山東省青島市2024屆高三年級下冊一模物理試卷(含答案)

山東省青島市2024屆高三下學期一模物理試卷

學校：___________姓名：班級：___________考號：

一,單選題

1.太陽能電池板是利用光電效應將光能轉化為電能的設備，圖甲是研究制作電池板的

材料發(fā)生光電效應的電路圖。用不同頻率的光照射K極板發(fā)生光電效應，得到圖乙中

遏止電壓上與入射光的頻率v間的關系圖像。下列說法正確的是（）

A.增大入射光頻率，K極板的逸出功增大

B.增大入射光頻率，產生光電子的最大初動能增大

C.增大入射光強度，產生光電子的最大初動能增大

D.遏止電壓S與入射光頻率v關系圖像的斜率表示普朗克常量

2.如圖，隔板在絕熱氣缸中封閉一定質量理想氣體，隔板和絕熱活塞間是真空。迅速

抽掉隔板后氣體會擴散至整個氣缸，待氣體穩(wěn)定后向左緩慢推動活塞至隔板原位置，

整個系統密封性良好，下列說法正確的是（）

隔板絕緣

A.擴散過程中，氣體對外界做功，溫度降低

B.擴散過程中，氣體分子的平均速率減小導致氣體壓強減小

C.推動活塞過程中，活塞對氣體做功，氣體溫度升高

D.抽掉隔板前和活塞到達隔板原位置后，氣體內能相等

3.某興趣小組對劈尖干涉條紋進行研究時將兩平板玻璃疊放，在右端夾入一薄片，如

圖所示。當波長為丸的可見光從玻璃板正上方入射后可觀察到明暗相間的條紋，。、b

兩點均為暗條紋中心位置，a、6間共有〃條亮紋，則人6兩處空氣劈的厚度差為（）

OF-*'F

A.,7-B.（,7-1）AC.nAD.（n-1）2

22

4.2024年1月23日12時03分，在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心用“力箭一號”遙三運載火箭將

5顆“泰景”系列衛(wèi)星成功送入太空。其中“泰景二號”02星運行在離地高度為530km的

軌道上，繞地球做勻速圓周運動，該衛(wèi)星主要任務是獲取植被和大氣遙感數據。關于

“泰景二號”02星，下列說法正確的是（）

A.處于完全失重狀態(tài)，不受重力作用

B.線速度大于地球第一宇宙速度

C.運行周期大于地球同步衛(wèi)星的周期

D.向心加速度大于地球同步衛(wèi)星的向心加速度

5.2024年春晚雜技節(jié)目《躍龍門》為觀眾帶來了一場視覺盛宴。彩排時為確保演員

們能夠準確掌握發(fā)力技巧，教練組將壓力傳感器安裝在圖甲的蹦床上，記錄演員對彈

性網的壓力。圖乙是某次彩排中質量為35kg的演員在豎直方向運動時計算機輸出的壓

力一時間（/-7）圖像，運動員可視為質點。不計空氣阻力，重力加速度

g=10m/s2,下列說法正確的是（）

A.演員在。時刻速度為零，加速度為零

B.演員在人時刻速度最大

C.從a時刻到b時刻，蹦床對演員做的功為U20J

D.從a時刻到b時刻，蹦床給演員的沖量大小為455N-S

6.青島氣象臺2024年2月11日21時15分發(fā)布大霧黃色預警，交警提示雨霧天氣開

車出行注意保持安全車距。期間在濱海大道同一直線車道上，甲車和乙車正同向勻速

行駛，甲車在前乙車在后，f=0時，甲車發(fā)現前方有險情立即剎車，為避免兩車相

撞，2s后乙車也開始剎車，如圖是兩車位置隨時間變化圖像，圖中曲線均為拋物線。

已知甲車勻速行駛的速度為10m/s,司機反應時間不計，下列說法正確的是（）

A.甲車加速度大小為2m/s?

