2022-2023年浙江省杭州市精誠聯(lián)盟高二上學(xué)期12月月考物理試題（解析版）

2023學(xué)年第一學(xué)期金華卓越聯(lián)盟12月階段性聯(lián)考高二年級物理試題考生須知：1．本卷共8頁滿分100分，考試時間90分鐘．2．答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級、姓名、考場號、座位號及準(zhǔn)考證號并填涂相應(yīng)數(shù)字．3．所有答案必須寫在答題紙上，寫在試卷上無效．4．考試結(jié)束后，只需上交答題紙．一、選擇題Ⅰ（本題共10小題，每題3分，共30分．每小題列出的四個備選項(xiàng)中只有一個符合題目要求，不選、錯選、多選均不得分）1.下列陳述符合歷史事實(shí)的是（）A.密立根發(fā)現(xiàn)了電子 B.法拉第首先提出了場的概念C.安培發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng) D.奧斯特提出了分子電流假說【答案】B【解析】【詳解】A．美國科學(xué)家密立根最先測出電子的電量，而英國科學(xué)家湯姆孫最先發(fā)現(xiàn)了電子，故A錯誤；B．法拉第首先提出了場的概念，并用電場線形象地描述電場，故B正確；C．奧斯特通過實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場，發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，故C錯誤；D．安培提出了分子電流假說，故D錯誤。故選B。2.單位為物理量是（）A.磁感應(yīng)強(qiáng)度 B.電場強(qiáng)度 C.磁通量 D.電功率【答案】A【解析】【詳解】由動量定理，可將單位對應(yīng)的表達(dá)式寫為，又根據(jù)可知因此這一單位是磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位，A正確。故選A。3.楞次定律是下列哪個定律在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的具體體現(xiàn)（）A.法拉第電磁感應(yīng)定律 B.庫侖定律C.能量守恒定律 D.歐姆定律【答案】C【解析】【詳解】楞次定律指感應(yīng)電流的磁場阻礙引起感應(yīng)電流的原磁場的磁通量的變化，這種阻礙作用做功將其他形式的能轉(zhuǎn)變?yōu)楦袘?yīng)電流的電能，所以楞次定律的阻礙過程實(shí)質(zhì)上就是能量轉(zhuǎn)化的過程，楞次定律是能量守恒定律在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的體現(xiàn)，故C正確，A、B、D錯誤；故選C。4.1930年，英國物理學(xué)家狄拉克預(yù)言了正電子的存在。1932年，美國物理學(xué)家安德森在宇宙線實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了正電子。他利用放在強(qiáng)磁場中的云室來記錄宇宙線粒子，并在云室中加入一塊厚的鉛板，借以減慢粒子的速度。當(dāng)宇宙線粒子通過云室內(nèi)的強(qiáng)磁場時，拍下粒子徑跡的照片，如圖所示。則下列說法正確的是（）A.粒子穿過鉛板后速度減小，因此在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑增大B.粒子穿過鉛板后在磁場中做圓周運(yùn)動的周期變大C.圖中的粒子是由下向上穿過鉛板的D.該強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向?yàn)榇怪奔埫嫦蚶铩敬鸢浮緿【解析】【詳解】A．粒子穿過鉛板后速度減小，根據(jù)解得可知在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑減小。故A錯誤；B．根據(jù)可知粒子穿過鉛板后在磁場中做圓周運(yùn)動的周期不變。故B錯誤；C．根據(jù)A選項(xiàng)分析可知粒子的軌道半徑減小，圖中的粒子是由上向下穿過鉛板的。故C錯誤；D．依題意，正電子帶正電，由上向下穿過鉛板，由左手定則可知，該強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向?yàn)榇怪奔埫嫦蚶?。故D正確。故選D。5.某靜電除塵裝置由帶正電的金屬圓筒Q和帶負(fù)電的線狀電極P組成，其橫截面上的電場線分布如圖所示，A、B、M、N四點(diǎn)到P距離相等，則（）A.M、N兩點(diǎn)電場強(qiáng)度相同B.A點(diǎn)電勢比B點(diǎn)電勢高C.