2021年1月浙江省普通高校招生選考物理試卷

2021年1月浙江省普通高校招生選考物理試卷一、選擇題（本共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1．（3分）（2021?浙江）如圖所示是我國自主研發(fā)的全自動(dòng)無人值守望遠(yuǎn)鏡，它安裝在位于南極大陸的昆侖站，電力供應(yīng)僅為1×103W。若用國際單位制基本單位的符號(hào)來表示W(wǎng)，正確的是（）A．N?s B．N?m/s C．kg?m/s D．kg?m2/s32．（3分）（2021?浙江）2020年12月我國科學(xué)家在量子計(jì)算領(lǐng)域取得了重大成果，構(gòu)建了一臺(tái)76個(gè)光子100個(gè)模式的量子計(jì)算機(jī)“九章”，它處理“高斯玻色取樣”的速度比目前最快的超級(jí)計(jì)算機(jī)“富岳”快一百萬億倍。關(guān)于量子，下列說法正確的是（）A．是計(jì)算機(jī)運(yùn)算的一種程序 B．表示運(yùn)算速度的一個(gè)單位 C．表示微觀世界的不連續(xù)性觀念 D．類似于質(zhì)子、中子的微觀粒子3．（3分）（2021?浙江）2020年11月10日，我國“奮斗者”號(hào)載人潛水器在馬里亞納海溝成功坐底，坐底深度10909m。“奮斗者”號(hào)照片如圖所示，下列情況中“奮斗者”號(hào)一定可視為質(zhì)點(diǎn)的是（）A．估算下降總時(shí)間時(shí) B．用推進(jìn)器使其轉(zhuǎn)彎時(shí) C．在海溝中穿越窄縫時(shí) D．科學(xué)家在其艙內(nèi)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)4．（3分）（2021?浙江）如圖所示，電動(dòng)遙控小車放在水平長木板上面，當(dāng)它在長木板上水平向左加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，長木板保持靜止，此時(shí)（）A．小車只受重力、支持力作用 B．木板對小車的作用力方向水平向左 C．木板對小車的作用力大于小車對木板的作用力 D．木板對小車的作用力與小車對木板的作用力大小一定相等5．（3分）（2021?浙江）如圖所示是某一帶電導(dǎo)體周圍的電場線與等勢面，A、C是同一等勢面上的兩點(diǎn)，B是另一等勢面上的一點(diǎn)。下列說法正確的是（）A．導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)左端大于右端 B．A、C兩點(diǎn)的電勢均低于B點(diǎn)的電勢 C．B點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于A點(diǎn)的電場強(qiáng)度 D．正電荷從A點(diǎn)沿虛線移到B點(diǎn)的過程中電場力做正功，電勢能減小6．（3分）（2021?浙江）如圖所示，同學(xué)們坐在相同的輪胎上，從傾角相同的平直雪道先后由同高度靜止滑下，各輪胎與雪道間的動(dòng)摩擦因數(shù)均相同，不計(jì)空氣阻力。雪道上的同學(xué)們（）A．沿雪道做勻速直線運(yùn)動(dòng) B．下滑過程中機(jī)械能均守恒 C．前后間的距離隨時(shí)間不斷增大 D．所受重力沿雪道向下的分力相同7．（3分）（2021?浙江）嫦娥五號(hào)探測器是我國首個(gè)實(shí)施月面采樣返回的航天器，由軌道器、返回器、著陸器和上升器等多個(gè)部分組成。為等待月面采集的樣品，軌道器與返回器的組合體環(huán)月做圓周運(yùn)動(dòng)。已知引力常量G＝6.67×10﹣11N?m2/kg2地球質(zhì)量m1＝6.0×1024kg，月球質(zhì)量m2＝7.3×1022kg，月地距離r1＝3.8×105km，月球半徑r2＝1.7×103km。當(dāng)軌道器與返回器的組合體在月球表面上方約200km處做環(huán)月勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，其環(huán)繞速度約為（）A．16m/s B．1.1×102m/s C．1.6×103m/s D．1.4×104m/s8．（3分）（2021?浙江）如圖所示是通有恒定電流的環(huán)形線圈和螺線管的磁感線分布圖。若通電螺線管是密繞的，下列說法正確的是（）A．電流越大，內(nèi)部的磁場越接近勻強(qiáng)磁場 B．螺線管越長，內(nèi)部的磁場越接近勻強(qiáng)磁場 C．螺線管直徑越大，內(nèi)部的磁場越接近勻強(qiáng)磁場 D．磁感線畫得越密，內(nèi)部的磁場越接近勻強(qiáng)磁場9．（3分）（2021?浙江）某一滑雪運(yùn)動(dòng)員從滑道滑出并在空中翻轉(zhuǎn)時(shí)經(jīng)多次曝光得到的照片如圖所示，每次曝光的時(shí)間間隔相等。若運(yùn)動(dòng)員的重心軌跡與同速度不計(jì)阻力的斜拋小球軌跡重合，A、B、C和D表示重心位置，且A和D處于同一水平高度。下列說法正確的是（）A．相鄰位置運(yùn)動(dòng)員重心的速度變化相同 B．運(yùn)動(dòng)員在A、D位置時(shí)重心的速度相同 C．運(yùn)動(dòng)員從A到B和從C到D的時(shí)間相同 D．運(yùn)動(dòng)員重心位置的最高點(diǎn)位于B和C中間10．（3分）（2021?浙江）下列說法正確的是（）A．光的波動(dòng)性是光子之間相互作用的結(jié)果 B．玻爾第一次將“量子”引入原子領(lǐng)域，提出了定態(tài)和躍遷的概念 C．光電效應(yīng)揭示了光的粒子性，證明了光子除了能量之外還具有動(dòng)量 D．α射線經(jīng)過置于空氣中帶正電驗(yàn)電器金屬小球的上方，驗(yàn)電器金屬箔的張角會(huì)變大11．（3分）（2021?浙江）一輛汽車在水平高速公路上以80km/h的速度勻速行駛，其1s內(nèi)能量分配情況如圖所示。則汽車（）A．發(fā)動(dòng)機(jī)的輸出功率為70kW B．每1s消耗的燃料最終轉(zhuǎn)化成的內(nèi)能是5.7×104J C．每1s消耗的燃料最終轉(zhuǎn)化成的內(nèi)能是6.9×104J D．每1s消耗的燃料最終轉(zhuǎn)化成的內(nèi)能是7.0×104J12．（3分）（2021?浙江）在爆炸實(shí)驗(yàn)基地有一發(fā)射塔，發(fā)射塔正下方的水平地面上安裝有聲音記錄儀。爆炸物自發(fā)射塔豎直向上發(fā)射，上升到空中最高點(diǎn)時(shí)炸裂成質(zhì)量之比為2：1、初速度均沿水平方向的兩個(gè)碎塊。遙控器引爆瞬間開始計(jì)時(shí)，在5s末和6s末先后記錄到從空氣中傳來的碎塊撞擊地面的響聲。已知聲音在空氣中的傳播速度為340m/s，忽略空氣阻力。下列說法正確的是（）A．兩碎塊的位移大小之比為1：2 B．爆炸物的爆炸點(diǎn)離地面高度為80m C．爆炸后質(zhì)量大的碎塊的初速度為68m/s D．爆炸后兩碎塊落地點(diǎn)之間的水平距離為340m13．（3分）（2021?浙江）兩列頻率、振幅均相同的簡諧波Ⅰ和Ⅱ分別從繩子的兩端持續(xù)相向傳播，在相遇區(qū)域發(fā)生了干涉，在相距0.48m的A、B間用頻閃相機(jī)連續(xù)拍攝，依次獲得1、2、3、4、5五個(gè)波形，如圖所示，且1和5是同一振動(dòng)周期內(nèi)繩上各點(diǎn)位移都達(dá)到最大值時(shí)拍攝的波形。已知頻閃時(shí)間間隔為0.12s，下列說法正確的是（）A．簡諧波Ⅰ和Ⅱ的波長均為0.24m B．簡諧波Ⅰ和Ⅱ的周期均為0.48s C．繩上各點(diǎn)均做振幅相同的簡諧運(yùn)動(dòng) D．兩波源到A點(diǎn)和C點(diǎn)的路程差之差的絕對值是0.48m二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題2分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對的得2分，選對但不全的得1分，有選錯(cuò)的得0分）14．（2分）（2021?浙江）如圖所示是我國全超導(dǎo)托卡馬克核聚變實(shí)驗(yàn)裝置。2018年11月，該裝置實(shí)現(xiàn)了1×108℃等離子體運(yùn)行等多項(xiàng)重大突破，為未來和平利用聚變能量邁出了重要一步。關(guān)于核聚變，下列說法正確的是（）A．聚變又叫熱核反應(yīng) B．太陽就是一個(gè)巨大的熱核反應(yīng)堆 C．高溫能使原子核克服核力而聚變 D．對相同質(zhì)量的核燃料，輕核聚變比重核裂變產(chǎn)能多15．（2分）（2021?