B.當/=7s時，兩車速度大小相等

C.若d=28m,兩車恰好沒有相撞

D.若沒有相撞，兩車相距最近時乙車的位移為48m

7.如圖為某小型水電站電能輸送線路示意圖，發(fā)電機通過升壓變壓器和降壓變壓器向

用戶供電。已知發(fā)電機線圈電阻為「，產生感應電動勢有效值為E。升壓變壓器原副線

圈匝數比為。，降壓變壓器原副線圈匝數比為。，兩變壓器間輸電線總電阻為.，用戶

端總電阻為電流表為理想電表，變壓器為理想變壓器，下列說法正確的是（）

升壓變壓器降壓變壓器

F

A.電流表的示數/二f——；-----；—

0［廠+4（凡+024）］

B.升壓變壓器原線圈兩端的電壓％=破產+九2）

C.電阻居、4消耗的功率之比為打：6與

D.若用戶端負載增加，電流表示數變小

8.如圖是貨物輸送裝置示意圖，載物平臺M架在兩根完全相同、軸線在同一水平面

內的平行長圓柱上，平臺重心與兩圓柱等距，貨物機放在平臺正中間。兩圓柱以角速

度o=20rad/s繞軸線做相反方向轉動。現沿平行于軸線的方向給平臺施加E=10N的

恒力，使平臺從靜止開始沿軸線運動。已知平臺質量M=4kg,平臺與兩圓柱間的動

摩擦因數均為4=02,貨物質量m=lkg,與平臺間的動摩擦因數〃2=。-3,圓柱半徑

r=4cm,重力加速度g=10m/s2。下列說法正確的是（）

A.貨物與平臺一起做勻加速直線運動

B.當平臺速度v=0.6m/s時，貨物加速度為2m/s?

C.當平臺速度v=0.6m/s時，貨物加速度為0.8m/s2

D.若施加的恒力E<10N,平臺將保持靜止

二、多選題

9.均勻介質中有兩個點波源S］、$2位于xOy平面內，位置坐標分別為（-3m,0）和

（5m,0）o/=0時刻起兩波源開始沿垂直坐標平面xOy方向做簡諧運動，振動圖像

如圖。已知兩波源的振動傳播到坐標原點。處的時間差為2s。下列說法正確的是（）

-3|--X-/-----------------、

A.機械波在介質中的傳播速度為lm/s

B.xOy平面內（Im,3m）位置處在振動加強區(qū)

