高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)練案66第九章計數(shù)原理概率隨機變量及其分布第六講幾何概型含解析新人教版

一輪復(fù)習(xí)精品資料(高中)PAGEPAGE1第六講幾何概型A組基礎(chǔ)鞏固一、單選題1．(2021·遼寧省葫蘆島市模擬)某次測量發(fā)現(xiàn)一組數(shù)據(jù)(xi，yi)具有較強的相關(guān)性，并計算得eq\o(y,\s\up6(^))＝x＋1.5其中數(shù)據(jù)(1，y1)因書寫不清楚，只記得y1是〖0,3〗上的一個值，則該數(shù)據(jù)對應(yīng)的殘差(殘差＝真實值－預(yù)測值)的絕對值不大于0.5的概率為(C)A．eq\f(1,6) B．eq\f(5,6)C．eq\f(1,3) D．eq\f(2,3)〖〖解析〗〗依題意可知，估計值為1＋1.5＝2.5，殘差為y1－2.5，依題意得|y1－2.5|≤0.5，解得2≤y1≤3，∴所求概率為eq\f(3－2,3)＝eq\f(1,3)，故選C．2．(2021·云南昆明一中檢測)在區(qū)間〖0,8〗上隨機取一個實數(shù)a，則方程x2＋2ax＋16＝0有實數(shù)根的概率為(B)A．eq\f(1,4) B．eq\f(1,2)C．eq\f(1,3) D．eq\f(2,3)〖〖解析〗〗由Δ＝4a2－4×1×16≥0，得a2≥16，即a≤－4或a≥4，它與0≤a≤8的公共元素為4≤a≤8，所以p＝eq\f(4,8)＝eq\f(1,2)，選B.3．(2021·湖北武漢調(diào)研)在長為16cm的線段MN上任取一點P，以MP，NP的長為鄰邊的長作一矩形，則該矩形的面積大于60cm2的概率為(A)A．eq\f(1,4) B．eq\f(1,2)C．eq\f(1,3) D．eq\f(3,4)〖〖解析〗〗設(shè)MP＝xcm,0<x<16，則NP＝(16－x)cm，由x(16－x)>60，得6<x<10，所以所求概率為P＝eq\f(4,16)＝eq\f(1,4).故選A.4.(2021·湖南湘潭模擬)如圖來自中國古代的木紋飾圖．若大正方形的邊長為6個單位長度，每個小正方形的邊長均為1個單位長度，則在大正方形內(nèi)隨機取一點，此點取自圖形中小正方形內(nèi)的概率是(D)A．eq\f(1,36) B．eq\f(1,9)C．eq\f(1,6) D．eq\f(2,9)〖〖解析〗〗因為大正方形的面積為6×6＝36；而小正方的面積為1×1＝1；故在大正方形內(nèi)隨機取一點，大正方形內(nèi)部有8個小正方形，此點取自圖形中小正方形內(nèi)的概率是：eq\f(8×1,36)＝eq\f(2,9).故選D.5．(2020·廣西河池期末)在區(qū)間〖4,12〗上隨機地取一個實數(shù)a，則方程2x2－ax＋8＝0有實數(shù)根的概率為(D)A．eq\f(1,4) B．eq\f(2,3)C．eq\f(1,3) D．eq\f(1,2)〖〖解析〗〗因為方程2x2－ax＋8＝0有實數(shù)根，所以Δ＝(－a)2－4×2×8≥0，解得a≥8或a≤－8.所以方程2x2－ax＋8＝0有實數(shù)根的概率p＝eq\f(12－8,12－4)＝eq\f(1,2).故選D.6．(2021·貴州貴陽四校聯(lián)考)在區(qū)間〖－2,2〗隨機取一個數(shù)x，則事件“y＝eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(2x，x≤0,x＋1，x>0))，且y∈eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(\f(1,2)，2))”發(fā)生的概率為(D)A．eq\f(7,8) B．eq\f(5,8)C．eq\f(3,8) D．