浙江）為了提高松樹上松果的采摘率和工作效率，工程技術(shù)人員利用松果的慣性發(fā)明了用打擊桿、振動(dòng)器使松果落下的兩種裝置，如圖甲、乙所示。則（）A．針對不同樹木，落果效果最好的振動(dòng)頻率可能不同 B．隨著振動(dòng)器頻率的增加，樹干振動(dòng)的幅度一定增大 C．打擊桿對不同粗細(xì)樹干打擊結(jié)束后，樹干的振動(dòng)頻率相同 D．穩(wěn)定后，不同粗細(xì)樹干的振動(dòng)頻率始終與振動(dòng)器的振動(dòng)頻率相同16．（2分）（2021?浙江）發(fā)電機(jī)的示意圖如圖甲所示，邊長為L的正方形金屬框，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中以恒定角速度繞OO′軸轉(zhuǎn)動(dòng)，阻值為R的電阻兩端的電壓如圖乙所示。其它電阻不計(jì)，圖乙中的Um為已知量。則金屬框轉(zhuǎn)動(dòng)一周（）A．框內(nèi)電流方向不變 B．電動(dòng)勢的最大值為Um C．流過電阻的電荷 D．電阻產(chǎn)生的焦耳熱Q三、非選擇題（本題共8小題，共55分）17．（4分）（2021?浙江）用如圖所示裝置進(jìn)行“探究功與速度變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)。裝有砝碼的盤用繞過滑輪的細(xì)線牽引小車，盤和砝碼的重力可當(dāng)作牽引力。小車運(yùn)動(dòng)的位移和速度可以由打點(diǎn)紙帶測出，以小車為研究對象，改變砝碼質(zhì)量，便可探究牽引力所做的功與小車速度變化的關(guān)系。①關(guān)于這個(gè)實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是。A．需要補(bǔ)償小車受到阻力的影響B(tài)．該實(shí)驗(yàn)裝置可以“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”C．需要通過調(diào)節(jié)定滑輪使細(xì)線與長木板平行D．需要滿足盤和砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量②如圖2所示是兩條紙帶，實(shí)驗(yàn)時(shí)打出的應(yīng)是第條（填寫“Ⅰ”或“Ⅱ”）紙帶；③根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，在坐標(biāo)紙上畫出的W﹣v2圖象是一條過原點(diǎn)的直線，據(jù)此圖象（填“能”或“不能”）求出小車的質(zhì)量。18．（3分）（2021?浙江）小明同學(xué)在做“測定玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)時(shí)，發(fā)現(xiàn)只有3枚大頭針，他把大頭針A、B、C插在如圖所示位置，并測出了玻璃的折射率。請?jiān)诋嫵龉饴穲D，標(biāo)出入射角i和折射角r，并寫出折射率n的計(jì)算式。19．（5分）（2021?浙江）在“測定電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)中，①用如圖1所示的電路圖測量，得到的一條實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)擬合線如圖2所示，則該電池的電動(dòng)勢E＝V（保留3位有效數(shù)字）；內(nèi)阻r＝（保留2位有效數(shù)字）。②現(xiàn)有如圖3所示的實(shí)驗(yàn)器材，照片中電阻箱阻值可調(diào)范圍為0～9999Ω，滑動(dòng)變阻器阻值變化范圍為0～10Ω，電流表G的量程為0～3mA、內(nèi)阻為200Ω，電壓表的量程有0～3V和0～15V。請?jiān)趫D3中選擇合適的器材，在方框中畫出兩種測定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻的電路圖。20．（2分）（2021?浙江）在“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，可拆變壓器如圖所示。為了減小渦流在鐵芯中產(chǎn)生的熱量，鐵芯是由相互絕緣的硅鋼片平行疊成。硅鋼片應(yīng)平行于（）A．平面abcd B．平面abfe C．平面abgh D．平面aehd21．（9分）（2021?浙江）如圖所示，質(zhì)量m＝2kg的滑塊以v0＝16m/s的初速度沿傾角θ＝37°的斜面上滑，經(jīng)t＝2s滑行到最高點(diǎn)。然后，滑塊返回到出發(fā)點(diǎn)。已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，求滑塊（1）最大位移值x；（2）與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（3）從最高點(diǎn)返回到出發(fā)點(diǎn)的過程中重力的平均功率。22．（12分）（2021?浙江）如圖所示，豎直平面內(nèi)由傾角α＝60°的斜面軌道AB、半徑均為R的半圓形細(xì)圓管軌道BCDE和圓周細(xì)圓管軌道EFG構(gòu)成一游戲裝置固定于地面，B、E兩處軌道平滑連接，軌道所在平面與豎直墻面垂直。軌道出口處G和圓心O2的連線，以及O2、E、O1和B等四點(diǎn)連成的直線與水平線間的夾角均為θ＝30°，G點(diǎn)與豎直墻面的距離dR?，F(xiàn)將質(zhì)量為m的小球從斜面的某高度h處靜止釋放。小球只有與豎直墻面間的碰撞可視為彈性碰撞，不計(jì)小球大小和所受阻力。（1）若釋放處高度h＝h0，當(dāng)小球第一次運(yùn)動(dòng)到圓管最低點(diǎn)C時(shí)，求速度大小vC及在此過程中所受合力的沖量I的大小和方向；（2）求小球在圓管內(nèi)與圓心O1點(diǎn)等高的D點(diǎn)所受彈力FN與h的關(guān)系式；（3）若小球釋放后能從原路返回到出發(fā)點(diǎn)，高度h應(yīng)該滿足什么條件？23．（10分）（2021?浙江）嫦娥五號(hào)成功實(shí)現(xiàn)月球著陸和返回，鼓舞人心。小明知道月球上沒有空氣，無法靠降落傘減速降落，于是設(shè)計(jì)了一種新型著陸裝置。如圖所示，該裝置由船艙、間距為l的平行導(dǎo)軌、產(chǎn)生垂直船艙導(dǎo)軌平面的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場的磁體和“∧”型剛性線框組成，“∧”型線框ab邊可沿導(dǎo)軌滑動(dòng)并接觸良好。船艙、導(dǎo)軌和磁體固定在一起，總質(zhì)量為m1。整個(gè)裝置豎直著陸到月球表面前瞬間的速度大小為v0，接觸月球表面后線框速度立即變?yōu)榱恪＝?jīng)過減速，在導(dǎo)軌下方緩沖彈簧接觸月球表面前船艙已可視為勻速。已知船艙電阻為3r；“∧”型線框的質(zhì)量為m2，其7條邊的邊長均為l，電阻均為r；月球表面的重力加速度為。整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中只有ab邊在磁場中，線框與月球表面絕緣，不計(jì)導(dǎo)軌電阻和摩擦阻力。（1）求著陸裝置接觸到月球表面后瞬間線框ab邊產(chǎn)生的電動(dòng)勢E0；（2）通過畫等效電路圖，求著陸裝置接觸到月球表面后瞬間流過ab型線框的電流I0；（3）求船艙勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小v；（4）同桌小張認(rèn)為在磁場上方、兩導(dǎo)軌之間連接一個(gè)電容為C的電容器，在著陸減速過程中還可以回收部分能量，在其他條件均不變的情況下，求船艙勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小v′和此時(shí)電容器所帶電荷量q。24．（10分）（2021?浙江）在芯片制造過程中，離子注入是其中一道重要的工序。如圖所示是離子注入工作原理示意圖，離子經(jīng)加速后沿水平方向進(jìn)入速度選擇器，然后通過磁分析器，選擇出特定比荷的離子，經(jīng)偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)后注入處在水平面內(nèi)的晶圓（硅片）。速度選擇器、磁分析器和偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)中的勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，方向均垂直紙面向外；速度選擇器和偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)中的勻強(qiáng)電場場強(qiáng)大小均為E，方向分別為豎直向上和垂直紙面向外。