福建省廈門(mén)市高二物理下學(xué)期期末試卷(含解析)

2014-2015學(xué)年福建省廈門(mén)市高二（下）期末物理試卷一、單項(xiàng)選擇題：1．（3分）（2015春?廈門(mén)期末）下列物理學(xué)史描述正確的是（）A．瑪麗?居里提出原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說(shuō)B．盧瑟福通過(guò)α粒子散射實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了電子C．查德威克在原子核人工轉(zhuǎn)變的實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子D．愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程為核能的開(kāi)發(fā)利用提供了理論依據(jù)考點(diǎn)：物理學(xué)史．分析：本題是原子物理學(xué)史，記住盧瑟福、湯姆生、查德威克、愛(ài)因斯坦等科學(xué)家的物理學(xué)貢獻(xiàn)，即可答題．解答：解：A、原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說(shuō)是盧瑟福提出的，故A錯(cuò)誤．B、湯姆生通過(guò)研究陰極射線發(fā)現(xiàn)了電子，盧瑟福通過(guò)α粒子散射實(shí)驗(yàn)提出原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說(shuō)．故B錯(cuò)誤．C、查德威克在原子核人工轉(zhuǎn)變的實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了中子，故C錯(cuò)誤．D、愛(ài)因斯坦提出了質(zhì)能方程，為核能的開(kāi)發(fā)利用提供了理論依據(jù)，故D正確．故選：D．點(diǎn)評(píng)：對(duì)于物理學(xué)史，關(guān)鍵在于平時(shí)加強(qiáng)記憶，注重積累，要記牢著名科學(xué)家的物理學(xué)成就．2．（3分）（2015春?廈門(mén)期末）關(guān)于核反應(yīng)與核能，下列說(shuō)法正確的是（）A．目前建成的核電站能源來(lái)自于輕核聚變B．核子組成原子核時(shí)，其質(zhì)量虧損所對(duì)應(yīng)的能量大于該原子核的結(jié)合能C．重核裂變和輕核聚變過(guò)程有質(zhì)量虧損，均能向外界釋放核能D．核子平均質(zhì)量越大的原子核越穩(wěn)定考點(diǎn)：原子核的結(jié)合能；裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)．分析：核電站采用重核裂變；重核裂變和輕核聚變都有質(zhì)量虧損，釋放能量．比結(jié)合能越大的原子核，該原子核越穩(wěn)定．解答：解：A、核電站能源來(lái)自重核裂變，故A錯(cuò)誤．B、自由核子組成原子核時(shí)，其質(zhì)量虧損所對(duì)應(yīng)的能量等于該原子核的結(jié)合能，故B錯(cuò)誤．C、重核裂變和輕核聚變都有質(zhì)量虧損，均向外界釋放核能，故C正確．D、比結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定，故D錯(cuò)誤．故選：C．點(diǎn)評(píng)：本題考查了核電站原理、結(jié)合能和比結(jié)合能、質(zhì)量虧損等基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)；注意概念的掌握與應(yīng)用．3．（3分）（2015春?廈門(mén)期末）下列說(shuō)法正確的是（）A．產(chǎn)生多普勒效應(yīng)的原因是波源頻率發(fā)生了變化B．光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是一種縱波C．全息照相利用了光的干涉原理D．醫(yī)學(xué)上用激光做“光刀”來(lái)進(jìn)行手術(shù)，主要是利用了激光相干性好的特點(diǎn)考點(diǎn)：光的干涉；多普勒效應(yīng)．分析：多普勒效應(yīng)的原因是接收頻率發(fā)生變化；光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是一種橫波．全息照相的拍攝利用了光的干涉原理．醫(yī)學(xué)上用激光做“光刀”來(lái)進(jìn)行手術(shù)，主要是利用了激光的亮度高的特點(diǎn)．解答：解：A、當(dāng)聲源與觀察者的間距發(fā)生變化時(shí)，出現(xiàn)多普勒效應(yīng)的現(xiàn)象，原因是接收的頻率發(fā)生變化，而波源頻率不變．故A錯(cuò)誤．B、光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是一種橫波而不是縱波．故B錯(cuò)誤．C、全息照相的拍攝利用了光的干涉原理．故C正確．D、醫(yī)學(xué)上用激光做“光刀”來(lái)進(jìn)行手術(shù)，主要是利用了激光的亮度高，能量強(qiáng)的特點(diǎn)．故D錯(cuò)誤．