2021屆高考物理（全國版）二輪復(fù)習參考檢測：選擇題仿真練(二)

選擇題仿真練（二）

nE/eV

14.人們平時所用的鐘表，精度高的每年大約會有1分鐘的誤差，這.__________喘“

4------------0：85

對日常生活是沒有影響的，但在要求很高的生產(chǎn)、科研中就需要更準確3------------1-51

2------------3.4

的計時工具。原子鐘是利用原子吸收或釋放能量時發(fā)出的電磁波來計時

的，精度可以達到每2000萬年誤差1秒。某種原子鐘利用氫原子從高

能級向低能級躍遷發(fā)出的電磁波來計時，一群處于”=3能級的氫原子1—

向低能級躍遷，已知普朗克常量力=6.63X10-3/s,電子的電荷量e=1.6X10-19。輻射出的

電磁波的最小頻率約為（）

A.4.6X10I5HZB.4.6X10l4Hz

C.2.4X1015HZD.2.9X1016Hz

解析：選B一群氫原子處于"=3的激發(fā)態(tài)向低能級躍遷，則輻射出光子的最小能量為:

，…E1.89X1.6X10-19?狂

E.=3.4eV-1.51eV=1.89eV;依據(jù)：丫=7=—…Hz%.6X10%；故B正確,

bn6.63X10'

A、C、D錯誤。d

15.如圖所示，一不可伸長的光滑輕繩，其左端固定于。點，右端u

跨過位于0'點的光滑定滑輪懸掛一質(zhì)量為1kg的物體，。0'段水平,

長度為1.6m。繩上套一可沿繩自由滑動的輕環(huán)，現(xiàn)在在輕環(huán)上懸掛一

鉤碼（圖中未畫出），平衡后，物體上升0.4m。則鉤碼的質(zhì)量為（）

A.1.2kgB.1.6kg

D坐kg

C.^2kg

解析：選A重新平衡后，繩子形狀如圖：設(shè)鉤碼的質(zhì)量為

由幾何關(guān)系知：繩子與豎直方向夾角為。=53。，則根據(jù)平衡可求得:

2mgcos53°=Mg;解得：A/=1.2kg,故A正確，B、C、D錯誤。

16.“嫦娥四號”于2019年1月3日自主著陸在月球背面，實現(xiàn)人類探測器首次月背軟

著陸。由于“嫦娥四號”在月球背面，不能與地球直接通信，需要通過中繼通信衛(wèi)星才能與

地球“溝通”，“鵲橋”是“嫦娥四號”月球探測器的中繼衛(wèi)星，該中繼衛(wèi)星運行在地月系

的拉格朗日42點附近的暈軌道上。地月系的拉格朗日L2點可理解為在地月連線的延長線上（也

就是地球和月球都在它的同一側(cè)），地球和月球?qū)μ幱谠擖c的衛(wèi)星的引力的合力使之繞地球運

動，且在該點的衛(wèi)星運動的周期與月球繞地球運動的周期相同。若某衛(wèi)星處于地月系的拉格

朗日心點，則下列關(guān)于該衛(wèi)星的說法正確的是（）

A.在地球上可以直接看到該衛(wèi)星

B.該衛(wèi)星繞地球運動的角速度大于月球繞地球運動的角速度

C.該衛(wèi)星繞地球運動的線速度大于月球繞地球運動的線速度

D.該衛(wèi)星受到地球與月球的引力的合力為零

解析：選C如圖所示，鵲橋衛(wèi)星在地月連線的延長線上，故在地—、

球上不能直接看到該衛(wèi)星，故A錯誤；該鵲橋衛(wèi)星繞地球運動的周期與/地球\月球

月球繞地球運動的周期相同，故鵲橋衛(wèi)星與月球繞地球的角速度大小相

等，故B錯誤；據(jù)線速度。=廠（0可知，衛(wèi)星與月球繞地球角速度相等，'一1

則鵲橋衛(wèi)星的軌道半徑大線速度大，故C正確；該衛(wèi)星繞地球圓周運動，向心力由地球和月

球?qū)λ娜f有引力的合力提供，則合力不為零，故D錯誤。

17.用輕繩拴著一質(zhì)量為，心帶正電的小球在豎直面內(nèi)繞。點做圓周運動，豎直面內(nèi)加

有豎直向下的勻強電場，電場強度為E,如圖甲所示，不計一切阻力，小球運動到最高點時的

動能以與繩中張力F間的關(guān)系如圖乙所示，當?shù)氐闹亓铀俣葹間，則（）

o

乙

A.小球所帶電荷量為喑

B.輕繩的長度為彳

C.小球在最高點的最小速度為、僧

D.小球在最高點的最小速度為、舊

解析：選C在最高點時，繩對小球的拉力、重力和電場力的合力提供向心力，則得：F

=F+mg+Eq,由于反=%加\故a=3'+,（，咫+%）,由圖

像可知，圖像斜率即L=與，故B錯誤；當尸=0時，由mg+Eq=n“,^inv2=a,

解得q=b故A錯誤；當F=0時，重力和電場力提供向心力，此時為最小速度，^mv2

得，故C正確，D錯誤。

181多選］如圖所示，在一勻強磁場中有三個帶電粒子，其中1和2p

為質(zhì)子，3為a粒子的徑跡。它們在同一平面內(nèi)沿逆時針方向做勻速圓N

周運動，三者軌道半徑打＞廢＞3并相切于P點，設(shè)八。、a、f分別表

示它們做圓周運動的周期、線速度、向心加速度以及各自從經(jīng)過P點算二上夕

起到第一次通過圖中虛線"N所經(jīng)歷的時間，則（）

A.71=乃〈73B.V\=V2>V3

C.。］>。2>〃3D.，|=，2=

解析：選AC各粒子在勻強磁場中做圓周運動的周期7=2警，根據(jù)粒子的比荷大小強=

qBq（i

4irivj1jnv

h=7可知：T］=7^<73,故A正確；由于n>r2>r3,結(jié)合尸=不及粒子比荷關(guān)系可知Oi>02>S,

24H1q6

故B錯誤；粒子運動的向心加速度結(jié)合各粒子的比荷關(guān)系及V\>V2>V3可得：4］>42>。3,

故C正確；由題圖可知，粒子運動到MN時所對應(yīng)的圓心角的大小關(guān)系為仇<仍〈仇，而丁1=

72,因此力42,由一<八，且。2<仇，可知灰々3,故D錯誤。

19.［多選］如圖所示，某滑雪運動員（可視為質(zhì)點）由坡道進入豎

直面內(nèi)的圓弧形滑道A8,從滑道的A點滑行到最低點B的過程中，

B

由于摩擦力的存在，運動員的速率不變，則運動員沿AB下滑過程中（）

A.所受滑道的支持力逐漸增大

B.所受合力保持不變

C.機械能保持不變

D.克服摩擦力做功和重力做功相等

解析：選AD由圖可知，從A到8斜面傾角8一直減小，運動員對軌道的壓力為機geos

0,可知運動員對斜面的壓力會逐漸增大，故A正確；因為運動員在下滑過程中始終存在向心

力，合外力充當向心力，向心力方向指向圓心，方向不斷變化，所以合外力是變力，故B錯

誤；由于速度不變，則動能不變，高度下降，重力勢能減小，則機械能減小，故C錯誤；由

于速度不變，則動能不變，由動能定理可知，摩擦力做功和重力做功相等。故D正確。

20.［多選］已知x軸上電場方向與x軸方向平行，x軸上各點電勢

如圖所示，x=0處電勢為5V,一電子從x=-2cm處由靜止釋放，

則下列說法正確的是（）

A.x=0處電場強度為零

B.電子在％=-2cm處的加速度小于電子在x=-lcm處的加

速度

C.該電子運動到x=0處時的動能為3eV

D.該電子不可能運動到x=2cm處

解析：選AC根據(jù)圖線斜率的意義可知，9-x圖線的斜率表示電場強度，所以可知在x

=0處電場強度為0,故A正確；圖線的斜率表示電場強度，由圖可知x=-2cm處的電場強

度大于尤=-1cm處的電場強度，則電子的加速度：。=號可知電子在x=-2cm處的加速度

大于電子在工=-1cm處的加速度，故B錯誤；電子從工=-2cm處由靜止釋放，由圖可知,

在x=-2cm處的電勢為2V,電子在x=0處的電勢為5V,電子的電勢增大3V,所以電子

的電勢能減小3eV。由于電子運動的過程中只有電場力做功，電子動能的增加量等于電勢能

的減少量，所以電子到達x=0處的動能為3eV,故C正確：由圖可知，x=2cm處的電勢為

3V,大于x=-2cm處的電勢，所以該電子能運動到x=2cm處，故D錯誤。

21.［多選］如圖所示，電阻不計的兩光滑導(dǎo)軌沿斜面方向平鋪在絕緣

斜面上，斜面傾角為仇導(dǎo)軌間距為L,導(dǎo)軌中部和下方各有寬為L的/Z7/

長方形勻強磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強度大小均為8、方向均垂直斜面。質(zhì)量

為m的金屬棒ab水平放置在下方磁場區(qū)域中，質(zhì)量未知的金屬棒cd

水平放置于上方某處。某時刻由靜止釋放4棒，當4棒剛進入導(dǎo)軌中

部的磁場區(qū)域時由靜止釋放ab棒,之后cd棒恰好勻速穿過中部的磁場區(qū)域而ah棒靜止不動，

己知兩金屬棒的電阻均為R，重力加速度為g。貝1()

A.上、下兩磁場方向相同

B.cd棒的質(zhì)量為相

C.cd棒通過導(dǎo)軌中部的磁場區(qū)域的過程中，克服安培力做功為能gLsin夕

D.cd棒的釋放點到導(dǎo)軌中部磁場上邊界的距離為嗎黜坦

解析：選BCcd棒進入中間磁場時切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，流過兩金屬棒的電流方

向相反，兩金屬棒均處于平衡狀態(tài)