磁分析器截面是內(nèi)外半徑分別為R1和R2的四分之一圓環(huán)，其兩端中心位置M和N處各有一個(gè)小孔；偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)中電場和磁場的分布區(qū)域是同一邊長為L的正方體，其偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)底面與晶圓所在水平面平行，間距也為L。當(dāng)偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)不加電場及磁場時(shí)，離子恰好豎直注入到晶圓上的O點(diǎn)（即圖中坐標(biāo)原點(diǎn)，x軸垂直紙面向外）。整個(gè)系統(tǒng)置于真空中，不計(jì)離子重力，打在晶圓上的離子，經(jīng)過電場和磁場偏轉(zhuǎn)的角度都很小。當(dāng)α很小時(shí)，有sinα≈tanα≈α，cosα≈1α2。求：（1）離子通過速度選擇器后的速度大小v和磁分析器選擇出來離子的比荷；（2）偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)僅加電場時(shí)離子注入晶圓的位置，用坐標(biāo)（x，y）表示；（3）偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)僅加磁場時(shí)離子注入晶圓的位置，用坐標(biāo)（x，y）表示；（4）偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)同時(shí)加上電場和磁場時(shí)離子注入晶圓的位置，用坐標(biāo)（x，y）表示，并說明理由。

2021年1月浙江省普通高校招生選考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1．（3分）（2021?浙江）如圖所示是我國自主研發(fā)的全自動(dòng)無人值守望遠(yuǎn)鏡，它安裝在位于南極大陸的昆侖站，電力供應(yīng)僅為1×103W。若用國際單位制基本單位的符號(hào)來表示W(wǎng)，正確的是（）A．N?s B．N?m/s C．kg?m/s D．kg?m2/s3【考點(diǎn)】力學(xué)單位制．【分析】明確功率的公式，根據(jù)公式推導(dǎo)功率的單位，知道國際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量．分別為長度、質(zhì)量、時(shí)間、熱力學(xué)溫度、電流、光強(qiáng)度、物質(zhì)的量?！窘獯稹拷猓篈、N不是國際單位制基本單位，根據(jù)沖量的定義I＝Ft可知，N?s是沖量的的單位，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)功率的計(jì)算公式P＝Fv可知功率的單位可以表示為N?m/s，但N不是國際單位制基本單位，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)動(dòng)量的定義p＝Fv，結(jié)合F＝ma知N＝kg?m2/s2，可知kg?m/s是動(dòng)量的單位，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)P＝Fv可知功率的單位可以表示為N?m/s，結(jié)合F＝ma知N＝kg?m2/s2，則功率得單位W＝kg?m2/s3，故D正確。故選：D。【點(diǎn)評】國際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量，這七個(gè)基本物理量要牢記，同時(shí)明確物理公式可以直接進(jìn)行單位的推導(dǎo)。2．（3分）（2021?浙江）2020年12月我國科學(xué)家在量子計(jì)算領(lǐng)域取得了重大成果，構(gòu)建了一臺(tái)76個(gè)光子100個(gè)模式的量子計(jì)算機(jī)“九章”，它處理“高斯玻色取樣”的速度比目前最快的超級(jí)計(jì)算機(jī)“富岳”快一百萬億倍。關(guān)于量子，下列說法正確的是（）A．是計(jì)算機(jī)運(yùn)算的一種程序 B．表示運(yùn)算速度的一個(gè)單位 C．表示微觀世界的不連續(xù)性觀念 D．類似于質(zhì)子、中子的微觀粒子【考點(diǎn)】量子化現(xiàn)象．【分析】量子是不可分割的最小的單元；能量子是表示能量的最小單元；量子表示微觀世界的不連續(xù)性；量子不是實(shí)物粒子?！窘獯稹拷猓篈、量子不是計(jì)算機(jī)的程序，量子是不可分割的最小的單元，故A錯(cuò)誤；B、量子最早由普朗克于1900年提出，普朗克假設(shè)物體發(fā)射出電磁輻射能量是一份一份的，其中每一份被他稱作能量子，電磁輻射能量是其整數(shù)倍，所以量子是表示能量的單元，而非運(yùn)算速度的單位，故B錯(cuò)誤；C、量子是不可分割的最小的單元，表示微觀世界的不連續(xù)性，即通常所說的“量子化”，故C正確；D、量子不是實(shí)物粒子，不是像質(zhì)子、中子那樣的微觀粒子，故D錯(cuò)誤。故選：C。【點(diǎn)評】本題以2020年12月我國科學(xué)家在量子計(jì)算領(lǐng)域取得了重大成果為情景載體，考查了量子化現(xiàn)象，要明確事物是不連續(xù)的，一份一份的。3．（3分）（2021?浙江）2020年11月10日，我國“奮斗者”號(hào)載人潛水器在馬里亞納海溝成功坐底，坐底深度10909m?！皧^斗者”號(hào)照片如圖所示，下列情況中“奮斗者”號(hào)一定可視為質(zhì)點(diǎn)的是（）A．估算下降總時(shí)間時(shí) B．用推進(jìn)器使其轉(zhuǎn)彎時(shí) C．在海溝中穿越窄縫時(shí) D．科學(xué)家在其艙內(nèi)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)【考點(diǎn)】質(zhì)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)．【分析】解決本題要正確理解質(zhì)點(diǎn)的概念：質(zhì)點(diǎn)是只計(jì)質(zhì)量、不計(jì)大小、形狀的一個(gè)幾何點(diǎn)，是實(shí)際物體在一定條件的科學(xué)抽象，能否看作質(zhì)點(diǎn)，與物體本身無關(guān)，要看所研究問題的性質(zhì)，看物體的形狀和大小在所研究的問題中是否可以忽略?！窘獯稹拷猓篈、估算潛水器下降的總時(shí)間時(shí)，潛水器的大小和形狀相對運(yùn)動(dòng)的軌跡可以忽略，可以視為質(zhì)點(diǎn)，故A正確；BD、用推進(jìn)器使其轉(zhuǎn)彎時(shí)和科學(xué)家在其艙內(nèi)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，都需要研究潛水器本身的特點(diǎn)，不可視為質(zhì)點(diǎn)，故BD錯(cuò)誤；C、在海溝中穿越窄縫時(shí)，潛水器的大小和形狀相對窄縫，尺寸不可以忽略，不可視為質(zhì)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評】質(zhì)點(diǎn)是運(yùn)動(dòng)學(xué)中一個(gè)重要概念，要理解其實(shí)質(zhì)，不能停在表面?？疾閷W(xué)生對質(zhì)點(diǎn)這個(gè)概念的理解，關(guān)鍵是知道物體能否看成質(zhì)點(diǎn)時(shí)的條件，看物體的大小體積對所研究的問題是否產(chǎn)生影響，物體的大小體積能否忽略。4．（3分）（2021?浙江）如圖所示，電動(dòng)遙控小車放在水平長木板上面，當(dāng)它在長木板上水平向左加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，長木板保持靜止，此時(shí)（）A．小車只受重力、支持力作用 B．木板對小車的作用力方向水平向左 C．木板對小車的作用力大于小車對木板的作用力 D．木板對小車的作用力與小車對木板的作用力大小一定相等【考點(diǎn)】力的合成與分解的運(yùn)用；作用力和反作用力；牛頓第二定律．【分析】對小車和木板正確的受力分析，知道木板對小車的作用力包含支持力和摩擦力，明確作用力與反作用力大小相等，方向相反?！窘獯稹拷猓篈、小車加速向左運(yùn)動(dòng)，受到自身的重力和電機(jī)的驅(qū)動(dòng)力，受到長木板對小車的支持力和阻力，故A錯(cuò)誤；B、木板對小車的作用力包括豎直向上的支持力和水平方向的阻力，根據(jù)平行四邊形定則可知合力方向一定不在水平方向，故B錯(cuò)誤；CD、木板對小車的作用力與小車對木板的作用力是一對相互作用力，等大反向，C錯(cuò)誤，D正確。