故選：C．點(diǎn)評(píng)：本題是振動(dòng)和波部分，以選擇題形式考查了全反射、偏振、干涉等現(xiàn)象，注意激光的特點(diǎn)及用途．4．（3分）（2015春?廈門(mén)期末）關(guān)于核反應(yīng)方程類(lèi)型，下列說(shuō)法正確的是（）A．Na→Mg+e是α衰變B．U+n→Ba+Kr+3n是裂變C．H+H→He+n是裂變D．Rn→Po+He是β衰變考點(diǎn)：裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)．專(zhuān)題：衰變和半衰期專(zhuān)題．分析：解答本題需要掌握：根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒正確書(shū)寫(xiě)核反應(yīng)方程；知道β衰變，聚變，裂變的概念，并能區(qū)分．解答：解：A、Na→Mg+e是β衰變，故A錯(cuò)誤；B、U+n→Ba+Kr+3n是裂變，故B正確；C、H+H→He+n是聚變，故C錯(cuò)誤；D、Rn→Po+He是α衰變，故D錯(cuò)誤；故選：B．點(diǎn)評(píng)：對(duì)于原子物理中核反應(yīng)方程、裂變、聚變等基本知識(shí)要熟練掌握和應(yīng)用．5．（3分）（2015春?廈門(mén)期末）如圖所示，兩束單色光a、b分別照射到玻璃三棱鏡AC面上，穿過(guò)三棱鏡后垂直AB射出，a光和b光相比較，則（）A．a(chǎn)光的頻率高B．a(chǎn)光的波長(zhǎng)短C．a(chǎn)光在三棱鏡中的速度小D．對(duì)同一雙縫干涉裝置，a光的干涉條紋比b光的干涉條紋寬考點(diǎn)：光的干涉．專(zhuān)題：光的干涉專(zhuān)題．分析：由圖看出經(jīng)過(guò)玻璃三棱鏡后a光的偏折角小于b光的偏折角，根據(jù)折射定律得知，玻璃三棱鏡對(duì)b光的折射率大于對(duì)a光的折射率，再確定頻率和波長(zhǎng)的大小．由v=，分析光在三棱鏡中速度大小，并依據(jù)干涉條紋間距公式，即可確定．解答：解：A、B由圖看出經(jīng)過(guò)玻璃三棱鏡后a光的偏折角小于b光的偏折角，根據(jù)折射定律得知，玻璃三棱鏡對(duì)b光的折射率大于對(duì)a光的折射率，則a光的頻率低，b光的波長(zhǎng)短．故AB錯(cuò)誤．C、由公式v=分析知道，b光穿過(guò)三棱鏡的速度?。蔆錯(cuò)誤．D、根據(jù)干涉條紋間距公式，可知，a光的波長(zhǎng)大于b光，a光的干涉條紋比b光的干涉條紋寬．故D正確．故選：D．點(diǎn)評(píng)：本題的解題關(guān)鍵是確定出兩光束偏折角的大小來(lái)判斷折射率的大小，進(jìn)一步確定波長(zhǎng)、頻率、光速的大小，并掌握干涉條紋間距公式的應(yīng)用．6．（3分）（2015春?廈門(mén)期末）關(guān)于光電效應(yīng)，下列說(shuō)法正確的是（）A．發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，當(dāng)入射光頻率一定，光電子最大初動(dòng)能越大，這種金屬的逸出功越大B．發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，當(dāng)入射光頻率一定，光強(qiáng)越大，單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)就越多C．只要光照射足夠長(zhǎng)，任何金屬都會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)D．極限頻率越大的金屬材料逸出功越小考點(diǎn)：光電效應(yīng)．專(zhuān)題：光電效應(yīng)專(zhuān)題．分析：金屬材料的性質(zhì)決定金屬的逸出功，而逸出功決定入射光的極限頻率；只有入射光的頻率大于金屬的極限頻率，才能發(fā)生光電效應(yīng)；光電子的最大初動(dòng)能與金屬的逸出功和入射光的頻率有關(guān)，與入射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)；光電流的大小與入射光的強(qiáng)度有關(guān)，與入射光的頻率無(wú)關(guān)．解答：解：A、根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程Ekm=hγ﹣W，可知，當(dāng)入射光頻率一定，光電子的最大初動(dòng)能跟金屬的逸出功有關(guān)，若光電子最大初動(dòng)能越大，這種金屬的逸出功越?。蔄錯(cuò)誤．B、單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子的數(shù)目多少跟入射光的強(qiáng)度有關(guān)，強(qiáng)度越大，單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子的數(shù)目越多．而入射光的頻率越高，光電子的最大初動(dòng)能越大．故單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子的數(shù)目與入射光的頻率無(wú)關(guān)．故B正確．