2024版高考物理復(fù)習(xí)：考前特訓(xùn) 選擇題提速練

選擇題提速練(8)(限時(shí)25分鐘)1．有的道路上裝有雷達(dá)測速儀，測速儀向迎面駛來的汽車發(fā)射一電磁波，能實(shí)時(shí)對(duì)通過車輛進(jìn)行測速，是利用了多普勒效應(yīng)。下列有關(guān)多普勒效應(yīng)的說法正確的是()A．題述中汽車接收到的電磁波頻率減小B．題述中測速儀接收到的電磁波和發(fā)射的電磁波頻率之差越大，車速越小C．振源的頻率減小，接收者接收到的電磁波頻率減小，是由于多普勒效應(yīng)D．在地球上接收到的正在遠(yuǎn)離地球的恒星發(fā)出的紅外線的頻率減小答案D解析根據(jù)多普勒效應(yīng)可知，當(dāng)波源與觀察者之間的距離逐漸減小時(shí)，接收到波的頻率比波源發(fā)出的頻率高，A錯(cuò)誤；車速越大，汽車反射的電磁波的頻率相比測速儀發(fā)射的電磁波的頻率增加得越多，測速儀接收到的電磁波的頻率相比測速儀發(fā)射的電磁波的頻率增加得也越多，測速儀接收到的電磁波和發(fā)射的電磁波頻率之差越大，B錯(cuò)誤；產(chǎn)生多普勒效應(yīng)的原因不是波源頻率發(fā)生了變化，而是觀察者相對(duì)于波源位置的變化導(dǎo)致接收到的電磁波頻率變化，C錯(cuò)誤；恒星遠(yuǎn)離地球，地球上接收到該恒星發(fā)出的紅外線頻率比發(fā)射時(shí)的頻率小，D正確。2.(2023·江蘇南通市二模)如圖所示，曲線ab為某太陽能電池在一定光照強(qiáng)度下路端電壓U和電流I的關(guān)系圖像，OP是某定值電阻的U－I圖像，P為兩圖線的交點(diǎn)。過P點(diǎn)作曲線ab的切線，分別與坐標(biāo)軸相交于c、d?，F(xiàn)將該電池和定值電阻組成閉合回路，保持上述光照強(qiáng)度照射時(shí)，電池的內(nèi)阻可以用哪兩點(diǎn)連線斜率的絕對(duì)值表示()A．a(chǎn)bB．a(chǎn)PC．PbD．cd答案B解析由閉合電路歐姆定律可得U＝E－Ir，當(dāng)電流為零時(shí)，由ab圖線與縱軸的交點(diǎn)可以讀出該電池的電動(dòng)勢，根據(jù)兩圖線交點(diǎn)處的狀態(tài)，可知將該電池和定值電阻組成閉合回路時(shí)路端電壓為交點(diǎn)P的縱軸坐標(biāo)，電流為P點(diǎn)的橫軸坐標(biāo)，根據(jù)r＝eq\f(E－U,I)，則電池的內(nèi)阻可用aP兩點(diǎn)連線斜率的絕對(duì)值表示，故選B。3．(2023·江蘇南京市臨江高級(jí)中學(xué)模擬)我國利用小型輻照裝置研究病毒滅活，其主要原理是輻照源鈷60(eq\o\al(60,27)Co)衰變后產(chǎn)生鎳(eq\o\al(60,28)Ni)和X粒子，并放出射線，利用射線、X粒子束產(chǎn)生的電離作用，使病毒失去感染性。已知鈷60的半衰期為5.27年，下列說法正確的是()A．X粒子為中子B．該衰變屬于β衰變，反應(yīng)放出的射線是一種電磁波C.eq\o\al(60,27)Co的結(jié)合能比該反應(yīng)產(chǎn)生的新核eq\o\al(60,28)Ni的大D．1g鈷60經(jīng)21年后約有eq\f(1,16)g發(fā)生了衰變答案B解析根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知，X粒子為電子，故A錯(cuò)誤；該衰變屬于β衰變，反應(yīng)放出的射線為γ射線，是一種電磁波，故B正確；衰變時(shí)放出能量，生成物更穩(wěn)定，比結(jié)合能更大，由于兩原子核核子數(shù)都為60，所以eq\o\al(60,27)Co的結(jié)合能比該反應(yīng)產(chǎn)生的新核eq\o\al(60,28)Ni的小，故C錯(cuò)誤；21年約為鈷60的4個(gè)半衰期，1g鈷60經(jīng)21年后發(fā)生衰變的質(zhì)量約為m＝1g×(1－eq\f(1,16))＝eq\f(15,16)g，故D錯(cuò)誤。