C.兩波源間的連線上有7個振動最強點

D.0~7s內，。處質點運動的路程為12cm

10.光刻機是現代半導體工業(yè)的皇冠，其最核心的兩大部件為光源與光學鏡頭。我國

研制的某型號光刻機的光源輻射出某一頻率的紫外光，光刻機光學鏡頭投影原理簡化

圖如圖所示，等腰直角三角形ABC為三棱鏡的橫截面，半球形玻璃磚的半徑為凡0

為球心，0。為玻璃磚的對稱軸。間距為gR的a、6兩束平行紫外光從棱鏡左側垂直

A3邊射入，經AC邊反射后進入半球形玻璃病，最后會聚于硅片上表面的M點，M點

位于的延長線上。半球形玻璃磚的折射率為石，來自棱鏡的反射光關于軸線0。

對稱，光在真空中的傳播速度為c,下列說法正確的是（）

A.紫外光在棱鏡中的傳播速度大于在玻璃磚中的傳播速度

B.要使射向玻璃磚的光線最強，三棱鏡的折射率至少為血

C.硅片上表面M點到球心。的距離為6

3

D.紫外光從進入玻璃磚到傳播到M點所用時間為空

3c

11.如圖，真空中有一圓錐體，。為圓錐底面圓心，。為圓錐頂點，C、。分別是母

線。'4的中點，a是過C、。兩點且與底面平行的圓錐截面圓心，E點在底面圓

周上。在圓錐頂點。'處固定一電荷量為+Q的點電荷，在底面圓心。處固定另一電荷

量為-。的點電荷，下列說法正確的是（）

A.同一試探電荷在A、B、E三點具有的電勢能相等

B.過C、。與底面平行的圓錐截面上各點電勢相等、場強相同

C.在A點將帶正電的試探電荷q沿底面圓周切線射入空間，該電荷將做勻速圓周運動

D.將帶負電的試探電荷q從A點沿AE連線移到E點，該電荷電勢能先增大后減小

12.如圖，兩條光滑且足夠長的直金屬導軌MN、PQ平行放置，兩導軌與水平面間夾

角均為仇導軌所在空間存在垂直導軌平面向上的勻強磁場。兩均勻導體棒。、人垂直

導軌放置，6棒靠在絕緣擋桿上保持靜止。.=0時刻，。棒在沿導軌向上的拉力R作用

下由靜止開始做勻加速直線運動。導軌電阻不計，運動過程中兩導體棒與導軌始終垂

直且接觸良好。關于。、8棒運動的速度丫、回路中的電流，、。棒所受拉力R及人棒所

受安培力的功率P隨時間/變化的關系圖像，其中可能正確的是（）

三、實驗題

13.某實驗小組利用甲圖所示的氣墊導軌（包括導軌、氣源、光電門、滑塊、遮光

條、數字毫秒計）探究沖量與動量變化量的關系。實驗步驟如下：

23主尺

111|||||||||1||||1||(cm)

1111|11||

0510

①用游標卡尺測量遮光條的寬度d;