C、電子在發(fā)生躍遷的時(shí)候一次只能吸收一個(gè)光子，而所謂極限頻率是指處于最外層的電子發(fā)生電離所要吸收的光子的頻率，故只要入射光的頻率低于金屬的極限頻率，無(wú)論時(shí)間多長(zhǎng)，無(wú)論光的強(qiáng)度多大，都不會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)．故C錯(cuò)誤．D、根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程Ekm=hγ﹣W，可知hγ0=W，故金屬的極限頻率越大，金屬材料的逸出功越大．故D錯(cuò)誤．故選：B．點(diǎn)評(píng)：本題考查光電效應(yīng)的規(guī)律和特點(diǎn)，我們一定要熟記光電效應(yīng)的現(xiàn)象和遵循的規(guī)律，只有這樣我們才能順利解決此類(lèi)問(wèn)題．7．（3分）（2015春?廈門(mén)期末）關(guān)于天然放射現(xiàn)象，下列說(shuō)法中正確的是（）A．β衰變證明原子核里有電子B．某原子核經(jīng)過(guò)一次α衰變，核內(nèi)中子數(shù)減少2個(gè)C．放射性物質(zhì)的溫度升高，其半衰期將縮短D．γ射線的電離作用很強(qiáng)，可用來(lái)消除有害靜電考點(diǎn)：原子核衰變及半衰期、衰變速度；天然放射現(xiàn)象．專(zhuān)題：衰變和半衰期專(zhuān)題．分析：β衰變中產(chǎn)生的電子是原子核中的一個(gè)中子轉(zhuǎn)化而來(lái)的；α衰變過(guò)程中，一個(gè)原子核釋放一個(gè)α粒子（由兩個(gè)中子和兩個(gè)質(zhì)子形成的氦原子核），并且轉(zhuǎn)變成一個(gè)質(zhì)量數(shù)減少4，核電荷數(shù)減少2的新原子核．β衰變過(guò)程中，一個(gè)原子核釋放一個(gè)β粒子（電子）．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒求解原子核衰變后核內(nèi)中子數(shù)的變化；升高放射性物質(zhì)的溫度，不能縮短其半衰期．γ射線的電離作用很弱，不能用來(lái)消除有害靜電．解答：解：A、β衰變時(shí)，原子核中的一個(gè)中子轉(zhuǎn)化為一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，釋放出來(lái)的電子就是β粒子，可知β衰變現(xiàn)象不是說(shuō)明電子是原子核的組成部分．故A錯(cuò)誤．B、某放射性元素經(jīng)過(guò)1次α衰變質(zhì)量數(shù)減少4，核電荷數(shù)減少2個(gè)，根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒得知，中子數(shù)減少：2個(gè)．故B正確．C、半衰期是由原子核內(nèi)部性質(zhì)決定的，與溫度無(wú)關(guān)，所以升高放射性物質(zhì)的溫度，不能縮短其半衰期．故C錯(cuò)誤．D、γ射線的電離作用很弱，不能用來(lái)消除有害靜電．故D錯(cuò)誤．故選：B點(diǎn)評(píng)：本題是原子物理問(wèn)題，都是基本知識(shí)．對(duì)于核反應(yīng)，要抓住質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒進(jìn)行配平．若原子核衰變個(gè)過(guò)程中釋放出α粒子和β粒子，減少的質(zhì)量數(shù)等于減少的中子數(shù)和質(zhì)子數(shù)之和．8．（3分）（2015春?廈門(mén)期末）如圖是驗(yàn)證楞次定律的實(shí)驗(yàn)示意圖，豎直放置的線圈固定不動(dòng)，將磁鐵從線圈上方插入或拔出，線圈和電流表構(gòu)成的閉合回路中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流．各圖中分別標(biāo)出了磁鐵的極性、磁鐵相對(duì)線圈的運(yùn)動(dòng)方向以及線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向等情況，其中表示不正確的是（）A．B．C．D．考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律．專(zhuān)題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合．分析：當(dāng)磁鐵的運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)致線圈的磁通量變化，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流，感應(yīng)磁場(chǎng)去阻礙線圈的磁通量的變化．解答：解：A、當(dāng)磁鐵N極向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的磁通量變大，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相反．再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤(pán)旋而上．