5是他選取的計數點，相鄰兩

個計數點之間還有四個點未畫出。已知打點計時器電源的頻率為50Hz2。利用紙帶測得

的數據可求出該物塊減速運動過程中的加速度大小a=m/s2,物塊

與桌面的動摩擦因數n=。(計算結果均保留到小數點后2位)

11.跑酷(Parkour)是以日常生活的環(huán)境(多為城市)為運動場所，快速、有效、可靠地

利用任何已知與未知環(huán)境的運動藝術。一跑酷運動員在一次訓練中的運動可簡化為以下

運動：如圖所示，運動員先在距地面高為h=3.6m的高臺上加速跑o=6m/s的速度水平

跳出高臺，然后在空中調整姿勢，恰好垂直落在一傾角為45°的斜面上，不計空氣阻力，

重力加速度的大小為g=10m/s2?

(1)若運動員落到水平地面上，求運動員在空中運動的總時間t；

(2)若運動員落到斜面上，求運動員離開斜面時的最大速度v的大小。

12.如圖所示，水平平行光滑導軌MN和PQ,MN的間距為L,MN上放有一金屬棒ab,

ab與導軌垂直；PQ上放有另一金屬棒cd,cd也與導軌垂直，電阻為2R；導軌電阻不計。

勻強磁場豎直向下穿過導軌平面0,使ab向左運動，最后金屬棒ab和cd的運動都達到

穩(wěn)定狀態(tài)。求：

（1）剛開始運動的瞬間，流過金屬棒ab的電流大小和方向；

（2）剛開始運動的瞬間，兩金屬棒的加速度大小和方向；

（3）整個過程金屬棒cd受到的安培力的沖量IF2的大小和方向。

13.（5分）下列說法中正確的是（）

A.PM2.5是指空氣中直徑等于或小于2.5pm的懸浮顆粒物。當無風時其在空中做無規(guī)則

運動，這間接地反映了空氣分子運動的無規(guī)則性

B.液體表面層的分子間距比液體內部的分子間距大

C.晶體在熔化過程中吸收熱量但溫度保持不變，內能也保持不變

D.封閉容器中的氣體分子單位時間內與單位面積器壁碰撞的次數，僅與單位體積內的分

子數有關

E.涉及熱現象的宏觀自然過程都具有方向性，是不可逆的

14.（10分）如圖所示，為了測量某剛性導熱容器A的容積，用細管把它與水平固定的，氣

缸中活塞的橫截面積S=10cm2o初始時，環(huán)境溫度Ti=300K,活塞離缸底距離d=40cm。

現用水平向左的力F緩慢推活塞，當F=2.0X1（）2N時，活塞離缸底距離d=10cm。已知

大氣壓強po=l.OXl（）5pa。不計一切摩擦，整個裝置氣密性良好，T=（t+273）

（1）容器A的容積VA；

（2）保持力F=2.0X102N不變，緩慢改變環(huán)境溫度，活塞向遠離缸底方向緩慢移動了

△d=2cm時

【物理-選修3-4】(15分)

15.下列說法正確的是()

A.麥克斯韋預言了光是一種電磁波

B.偏振現象是橫波特有的現象

C.用樹影觀看日偏食是利用了光的衍射原理

D.在太陽光照射下，水面上的油膜出現彩色花紋是因為光的反射

E.光纖通信利用了光的全反射原理

16.一振動片做簡諧振動時，固定在振動片上的兩根細桿同步周期性地觸動水面上a、b兩

點，兩波源發(fā)出的波在水面上形成穩(wěn)定的干涉圖樣。c是水面上的一點，如圖所示。已知

除c點外，在ac連線上還有其他振幅極大的點31。求：

(1)波的波長：

(2)ac邊上有幾個振幅極小的點。

2021年西南名校聯盟高考物理適應性試卷（4月份）

參考答案與試題解析

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第1?5題只有一

項符合題目要求；第6?8題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3

分，有選錯的得0分。

1.（6分）下列說法正確的是（）

A.所有的核反應都釋放核能

B.明線光譜可用于對物質成分進行分析

C.放射性元素發(fā)生衰變時放出的Y射線是由核外電子受激發(fā)后產生的

D.在光電效應現象中，入射光的光強變大，光電子的最大初動能將變大

【解答】解：A、不是所有的核反應都釋放核能，在原子核的人工轉變中，會吸收能量;