故選：D。【點(diǎn)評】本題主要考查了受力分析，判斷出物體受到力的個(gè)數(shù)，明確作用力與反作用力的特點(diǎn)即可。5．（3分）（2021?浙江）如圖所示是某一帶電導(dǎo)體周圍的電場線與等勢面，A、C是同一等勢面上的兩點(diǎn)，B是另一等勢面上的一點(diǎn)。下列說法正確的是（）A．導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)左端大于右端 B．A、C兩點(diǎn)的電勢均低于B點(diǎn)的電勢 C．B點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于A點(diǎn)的電場強(qiáng)度 D．正電荷從A點(diǎn)沿虛線移到B點(diǎn)的過程中電場力做正功，電勢能減小【考點(diǎn)】電場線；電勢；電勢能與電場力做功；等勢面．【分析】帶電導(dǎo)體處于靜電平衡狀態(tài)，導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為0，；沿電場線方向電勢降低；電場線的疏密程度表示電場強(qiáng)度的弱強(qiáng)；正電荷受力方向沿電場線方向，電場力做正功，電勢能減小，由此進(jìn)行分析?！窘獯稹拷猓篈、帶電導(dǎo)體處于靜電平衡狀態(tài)，導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為0，所以導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)左端等于右端，均為零，A錯(cuò)誤；B、沿電場線方向電勢降低，所以A、C兩點(diǎn)的電勢高于B點(diǎn)的電勢，故B錯(cuò)誤；C、電場線的疏密程度表示電場強(qiáng)度的弱強(qiáng)，B點(diǎn)的電場線比A或C點(diǎn)的電場線疏，所以B點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于A點(diǎn)的電場強(qiáng)度，故C錯(cuò)誤；D、正電荷的受力方向沿電場線方向，所以正電荷從A點(diǎn)沿虛線移到B點(diǎn)的過程中電場力做正功，電勢能減小，故D正確。故選：D?！军c(diǎn)評】無論是電場線或是等差等勢面，都是密的地方場強(qiáng)大，疏的地方場強(qiáng)?。浑妱莞叩偷呐袛喾椒梢愿鶕?jù)電勢的定義式來判斷，但一般都是按沿電場線方向電勢降低來判斷；明確電場力做功與電勢能變化的關(guān)系。6．（3分）（2021?浙江）如圖所示，同學(xué)們坐在相同的輪胎上，從傾角相同的平直雪道先后由同高度靜止滑下，各輪胎與雪道間的動(dòng)摩擦因數(shù)均相同，不計(jì)空氣阻力。雪道上的同學(xué)們（）A．沿雪道做勻速直線運(yùn)動(dòng) B．下滑過程中機(jī)械能均守恒 C．前后間的距離隨時(shí)間不斷增大 D．所受重力沿雪道向下的分力相同【考點(diǎn)】牛頓第二定律；機(jī)械能守恒定律．【分析】根據(jù)牛頓第二定律求解加速度，由此分析運(yùn)動(dòng)情況；下滑過程中摩擦力做負(fù)功，由此分析機(jī)械能的變化；根據(jù)位移﹣時(shí)間關(guān)系分析同學(xué)們前后距離是否變化；各同學(xué)質(zhì)量可能不同，由此分析重力沿斜面向下的分力是否相同?！窘獯稹拷猓篈、設(shè)平直雪道的傾角為θ，同學(xué)坐在輪胎上從靜止開始沿雪道下滑，做加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可知加速度為：agsinθ﹣μgcosθ，又因?yàn)棣滔嗤酝瑢W(xué)們做加速度相同的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、下滑過程中摩擦力做負(fù)功，雪道上的同學(xué)們機(jī)械能減小，故B錯(cuò)誤；C、設(shè)前一個(gè)同學(xué)下滑時(shí)間t0后，另一個(gè)同學(xué)開始下滑，根據(jù)勻加速直線運(yùn)動(dòng)位移與時(shí)間的關(guān)系可得前后兩個(gè)同學(xué)的間距△xatt0，可知同學(xué)們前后距離隨著時(shí)間t的不斷增大而增大，故C正確；D、各同學(xué)質(zhì)量可能不同，所以重力沿雪道向下的分力為mgsinθ也可能不相同，故D錯(cuò)誤。故選：C。【點(diǎn)評】本題主要是考查牛頓第二定律的綜合應(yīng)用、機(jī)械能守恒定律等知識(shí)，關(guān)鍵是弄清楚同學(xué)們運(yùn)動(dòng)過程中的受力情況，由此確定運(yùn)動(dòng)情況，根據(jù)機(jī)械能守恒定律的守恒條件分析機(jī)械能是否守恒。7．（3分）（2021?浙江）嫦娥五號(hào)探測器是我國首個(gè)實(shí)施月面采樣返回的航天器，由軌道器、返回器、著陸器和上升器等多個(gè)部分組成。為等待月面采集的樣品，軌道器與返回器的組合體環(huán)月做圓周運(yùn)動(dòng)。已知引力常量G＝6.67×10﹣11N?m2/kg2地球質(zhì)量m1＝6.0×1024kg，月球質(zhì)量m2＝7.3×1022kg，月地距離r1＝3.8×105km，月球半徑r2＝1.7×103km。當(dāng)軌道器與返回器的組合體在月球表面上方約200km處做環(huán)月勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，其環(huán)繞速度約為（）A．16m/s B．1.1×102m/s C．1.6×103m/s D．1.4×104m/s【考點(diǎn)】向心力；萬有引力定律及其應(yīng)用．【分析】組合體繞月球做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)月球的萬有引力充當(dāng)向心力列式即可求出環(huán)繞速度的表達(dá)式，代入數(shù)據(jù)即可求出環(huán)繞速度。【解答】解：組合體在離月球表面距離為r＝r2+h；設(shè)組合體質(zhì)量為m，月球?qū)M合體的萬有引力充當(dāng)向心力，根據(jù)Gm可得vm/s＝1.6×103m/s，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評】本題考查萬有引力定律的應(yīng)用，明確萬有引力充當(dāng)向心力的應(yīng)用，注意排除題中給出的干擾項(xiàng)。8．（3分）（2021?浙江）如圖所示是通有恒定電流的環(huán)形線圈和螺線管的磁感線分布圖。若通電螺線管是密繞的，下列說法正確的是（）A．電流越大，內(nèi)部的磁場越接近勻強(qiáng)磁場 B．螺線管越長，內(nèi)部的磁場越接近勻強(qiáng)磁場 C．螺線管直徑越大，內(nèi)部的磁場越接近勻強(qiáng)磁場 D．磁感線畫得越密，內(nèi)部的磁場越接近勻強(qiáng)磁場【考點(diǎn)】通電直導(dǎo)線和通電線圈周圍磁場的方向．【分析】明確螺線管內(nèi)部分析規(guī)律，知道螺線管越長，內(nèi)部磁場越接近勻強(qiáng)電場?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)螺線管內(nèi)部的磁感線分布可知，在螺線管的內(nèi)部，越接近于中心位置，磁感線分布越均勻，越接近兩端，磁感線越不均勻，可知螺線管越長，內(nèi)部的磁場越接近勻強(qiáng)磁場；與電流大小、螺線管直徑以及磁感線的疏密均無關(guān)，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評】本題考查螺線管分布規(guī)律，要知道螺線管邊緣處磁感線不均勻，所以螺線管越長內(nèi)部越接近勻強(qiáng)電場。9．（3分）（2021?浙江）某一滑雪運(yùn)動(dòng)員從滑道滑出并在空中翻轉(zhuǎn)時(shí)經(jīng)多次曝光得到的照片如圖所示，每次曝光的時(shí)間間隔相等。若運(yùn)動(dòng)員的重心軌跡與同速度不計(jì)阻力的斜拋小球軌跡重合，A、B、C和D表示重心位置，且A和D處于同一水平高度。下列說法正確的是（）A．相鄰位置運(yùn)動(dòng)員重心的速度變化相同 B．運(yùn)動(dòng)員在A、D位置時(shí)重心的速度相同 C．運(yùn)動(dòng)員從A到B和從C到D的時(shí)間相同 D．運(yùn)動(dòng)員重心位置的最高點(diǎn)位于B和C中間【考點(diǎn)】拋體運(yùn)動(dòng)；機(jī)械能守恒定律．