故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)磁鐵S極向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的磁通量變小，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相同．再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤(pán)旋而上，故B正確；C、當(dāng)磁鐵S極向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的磁通量變大，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相反．再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤(pán)旋而下．故C正確；D、當(dāng)磁鐵N極向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的磁通量變小，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相同．再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤(pán)旋而下，故D正確；本題選擇錯(cuò)誤的，故選：A．點(diǎn)評(píng)：可從運(yùn)動(dòng)角度去分析：來(lái)拒去留．當(dāng)N極靠近時(shí)，則線圈上端相當(dāng)于N極去抗拒，從而確定感應(yīng)電流方向．9．（3分）（2015春?廈門(mén)期末）如圖所示，一金屬小球用一根絕緣細(xì)線掛在固定點(diǎn)O處，將小球從勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域外靜止釋放，磁感線的方向垂直紙面向里，空氣阻力不計(jì)．則（）A．小球在擺動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒B．小球的運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)速度最大，產(chǎn)生的感應(yīng)電流最大C．小球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，擺角會(huì)越來(lái)越小，直到擺角小到某一值后不再減小D．小球開(kāi)始的擺動(dòng)后，最終將停止在豎直線OO′考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)．分析：楞次定律的內(nèi)容為：閉合回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總是阻礙原磁通量的變化；判斷感應(yīng)電流的方向首先要確定原磁場(chǎng)的方向及磁通量的變化，然后根據(jù)楞次定律進(jìn)行判斷感應(yīng)電流的方向．解答：解：A、當(dāng)金屬環(huán)進(jìn)入或離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)磁通量發(fā)生變化，會(huì)產(chǎn)生電流．環(huán)進(jìn)入和離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域，磁通量分別是增大和減小，故產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能；故機(jī)械能不再守恒；故A錯(cuò)誤；B、金屬環(huán)進(jìn)入磁場(chǎng)后，由于沒(méi)有磁通量的變化，因而圓環(huán)中沒(méi)有感應(yīng)電流，不受磁場(chǎng)力作用，只在重力作用下，離平衡位置越近，則速度越大，故B錯(cuò)誤．C、由于從左側(cè)擺到右側(cè)的過(guò)程中，線框中磁通量發(fā)生變化，因而產(chǎn)生感應(yīng)電流，由于電阻的存在，線框中將產(chǎn)生焦耳熱，根據(jù)能量守恒知線框的機(jī)械能將不守恒，故在左側(cè)線框的高度將高于起始時(shí)右側(cè)的高度，所以擺角會(huì)越來(lái)越小，當(dāng)完全在磁場(chǎng)中來(lái)回?cái)[動(dòng)時(shí)，則沒(méi)有感應(yīng)電流，圓環(huán)最后的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)為在磁場(chǎng)區(qū)域來(lái)回?cái)[動(dòng)，故C正確．D錯(cuò)誤；故選：C．點(diǎn)評(píng)：本題考查楞次定律的應(yīng)用和能量守恒相合；要會(huì)分析在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中能量的轉(zhuǎn)化方向．10．（3分）（2015春?