B、不同的元素發(fā)出的明線光譜不同，可用于對物質成分進行分析；

C、放射性元素發(fā)生衰變時放出的丫光子是由處于激發(fā)狀態(tài)的新原子核放射出來的；

D、在光電效應現象中，光電子的最大初動能將變大。

故選：Bo

2.（6分）A、B兩質點在同一平面內運動，它們的位置一時間圖像如圖所示，質點A的圖

像是頂點過原點的拋物線的一部分（0,3）的一條直線，兩圖像交于P點（）

A.t=0時，A,B兩質點同時由同一地點出發(fā)

B.t=3s時，A,B兩質點相距3m

C.A質點做加速度為2m/s2的勻加速直線運動

D.B質點做速度為3m/s的勻速直線運動

【解答】解：A、由圖像可知，A、B兩質點相距3m,故A錯誤;

B、由圖像可知t=3s時，A,故B錯誤；

C、由圖線A可知，故質點A做初速度為零的勻加速直線運動，有x,at2,將t=3s,

解得a=2m/s2

可知質點A做初速度為零、加速度為6m/s2的勻加速直線運動，故C正確；

D、圖線B是過點（0,由*=丫1可知質點B做速度為2m/s的勻速直線運動。

故選：C?

3.（6分）如圖所示，一勻強電場的方向平行于xOy平面，0點為坐標原點，沿0M方向

每經過1m電勢下降也為6V,圖中P點坐標為（3m,V3m）（）

B

-UOP=2W3V

C.電場強度沿OP方向，大小為W^V/ir

D.電場強度沿y軸正方向，大小為4xBV/ir

【解答】解：從原點O起沿x軸正方向每經過1m電勢下降6V,沿OM方向每經過7m

電勢下降也為6V,即與x軸方向間的夾角為：。=且

2

根據幾何關系可知，OP與橫軸的夾角的正切值tan0=Y7

3

解得：p=30°=a,即電場方向沿OP方向。

CD、電場強度為E=W=--------_7『蛔,故CD錯誤。

d6XCos30bn

AB、OP間的距離為doP=,52+（6）4m=2?m、P間的電勢差為：

U0P=Ed0P=2愿X2TV=24V,B錯誤。

故選：A?

4.（6分）有一顆中高軌道衛(wèi)星在赤道上空自西向東繞地球做圓周運動，其軌道半徑為地球

同步衛(wèi)星軌道半徑的四分之一，已知地球自轉周期為To某時刻該衛(wèi)星正好位于赤道上

某建筑物正上方，該衛(wèi)星第一次與該建筑物相距最遠的時間為（）

A.工B.工C.工D.工

781416

【解答】解：根據萬有引力提供向心力涔-m32

r3第T同

設該衛(wèi)星下次經過該建筑物的時間為I,則衛(wèi)星轉過的角度與同步衛(wèi)星轉過的角度之差等

于TT同)t=1T

則

故C正確，ABD錯誤。

故選：Co

5.（6分）如圖所示，一半徑為R的豎直光滑圓軌道固定在傾角為37°的斜面上，圓軌道

與斜面相切于N點，整個裝置始終保持靜止。一個質量為m的小球恰能在圓軌道內側做

圓周運動，重力加速度為g,則（）

A.小球通過M點時速度大小為痛

B.小球在N點的動能為2.5mgR

C.小球從M點順時針運動到N點的過程中，重力的功率先增大后減小

D.小球從M點順時針運動到N點的過程中，向心加速度的大小先增大后減小

2.—

【解答】解：A、因為小球恰能在圓軌道內側做圓周運動，由1rlM點不是

R

軌道最高點J氤，故A錯誤；

B、從最高點兒到N點，上私/如晨R+Rsin53。）」mv3可得小球在N點的動能為

25”