②在導軌上選擇兩個適當位置A、3安裝光電門I、n,并連接數字毫秒計及電腦,

用以記錄滑塊通過光電門I、n的時間％、弓及滑塊在兩光電門之間的運動時間△八

③使氣墊導軌傾斜，測量A點到導軌與水平桌面接觸點。的距離L及A點距桌面高度

h；

④將滑塊從光電門I左側某處由靜止釋放，利用電腦記錄％、々和4；

⑤改變氣墊導軌傾斜程度，重復步驟③④，進行多次測量。

（1）圖乙是用游標卡尺測量遮光條寬度d的圖示，則d=mm；

（2）某次實驗中，測得a=32.25ms,則滑塊通過光電門I的速度為m/s（結

果保留1位小數）；

（3）在誤差允許范圍內，若滿足4=（用上述實驗步驟中直接測量的物理量

符號表示，已知重力加速度為g）,則說明合外力沖量等于動量變化量。

14.PT100型鋁熱電阻溫度傳感器是利用鋁電阻值隨溫度變化而變化的原理進行測溫

的一種傳感器，伯熱電阻傳感器廣泛用于測量-200（?+850（范圍內的溫度。如圖甲

為某學校數字實驗室里的一款PT100型鋁熱電阻傳感器，伯熱電阻封裝在傳感器的探

頭內，其阻值隨溫度的變化關系圖像如圖乙所示。該校課外實驗探究小組要利用該款

伯熱電阻傳感器及其他實驗器材制作一個溫度計，通過把電流表的示數改刻為相應的

溫度示數來直接顯示測量溫度。實驗器材如下：

PT100型鉗熱電阻傳感器

干電池（電動勢為L5V,內阻不計）

靈敏電流表（量程為10mA,內阻為20。）

電阻箱（0-9999.9。）

開關、導線若干

請回答下面問題：

(1)該小組同學先嘗試直接將干電池、開關、靈敏電流表、伯熱電阻傳感器串聯成一

個電路作為溫度計，則該溫度計測溫起點溫度為℃(結果保留3位有效數

字)；

(2)該小組同學為了使制作的溫度計能從-2(FC開始測量，利用現有器材進一步設計

了如圖丙所示的電路，其中凡為伯熱電阻溫度傳感器，R為電阻箱?，F進行如下調

試：將傳感器的探頭放入設定制冷溫度為-2(TC的冰箱中，經過足夠長時間后，閉合

開關S,調節(jié)電阻箱的阻值R,使電流表指針滿偏，此時電阻箱阻值火=。；

(3)為了把圖丙中電流表的電流值準確地改刻為相應的溫度值，改刻時應遵循的電流

表的電流值/(mA)與相應溫度/(℃)間的關系式為/=；

(4)若干電池內阻不能忽略，仍依照圖丙按(2)中過程制作溫度計，使用該溫度計

測量的結果和真實值相比會_______(選填“偏大”“偏小”或“不變”)。

四、計算題

15.如圖，汽車上的安全氣囊最早由赫特里克于1953年發(fā)明并得到普及。在汽車正常

行駛時，氣囊內原有氣體體積忽略不計。當汽車受到猛烈撞擊時會引燃氣體發(fā)生劑，

產生大量氣體，極短時間內充滿氣囊。充氣過程中，氣囊上可變排氣孔是封閉的，充

氣結束時內部氣體的壓強為P、體積為V、溫度為T,氣體可視為理想氣體。

(1)已知大氣壓強為為,求充氣過程中氣囊克服外界大氣壓強所做的功；

(2)撞擊后，車上駕乘人員因慣性擠壓安全氣囊導致可變排氣孔開始排氣，當內部氣

體壓強為3p、體積為工丫、溫度為上7時，恰好不再排氣，求排出氣體質量與排氣前

533

氣體總質量之比。

16.桶裝水電動抽水器可以輕松實現一鍵自動取水。如圖，某同學把一個簡易抽水器

安裝在水桶上，出水口水平。某次取水時，桶內水位高度4=20cm,按鍵后測得

/=16s內注滿了0.8L的水壺。已知抽水器出水口高度〃=60cm、橫截面積

S=0.5cm2,水壺的高度為=15cm,若該次取水過程中抽水器將電能轉化為水的機械

能的效率〃=15%,忽略取水過程中桶內水位高度的變化，重力加速度g=10m/s2,

水的密度夕=LOxl()3kg/m3。

(1)求接水時出水口到水壺口左邊緣的最大水平距離；

(2)估算本次取水抽水器的功率。

17.如圖所示xOy平面內，過。點與x軸夾角為。的分界線以上的區(qū)域I內存在沿y

軸負方向的勻強電場，電場強度為E,分界線與x軸正半軸所圍區(qū)域H內存在垂直于

xOy平面向外的磁場與，剩余區(qū)域HI內存在垂直紙面的磁場與，B「反大小未知。在

。點放置一粒子源，粒子源向固定方向發(fā)射質量為機、帶電量為+4的粒子，速度方向

與分界線夾角為a,速度大小范圍為0<v<%,且所有粒子都能以垂直分界線的速度

到達分界線，不計粒子重力，6=30。。

（2）若耳為非勻強磁場，要使所有粒子經過磁場片后均能垂直到達％軸，求區(qū)域n中

磁感應強度與與「滿足的關系式，廠為磁場與中粒子可到達位置與。點的距離；

（3）若用為勻強磁場，且初速度為％的粒子在磁場區(qū)中做圓周運動的軌跡與x軸相

切，隨后返回電場中運動，求返回電場后粒子再次到達分界線時的位置到。點距離；

（4）接（3）問，返回電場中的粒子再次經過分界線后進入磁場與，粒子在坊中做圓

周運動的軌跡圓心剛好位于y軸上，求磁場打的大小和方向。

18.如圖，右側帶有擋板的平板小車靜止在光滑水平面上，左端緊靠平臺且與平臺等

高，小車的上表面分成兩段，左段長L=O.lm,右段〃足夠長，平臺邊緣正上方用長

〃=10m的輕繩懸掛質量為根的物塊A,懸點正下方靜置一質量為名的物塊3,且

m<m0,將A向左拉至輕繩水平由靜止釋放，A與3發(fā)生正碰，碰后A的速度為零。

已知A與3碰撞過程中的恢復系數《=喀照四，該系數是一個定值，只與發(fā)