帶負(fù)電的粉塵從B點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)，電勢能增大D.帶電荷量均為的粉塵由P分別運(yùn)動到A、B兩點(diǎn)時，電場力所做的功【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)對稱性可知，M、N兩點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相等，但方向不同，故A錯誤；B．根據(jù)沿電場方向電勢降低，可知A、B兩點(diǎn)電勢均大于P的電勢；根據(jù)電場的疏密程度可知，AP間的電場強(qiáng)度大于BP間的電場強(qiáng)度，又A、B兩點(diǎn)到P距離相等，可知則有A點(diǎn)電勢高于B點(diǎn)電勢，故B正確；C．帶負(fù)電的粉塵從B點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)，電場力做正功，電勢能減小，故C錯誤；D．帶電荷量均為的粉塵由P分別運(yùn)動到A、B兩點(diǎn)時，有故D錯誤。故選B。6.下表是一輛電動自行車的銘牌上給出的部分技術(shù)參數(shù)，其中額定轉(zhuǎn)速是指電動車滿載情況下在平直道路上以額定功率勻速行駛時的電機(jī)轉(zhuǎn)速；現(xiàn)有一個質(zhì)量為的人騎此自行車沿平直公路行駛，所受阻力為車和人總重的0.02，且只靠電動機(jī)提供動力，，下列說法正確的是（）規(guī)格后輪驅(qū)動直流電機(jī)車型26英寸額定輸出功率整車質(zhì)量額定轉(zhuǎn)速最大載量額定電壓續(xù)行里程大于額定電流A.電動機(jī)在額定電壓下正常工作時消耗的電功率為B.電動機(jī)的內(nèi)阻為C.此人騎車行駛的最大速度D.電動機(jī)正常工作時的效率為76.6%【答案】B【解析】【詳解】A．電動機(jī)在額定電壓下正常工作時消耗的電功率為故A錯誤；B．根據(jù)能量守恒得，電動機(jī)的熱功率根據(jù)得電動機(jī)的內(nèi)阻為故B正確；C．整體所受阻力當(dāng)牽引力等于阻力大小時，速度最大故C錯誤；D．電動機(jī)正常工作時的效率為故D錯誤。故選B。7.小明同學(xué)家里有一盞“智能”臺燈，它能根據(jù)環(huán)境的光照強(qiáng)度自動調(diào)節(jié)亮度，也可以手動調(diào)節(jié)臺燈的亮度，小明查閱資料后，猜想臺燈內(nèi)部的電路結(jié)構(gòu)可能如圖，已知光敏電阻在光照強(qiáng)度增大時，電阻會減小，則當(dāng)閉合開關(guān)后，小明的分析正確的是（）A.光照強(qiáng)度增大時，光敏電阻兩端的電壓增大B.光照強(qiáng)度減弱時，小燈泡變暗C.在光照條件不變時，滑動變阻器的滑片向左滑，電源的輸出功率一定增加D.在光照條件不變時，滑動變阻器滑片向左滑，小燈泡變暗【答案】D【解析】【詳解】A．由題圖可知，光照強(qiáng)度增大時，光敏電阻值減小，電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流增大，由可知光敏電阻兩端電壓減小，故A錯誤；B．同理，光照強(qiáng)度減弱時，光敏電阻值增大，電路中總電阻增大，總電流減小，由閉合電路歐姆定律可知，光敏電阻與小燈泡兩端電壓增大，所以小燈泡變亮，故B錯誤；CD．在光照條件不變時，滑動變阻器的滑片向左滑，則滑動變阻器與總電阻變大，所以總電流變小，所以小燈泡與光敏電阻兩端電壓變小，小燈泡變暗；電源的輸出功率因?yàn)殡娫吹膬?nèi)外電阻的關(guān)系未知，無法確定在光照條件不變時，滑動變阻器的滑片向左滑，電源的輸出功率的變化，故C錯誤，D正確。故選D。8.如圖所示，固定在水平面上的半徑為r的金屬圓環(huán)內(nèi)存在方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場，長為l的金屬棒，一端與圓環(huán)接觸良好，另一端固定在豎直導(dǎo)電轉(zhuǎn)軸上，隨軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動，在圓環(huán)的A點(diǎn)和電刷間接有阻值為R的電阻和電容為C、板間距為d的平行板電容器，有一帶電微粒在電容器極板間處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知重力加速度為g，不計其它電阻和摩擦，下列說法正確的是（）A.棒產(chǎn)生的電動勢為 B.微粒的電荷量與質(zhì)量之比為C.微粒帶負(fù)電 D.