【分析】根據(jù)△v＝g△t分析相鄰位置運(yùn)動(dòng)員重心的速度變化關(guān)系；速度是矢量，只有大小和方向都相同時(shí)速度才相同；根據(jù)間隔數(shù)分析運(yùn)動(dòng)員從A到B和從C到D的時(shí)間關(guān)系；根據(jù)對稱性分析最高點(diǎn)的位置?！窘獯稹拷猓篈、因每次曝光的時(shí)間間隔相等，設(shè)為△t，而運(yùn)動(dòng)員在空中只受重力作用，加速度為g，則相鄰位置運(yùn)動(dòng)員重心的速度變化均為g△t，故A正確；B、A和D處于同一水平高度，根據(jù)機(jī)械能守恒知運(yùn)動(dòng)員在A、D位置時(shí)重心的速度大小相同，但是方向不同，所以速度不同，故B錯(cuò)誤；C、由圖可知，運(yùn)動(dòng)員從A到B為5△t，從C到D的時(shí)間6△t，時(shí)間不相同，故C錯(cuò)誤；D、由圖知A到C的時(shí)間等于C到D的時(shí)間，根據(jù)斜拋運(yùn)動(dòng)的對稱性可知運(yùn)動(dòng)員重心位置的最高點(diǎn)位于C點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評】解決本題時(shí)，要抓住斜拋運(yùn)動(dòng)的對稱性，利用△v＝g△t分析運(yùn)動(dòng)員重心的速度變化量。10．（3分）（2021?浙江）下列說法正確的是（）A．光的波動(dòng)性是光子之間相互作用的結(jié)果 B．玻爾第一次將“量子”引入原子領(lǐng)域，提出了定態(tài)和躍遷的概念 C．光電效應(yīng)揭示了光的粒子性，證明了光子除了能量之外還具有動(dòng)量 D．α射線經(jīng)過置于空氣中帶正電驗(yàn)電器金屬小球的上方，驗(yàn)電器金屬箔的張角會(huì)變大【考點(diǎn)】光電效應(yīng)；光的波粒二象性；玻爾模型和氫原子的能級(jí)結(jié)構(gòu)．【分析】個(gè)別光子的行為是隨機(jī)的，大量光子的行為表現(xiàn)為波動(dòng)性，光的波動(dòng)性不是光子之間相互作用的結(jié)果；玻爾第一次將“量子”引入原子領(lǐng)域；光電效應(yīng)揭示了光的粒子性；α射線經(jīng)過置于空氣中帶正電驗(yàn)電器金屬小球的上方，會(huì)使金屬球附近的空氣電離，根據(jù)電荷間的作用力分析驗(yàn)電器金屬箔的張角如何變化?！窘獯稹拷猓篈、在光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，減小光的強(qiáng)度，讓光子通過雙縫后，光子只能一個(gè)接一個(gè)地到達(dá)光屏，經(jīng)過足夠長時(shí)間，發(fā)現(xiàn)干涉條紋。單個(gè)光子所到達(dá)哪個(gè)位置是隨機(jī)的，大量光子卻表現(xiàn)出波動(dòng)性，這表明光的波動(dòng)性不是由光子之間的相互作用引起的，故A錯(cuò)誤；B、玻爾第一次將“量子”觀念引入原子領(lǐng)域，提出了定態(tài)和躍遷的概念，故B正確；C、光電效應(yīng)揭示了光的粒子性，但是不能證明光子除了能量之外還具有動(dòng)量，康普頓效應(yīng)證明了光子具有動(dòng)量，故C錯(cuò)誤；D、α射線經(jīng)過置于空氣中帶正電驗(yàn)電器金屬小球的上方時(shí)，會(huì)使金屬球附近的空氣電離，金屬球吸引負(fù)離子而使驗(yàn)電器金屬箔的張角會(huì)變小，故D錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵要掌握現(xiàn)代物理的基礎(chǔ)知識(shí)，知道光的干涉及現(xiàn)象是波動(dòng)性的表現(xiàn)，明確光電效應(yīng)的意義：光電效應(yīng)揭示了光的粒子性。11．（3分）（2021?浙江）一輛汽車在水平高速公路上以80km/h的速度勻速行駛，其1s內(nèi)能量分配情況如圖所示。則汽車（）A．發(fā)動(dòng)機(jī)的輸出功率為70kW B．每1s消耗的燃料最終轉(zhuǎn)化成的內(nèi)能是5.7×104J C．每1s消耗的燃料最終轉(zhuǎn)化成的內(nèi)能是6.9×104J D．每1s消耗的燃料最終轉(zhuǎn)化成的內(nèi)能是7.0×104J【考點(diǎn)】功率、平均功率和瞬時(shí)功率；能量守恒定律．【分析】根據(jù)題意可得克服轉(zhuǎn)動(dòng)阻力做功，由功率公式P求解；根據(jù)能量守恒求解。【解答】解：A、由圖可知，發(fā)動(dòng)機(jī)1s內(nèi)輸出的功為W＝1.7×104J，則輸出功率為：PW＝1.7×104W＝17kW，故A錯(cuò)誤；BCD、每1s消耗的燃料有△E＝6.9×104J進(jìn)入發(fā)動(dòng)機(jī)，則最終轉(zhuǎn)化成的內(nèi)能為：Q＝△E＝6.9×104J，故C正確，BD錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評】本題以汽車能量分配情況為情境載體，考查了能量的轉(zhuǎn)化與守恒以及功率公式的應(yīng)用，體現(xiàn)了應(yīng)用所學(xué)知識(shí)解決物理問題的能力。12．（3分）（2021?浙江）在爆炸實(shí)驗(yàn)基地有一發(fā)射塔，發(fā)射塔正下方的水平地面上安裝有聲音記錄儀。爆炸物自發(fā)射塔豎直向上發(fā)射，上升到空中最高點(diǎn)時(shí)炸裂成質(zhì)量之比為2：1、初速度均沿水平方向的兩個(gè)碎塊。遙控器引爆瞬間開始計(jì)時(shí)，在5s末和6s末先后記錄到從空氣中傳來的碎塊撞擊地面的響聲。已知聲音在空氣中的傳播速度為340m/s，忽略空氣阻力。下列說法正確的是（）A．兩碎塊的位移大小之比為1：2 B．爆炸物的爆炸點(diǎn)離地面高度為80m C．爆炸后質(zhì)量大的碎塊的初速度為68m/s D．爆炸后兩碎塊落地點(diǎn)之間的水平距離為340m【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律．【分析】爆炸物爆炸過程系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，爆炸后碎塊做平拋運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律分析答題。【解答】解：A、爆炸物在最高點(diǎn)時(shí)炸裂成質(zhì)量之比為2：1的兩個(gè)碎塊，設(shè)兩碎塊的質(zhì)量分別為m1＝2m，m2＝m，設(shè)爆炸后兩碎塊的速度分別為v1、v2，爆炸過程，系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，m1的速度方向?yàn)檎较颍谒椒较?，由?dòng)量守恒定律得：m1v1﹣m2v2＝0爆炸后兩碎塊做平拋運(yùn)動(dòng)，由于拋出點(diǎn)的高度相等，它們做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t相等，設(shè)兩碎塊的水平位移分別為x1、x2，則有：m1v1t﹣m2v2t＝0m1x1﹣m2x2＝0解得：x1：x2＝m2：m1＝1：2，兩碎塊的豎直分位移相等，兩碎塊的水平位移之比為1：2，而從爆炸開始拋出到落地的位移之比不等于1：2，故A錯(cuò)誤；BD、設(shè)兩碎片做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間均為t，兩碎塊落地發(fā)出的聲音的傳播時(shí)間分別為t1＝5s﹣t，t2＝6s﹣t，聲音的傳播位移：x1＝v聲音t1，x2＝v聲音t2，由A可知x1：x2＝1：2，代入數(shù)據(jù)解得：t＝4s，x1＝340m，x2＝680m，爆炸物的爆炸點(diǎn)離地面高度：hm＝80m，爆炸后兩碎塊落地點(diǎn)之間的水平距離：x＝x1+x2＝（340+680）m＝1020m，故B正確，D錯(cuò)誤；C、由B可知，爆炸后碎塊m1的水平位移：x1＝340m，碎塊m2的水平位移x2＝680m，爆炸后質(zhì)量大的碎塊m1的初速度為v1m/s＝85m/s，故C錯(cuò)誤。故選：B。【點(diǎn)評】分析清楚碎塊的運(yùn)動(dòng)過程、知道碎塊的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與平拋勻速規(guī)律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可解題。13．（3分）（2021?