2.6mgR；

C、小球從M點順時針運動到N點的過程中，故C錯誤;

D、小球從M點順時針運動到N點的過程中,知向心加速度的大小先增大

后減小;

故選：Do

6.（6分）如圖所示為一理想變壓器，原線圈接有電壓為Ui的穩(wěn)壓交流電，K為單刀雙擲

開關，P為滑動變阻器R的滑片，則（)

??>

A.開關K合在a處，使滑片P上滑，原線圈的電流將減小

B.開關K合在b處，使滑片P下滑，變壓器輸入功率將減小

C.保持滑片P的位置不變，開關K由b合到a時，R消耗的功率減小

D.保持滑片P的位置不變，開關K由a合到b時，原線圈的電流將減小

【解答】解：A、開關K合在a處，副線圈回路中的電阻增大，由原線圈與副線圈電流

的關系，故A正確；

B、開關K合在b處，副線圈回路中的電阻減小，而電壓不變，輸出功率將變大。所以

變壓器輸入功率將增大；

C、保持滑片P的位置不變，輸入端線圈匝數變大，由紅=女，副線圈兩端的電壓減小,

n

2U2

所以R消耗的功率減小：

nT

D、保持滑片P的位置不變，輸入端線圈匝數減小，由_L=_2,原線圈的電流將增大。

n5T1

故選：AC。

7.（6分）如圖所示，邊長為a的正方形線框內存在磁感應強度大小為B、方向垂直于紙面

向里的勻強磁場。兩個相同的帶電粒子同時從AB邊上的A點和E點（E點在AB之間，

未畫出），以相同的速度v沿平行于BC邊的方向射入磁場，已知從A點入射的粒子射出

磁場時速度方向與BF邊的夾角為。=60°。不計粒子的重力及粒子之間的相互作用，則

（）

A.BF冬

B-AE吟

c.帶電粒子的比荷為2L

3Ba

D.兩個帶電粒子在磁場中運動的時間之比為tA:tE=2:1

【解答】解：AC、從A點入射的粒子射出磁場時速度方向與BF邊的夾角為60°,則有

3

a-r=rsin30°當＞,則由Bqv=m—由幾何關系可得BF8=r2-（a-r）2,

3rm2Ba

解得：BF=^a，故A正確；

3

2

BD、從E點入射的粒子在磁場中的半徑也為F-BF5=（r-BE）,BE=^a，由AB=

6

AE+BE解得杷兩個帶電粒子在磁場中運動的時間之比為tA：tE=8：1,故B錯

3

、口

.慶。

8.（6分）如圖所示，豎直放置的彈簧一端固定在地上，另一端拴接一質量為m、可視為質

點的物塊B,此時彈簧被壓縮了h。現將另一質量也為m的物塊A,從離物塊B高為2h

位置由靜止釋放自由落下（但不粘連），碰撞時間極短，忽略物塊在運動過程中的空氣阻

力,彈簧的彈性勢能Ep^kAx2（其中k為彈簧的勁度系數，為彈簧的形變量）,

則（）

A

H

77777T

A.碰后瞬間兩物體的加速度大小為g

B.碰后瞬間兩物體的總動能為mgh

C.碰撞后兩物體的最大動能為1.5mgh

D.在運動過程中兩物塊不會分離

【解答】解：A碰后瞬間彈簧彈力不發(fā)生變化，而AB整體增加的合力為mg,即碰后瞬

間兩物體的加速度大小為a普；

a2

B、設碰撞前A的速度為vo,則有v：=2g?6h，碰撞后AB的速度為v,碰撞過程中動量

守恒0=2mv。聯立求得：丫=\晶

解得碰后瞬間兩物體的總動能為：E&,2mv7=mgh；

k2

C、設彈簧勁度系數為k,碰撞后兩物體一起向下運動，兩物塊的動能最大1,聯立求得

xi=5h,AB從碰撞后瞬間到A,A、B及彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，有

=

Ekm+^~kx4-^-kh22mg（Xg-h）*2mv4m=L8mgh,故C正確；

D、假設A,分離時，即彈簧處于原長狀態(tài)，從返回至碰撞點，反彈向上運動到達碰撞點

時：設彈簧壓縮量為X3時速度減小為零，則有工kh2二kx+3?2mv2=2mg（h-XQ）

33323

解得X8=（2-Oh<h

即物體AB到達不了彈簧的原長處，故物體AB不會分離。

故選：BCD?