I碰前相對速度I

生碰撞物體材料有關?，F將46互換角色，將3懸掛起來從水平位置由靜止釋放，與

A發(fā)生正碰后A滑上小車，A滑上小車后，小車左端迅速彈出一個厚度不計的擋板，

同時取走及在小車上L段內A受一個來自右側擋板水平向左的斥力片=0.2mg,在

L'范圍內A受到一個來自右側擋板水平向左的斥力瑪=0.8wigo已知小車質量

M=m=2kg,物塊A與小車上表面間的動摩擦因數〃=0.4,重力加速度

g=10m/s2，不計空氣阻力。

A?1^-

(1)求A剛滑上小車時的速度大?。?/p>

(2)求A與小車第一次達到共速時的速度大小及A到小車左端的距離；

(3)物塊A與左側擋板的碰撞為彈性碰撞，求物塊A與左側擋板碰撞次數及物塊A

最終相對小車靜止時與左側擋板間的距離。

參考答案

1.答案：B

解析：A.逸出功只與金屬本身有關，與入射光頻率無關，A錯誤；

BC.根據愛因斯坦光電效應方程

后卜^hv-W

光電子的最大初動能只與逸出功和入射光頻率有關，與光照強度無關，相同情況下，

入射光頻率越高，產生光電子的最大初動能增大，B正確，C錯誤；

D.由動能定理

eUc=后卜

變式得

〃

U=-hy---W--

cee

斜率表示2,D錯誤。

e

故選B。

2.答案：C

解析：AB.抽開隔板時，氣體體積變大，但是右方是真空，氣體不對外做功，又沒有

熱傳遞，則根據

AU=Q+W

可知，氣體內能不變，溫度不變，氣體分子的平均速率不變，壓強減小，故AB錯

誤；

CD.氣體被壓縮的過程中，外界對氣體做功，根據

AU=Q+W

可知，氣體內能增大，氣體分子的平均動能變大，溫度升高，故D錯誤，C正確。

故選C。

3.答案：A

解析：由于從空氣膜上下表面分別反射的兩列光形成干涉，所以光程差為

Ax=2d"為空氣劈的厚度)

當Ax=(24+1)9時出現暗條紋，則此時

夕

2d=(.2n'+V)-

則

d=(n'+—)—

22

那么相鄰的兩條暗條紋滿足

Ax'=2d'=(n'+1+—)A

所以

d'=('+-)~

n22

所以厚度差為

d,-d=-

2

由于a、6間共有〃條亮紋，則a、6兩處空氣劈的厚度差為

AiZ=n(d'-d)=

故選Ao

4.答案：D

解析：A.衛(wèi)星處于完全失重狀態(tài)，但仍受重力作用，選項A錯誤；

B.第一宇宙速度是最大的環(huán)繞速度，則衛(wèi)星的線速度小于地球第一宇宙速度，選項B

錯誤；

CD.根據

廠Mm4兀2

G——=m—r=ma

解得

T=

\GM

GM

a二——

r

衛(wèi)星的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑，可知運行周期小于地球同步衛(wèi)星的周期，

向心加速度大于地球同步衛(wèi)星的向心加速度，選項C錯誤，D正確。

故選D。

5.答案：D

解析：A.演員在。時刻位于最低點，速度為零，蹦床的彈力大于演員的重力，有向上

的加速度，故加速度不為零，故A錯誤；

B.當蹦床的彈力等于演員的重力時，演員的速度最大，故演員在》時刻速度不是最

大，故B錯誤；

C.演員在空中的時間為

t-2.8—1.2s=1.6s

運動員離開蹦床的速度大小為

v=2-—t=C8m//s

2

設蹦床的最大壓縮量為人從。時刻到?時刻，根據動能定理

1

W—mgh=—mv29=1120J

可知從。時刻到》時刻，蹦床對演員做的功大于H20J,故C錯誤；

D.從a時刻到b時刻，根據動量定理

及一%&一。=田

蹦床給演員的沖量大小為

1rF=455N-s

故D正確。

故選D。

6.答案：C

解析：A.根據動力學公式

12

為=%%—5%加=50m

解得甲車加速度大小為

q=lm/s2

故A錯誤；

B.乙車的初速度為

,x228

vn=—=—m/s=14m/s

J2

乙車加速度大小為

142

m/s2=2mzs2

2x(77—28)