電容器所帶的電荷量為【答案】B【解析】【詳解】A．金屬棒隨軸轉(zhuǎn)動，切割磁感線，棒產(chǎn)生的電動勢為故A錯誤；B．電容器兩極板間電壓等于電源電動勢E，帶電微粒在兩極板間處于靜止?fàn)顟B(tài)，則微粒的電荷量與質(zhì)量之比為故B正確；C．由右手定則可知，金屬棒中電流指向軸，所以電容器下極板為正極板，帶電微粒在電容器極板間處于靜止?fàn)顟B(tài)，則所受電場力向上，所以微粒帶正電，故C錯誤；D．電容器所帶電荷量故D錯誤。故選B。9.豎直墻面與水平地面均光滑且絕緣，小球A、B帶同種電荷，現(xiàn)用水平向左推力F作用于小球B,兩球分別靜止在豎直墻和水平地面上，如圖所示，如果將小球B向左推動少許，當(dāng)兩球重新達(dá)到平衡時，與原來的平衡狀態(tài)相比較（）A.地面對小球B的支持力不變 B.推力F將不變C.兩小球之間的距離變小 D.豎直墻面對小球A的彈力變大【答案】A【解析】【詳解】以A球?yàn)檠芯繉ο螅治鍪芰?，如圖1所示，設(shè)B對A的庫侖力F庫與墻壁的夾角為θ，由平衡條件得豎直墻面對小球A的彈力為N1=mAgtanθ將小球B向左推動少許時，θ減小，則豎直墻面對小球A的彈力N1減??；庫侖力θ減小，cosθ增大，F(xiàn)庫減小，根據(jù)庫侖定律分析得知，兩球之間的距離增大；再以AB整體為研究對象，分析受力如圖2所示，由平衡條件得：F=N1N2=（mA+mB）gN1減小，則F減小，地面對小球B的支持力一定不變，故A正確，BCD錯誤；故選A。10.如圖所示，在同一水平面內(nèi)有兩根平行長導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間存在依次相鄰的矩形勻強(qiáng)磁場區(qū)域，區(qū)域?qū)挾染鶠閘，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向交替向上向下，一邊長為的正方形金屬線框在導(dǎo)軌上向右勻速運(yùn)動．線框中感應(yīng)電流i隨時間t變化的正確圖像可能是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【詳解】設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度為，線圈的速度為、電阻為；如果某時刻左邊位于垂直紙面向里的磁場中、右邊位于垂直紙面向外的磁場中，此時兩邊都切割磁感應(yīng)線，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為，根據(jù)歐姆定律電流為，根據(jù)右手定則可知電流流向順時針，當(dāng)左右兩邊都處于方向相同的磁場中時，感應(yīng)電動勢為0，感應(yīng)電流為0；當(dāng)左邊位于垂直紙面向外的磁場中、右邊位于垂直紙面向里的磁場中，此時兩邊都切割磁感應(yīng)線，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為，根據(jù)歐姆定律電流為，根據(jù)右手定則可知電流流向逆時針，可能正確的是D項(xiàng)，D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共4小題，每小題4分，共16分．每小題列出的四個備選項(xiàng)中至少有一個是符合題目要求的．全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）11.下列說法正確的是（）A.黑體和質(zhì)點(diǎn)、點(diǎn)電荷一樣，是一個理想化的模型B.歸納推理和演繹推理是研究問題的兩種方法，楞次定律就是運(yùn)用了演繹推理C.電場強(qiáng)度是用比值定義法得出的，比值定義法包含“比較”的思想D.學(xué)習(xí)物理過程中，可以運(yùn)用類比的學(xué)習(xí)方法。比如等勢線類比等高線，電勢能類比重力勢能，電容器的電容類比水容器的橫截面積【答案】ACD【解析】【詳解】A．黑體和質(zhì)點(diǎn)、點(diǎn)電荷一樣，是一個理想化的模型，A正確；B．歸納推理和演繹推理是研究問題的兩種方法，楞次定律的得出運(yùn)用了歸納推理，通過研究不同磁極插入和拔出線圈等的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象,逐步歸納推理得出反映感應(yīng)電流方向的規(guī)律，B錯誤；C．電場強(qiáng)度是用比值定義法得出的，比值定義法就是用兩個或兩個以上的物理量的比值去定義另外一個新物理量的方法，此方法的本質(zhì)是比較的思想，C正確；D．學(xué)習(xí)物理過程中，可以運(yùn)用類比的學(xué)習(xí)方法。