三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。

9.實驗室備有下列器材：蓄電池（電動勢約6V,內阻約為0.5C）,電壓表（量程。?3V,

內阻Rv=3000Q）,電阻箱Ri（。?9999Q）,滑動變阻器R2（0-1011）,單刀開關一個，

導線若干。

（1）要測量該蓄電池的電動勢，要求安全、方便調節(jié)、測量準確，下面給出的電路圖中

唯一合理的是

（2）根據合理的電路圖，完成實驗，利用t.R],得出蓄電池的電動勢，分析蓄電池的

電動勢的E例=E真（填“>”“="或‘'V"）。

【解答】解：（1）A.由于電壓表的量程小于電源電動勢，A錯誤；

B.由于電壓表內阻己知，讀出電壓表示數，B正確；

CD.通過滑動變阻器無法求出電源電動勢。

故選Bo

（2）根據B圖得出工圖像一"-

1

UR6+Rv+r

通過圖像的斜率可求的電動勢不會產生誤差，因此ESJ=E真

故答案為：（1）B；（2）=

10.兩位同學采用如圖1所示的裝置測定物塊與桌面間的動摩擦因數。實驗中，他們使物塊

在重物的牽引下由靜止開始運動，當重物落地后，用打點計時器和紙帶記錄物塊的運動。

圖1圖2

（1）實驗時，甲同學測量出重物的質量為M,物塊的質量為m,計算出物塊加速過程中

的加速度大小為a；已知重力加速度為g,得出物塊和桌面間的動摩擦因數表達式為四=

Mg-Ma-ma_（用乂、a>g表示）。

mg

（2）如圖2所示為乙同學選取的一段紙帶，1、2、3、4、5是他選取的計數點，相鄰兩

個計數點之間還有四個點未畫出。已知打點計時器電源的頻率為50Hz2o利用紙帶測得

的數據可求出該物塊減速運動過程中的加速度大小2=1.80m/s2,物塊與桌面的動摩

擦因數u=0.18。（計算結果均保留到小數點后2位）

【解答】解：（1）重物落地前，對重物和物塊整體受力分析

解得：乩Jg-Ma-ma

mg

（2）由紙帶可知，各點間還有4個點未標出O=6X』=5X_￡,根據逐差法得：

f50

a=（5.99+7.81-11.41-8.60）X10-7mH=_5.80m/s2o

4Xo.42

所以物塊減速運動過程中加速度的大小為1.80m/s2

物塊減速時，根據牛頓第二定律得：a=上噩.

m

解得|i=0.18

故答案為：⑴兒g』a-ma；⑵1.80o

mg

11.跑酷（Parkour）是以日常生活的環(huán)境（多為城市）為運動場所，快速、有效、可靠地

利用任何已知與未知環(huán)境的運動藝術。一跑酷運動員在一次訓練中的運動可簡化為以下

運動：如圖所示，運動員先在距地面高為h=3.6m的高臺上加速跑o=6m/s的速度水平

跳出高臺，然后在空中調整姿勢，恰好垂直落在一傾角為45°的斜面上，不計空氣阻力，

重力加速度的大小為g=10m/s2o

（1）若運動員落到水平地面上，求運動員在空中運動的總時間I;

（2）若運動員落到斜面上，求運動員離開斜面時的最大速度v的大小。

Vn

【解答】解：（1）運動員在空中做平拋運動，因運動員垂直落在斜面上,故tan45。=—=1

解得vy=8m/s

根據豎直方向運動規(guī)律，有Vy=gtl

解得ti=7.6s

豎直位移為h,總gt?