eq\f(1,2)〖〖解析〗〗事件“y＝eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(2xx≤0,x＋1x>0))，且y∈eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(\f(1,2)，2))”由題可知，該分段函數(shù)是一個增函數(shù)，y∈〖eq\f(1,2)，2〗，此時x∈〖－1,1〗，所以該事件發(fā)生的概率P＝eq\f(1－－1,2－－2)＝eq\f(1,2).故選D.7．(2021·貴州貴陽模擬)若貴陽某路公交車起點站的發(fā)車時間為635,650,705，小明同學(xué)在640至705之間到達起點站乘坐公交車，且到達起點站的時刻是隨機的，則他等車時間不超過5分鐘的概率是(C)A．eq\f(1,5) B．eq\f(2,3)C．eq\f(2,5) D．eq\f(3,5)〖〖解析〗〗640至705共25分鐘，小明同學(xué)等車時間不超過5分鐘能乘上車只能是645至650和700至705到站，共10分鐘，所以所求概率為P＝eq\f(10,25)＝eq\f(2,5).故選C．8.(2021·山西太原模擬)七巧板是中國古代勞動人民發(fā)明的一種傳統(tǒng)智力玩具，它由五塊等腰直角三角形、一塊正方形和一塊平行四邊形共七塊板組成．(清)陸以湉《冷廬雜識》卷中寫道：近又有七巧圖，其式五，其數(shù)七，其變化之式多至千余，體物肖形，隨手變幻，蓋游戲之具，足以排悶破寂，故世俗皆喜為之．如圖是一個用七巧板拼成的正方形，若在此正方形中任取一點，則此點取自陰影部分的概率為(C)A．eq\f(5,16) B．eq\f(11,32)C．eq\f(7,16) D．eq\f(13,32)〖〖解析〗〗設(shè)正方形邊長為a，則其面積S＝a2，陰影部分面積S′＝eq\f(1,2)a·eq\f(a,2)＋eq\f(a,2)·eq\f(a,4)＋eq\f(1,2)·eq\f(a,2)·eq\f(a,4)＝eq\f(a2,4)＋eq\f(a2,8)＋eq\f(a2,16)＝eq\f(7a2,16)，∴所求概率p＝eq\f(S′,S)＝eq\f(7,16).故選：C．9.(2021·湖北省四校聯(lián)考)如圖所示的圖案是由兩個等邊三角形構(gòu)成的六角星，其中這兩個等邊三角形的三邊分別對應(yīng)平行，且各邊都被交點三等分，若往該圖案內(nèi)投擲一點，則該點落在圖中陰影部分內(nèi)的概率為(C)A．eq\f(1,4) B．eq\f(1,3)C．eq\f(1,2) D．eq\f(2,3)〖〖解析〗〗設(shè)六角星的中心點為O，分別將點O與兩個等邊三角形的六個交點連接起來，則將陰影部分分成了六個全等的小等邊三角形，并且與其余六個小三角形也是全等的，所以所求的概率P＝eq\f(1,2)，故選C．10．(2021·武漢武昌區(qū)聯(lián)考)若從區(qū)間(0,2)內(nèi)隨機取兩個數(shù)，則這兩個數(shù)的比不小于4的概率為(C)A．eq\f(1,8) B．eq\f(7,8)C．eq\f(1,4) D．eq\f(3,4)〖〖解析〗〗設(shè)這兩個數(shù)分別為x，y，則由條件知0<x<2，0<y<2，y≥4x或x≥4y，則所求概率P＝eq\f(2×\f(1,2)×2×\f(1,2),2×2)＝eq\f(1,4).11.(2021·河南三門峽模擬)底面是正多邊形，頂點在底面的射影是底面中心的棱錐叫正棱錐．如圖，半球內(nèi)有一內(nèi)接正四棱錐S－ABCD，該四棱錐的體積為eq\f(4\r(2),3)，現(xiàn)在半球內(nèi)任取一點，則該點在正四棱錐內(nèi)的概率為(A)A．eq\f(1,π) B．eq\f(\r(2),π)C．eq\f(\r(3),π) D．