比如等勢線類比等高線，電勢能類比重力勢能，電容器的電容類比水容器的橫截面積，D正確。故選ACD。12.1930年，物理學(xué)家勞倫斯發(fā)明了世界上第一臺回旋加速器，因此獲得1939年諾貝爾物理學(xué)獎，回旋加速器的基本結(jié)構(gòu)如圖所示，置于真空中的兩D形金屬盒半徑為R，兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過的時間可以忽略不計磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場與盒面垂直，A處粒子源產(chǎn)生的質(zhì)量為m、電荷量為的粒子（不計初速度）在加速器中被加速，其加速電壓恒為U，且加速過程中忽略相對論效應(yīng)和重力的影響，下列說法正確的是（）A.帶電粒子第1次和第2次經(jīng)過兩D形盒間狹縫后軌道半徑之比B.帶電粒子在加速器中第1次和第2次做圓周運(yùn)動時間分別為和，則C.兩D形盒狹縫間的交變電場的周期D.帶電粒子離開回旋加速器時獲得的動能為【答案】BD【解析】【詳解】A．第一次加速后有第二次加速后有故帶電粒子第一次和第二次經(jīng)過加速后的速度比為根據(jù)可得故A錯誤；BC．帶電粒子在磁場中運(yùn)動的周期與電場變化的周期相等，為與粒子的速度無關(guān)，所以帶電粒子在加速器中第1次和第2次做圓周運(yùn)動的時間之比為故B正確，C錯誤；D．由和可得故D正確。故選BD。13.如圖，一平行導(dǎo)軌靜置于水平桌面上，空間中有垂直于導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為，粗糙平行導(dǎo)軌間距為，導(dǎo)軌和阻值的定值電阻相連，質(zhì)量為的導(dǎo)體棒和導(dǎo)軌垂直且接觸良好，導(dǎo)體棒的電阻，導(dǎo)體棒以初速度向右運(yùn)動，運(yùn)動距離后停止，此過程中電阻R產(chǎn)生的熱量為，導(dǎo)軌電阻不計，則（）A.通過電阻R的電荷量為 B.導(dǎo)體棒克服安培力做的功為C.導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為0.2 D.導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間產(chǎn)生的摩擦熱為【答案】BC【解析】【詳解】A．產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢平均值為感應(yīng)電流的平均值通過電阻R的電荷量為聯(lián)立可得故A錯誤；B．電阻R產(chǎn)生的熱量為可得根據(jù)功能關(guān)系有故B正確；C．由動能定理可得故C正確；D．由能量守恒可得導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間產(chǎn)生的摩擦熱故D錯誤。故選BC。14.如圖，U形光滑金屬框置于水平絕緣平臺上，和邊平行且足夠長，和邊垂直，整個金屬框段電阻為和的電阻不計，一根電阻為r的導(dǎo)體棒置于金屬框上，用水平恒力F向右拉動金屬框，運(yùn)動過程中，裝置始終處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，與金屬框保持良好接觸，且與邊保持平行。經(jīng)過一段時間后（）A.安培力對導(dǎo)體棒做了多少功就有多少其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能B.金屬框的加速度和導(dǎo)體棒的加速度最終相同C.導(dǎo)體棒所受安培力的大小趨于恒定值D.F所做的功等于電阻R和r上產(chǎn)生的焦耳熱【答案】BC【解析】【詳解】A．只有安培力對導(dǎo)體棒做功，根據(jù)動能定理可知，安培力做的功等于導(dǎo)體棒動能的增加量，故A錯誤；BC．開始的一段時間內(nèi)，金屬框加速度較大，當(dāng)金屬框在恒力F作用下向右加速時，bc邊產(chǎn)生從c向b的感應(yīng)電流I，線框的加速度為a1，對線框，由牛頓第二定律得導(dǎo)體棒中感應(yīng)電流從M向N，在安培力作用下向右加速，加速度為a2，對導(dǎo)體棒，由牛頓第二定律得因?yàn)楦袘?yīng)電流從0開始增大，則a2從零開始增加，a1從開始減小，則加速度差值為則加速度差值逐漸減小，當(dāng)差值為零時，有故有即兩者加速度相等且恒定，由可知導(dǎo)體棒所受安培力的大小趨于恒定值，故BC正確；D．由動能定理可知所以F所做的功等于電阻R和r上產(chǎn)生的焦耳熱和金屬框與導(dǎo)體棒的總動能之和，故D錯誤。故選BC。三、非選擇題（本題共5小題，共54分）15.