廈門(mén)期末）“彈彈子”是我國(guó)傳統(tǒng)的兒童游戲，如圖所示，靜置于水平地面的兩個(gè)完全相同的彈子沿一直線排列，質(zhì)量均為m，人在極短時(shí)間內(nèi)給第一個(gè)彈子水平?jīng)_量I使其水平向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)?shù)谝粋€(gè)彈子運(yùn)動(dòng)了距離L時(shí)與第二個(gè)彈子相碰，碰后第二個(gè)彈子運(yùn)動(dòng)了距離L時(shí)停止．已知摩擦阻力大小恒為彈子所受重力的k倍，重力加速度為g，若彈子之間碰撞時(shí)間極短，為彈性碰撞，忽略空氣阻力，則人給第一個(gè)彈子水平?jīng)_量I為（）A．mB．mC．mD．m考點(diǎn)：動(dòng)量守恒定律；動(dòng)能定理的應(yīng)用．專(zhuān)題：動(dòng)量定理應(yīng)用專(zhuān)題．分析：分析小球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，根據(jù)動(dòng)量守恒分析碰撞后速度變化，再由動(dòng)能定理可求得第一個(gè)小球的初速度，則可求得動(dòng)量．解答：解：小球1獲得速度后由于受阻力做功，動(dòng)能減??；與2球相碰時(shí)，由動(dòng)量守恒定律可知，兩球交換速度，即球1靜止，球2以1的速度繼續(xù)行駛；則可知，1的初動(dòng)能克服兩球運(yùn)動(dòng)中摩擦力所做的功；則由動(dòng)能定理可知；kmg?2L=mv2；解得：v=2則沖量I=mv=m故選：B．點(diǎn)評(píng)：本題考查動(dòng)量守恒定律中，相同小球相碰時(shí)將交換速度這一規(guī)律；同時(shí)注意能將兩小球的過(guò)程化為一個(gè)過(guò)程進(jìn)行分析，由動(dòng)能定理求解即可．二、多項(xiàng)選擇題（每小題4分）11．（4分）（2015春?廈門(mén)期末）下列核反應(yīng)或核衰變方程中，符號(hào)“X”表示質(zhì)子的是（）A．Be+He→C+XB．N+He→O+XC．Ra→Rn+XD．Hg+n→Pt+n+2X考點(diǎn)：裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)．專(zhuān)題：衰變和半衰期專(zhuān)題．分析：根據(jù)核反應(yīng)方程的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒即可判斷出X表示什么粒子，從而正確解答本題．解答：解：設(shè)A中X的質(zhì)量數(shù)為m，電荷數(shù)為n，根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可得：9+4=12+m，4+2=6+n，解得m=1，n=0，故X表示中子，故A錯(cuò)誤；同理可得：B中X表示質(zhì)子，C中X表示α粒子，D中X表示質(zhì)子，故BD正確，AC錯(cuò)誤．故選：BD．點(diǎn)評(píng)：本題考查了核反應(yīng)方程中的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒的應(yīng)用，同時(shí)注意原子核的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)的表示方法．12．（4分）（2015春?廈門(mén)期末）氫原子能級(jí)如圖所示，一群原處于n=4能級(jí)的氫原子躍遷到n=1能級(jí)的過(guò)程中（）A．能釋放六種頻率不同的光子B．由n=2能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)釋放的光子頻率最小C．釋放的光子的最大能量為12.75eV，最小能量為0.66eVD．由n=4能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)釋放的光子波長(zhǎng)最長(zhǎng)考點(diǎn)：氫原子的能級(jí)公式和躍遷．專(zhuān)題：原子的能級(jí)結(jié)構(gòu)專(zhuān)題．分析：根據(jù)Em﹣En=hγ求出吸收光子的能量；通過(guò)數(shù)學(xué)組合公式可以求出一群氫原子處于激發(fā)態(tài)可能發(fā)出光子頻率的種數(shù)，能極差越大，輻射光子頻率越大，波長(zhǎng)越?。獯穑航猓篈、一群原來(lái)處于n=4能級(jí)的氫原子躍遷到n=1能級(jí)的過(guò)程中，根據(jù)=6知，輻射的光子頻率為6種．故A正確；B、根據(jù)Em﹣En=hv得能極差越大，輻射光子的頻率越大，由n=4能級(jí)躍遷到n=3級(jí)釋放的光子頻率最小，故B錯(cuò)誤；C、由n=4向n=1能級(jí)躍遷時(shí)輻射的光子能量最大，為13.6﹣0.85eV=12.75eV，由n=4向n=3能級(jí)躍遷輻射的光子能量最小，為﹣0.85+1.51eV=0.66eV．故C正確．D、根據(jù)Em﹣En=hv得能極差越大，輻射光子的頻率越大，知從n=4躍遷到n=1間能極差最大，輻射光子頻率最大，光子波長(zhǎng)最?。蔇錯(cuò)誤；故選：AC．點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握能極差與光子頻率的關(guān)系．注意一群氫原子處于激發(fā)態(tài)與一個(gè)氫原子處于激發(fā)態(tài)輻射光子頻率的種數(shù)不同．