4．(2023·江蘇省如皋中學(xué)階段測試)“羲和號(hào)”衛(wèi)星是我國首顆太陽探測科學(xué)技術(shù)試驗(yàn)衛(wèi)星。該衛(wèi)星軌道為圓軌道，通過地球南北兩極上方，離地高度517km，能夠24h持續(xù)對(duì)太陽進(jìn)行觀測，則該衛(wèi)星的()A．發(fā)射速度大于第二宇宙速度B．軌道平面與地球靜止衛(wèi)星軌道平面重合C．運(yùn)行周期大于地球同步衛(wèi)星的周期D．運(yùn)行速度大于地球同步衛(wèi)星的運(yùn)行速度答案D解析第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的最小發(fā)射速度，第二宇宙速度是使衛(wèi)星脫離地球束縛的最小發(fā)射速度，所以“羲和號(hào)”的發(fā)射速度應(yīng)介于第一和第二宇宙速度之間，故A錯(cuò)誤；地球靜止衛(wèi)星軌道平面與赤道平面重合，而“羲和號(hào)”通過地球南北兩極上方，所以其軌道平面與地球靜止衛(wèi)星軌道平面垂直，故B錯(cuò)誤；設(shè)地球質(zhì)量為M，質(zhì)量為m的衛(wèi)星繞地球做半徑為r、周期為T、速度大小為v的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有Geq\f(Mm,r2)＝處，所以其軌道半徑遠(yuǎn)大于“羲和號(hào)”衛(wèi)星的軌道半徑，則根據(jù)以上兩式可知“羲和號(hào)”的運(yùn)行周期小于地球同步衛(wèi)星的周期，運(yùn)行速度大于地球同步衛(wèi)星的運(yùn)行速度，故C錯(cuò)誤，D正確。5.(2023·江蘇省前黃高級(jí)中學(xué)模擬)如圖所示，一定質(zhì)量的某種理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，下列說法正確的是()A．可通過等容變化實(shí)現(xiàn)B．不可能經(jīng)過體積減小的過程C．氣體一定從外界吸熱D．外界一定對(duì)氣體做正功答案C解析根據(jù)eq\f(pV,T)＝C，可得p＝eq\f(C,V)T，由此可知A、B與O點(diǎn)的連線表示等容變化，直線AO斜率大，則A狀態(tài)下氣體體積小，即A狀態(tài)體積小于B狀態(tài)的體積，所以氣體自狀態(tài)A到狀態(tài)B的過程中，體積必然變大，A錯(cuò)誤；由于具體氣體變化的過程未知，故可能經(jīng)過體積減小的過程，B錯(cuò)誤；整個(gè)過程，氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，W為負(fù)值，從題圖中看出氣體溫度升高，ΔU>0，所以Q必須為正數(shù)，即氣體必須從外界吸熱，C正確，D錯(cuò)誤。6.(2023·江蘇淮安市模擬)如圖所示，在水平轉(zhuǎn)臺(tái)上放置一圓錐形物體，物塊在平行于錐面的細(xì)繩作用下靜止在圓錐體表面，在圓錐體隨平臺(tái)逐漸加速轉(zhuǎn)動(dòng)的過程中，物塊始終與錐面保持相對(duì)靜止。關(guān)于此過程下列判斷正確的是()A．物塊受到的合力為0B．繩上的拉力逐漸增大C．錐面對(duì)物塊的支持力保持不變D．沒有任何力對(duì)物塊做功答案B解析物塊隨圓錐體做變速圓周運(yùn)動(dòng)，則受到的合力不為0，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；設(shè)細(xì)繩與豎直方向夾角為θ，則對(duì)物塊，沿錐面方向FT－mgcosθ＝mω2rsinθ，則隨著角速度逐漸增加，繩上的拉力逐漸增大，選項(xiàng)B正確；沿垂直錐面方向mgsinθ－FN＝mω2rcosθ，則隨著角速度增大，錐面對(duì)物塊的支持力逐漸減小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，因?yàn)槲飰K的動(dòng)能增加，則一定有力對(duì)物塊做功，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。