在“測定金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)實(shí)驗(yàn)過程如下：（1）為了合理選用器材設(shè)計測量電路，他先用多用表的歐姆擋“”按正確的操作步驟粗測其電阻，指針如圖甲所示，則讀數(shù)應(yīng)記為____________．（2）用圖乙螺旋測微器測量該鎳鉻絲的直徑為____________;（3）為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，需進(jìn)一步測量其電阻，除待測金屬絲、開關(guān)S、導(dǎo)線若干外，實(shí)驗(yàn)室還備有的實(shí)驗(yàn)器材如下：A．電壓表V（量程,內(nèi)阻約為;量程,內(nèi)阻約為）B．電流表A（量程,內(nèi)阻約為；量程,內(nèi)阻約為）C．滑動變阻器D．滑動變阻器E．的干電池兩節(jié)，內(nèi)阻不計①為了減小測量誤差及盡可能測量多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動變阻器應(yīng)選用____________（填“”或“”）．②在①的基礎(chǔ)上，請完成圖丙中的實(shí)物連線____．③用該電路圖測出的電阻阻值比真實(shí)值____________（選填“偏大”或“偏小”或“不變”）④測得的金屬絲長度L（單位：m）、直徑D（單位：m）、電壓表讀數(shù)U（單位：V）和電流表讀數(shù)I（單位：A）,可根據(jù)電阻率的表達(dá)式____________算出所測金屬絲的電阻率（用題中已知量表示）．【答案】①.3.5②.##2.204##2.205##2.206##2.207③.④.⑤.偏?、?【解析】【詳解】（1）[1]歐姆表的讀數(shù)為（2）[2]固定尺讀數(shù)為2mm，可動尺讀數(shù)為，因此螺旋測微器讀數(shù)為（3）[3]為了減小測量誤差及測量多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動變阻器需要采用分壓式接法，所以應(yīng)選用最大阻值較小的。[4]待測電阻小電阻，因此選擇電流表外接法，滑動變壓器選擇分壓接法，實(shí)物圖連接如圖[5]電路圖采用了電流表外接法，考慮到電壓表分流的影響，電流表讀數(shù)偏大，根據(jù)歐姆定律可知待測電阻測量值小于其真實(shí)值。[6]根據(jù)電阻定律有聯(lián)立求得16.如圖甲所示是某同學(xué)“研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實(shí)驗(yàn)裝置：（1）在閉合開關(guān)瞬間發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的指針向左偏了一下，那么合上開關(guān)后，將A線圈迅速從B線圈中拔出，電流計指針將____________（選填“向左”“向右”或“不”）偏轉(zhuǎn)；（2）閉合開關(guān)并將A線圈插入B線圈中后，若要使靈敏電流計的指針向左偏轉(zhuǎn)，可采取的操作是____________（多選）；A．插入鐵芯B．拔出A線圈C．變阻器的滑片向左滑動D．?dāng)嚅_開關(guān)S瞬間（3）兩個相同的電流表和如圖乙所示連接，晃動表，當(dāng)指針向左偏時，該同學(xué)發(fā)現(xiàn)靜止的表的指針也向左偏，原因是____________．A．兩表都是“發(fā)電機(jī)”B．表是“發(fā)電機(jī)”，表是“電動機(jī)”C．表和表之間存在互感現(xiàn)象D．表產(chǎn)生的電流流入表，產(chǎn)生的安培力使表指針偏轉(zhuǎn)（4）該同學(xué)搬運(yùn)如圖丙所示的磁電式電流表時，發(fā)現(xiàn)表針晃動劇烈且不易停止。按照老師建議，該同學(xué)在兩接線柱間接一根導(dǎo)線后再次搬運(yùn)，發(fā)現(xiàn)表針晃動明顯減弱且能很快停止。下列說法正確的是（）A．未接導(dǎo)線時，表針晃動過程中表內(nèi)線圈不產(chǎn)生感應(yīng)電動勢B．未接導(dǎo)線時，表針晃動劇烈是因?yàn)楸韮?nèi)線圈受到安培力的作用C．接上導(dǎo)線后，表針晃動過程中表內(nèi)線圈不產(chǎn)生感應(yīng)電動勢D．接上導(dǎo)線后，表針晃動減弱是因?yàn)楸韮?nèi)線圈受到安培力的作用【答案】①.向右②.AC##CA③.BD##DB④.D【解析】【詳解】（1）[1]如果在閉合開關(guān)時發(fā)現(xiàn)靈敏電流計指針向左偏了一下，說明當(dāng)線圈中磁通量增加時，電流計的指針向左偏轉(zhuǎn)；那么合上開關(guān)后，將A線圈迅速拔出B線圈中，會讓線圈中的磁通量減小，所以電流計指針將向右偏轉(zhuǎn)。