兩車速度相等時，有

VQ—Uyt—VQ—ci~,{t—2)

解得

?=8s

可知，當/=7s時，兩車速度大小不相等，故B錯誤;

C.兩車恰好沒有相撞，則

d=2Vl+K('_2)——a2('—2)2—(VQ?——)=28m

故C正確；

D.若沒有相撞，兩車相距最近時乙車的位移為

x=2VQ+VQ(?—2)——(?—2)"=76m

故D錯誤。

故選C。

7.答案：B

解析：A.降壓變壓器等效電阻為

2

R3=bR2

升壓變壓器等效電阻為

&=。2(鳥+。2&)

電流表的示數

EE

=-------------=-----------------------------------

7?4+廠廠+(R]+b)

故A錯誤；

B.升壓變壓器原線圈兩端的電壓

rj=[R,破冰+廿&)

142

~r+a\R1+bR2)

故B正確;

C.根據

P=I-R

電阻Rr&消耗的功率之比為

6：鳥=/2及：/24=及&

故c錯誤；

D.若用戶端負載增加，用戶端總電阻為為減小，電流表示數變大，故D錯誤。

故選Bo

8.答案：C

解析：A.根據對稱性可知平臺與兩個圓柱表面的摩擦力相等，大小均為

f+,n)s=5N

沿平行于軸線的方向給平臺施加歹=10N的恒力，使平臺從靜止開始沿軸線運動，初

始時刻，平臺受到兩圓柱的摩擦力剛好平衡，以平臺和貨物為整體，加速度大小為

a=--------=2m/s2<N2g=3m/s2

0M+m一

圓柱表面的點轉動的線速度大小為

v'=m=0.8m/s

設平臺運動的速度大小為v,如圖所示

可知平臺受到兩個圓柱表面對平臺沿平行于軸線的方向的摩擦力大小均為

fx^fcosO

根據牛頓第二定律可得

F-2fx=F-2fcos0=[M+m)a

可知隨著平臺速度n的逐漸增大，。逐漸減小，cos。逐漸增大，加速度逐漸減小，所

以貨物與平臺不是一起勻加速直線運動，故A錯誤;

BC.當平臺速度y=o.6m/s時，則有

cos0=./v=-/°，，==0.6

A/V2+v,2V0.62+0.82

又

F-2fcos0=（M+m）a

可得加速度大小為

F-2/cos6*10-2x5x0.6.八。,，

a=--------------=-----------------m/s~2=0.8m/s~

M+m4+1

故B錯誤，C正確；

D.若施加的恒力ION，由于初始時刻，兩圓柱對表面對平臺沿平行于軸線的方向

的摩擦力大小為0,所以平臺一定沿軸線的方向運動，故D錯誤。

故選C。

9.答案：AD

解析：A.兩機械波在同一介質傳播，傳播速度相同，設為v,由題意有

Ax5-3

v=——m/s=Im/s

Az

故A正確；

BC.由題意知，波長為

4=vT=2m

由于兩波源的起振方向相反，所以振動加強點滿足

Ax=(2n+l)^-

航到點（Im,3m）的距離為

y=\/32+42m=5m

邑到(Im,3m)的距離為

s,=A/32+42m=5m

所以(Im,3m)處于振動減弱區(qū)。兩波源間的連線上有8個振動加強點分別為

x=-2.5m,-1,5m,-0.5m,0.5m,1.5m,2.5m,3.5m,4.5m,故BC錯誤；

D.由上分析可知，。處質點為振動減弱點。從0時刻起，經3s,跖波傳到。處質點。

經5s,S2波傳到。處質點，所以。處質點運動的路程為

5=4xlcm+4x（3-l）cm=12cm

故D正確。

故選ADo

10.答案：BC

解析：B.為了使射向玻璃磚的光線最強，光在AC界面發(fā)生全反射，由于三棱鏡的橫

截面為等腰直角三角形，則有

11

幾—------>---------

"sinCsin45°

解得

”>A/2

即要使射向玻璃磚的光線最強，三棱鏡的折射率至少為近，故B正確；

A.根據上述，為了使射向玻璃磚的光線最強，設備要求光在AC界面發(fā)生全反射，根

據

%=—>V2,%=——〉y/2

匕一V2

可知，紫外光在棱鏡中的傳播速度可能大于、小于或等于在玻璃磚中的傳播速度，故

A錯誤;