7.(2023·江蘇省高三下大聯(lián)考)細(xì)激光束可以像鑷子一樣抓住微小顆粒。如圖所示，光束①、②為從S點(diǎn)射出的光強(qiáng)相同的兩細(xì)束激光，O點(diǎn)是介質(zhì)小球的球心，入射時(shí)光束①和②與SO的夾角均為θ，出射時(shí)光束均與SO平行。若不考慮光的反射和吸收，則()A．兩光束對(duì)小球的合力為零B．兩光束對(duì)小球的合力沿SO方向向右C．光束①、②對(duì)小球的作用力方向相反D．光束①、②對(duì)小球的作用力大小相等答案D解析光束①、②強(qiáng)度相同，僅考慮折射，設(shè)Δt時(shí)間內(nèi)每束光穿過小球的粒子數(shù)為n，每個(gè)粒子動(dòng)量的大小為p，這些粒子進(jìn)入小球前的總動(dòng)量為p1＝2npcosθ，出小球時(shí)的總動(dòng)量為p2＝2np，p1、p2的方向均沿SO向右，以向右為正方向，由動(dòng)量定理FΔt＝p2－p1＝2np(1－cosθ)>0，小球?qū)@些粒子的作用力沿SO方向，由牛頓第三定律，光束①、②對(duì)小球的作用力方向相同，大小相等，光束折射對(duì)小球產(chǎn)生的合力水平向左，故D正確。8.(2023·江蘇徐州市專題練習(xí))如圖所示是磁帶錄音機(jī)的磁帶盒的示意圖，A、B為纏繞磁帶的兩個(gè)輪子，其半徑均為r，在放音結(jié)束時(shí)，磁帶全部繞到了B輪上，磁帶的外緣半徑為R，且R＝3r，現(xiàn)在進(jìn)行倒帶，使磁帶繞到A輪上，倒帶時(shí)A輪是主動(dòng)輪，其角速度是恒定的，B輪是從動(dòng)輪。經(jīng)測定磁帶全部繞到A輪上需要的時(shí)間為t，則從開始倒帶到A、B兩輪的角速度相等所需要的時(shí)間()A.eq\f(t,2) B.eq\f(\r(5)－1,2)tC.eq\f(\r(6)－1,2)t D.eq\f(\r(7)－1,2)t答案B解析因?yàn)锳輪角速度一定，A輪磁帶外緣半徑隨時(shí)間均勻增加，線速度v＝ωr，故線速度大小隨時(shí)間t均勻增加，可將磁帶的運(yùn)動(dòng)等效為勻變速直線運(yùn)動(dòng)模型處理。整個(gè)過程中，設(shè)A輪外緣初速度為v，則末速度為3v，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，加速度為a，位移即磁帶總長度為x，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律(3v)2－v2＝2ax,3v＝v＋at，當(dāng)磁帶有一半繞到A輪上時(shí)，兩輪半徑相等、兩輪角速度相同，此時(shí)v′2－v2＝ax，v′＝v＋at′，解得v′＝eq\r(5)v，t′＝eq\f(\r(5)－1,2)t，故選B。9.(2023·江蘇省百校聯(lián)考)如圖所示，質(zhì)量為M的小球用長度為L的輕桿連接在固定于天花板的軸O上，可在豎直平面內(nèi)自由旋轉(zhuǎn)，并通過與O等高的滑輪用輕繩連接質(zhì)量為m的物塊。小球與物塊質(zhì)量關(guān)系為M＝2m，滑輪與軸O的距離也為L，輕桿最初位置水平?；?、小球、物塊的大小可以忽略，輕繩豎直部分的長度足夠長，不計(jì)各種摩擦和空氣阻力，運(yùn)動(dòng)過程中繩始終保持張緊狀態(tài)，重力加速度為g。當(dāng)小球從最初位置由靜止釋放，則()A．小球向右擺動(dòng)的最大角度θ＝120°B．小球與物塊的速度大小始終相等C．小球在O點(diǎn)正下方時(shí)，小球與物塊的速度大小之比為1∶eq\r(2)D．