13．（4分）（2015春?廈門(mén)期末）如圖所示，一列向+x方向傳播和簡(jiǎn)諧橫波（圖示時(shí)刻為t=0），已知該波周期為4s，則（）A．質(zhì)點(diǎn)A在第一秒內(nèi)運(yùn)動(dòng)方向?yàn)閥軸正方向B．質(zhì)點(diǎn)A在第1秒內(nèi)回復(fù)力對(duì)它做負(fù)功C．質(zhì)點(diǎn)B在第1秒內(nèi)回復(fù)力在增大D．質(zhì)點(diǎn)A、B、C來(lái)說(shuō)，在連續(xù)的4s內(nèi)，回復(fù)力做功一定為零考點(diǎn)：橫波的圖象；波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系．專(zhuān)題：振動(dòng)圖像與波動(dòng)圖像專(zhuān)題．分析：據(jù)波形平移法確定波的傳播方向與質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)關(guān)系，利用各質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)分析各質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況，從而即可求解．解答：解：A、由于波沿+x方向傳播，據(jù)波形平移法知，質(zhì)點(diǎn)A將向下運(yùn)動(dòng)，即沿著y軸負(fù)方向，故A錯(cuò)誤．B、由于質(zhì)點(diǎn)A向下運(yùn)動(dòng)，在第1秒內(nèi)回復(fù)力與運(yùn)動(dòng)方向相反，則對(duì)它做負(fù)功，故B正確．C、由于波沿+x方向傳播，據(jù)波形平移法知，質(zhì)點(diǎn)B將從最大位移處向下運(yùn)動(dòng)，所以回復(fù)力減小，故C錯(cuò)誤．D、由于該波的周期為4s，三個(gè)質(zhì)點(diǎn)在任何4s=T內(nèi)，回復(fù)力做功的代數(shù)和為零，故D正確．故選：BD．點(diǎn)評(píng)：解題關(guān)鍵明確波的傳播方向與各質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況是解題的關(guān)鍵，質(zhì)點(diǎn)在平衡位置附近做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的解題的核心．14．（4分）（2015春?廈門(mén)期末）如圖甲所示，在水平向右的磁場(chǎng)中，豎直放置一個(gè)單匝金屬圓線圈，線圈所圍面積為0.1m2A．第2s內(nèi)線圈有收縮的趨勢(shì)B．第3s內(nèi)線圈的發(fā)熱功率最大C．第4s感應(yīng)電流的方向?yàn)檎较駾．0﹣5s內(nèi)感應(yīng)電流的最大值為0.1A考點(diǎn)：楞次定律；焦耳定律．專(zhuān)題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合．分析：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=n=n求出各段時(shí)間內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，就可以解得電流的大小，根據(jù)楞次定律判斷出各段時(shí)間內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向．解答：解：A、第二秒內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度增大；故磁通量增大；則根據(jù)楞次定律可知，線圈有收縮的趨勢(shì)；故A正確；B、第3s內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度不變；感應(yīng)電流為零；線圈不發(fā)熱；故B錯(cuò)誤；C、第4s內(nèi)磁場(chǎng)減??；則由楞次定律可知，電流的方向?yàn)檎较?；故C正確；D、由圖可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率最大為0.1；則感應(yīng)電流為：I====0.1A；故D正確；故選：ACD．點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵是掌握法拉第電磁感應(yīng)定律E=n=n，會(huì)根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向；要注意靈活應(yīng)用楞次定律解題：當(dāng)磁通量減小時(shí)，為阻礙磁通量的減少，線圈有擴(kuò)張的趨勢(shì)，為阻礙磁通量的增加，線圈有收縮的趨勢(shì)．三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共12分）15．（6分）（2015春?