C.根據對稱性，作出。光線的光路如圖所示

令第一次在。點折射的入射角為a,折射角為川，則有

sina

n,=------

一sinB

根據幾何關系有

OEV3

sina==———=——

ODR2

解得

a=60°，，=30°

第二次折射發(fā)生在R點，根據幾何關系可知，入射角等于

P=30。

根據光路可逆原理可知，折射角等于

a=60°

根據幾何關系有

R

DF=OF=—2—=—R

cos3003

則有

OM=OFtan300=-R

3

故C正確；

D.紫外光從進入玻璃磚到傳播到M點所用時間為

OF

DFEM_DFcos30°

I=------1---=----1------

v2cv2c

結合上述解得

5R

t=——

3c

故D錯誤。

故選BCo

11.答案：ABD

解析：A.A、3、E三點到兩個電荷的距離都相等，可知三點的電勢相等，則同一試探

電荷在A、B、E三點具有的電勢能相等，A正確；

B.過C、。與底面平行的圓錐截面是等勢面，則各點電勢相等，場強大小相等，方向

相同，B正確；

C.在A點將帶正電的試探電荷q沿底面圓周切線射入空間，因該試探電荷所受的電場

力的合力指向0。軸線下方的一點，則該電荷不可能做勻速圓周運動，C錯誤；

D.將帶負電的試探電荷q仄A點沿AE連線移到E點時，因試探電荷距離在0處的-Q

較近，則電場力做功由在。處的-。決定，負電的試探電荷q從A點沿AE連線移到E

點時，先靠近-。后遠離-。，則電場力向做負功后做正功，則該電荷電勢能先增大后

減小，D正確。

故選ABDo

12.答案：ABC

解析：A.a棒在沿導軌向上的拉力R作用下由靜止開始做勻加速直線運動，其y7圖

像為過原點的傾斜直線，。棒切割磁感線，產生感應電動勢逐漸增大，回路中產生感

應電流逐漸增大，根據右手定則，確定電流方向從上往下看為順時針方向，根據左手

定則，人棒所受安培力方向沿斜面向上，當人棒所受安培力大于其重力沿斜面的分力

時，6棒開始向上做加速運動，回路總的感應電動勢為

E=BL（V“-4）

感應電流為

.E

l

~Ra+Rh

由于》棒開始加速度小于。棒的加速度，可知，開始兩者速度差逐漸增大，感應電流

逐漸增大，6棒先向上做加速度增大的變加速運動，vT圖像的斜率逐漸增大，當兩

棒加速度相等時，兩者的速度差一定，回路感應電動勢一定，感應電流一定，之后，b

棒向上做勻加速直線運動，之后的圖像與。棒的圖像平行，故A正確；

B.根據上述，開始時5棒靜止，則有

,_BLva_BLaat

RRRR

a+bc,+b

此時7?一/圖像為過原點的傾斜直線，之后6棒向上做加速度增大的變加速運動，結合

上述有

.一叫）

"R"+Rb

兩棒速度的差值逐漸增大，感應電流逐漸增大，由于》棒向上做加速度增大的變加速

運動，則兩棒速度的差值隨時間的變化率逐漸減小，即，一圖像的斜率逐漸減小，之

后，兩者加速度相等，速度差值一定，感應電流大小也達到一個定值，故B正確；

C.開始時6棒靜止，a棒向上做勻加速直線運動，則有

_8273y

F-mgsin0---------=ma,

Ra+Rh

其中

乜=a°t

則有

口.B2l}at

r-mgsin6Q+maH..........-a

aRa+Rb

此過程，圖像為傾斜直線，斜率為正值，縱軸截距也為正值，之后有

F=mgsin0+maa+BiL

結合上述，由于拉力與電流成線性關系，可知，之后的尸―/圖像與f圖像形狀相

同，故C正確；

D力棒開始靜止，安培力沒有做功，此時安培力的功率為0,之后6棒所受安培力的功