□[28L1

解得hi=1.2m

故落點距離地面的高度為h2=h-hi=2.6m-1.3m=1.8m

運動員跳離斜面到落地的時間為t2,則t；

解得t5=O.6s

故運動員落地的總時間為t=t8+t2=O.8s+0.6s=5.2s

(2)運動員飛離斜面后，落到斜面最底端過程的水平初速度最大2,X8=h2,X2=Vt3

解得v=3m/so

答：(1)運動員在空中運動的總時間為1.5s

(2)運動員離開斜面時的最大速度為3m/s

12.如圖所示，水平平行光滑導軌MN和PQ,MN的間距為L,MN上放有一金屬棒ab,

ab與導軌垂直；PQ上放有另一金屬棒cd,cd也與導軌垂直，電阻為2R；導軌電阻不計。

勻強磁場豎直向下穿過導軌平面0,使ab向左運動，最后金屬棒ab和cd的運動都達到

穩(wěn)定狀態(tài)。求：

(1)剛開始運動的瞬間，流過金屬棒ab的電流大小和方向；

(2)剛開始運動的瞬間，兩金屬棒的加速度大小和方向；

(3)整個過程金屬棒cd受到的安培力的沖量IF2的大小和方向。

:Nb

【解答】解：(1)初始時，ab相當于電源i=BLvo

電路中的電流為I典颶

3R

方向由a指向b

(2)ab受到的安培力Fi=BIL

cd受到的安培力F3=BI-2L

設ab的加速度為ai,cd的加速度為a%由牛頓第二定律可知：Fi=mai，F7=4ma2

n2T2n8T2

L…BLVnDLVn

所以：--------1,a------------0

73mR23mR

根據左手定則安培力方向均向右，所以加速度方向都向右。

(3)ab棒向左減速運動，cd棒向右加速運動，兩導體棒做勻速直線運動，電動勢相等

設此時速度分別VI和V2,滿足：BLV2=B?2L?V2

又由于運動過程的時間相等，兩棒速度變化量大小滿足：V6-VI=2V2

聯立解得：v,=*，

vl327

根據動量定理，整個過程cd棒受到的安培力的沖量：=4mVo

F23

聯立解得：Ic=，方向向右

1m11Vr

F20

答：(1)剛開始運動的瞬間，流過金屬棒ab的電流大小為巴曳；

3R

2782

BLvnBLvn

(2)剛開始運動的瞬間，兩金屬棒的加速度大小分別為------1-------------°

3mR4mR

(3)整個過程金屬棒cd受到的安培力的沖量IF2的大小為mvo,方向向右。

【物理-選修3-3】(15分)

13.(5分)下列說法中正確的是()

A.PM2.5是指空氣中直徑等于或小于2.5um的懸浮顆粒物。當無風時其在空中做無規(guī)則

運動，這間接地反映了空氣分子運動的無規(guī)則性

B.液體表面層的分子間距比液體內部的分子間距大

C.晶體在熔化過程中吸收熱量但溫度保持不變，內能也保持不變

D.封閉容器中的氣體分子單位時間內與單位面積器壁碰撞的次數，僅與單位體積內的分

子數有關

E.涉及熱現象的宏觀自然過程都具有方向性，是不可逆的

【解答】解：A、PM2.5顆粒在空氣中做布朗運動，間接地反映了氣體分子的運動特點；

B、由于蒸發(fā)，其分子間距較大，故B正確；

C、晶體熔化時有熔點，故分子平均動能不變，故晶體內能增加；

D、根據分子動理論對壓強的微觀解釋可知，還和每個分子單位時間內的平均碰撞次數有

關；

E、由熱力學第二定律可知，故E正確。

故選：ABE?

14.(10分)如圖所示，為了測量某剛性導熱容器A的容積，用細管把它與水平固定的，氣

缸中活塞的橫截面積S=