浙江）兩列頻率、振幅均相同的簡諧波Ⅰ和Ⅱ分別從繩子的兩端持續(xù)相向傳播，在相遇區(qū)域發(fā)生了干涉，在相距0.48m的A、B間用頻閃相機(jī)連續(xù)拍攝，依次獲得1、2、3、4、5五個(gè)波形，如圖所示，且1和5是同一振動(dòng)周期內(nèi)繩上各點(diǎn)位移都達(dá)到最大值時(shí)拍攝的波形。已知頻閃時(shí)間間隔為0.12s，下列說法正確的是（）A．簡諧波Ⅰ和Ⅱ的波長均為0.24m B．簡諧波Ⅰ和Ⅱ的周期均為0.48s C．繩上各點(diǎn)均做振幅相同的簡諧運(yùn)動(dòng) D．兩波源到A點(diǎn)和C點(diǎn)的路程差之差的絕對值是0.48m【考點(diǎn)】橫波的圖象；波長、頻率和波速的關(guān)系．【分析】由題可知，這兩列波在AB之間的區(qū)域內(nèi)發(fā)生了干涉現(xiàn)象，結(jié)合干涉圖象的特點(diǎn)判斷出波長，結(jié)合振動(dòng)的特點(diǎn)求出周期，再由公式：v＝λT求出波速即可?！窘獯稹拷猓篈、這兩列波在AB之間的區(qū)域內(nèi)發(fā)生了干涉現(xiàn)象，根據(jù)干涉圖象的特點(diǎn)可知，AB之間的距離等于一個(gè)波長，所以簡諧波Ⅰ和Ⅱ的波長均為0.48m，故A錯(cuò)誤；B、從波形1到波形5經(jīng)歷的時(shí)間為T，則4×0.12s，可得簡諧波Ⅰ和Ⅱ的周期均為T＝0.96s，故B錯(cuò)誤；C、由圖可知A、B、C三個(gè)點(diǎn)的振幅都是零，其余的各點(diǎn)的振幅不是零，即繩上各點(diǎn)振幅不相同，故C錯(cuò)誤；D、A、B、C三個(gè)點(diǎn)的振幅都是零，則A、B、C三點(diǎn)均為振動(dòng)減弱點(diǎn)，則兩波源到A、C兩點(diǎn)的距離之差分別為和，則兩波源到A點(diǎn)和C點(diǎn)的路程差之差的絕對值是m，故D正確。故選：D?！军c(diǎn)評】該題結(jié)合波的圖象考查波的干涉，解答的關(guān)鍵是正確理解干涉的特點(diǎn)，判斷出A、B、C三點(diǎn)均為振動(dòng)減弱點(diǎn)。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題2分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對的得2分，選對但不全的得1分，有選錯(cuò)的得0分）14．（2分）（2021?浙江）如圖所示是我國全超導(dǎo)托卡馬克核聚變實(shí)驗(yàn)裝置。2018年11月，該裝置實(shí)現(xiàn)了1×108℃等離子體運(yùn)行等多項(xiàng)重大突破，為未來和平利用聚變能量邁出了重要一步。關(guān)于核聚變，下列說法正確的是（）A．聚變又叫熱核反應(yīng) B．太陽就是一個(gè)巨大的熱核反應(yīng)堆 C．高溫能使原子核克服核力而聚變 D．對相同質(zhì)量的核燃料，輕核聚變比重核裂變產(chǎn)能多【考點(diǎn)】愛因斯坦質(zhì)能方程；裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)．【分析】核聚變的過程是幾個(gè)原子核聚合成一個(gè)原子核的過程．只有較輕的原子核才能發(fā)生核聚變，比如氫的同位素氘、氚等．核聚變也會(huì)放出巨大的能量，而且比核裂變放出的能量更大．太陽內(nèi)部連續(xù)進(jìn)行著氫聚變成氦過程，它的光和熱就是由核聚變產(chǎn)生的．【解答】解：A、核聚變需要在極高的溫度條件下才能發(fā)生，所以核聚變又叫熱核反應(yīng)，故A正確；B、太陽釋放的熱量來自于太陽內(nèi)部的核聚變，太陽就是一個(gè)巨大的熱核反應(yīng)堆，故B正確；C、要使輕核發(fā)生聚變，必須使它們的距離達(dá)到10﹣15m以內(nèi)，核力才能起作用，那么熱核反應(yīng)時(shí)要將輕核加熱到很高的溫度，使它們具有足夠的動(dòng)能來克服庫倫斥力而聚變在一起形成新的原子核，即高溫能使輕核克服庫倫斥力而聚變，而不是克服核力而聚變，故C錯(cuò)誤；D、輕核的聚變過程中虧損的質(zhì)量比較大，根據(jù)質(zhì)能方程可知對相同質(zhì)量的核燃料，輕核聚變比重核裂變產(chǎn)能多，故D正確。故選：ABD。【點(diǎn)評】相比核裂變，核聚變幾乎不會(huì)帶來放射性污染等環(huán)境問題，而且其原料可直接取自海水中的氘，來源幾乎取之不盡，是理想的能源方式．人類已經(jīng)可以實(shí)現(xiàn)不受控制的核聚變，如氫彈的爆炸．但是要想能量可被人類有效利用，必須能夠合理的控制核聚變的速度和規(guī)模，實(shí)現(xiàn)持續(xù)、平穩(wěn)的能量輸出．科學(xué)家正努力研究如何控制核聚變．15．（2分）（2021?浙江）為了提高松樹上松果的采摘率和工作效率，工程技術(shù)人員利用松果的慣性發(fā)明了用打擊桿、振動(dòng)器使松果落下的兩種裝置，如圖甲、乙所示。則（）A．針對不同樹木，落果效果最好的振動(dòng)頻率可能不同 B．隨著振動(dòng)器頻率的增加，樹干振動(dòng)的幅度一定增大 C．打擊桿對不同粗細(xì)樹干打擊結(jié)束后，樹干的振動(dòng)頻率相同 D．穩(wěn)定后，不同粗細(xì)樹干的振動(dòng)頻率始終與振動(dòng)器的振動(dòng)頻率相同【考點(diǎn)】自由振動(dòng)和受迫振動(dòng)；產(chǎn)生共振的條件及其應(yīng)用；聲波；多普勒效應(yīng)．【分析】根據(jù)共振產(chǎn)生的條件，可知當(dāng)振動(dòng)器的振動(dòng)頻率等于或接近樹木的固有頻率時(shí)產(chǎn)生共振，使松樹上松果得振動(dòng)幅度增大。【解答】解：A、根據(jù)共振產(chǎn)生的條件，當(dāng)振動(dòng)器的頻率等于樹木的固有頻率時(shí)產(chǎn)生共振，此時(shí)落果效果最好，而不同的樹木的固有頻率不同，針對不同樹木，落果效果最好的振動(dòng)頻率可能不同，故A正確；B、當(dāng)振動(dòng)器的振動(dòng)頻率等于樹木的固有頻率時(shí)產(chǎn)生共振，此時(shí)樹干的振幅最大，則隨著振動(dòng)器頻率的增加，樹干振動(dòng)的幅度不一定增大，故B錯(cuò)誤；C、打擊桿對不同粗細(xì)樹干打擊的振動(dòng)頻率不同，打擊結(jié)束后，樹干的振動(dòng)頻率為其固有頻率，不同粗細(xì)的樹干的固有頻率是不同的，故C錯(cuò)誤；D、樹干在振動(dòng)器的振動(dòng)下做受迫振動(dòng)，則穩(wěn)定后，不同粗細(xì)樹干的振動(dòng)頻率始終與振動(dòng)器的振動(dòng)頻率相同，故D正確。故選：AD?！军c(diǎn)評】本題以提高松樹上松果的采摘率和工作效率為情境載體，考查了產(chǎn)生共振的條件及其應(yīng)用，考查了學(xué)生應(yīng)用所學(xué)物理知識(shí)解決實(shí)際問題的能力，體現(xiàn)了科學(xué)探究的物理核心素養(yǎng)。16．（2分）（2021?浙江）發(fā)電機(jī)的示意圖如圖甲所示，邊長為L的正方形金屬框，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中以恒定角速度繞OO′軸轉(zhuǎn)動(dòng)，阻值為R的電阻兩端的電壓如圖乙所示。其它電阻不計(jì)，圖乙中的Um為已知量。則金屬框轉(zhuǎn)動(dòng)一周（）A．框內(nèi)電流方向不變 B．電動(dòng)勢的最大值為Um C．流過電阻的電荷 D．電阻產(chǎn)生的焦耳熱Q【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律；交流發(fā)電機(jī)及其產(chǎn)生正弦式電流的原理；交流的峰值、有效值以及它們的關(guān)系．【分析】電流方向每經(jīng)過中性面一次都要變化一次；由圖乙判斷電動(dòng)勢最大值；根據(jù)公式q求解；根據(jù)焦耳定律求得金屬框轉(zhuǎn)過一周電阻產(chǎn)生的焦耳熱?！窘獯稹拷猓篈、當(dāng)線框轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，框內(nèi)電流方向每經(jīng)過中性面一次都要變化一次，故A錯(cuò)誤；B、由圖乙可知，電動(dòng)勢的最大值為Um，故B正確；C、金屬框轉(zhuǎn)過半周流過電阻的電荷量為：q△t，則金屬框轉(zhuǎn)過一周流過電阻的電荷量為：q′＝2q，故C錯(cuò)誤；D、因?yàn)閁m＝BωL2，則ω，根據(jù)焦耳定律，可知金屬框轉(zhuǎn)過一周電阻產(chǎn)生的焦耳熱為：QT，故D正確。故選：BD?！