率為

P=BiLvb=i=

8棒速度與感應電流均在發(fā)生變化，結合上述可知，此過程感應電流、6棒速度與時間

均不成線性關系，則此過程的6棒所受安培力的功率尸隨時間。變化的關系圖像也不

成線性關系，故D錯誤。

故選ABCo

13.答案：(1)12.9(2)0.4(3)

g%2

解析：(1)根據游標卡尺的讀數原理可知遮光條寬度為

d=1.2cm+9x0.01cm=1.29cm=12.9mm

(2)滑塊通過光電門I的速度為

d二4nzs

v二—1=0.4m/s

32.25xW3

(3)根據動量定理，重力分力的沖量等于物塊的動量變化量，即

hdd

mg—/A\t=mm—

12t]

整理得

Ld&-幻

g

14.答案：(1)78.9(2)37.6(3)/=———(/=---———)(4)不變

157.6+0.38Z157.6+0.38Z

解析：（1）由題意知電流表量程為10mA,所以電路的總電阻最小為

E15

Rmin=——=—JQ=150Q

I10x10-3

max

所以熱電阻的電阻為

氏=.—&=150Q-20。=130Q

由R-/圖像可知

7?=100+0.38/

解得

?=78.9℃

（2）將傳感器的探頭放入設定制冷溫度為-2（FC的冰箱中。由圖像可得，此時熱電阻

為

&=92.4Q

過一段時間后閉合開關，調節(jié)電阻箱與，使毫安表指針滿偏，此時

R=Rmm_RA_&=150。-20Q-92.4。=37.6。

（3）由題意可得則毫安表的電流值/（A）和溫度f（℃）的關系式為

1_E___________L5__________1.5

—RA+R+Rt—20+37.6+100+0.38/—157.6+0.38?

（4）因為在操作（2）步驟時，要調節(jié)滑動變阻器是電流表滿偏，當電源內阻增大

時，會將滑動變阻器電阻調小，但總和不變，所以對結果無影響。

15.答案：（1）P（y（2）|

解析：（1）充氣過程中氣囊克服外界大氣壓強所做的功

（2）對氣囊內所有的氣體，根據理想氣體狀態(tài)方程有

3

pv

T一工

J

從氣囊內排出氣體的體積為

AV=F--V

3

排出氣體質量與排氣前氣體總質量的之比為

AmAV_2

解得

Am2

m5

16.答案：⑴0.3m（2）1.5W

解析：（1）設出水口處水的速度為%,由題意可得,=16s內抽水器抽出水的體積

V=Svot

解得

%=lm/s

平拋過程：豎直方向

H-h=；gt2

水平方向

尤=%，=0.3m

（2）在f=16s內，抽水機取水質量

m=pV=0.8kg

根據能量守恒定律

12

r/Pt=mg（H-/2j）+—mv0

得

P=1.5W

17.答案：⑴tana=@

2

3mE

(2)耳=

4/

(3)

包巫，方向垂直紙面向里

(4)

8%

解析：（1）由題意可知粒子在電場區(qū)域做類斜拋運動軌跡如圖

E

qEsind?

vcoscr------------1=0

m

垂直分界線方向

.qEcos0t八

vsincr-------------=0

m2

解得

G

tana=——

2

(2)如圖，設粒子沿邊界線方向的位移為4,則

八/、2

0-(vcosa)=-2c^-E--s--i-n--d&"

0m

由

?.m(vsina)2

qvBsina=----n----------

lr

要垂直穿過x軸，那么需要做圓周運動的半徑

彳=4

解得

E

（3）設粒子圓周運動的半徑.，粒子再次經過分界線