物塊上升的最大高度為eq\r(2)L答案A解析從釋放到小球向右擺動(dòng)到最大角度過程中，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得MgLsin(180°－θ)＝mg·2·Lsineq\f(θ,2)，解得θ＝120°；只有當(dāng)輕繩與輕桿垂直時(shí)，小球與物塊的速度大小才相等，B錯(cuò)誤；小球在O點(diǎn)正下方時(shí)，根據(jù)速度分解得cos45°＝eq\f(vm,vM)，解得eq\f(vM,vm)＝eq\f(\r(2),1)，C錯(cuò)誤；小球的速度為零時(shí)物塊上升的高度最大，hm＝2·Lsineq\f(θ,2)＝eq\r(3)L，D錯(cuò)誤。10.(2023·江蘇模擬預(yù)測)如圖所示，某工廠生產(chǎn)的卷紙纏繞在中心軸上，卷紙的直徑為d，軸及卷紙的總質(zhì)量為m。用細(xì)繩分別系在軸上的P、Q點(diǎn)，將卷紙通過細(xì)繩掛在光滑豎直墻壁上的O點(diǎn)，已知OP＝OQ＝PQ＝L，重力加速度的大小為g。則下列說法正確的是()A．每根繩的拉力大小為eq\f(\r(3)mgL,2\r(3L2－d2))B．每根繩的拉力大小為eq\f(mgL,\r(3L2－d2))C．卷紙對(duì)墻的壓力大小為eq\f(mgd,\r(4L2－d2))D．卷紙對(duì)墻的壓力大小為eq\f(2mgL,\r(4L2＋d2))答案B解析對(duì)卷紙受力分析如圖所示兩繩所在平面與豎直墻面間的夾角為α，兩繩形成的合力為FT合，側(cè)視圖如圖所示，故cosα＝eq\f(\r(Lsin60°2－\f(d,2)2),Lsin60°)＝eq\f(\r(3L2－d2),\r(3)L)，根據(jù)FT合＝eq\f(mg,cosα)，解得FT合＝eq\f(\r(3)mgL,\r(3L2－d2))；每根繩中拉力為FT，F(xiàn)T合＝2FTcos30°，解得FT＝eq\f(mgL,\r(3L2－d2))，A錯(cuò)誤，B正確；根據(jù)受力平衡有eq\f(FN,mg)＝tanα＝eq\f(\f(d,2),\f(\r(3L2－d2),2))，故FN＝eq\f(mgd,\r(3L2－d2))，C、D錯(cuò)誤。11.(2023·江蘇省如東中學(xué)等四校聯(lián)考)如圖所示，一輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，自然伸長時(shí)彈簧上端處于A點(diǎn)。t＝0時(shí)將小球從A點(diǎn)正上方O點(diǎn)由靜止釋放，t1時(shí)到達(dá)A點(diǎn)，t2時(shí)彈簧被壓縮到最低點(diǎn)B。以O(shè)為原點(diǎn)，向下為正方向建立x坐標(biāo)軸，以B點(diǎn)為重力勢能零點(diǎn)，彈簧形變始終處于彈性限度內(nèi)。小球在運(yùn)動(dòng)過程中的動(dòng)能Ek、重力勢能Ep1、機(jī)械能E0及彈簧的彈性勢能Ep2變化圖像可能正確的是()答案B解析根據(jù)題意可知下落過程中，第一階段：O→A自由落體；第二階段：O到平衡位置，重力大于向上的彈力；第三階段：平衡位置向下到B處，向上的彈力大于向下的重力。平衡位置處，重力大小等于彈力。根據(jù)重力勢能表達(dá)式可知Ep1＝mg(x1＋x2－x)，x≤x1時(shí)，彈性勢能為0，機(jī)械能等于重力勢能的最大值；由于彈簧彈力隨彈簧壓縮量均勻變化，x>x1時(shí)，彈性勢能Ep2＝eq\f(1,2)k(x－x1)2，設(shè)系統(tǒng)總能量為E，根據(jù)能量守恒定律可知E＝E0＋Ep2，可知E0＝E－eq\f(1,2)k(x－x1)2，是開口向下的拋物線，故A錯(cuò)誤，B正確；設(shè)小球下落到A點(diǎn)時(shí)的時(shí)間為t1，則第一階段Ek＝eq\f(1,2)mv12＝eq\f(1,2)m(gt1)2＝eq\f(mg2,2)t12，故第一