（2）[2]閉合開關(guān)并將A線圈插入B線圈中后，若要使靈敏電流計的指針向左偏轉(zhuǎn)，應(yīng)使B線圈中磁通量增加，插入鐵芯、變阻器的滑片向左滑動A線圈回路電流增大，都可以增加B線圈中磁通量，拔出A線圈、斷開開關(guān)S瞬間會導(dǎo)致B線圈中磁通量減小。故選AC。（3）[3]根據(jù)題意可知，電流表主要部件是永久磁鐵和帶有指針的線圈，G1和G2用導(dǎo)線連接起來，當(dāng)晃動G1時，相當(dāng)于G1中的線圈做切割磁感線運(yùn)動，電路中會產(chǎn)生感應(yīng)電流；由于兩個電表構(gòu)成了閉合回路，則電流會通過G2表中的線圈，而該線圈處于磁場中，由于通電導(dǎo)線在磁場中受到安培力的作用，G2的指針也會偏轉(zhuǎn)；則G1表相當(dāng)于“發(fā)電機(jī)”，G2表相當(dāng)于“電動機(jī)”。故選BD。（4）[4]AB．未接導(dǎo)線時，表針晃動過程中表內(nèi)線圈切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，由于電路未閉合，所以線圈內(nèi)沒有感應(yīng)電流，線圈不受安培力的作用，故AB錯誤。CD．接上導(dǎo)線后形成閉合回路，表針晃動過程中表內(nèi)線圈要切割磁感線，會產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，也會產(chǎn)生感應(yīng)電流，線圈會受到安培力作用阻礙線圈的轉(zhuǎn)動，表針晃動減弱，故C錯誤D正確。故選D。17.如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離,金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角，在導(dǎo)軌所在平面內(nèi)，分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度,方向垂直于導(dǎo)軌所在平面的勻強(qiáng)磁場．金屬導(dǎo)軌的一端接有電動勢、內(nèi)阻的直流電源．現(xiàn)把一個質(zhì)量,長為的導(dǎo)體棒放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒恰好靜止．導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌垂直且接觸良好，導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌接觸的兩點(diǎn)間的電阻,金屬導(dǎo)軌電阻不計，g取，已知，求：（1）通過導(dǎo)體棒的電流大小和方向；（2）導(dǎo)體棒受到的安培力；（3）導(dǎo)體棒受到的摩擦力?！敬鸢浮浚?），由b指向a；（2），沿斜面向上；（3）0.06N，沿斜面向下【解析】【詳解】（1）導(dǎo)體棒、金屬導(dǎo)軌和直流電源構(gòu)成閉合電路，根據(jù)閉合電路歐姆定律有方向由b指向a。（2）導(dǎo)體棒受到的安培力根據(jù)左手定則可判斷方向沿斜面向上。（3）導(dǎo)體棒所受重力沿斜面向下的分力由于F1小于安培力，故導(dǎo)體棒受沿斜面向下的摩擦力f，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件有解得f=0.06N18.在芯片制造過程中，離子的注入是其中一道重要的工序．如圖所示，正方體邊長為L，分別沿為軸，建立圖示坐標(biāo)系。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，以大小為的初速度沿x軸正方向從O點(diǎn)入射，粒子重力不計，忽略場的邊緣效應(yīng)和粒子的相對論效應(yīng)。（1）若空間區(qū)域內(nèi)只存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場，粒子運(yùn)動中恰好能經(jīng)過的中點(diǎn)，求勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小E；（2）若空間區(qū)域內(nèi)只存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)磁場，粒子運(yùn)動中恰好能經(jīng)過的中點(diǎn)，求勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B；