军c(diǎn)評】本題考查了交流電的圖象，會(huì)根據(jù)圖象求解交流電的最大值及有效值，求電荷量時(shí)，運(yùn)用交流電的平均值，求產(chǎn)生的熱能時(shí)，用交流電的有效值。三、非選擇題（本題共8小題，共55分）17．（4分）（2021?浙江）用如圖所示裝置進(jìn)行“探究功與速度變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)。裝有砝碼的盤用繞過滑輪的細(xì)線牽引小車，盤和砝碼的重力可當(dāng)作牽引力。小車運(yùn)動(dòng)的位移和速度可以由打點(diǎn)紙帶測出，以小車為研究對象，改變砝碼質(zhì)量，便可探究牽引力所做的功與小車速度變化的關(guān)系。①關(guān)于這個(gè)實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是ACD。A．需要補(bǔ)償小車受到阻力的影響B(tài)．該實(shí)驗(yàn)裝置可以“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”C．需要通過調(diào)節(jié)定滑輪使細(xì)線與長木板平行D．需要滿足盤和砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量②如圖2所示是兩條紙帶，實(shí)驗(yàn)時(shí)打出的應(yīng)是第II條（填寫“Ⅰ”或“Ⅱ”）紙帶；③根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，在坐標(biāo)紙上畫出的W﹣v2圖象是一條過原點(diǎn)的直線，據(jù)此圖象能（填“能”或“不能”）求出小車的質(zhì)量?！究键c(diǎn)】探究功與速度變化的關(guān)系．【分析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理和操作步驟分析。（2）車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，位移逐漸增大，據(jù)此分析。（3）根據(jù)動(dòng)能定理，結(jié)合圖象分析?！窘獯稹拷猓海?）A、題中需要將盤和砝碼的重力可當(dāng)作牽引力，所以首先需要補(bǔ)償小車受到阻力的影響，即抬高長木板右端，小車在不接盤和砝碼的情況下，輕推小車，使小車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，說明小車重力沿斜面的分力與小車所受阻力等大反向，故A正確；D、掛上盤與砝碼，根據(jù)牛頓第二定律：m'g﹣T＝m'a對小車m，根據(jù)牛頓第二定律：T＝ma兩式相比解得繩子拉力：T當(dāng)滿足盤和砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，即T＝m'g，盤和砝碼的重力可當(dāng)作牽引力，故D正確；B、實(shí)驗(yàn)過程中摩擦阻力無法消除，本實(shí)驗(yàn)裝置無法驗(yàn)證“機(jī)械能守恒定律”，故B錯(cuò)誤；C、細(xì)線與長木板平行需要平行，保證繩子的拉力與小車運(yùn)動(dòng)方向一致，這樣盤和砝碼的重力可完全當(dāng)作牽引力，故C正確。故選：ACD。（2）車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，位移逐漸增大，打出的點(diǎn)跡間距逐漸增大，紙帶I后面的點(diǎn)跡間距保持不變，所以實(shí)驗(yàn)打出的紙帶是第II條。（3）根據(jù)動(dòng)能定理可知：W，圖象的斜率為，據(jù)W﹣v2圖象求出小車的質(zhì)量。故答案為：（1）ACD；（2）Ⅱ；（3）能?！军c(diǎn)評】該題考查了探究功與速度變化的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)，解決實(shí)驗(yàn)問題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)，然后熟練應(yīng)用物理規(guī)律來解決實(shí)驗(yàn)問題。18．（3分）（2021?浙江）小明同學(xué)在做“測定玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)時(shí)，發(fā)現(xiàn)只有3枚大頭針，他把大頭針A、B、C插在如圖所示位置，并測出了玻璃的折射率。請?jiān)诋嫵龉饴穲D，標(biāo)出入射角i和折射角r，并寫出折射率n的計(jì)算式?！究键c(diǎn)】測定玻璃的折射率．【分析】根據(jù)已知條件做出光路圖，再根據(jù)入射角與折射角的概念標(biāo)注入射角i和折射角r，依據(jù)光的折射定律寫出折射率n的計(jì)算式。【解答】解：光路圖如圖所示：根據(jù)折射定律可知：n答：光路圖及入射角i和折射角r的標(biāo)注如上圖所示；折射率n的計(jì)算式為n。【點(diǎn)評】解答本題的關(guān)鍵是能理解光的折射定律。19．（5分）（2021?浙江）在“測定電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)中，①用如圖1所示的電路圖測量，得到的一條實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)擬合線如圖2所示，則該電池的電動(dòng)勢E＝1.46V（保留3位有效數(shù)字）；內(nèi)阻r＝0.64Ω（保留2位有效數(shù)字）。②現(xiàn)有如圖3所示的實(shí)驗(yàn)器材，照片中電阻箱阻值可調(diào)范圍為0～9999Ω，滑動(dòng)變阻器阻值變化范圍為0～10Ω，電流表G的量程為0～3mA、內(nèi)阻為200Ω，電壓表的量程有0～3V和0～15V。請?jiān)趫D3中選擇合適的器材，在方框中畫出兩種測定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻的電路圖?！究键c(diǎn)】測定電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻．【分析】①電源的U﹣I圖象與縱軸的交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源電動(dòng)勢，圖象斜率的絕對值是電源內(nèi)阻；②題目給出的電流表的量程太小，需要將小量程的電流表改裝為大量程的電流表，然后由結(jié)合實(shí)驗(yàn)原理即可畫出實(shí)驗(yàn)原理圖?！窘獯稹拷猓孩俑鶕?jù)閉合電路歐姆定律：E＝U+Ir可得U＝E﹣Ir，可知電源的U﹣I圖線為直線；將題干中得圖線延長與橫縱軸分別相交，如圖可知圖象與縱軸交點(diǎn)即為電動(dòng)勢，即E＝1.46V圖象斜率的絕對值為電源內(nèi)阻，即：rΩ≈0.64Ω②電流表量程太小，可以通過并聯(lián)電阻箱改裝電流表，擴(kuò)大電流表的量程，改裝為大量程的電流表來測量電流，電路圖如圖根據(jù)閉合電路歐姆定律E＝U+Ir可以繪制U﹣I圖象求解電動(dòng)勢和內(nèi)阻。故答案為：①1.46（1.45～1.47均可）；0.64Ω（0.63～0.67均可）；②如圖【點(diǎn)評】本題中考查測定電動(dòng)勢和內(nèi)電阻實(shí)驗(yàn)中的數(shù)據(jù)處理，本題中要注意單位的正確換算；同時(shí)注意正確列出表達(dá)式，找出規(guī)律．注意改裝原理的正確應(yīng)用．該題的第二問也可以使用電阻箱和電壓表代替電流表進(jìn)行測量，電路圖如圖根據(jù)閉合電路歐姆定律E＝U+Ir＝U變形得繪制圖象，可知圖象斜率為，與縱軸截距為，從而求解電動(dòng)勢和內(nèi)阻。20．（2分）（2021?浙江）在“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，可拆變壓器如圖所示。為了減小渦流在鐵芯中產(chǎn)生的熱量，鐵芯是由相互絕緣的硅鋼片平行疊成。硅鋼片應(yīng)平行于（）A．平面abcd B．平面abfe C．平面abgh D．平面aehd【考點(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理；探究變壓器電壓與匝數(shù)的關(guān)系．【分析】根據(jù)楞次定律及右手螺旋定則分析出渦旋電流的方向，再判斷硅鋼片的位置?！窘獯稹拷猓捍鸥芯€環(huán)繞的方向沿著閉合鐵芯，根據(jù)楞次定律及右手螺旋定則，產(chǎn)生的渦旋電流的方向垂直于圖示變壓器鐵芯的正面，即與圖示abcd面平行，為了減小渦流在鐵芯中產(chǎn)生的熱量，相互絕緣的硅鋼片應(yīng)平行于平面aehd。故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選：D。