廈門(mén)期末）在做“單擺測(cè)重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中：（1）某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中測(cè)得的小球直徑為d，測(cè)定了擺線的長(zhǎng)度為l，用秒表記錄小球完成n次全振動(dòng)的總時(shí)間為t，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣鹊谋硎臼綖間=（用d、l、n、t表示）（2）為了提高實(shí)驗(yàn)精度，在實(shí)驗(yàn)中可改變幾次擺長(zhǎng)L并測(cè)出相應(yīng)的周期T，從而得出幾組對(duì)應(yīng)的L與T2的數(shù)據(jù)，再以L為橫坐標(biāo)，T2為縱坐標(biāo)，描繪出圖象為一直線，并求得該直線的斜率為k，則重力加速度g=（用k表示）．（3）為了盡可能減小實(shí)驗(yàn)誤差，下述操作中可行的是AB．A．?dāng)[線偏離豎直方向的最大擺角小于5°．B．當(dāng)小球通過(guò)平衡位置時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)C．讓小球盡可能在同一豎直面內(nèi)擺動(dòng)D．選擇密度較小的小球E．選擇小于30厘米的擺線．考點(diǎn)：用單擺測(cè)定重力加速度．專(zhuān)題：實(shí)驗(yàn)題．分析：（1）根據(jù)題意求出單擺的擺長(zhǎng)與周期，然后應(yīng)用單擺周期公式求出重力加速度．（2）應(yīng)用單擺周期公式求出圖示的函數(shù)表達(dá)式，然后根據(jù)圖象求出重力加速度．（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)分析答題．解答：解：（1）單擺擺長(zhǎng)：L=l+，單擺的周期：T=，由單擺周期公式：T=2π可知，重力加速度：g==；（2）由單擺周期公式：T=2π可知，T2=L，T2﹣L圖象的斜率：k=，重力加速度：g=；（3）A、單擺在小擺角下的振動(dòng)為簡(jiǎn)諧振動(dòng)，實(shí)驗(yàn)時(shí)擺線偏離豎直方向的最大擺角小于5°，故A正確；B、為減小實(shí)驗(yàn)誤差，測(cè)單擺周期時(shí)應(yīng)在小球通過(guò)平衡位置時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，故B正確；C、實(shí)驗(yàn)時(shí)小球必須在同一豎直面內(nèi)擺動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D、為減小空氣阻力對(duì)實(shí)驗(yàn)的應(yīng)用，應(yīng)選擇密度較大的小球作為擺球，故D錯(cuò)誤；E、為減小實(shí)驗(yàn)誤差，擺線長(zhǎng)度約為100cm，故E錯(cuò)誤；故選AB；故答案為：（1）；（2）；（3）AB．點(diǎn)評(píng)：本題考查了求重力加速度、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)，掌握并靈活應(yīng)用單擺周期公式即可解題，本題是一道基礎(chǔ)題，平時(shí)要注意基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)．16．（6分）（2015春?廈門(mén)期末）用如圖甲所示雙縫干涉裝置測(cè)量某單色光的波長(zhǎng)．在觀察到清晰的干涉條紋后，將測(cè)量頭的分劃板中心刻線與某亮紋中心對(duì)齊，將該亮紋定為第1條亮紋，此時(shí)測(cè)量頭（為50分度的游標(biāo)卡尺）上的示數(shù)為8.36mm，然后轉(zhuǎn)動(dòng)手輪，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對(duì)齊，記下此時(shí)圖乙中測(cè)量頭上的示數(shù)為19.26mm．已知該單色光條紋間距為△x，雙縫間距d為2.0×10﹣4m，測(cè)得雙縫到屏的距離l為0.700m，由計(jì)算式λ=△x（用字母表示），求得該單色光波長(zhǎng)為6.2×10﹣7考點(diǎn)：雙縫干涉的條紋間距與波長(zhǎng)的關(guān)系．專(zhuān)題：光的干涉專(zhuān)題．分析：游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△x=λ，去求單色光的波長(zhǎng)．解答：解：圖乙中的游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為19mm，游標(biāo)讀數(shù)為0.02×13=0.26mm，所以最終讀數(shù)為19.26mm．干涉條紋的間距△x=mm=2.18mm．根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△x=λ，得，λ=△x，代入數(shù)據(jù)得，λ==6.2×10﹣7m．故答案為：19.26，△x，6.2×10﹣7．點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵熟悉該實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)裝置，以及掌握螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法和雙縫干涉條紋的間距公式△x=λ，注意螺旋測(cè)微器與游標(biāo)卡尺的區(qū)別．四、計(jì)算題17．（8分）（2015春?廈門(mén)期末）如圖所示，甲圖為一列橫波在t=0時(shí)刻的波形圖象，乙圖為該橫波中x=6m的質(zhì)點(diǎn)P從t=0時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)的振動(dòng)圖象，求：（1）這列橫波的傳播速度大小和方向；（2）質(zhì)點(diǎn)P從t=0時(shí)刻開(kāi)始0.8s時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程．考點(diǎn)：橫波的圖象；波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系．專(zhuān)題：振動(dòng)圖像與波動(dòng)圖像專(zhuān)題．分析：（1）根據(jù)t=0時(shí)刻x=6m處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向得到波的傳播方向，由左圖得到波長(zhǎng)，右圖得到周期，根據(jù)v=求解波速．（2）根據(jù)圖象求得周期，結(jié)合0.8s，從而確定質(zhì)點(diǎn)P的完成的多少個(gè)周期，進(jìn)而確定運(yùn)動(dòng)的路程．解答：解：（1）t=0時(shí)刻x=6m處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向是向上，由波形平移法知，波沿x軸負(fù)方向傳播；由左圖得到波長(zhǎng)為λ=8m，右圖得到周期為T(mén)=0.08s，故波速v===10m/s；（2）開(kāi)始0.8s時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P完成一次全振動(dòng)，因此質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的路程為：s=4A=4×5cm=20cm答：（1）這列橫波的傳播速度大小10m/s和方向沿x軸負(fù)方向傳播；（2）質(zhì)點(diǎn)P從t=0時(shí)刻開(kāi)始0.8s時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程20cm．點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵明確波形平移方向與質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向的關(guān)系，能夠結(jié)合公式v=求解波速，并掌握質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)路程與波傳播距離區(qū)別．18．（10分）（2015春?廈門(mén)期末）一束光垂直BC面射入如圖所示的透明三棱鏡中，棱鏡折射率n=，求：（1）在圖上畫(huà)出光第一次從三棱鏡中射出的光路圖；（2）光第一次從三棱鏡中射出時(shí)的折射角．考點(diǎn)：光的折射定律．專(zhuān)題：光的折射專(zhuān)題．分析：（1）應(yīng)用臨界角公式求出臨界角，然后作出光路圖．（2）應(yīng)用折射定律求出折射角．解答：解：（1）由臨界角公式得：sinC==，C=45°，由幾何知識(shí)可知：i=60°＞C，光在AB上發(fā)生全反射，α=30°，光在AC面上發(fā)生折射，光路圖如圖所示：（2）由折射定律得：n===，sinβ=，則：β=45°；答：（1）光第一次從三棱鏡中射出的光路圖如圖所示；（2）光第一次從三棱鏡中射出時(shí)的折射角為45°．點(diǎn)評(píng)：本題考查了作光路圖、求折射角，應(yīng)用臨界角公式，分析清楚光的傳播過(guò)程，應(yīng)用反射定律與折射定律可以解題．19．（10分）（2015春?廈門(mén)期末）如圖所示，質(zhì)量N=4kg的滑板B靜止放在光滑水平面上，其右端固定一根輕質(zhì)彈簧，滑板B上表面光滑，質(zhì)量m=2kg的小鐵塊A，以水平速度v0=6m/s由滑板B左端開(kāi)始沿滑板表面向右運(yùn)動(dòng)，g取10m/s2．求：（1）彈簧被壓縮到最短時(shí)，滑板B的速度；（2）滑板B的最大瞬時(shí)速度．考點(diǎn)：功能關(guān)系．分析：（1）彈簧被壓縮到最短時(shí)，A與B的速度相同．A、B組成的系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可以求出B的速度．（2）當(dāng)彈簧再次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，B的速度最大．在整個(gè)過(guò)程中，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能也守恒，由兩大守恒定律可以求解．解答：解：（1）彈簧被壓縮到最短時(shí)，A與滑板B具有相同的速度，設(shè)為v，從A開(kāi)始沿滑板B表面向右運(yùn)動(dòng)至彈簧被壓縮到最短的過(guò)程中，取向右為正方向，由A、B