【點(diǎn)評】解答本題的關(guān)鍵是對渦流的理解與認(rèn)識(shí)。21．（9分）（2021?浙江）如圖所示，質(zhì)量m＝2kg的滑塊以v0＝16m/s的初速度沿傾角θ＝37°的斜面上滑，經(jīng)t＝2s滑行到最高點(diǎn)。然后，滑塊返回到出發(fā)點(diǎn)。已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，求滑塊（1）最大位移值x；（2）與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（3）從最高點(diǎn)返回到出發(fā)點(diǎn)的過程中重力的平均功率?！究键c(diǎn)】牛頓第二定律；功率、平均功率和瞬時(shí)功率．【分析】（1）對于上滑過程，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)位移﹣時(shí)間關(guān)系公式列式求解即可；（2）受力分析后，根據(jù)牛頓第二定律列式求解即可；（3）下滑過程，根據(jù)根據(jù)牛頓第二定律列式求出加速度，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出回到出發(fā)點(diǎn)速度，利用平均速度定義求出從最高點(diǎn)返回到出發(fā)點(diǎn)的過程中的平均速度，由平均功率公式求解即可。【解答】解：（1）小車向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)推論有：x代入數(shù)據(jù)解得：xm＝16m（2）小車向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)加速度定義得加速度大?。篴1m/s2＝8m/s2上滑過程，由牛頓第二定律得：mgsinθ+μmgcosθ＝ma1得：a1gsinθ+μgcosθ代入數(shù)據(jù)解得：μ0.25（3）小車下滑過程，由牛頓第二定律得：mgsinθ﹣μmgcosθ＝ma2代入數(shù)據(jù)解得：a2gsinθ﹣μgcosθ＝10×0.6﹣0.25×10×0.8m/s2＝4m/s2由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：vtm/sm/s＝11.3m/s得重力的平均功率：mgcos（90°﹣θ）WW＝67.9W答：（1）最大位移值x為16m；（2）與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.25；（3）從最高點(diǎn)返回到出發(fā)點(diǎn)的過程中重力的平均功率為67.9W?！军c(diǎn)評】本題關(guān)鍵根據(jù)速度時(shí)間圖象得到上滑時(shí)的運(yùn)動(dòng)情況，求解出加速度后根據(jù)牛頓第二定律確定受力情況；下滑過程是已知受力情況，求解出加速度后確定運(yùn)動(dòng)情況．22．（12分）（2021?浙江）如圖所示，豎直平面內(nèi)由傾角α＝60°的斜面軌道AB、半徑均為R的半圓形細(xì)圓管軌道BCDE和圓周細(xì)圓管軌道EFG構(gòu)成一游戲裝置固定于地面，B、E兩處軌道平滑連接，軌道所在平面與豎直墻面垂直。軌道出口處G和圓心O2的連線，以及O2、E、O1和B等四點(diǎn)連成的直線與水平線間的夾角均為θ＝30°，G點(diǎn)與豎直墻面的距離dR?，F(xiàn)將質(zhì)量為m的小球從斜面的某高度h處靜止釋放。小球只有與豎直墻面間的碰撞可視為彈性碰撞，不計(jì)小球大小和所受阻力。（1）若釋放處高度h＝h0，當(dāng)小球第一次運(yùn)動(dòng)到圓管最低點(diǎn)C時(shí)，求速度大小vC及在此過程中所受合力的沖量I的大小和方向；（2）求小球在圓管內(nèi)與圓心O1點(diǎn)等高的D點(diǎn)所受彈力FN與h的關(guān)系式；（3）若小球釋放后能從原路返回到出發(fā)點(diǎn)，高度h應(yīng)該滿足什么條件？【考點(diǎn)】動(dòng)量定理；動(dòng)能定理；機(jī)械能守恒定律．【分析】（1）小球從釋放點(diǎn)到圓管最低點(diǎn)C的過程中，由機(jī)械能守恒定律求得小球第一次運(yùn)動(dòng)到圓管最低點(diǎn)C時(shí)的速度大小vC，根據(jù)動(dòng)量定理求得在此過程中所受合力的沖量I的大小和方向；（2）從釋放點(diǎn)到D點(diǎn)的過程中，由機(jī)械能守恒定律和牛頓第二定律求得小球在圓管內(nèi)與圓心O1點(diǎn)等高的D點(diǎn)所受彈力FN與h的關(guān)系式；（3）小球釋放后能從原路返回到出發(fā)點(diǎn)，不滑離軌道原路返回，條件為h，與墻面垂直碰撞后原路返回，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律和機(jī)械能守恒定律聯(lián)立求解?！窘獯稹拷猓海?）對小球，從釋放點(diǎn)到圓管最低點(diǎn)C的過程中，由機(jī)械能守恒定律得：mgh0代入數(shù)據(jù)解得速度大小vC為：vC在此過程中，對小球由動(dòng)量定理得：I＝mvC代入數(shù)據(jù)解得所受合力的沖量I的大小：I＝m，方向水平向左。（2）對小球從釋放點(diǎn)到D點(diǎn)的過程中，由機(jī)械能守恒定律得：mg（h﹣R）在D點(diǎn)，對小球由牛頓第二定律得：FN聯(lián)立解得D點(diǎn)所受彈力FN與h的關(guān)系式為：FN＝2mg（1）滿足的條件為：h≥R（3）第1種情況：不滑離軌道原路返回，條件為：h第2種情況：與墻面垂直碰撞后原路返回，在進(jìn)入G之前做平拋運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：d＝vxt豎直方向上，由速度﹣時(shí)間公式得：t對小球在G點(diǎn)，由速度的分解得：vx＝vGsinθ，vy＝vGcosθ聯(lián)立解得：vG＝2對小球從釋放點(diǎn)到G點(diǎn)的過程中，由機(jī)械能守恒定律得：mg（hR）聯(lián)立解得h滿足的條件為：h答：（1）小球第一次運(yùn)動(dòng)到圓管最低點(diǎn)C時(shí)，速度大小vC為，在此過程中所受合力的沖量I大小為m，方向水平向左；（2）小球在圓管內(nèi)與圓心O1點(diǎn)等高的D點(diǎn)所受彈力FN與h的關(guān)系式為FN＝2mg（1）；（3）小球釋放后能從原路返回到出發(fā)點(diǎn)，高度h應(yīng)該：不滑離軌道原路返回，條件為h，與墻面垂直碰撞后原路返回，條件為h。【點(diǎn)評】本題是一道力學(xué)綜合題，物體運(yùn)動(dòng)過程復(fù)雜，分析清楚物體的運(yùn)動(dòng)過程是解題的前提，分析清楚物體運(yùn)動(dòng)過程后，應(yīng)用機(jī)械能守恒定律、牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)的分解即可解題。23．（10分）（2021?浙江）嫦娥五號(hào)成功實(shí)現(xiàn)月球著陸和返回，鼓舞人心。小明知道月球上沒有空氣，無法靠降落傘減速降落，于是設(shè)計(jì)了一種新型著陸裝置。如圖所示，該裝置由船艙、間距為l的平行導(dǎo)軌、產(chǎn)生垂直船艙導(dǎo)軌平面的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場的磁體和“∧”型剛性線框組成，“∧”型線框ab邊可沿導(dǎo)軌滑動(dòng)并接觸良好。船艙、導(dǎo)軌和磁體固定在一起，總質(zhì)量為m1。整個(gè)裝置豎直著陸到月球表面前瞬間的速度大小為v0，接觸月球表面后線框速度立即變?yōu)榱恪＝?jīng)過減速，在導(dǎo)軌下方緩沖彈簧接觸月球表面前船艙已可視為勻速。已知船艙電阻為3r；“∧”型線框的質(zhì)量為m2，其7條邊的邊長均為l，電阻均為r；月球表面的重力加速度為。整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中只有ab邊在磁場中，線框與月球表面絕緣，不計(jì)導(dǎo)軌電阻和摩擦阻力。（1）求著陸裝置接觸到月球表面后瞬間線框ab邊產(chǎn)生的電動(dòng)勢E0；（2）通過畫等效電路圖，求著陸裝置接觸到月球表面后瞬間流過ab型線框的電流I0；（3）求船艙勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小v；（4）同桌小張認(rèn)為在磁場上方、兩導(dǎo)軌之間連接一個(gè)電容為C的電容器，在著陸減速過程中還可以回收部分能量，在其他條件均不變的情況下，