eq\f(2,π)〖〖解析〗〗設(shè)球半徑為R，正四棱錐底面邊長為a，則eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(\r(2)a＝2R,\f(1,3)a2R＝\f(4\r(2),3)))，解得eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(a＝2,R＝\r(2)))，∴所求概率P＝eq\f(\f(4\r(2),3),\f(2π,3)\r(2)3)＝eq\f(1,π)，故選A.12．(2021·安徽合肥質(zhì)檢)若在x2＋y2≤1所圍區(qū)域內(nèi)隨機取一點，則該點落在|x|＋|y|≤1所圍區(qū)域內(nèi)的概率是(B)A．eq\f(1,π) B．eq\f(2,π)C．eq\f(1,2π) D．1－eq\f(1,π)〖〖解析〗〗不等式x2＋y2≤1表示的區(qū)域是半徑為1的圓，面積為π，且|x|＋|y|≤1滿足不等式x2＋y2≤1表示的區(qū)域是邊長為eq\r(2)的正方形，面積為2，∴在x2＋y2≤1所圍區(qū)域內(nèi)隨機取一點，則該點落在|x|＋|y|≤1所圍區(qū)域內(nèi)的概率為eq\f(2,π)，故選B.二、多選題13．利用簡單隨機抽樣的方法抽查某工廠的100件產(chǎn)品，其中一等品有20件，合格品有70件，其余為不合格品，現(xiàn)在這個工廠隨機抽查一件產(chǎn)品，設(shè)事件A為“是一等品”，B為“是合格品”，C為“是不合格品”，則下列結(jié)果正確的是(ABC)A．P(B)＝eq\f(7,10) B．P(A∪B)＝eq\f(9,10)C．P(A∩B)＝0 D．P(A∪B)＝P(C)〖〖解析〗〗由題意知A，B，C為互斥事件，故C正確；又因為從100件中抽取產(chǎn)品符合古典概型的條件，所以P(B)＝eq\f(7,10)，P(A)＝eq\f(2,10)，P(C)＝eq\f(1,10)，則P(A∪B)＝eq\f(9,10)，故A、B，C正確；故D錯誤．故選ABC．14．(2018·課標(biāo)Ⅰ卷改編)下圖來自古希臘數(shù)學(xué)家希波克拉底所研究的幾何圖形．此圖由三個半圓構(gòu)成，三個半圓的直徑分別為直角三角形ABC的斜邊BC，直角邊AB，AC．△ABC的三邊所圍成的區(qū)域記為Ⅰ，黑色部分記為Ⅱ，其余部分記為Ⅲ.在整個圖形中隨機取一點，此點取自Ⅰ，Ⅱ，Ⅲ的概率分別記為p1，p2，p3，則(ACD)A．p1＝p2 B．p1＝p3C．p1的最大值為eq\f(2,π＋2) D．p3的最小值為eq\f(π－2,π＋2)〖〖解析〗〗設(shè)AB＝c，AC＝b，則區(qū)域Ⅰ的面積S1＝eq\f(1,2)bc；區(qū)域Ⅲ的面積S3＝eq\f(1,8)π(b2＋c2)－eq\f(1,2)bc，區(qū)域Ⅱ的面積S2＝eq\f(1,8)π(b2＋c2)－S3＝eq\f(1,2)bc＝S1，由幾何概型可知p1＝p2，故A正確；又整個區(qū)域的面積S＝eq\f(1,8)π(b2＋c2)＋eq\f(1,2)bc，∴p1＝eq\f(\f(1,2)bc,\f(1,8)b2＋c2π＋\f(1,2)bc)＝eq\f(2,\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(b2＋c2,2bc)))π＋2)≤eq\f(2,π＋2).(當(dāng)且僅當(dāng)b＝c時取等號)，即p1的最大值為eq\f(2,π＋2)，C正確；∴p3＝1－2p1≥eq\f(π－2,π＋2)(當(dāng)且僅當(dāng)b＝c時取等號)，即p3的最小值為eq\f(π－2,π＋2)，D正確；顯然B錯．故選ACD.三、填空題15．(2021·福建漳州調(diào)研)在半徑為2的圓C內(nèi)任取一點P，則以點P為中點的弦的弦長小于2eq\r(3)的概率為eq\f(3,4).〖〖解析〗〗由題可知，當(dāng)且僅當(dāng)弦心距d>eq\r(22－\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(2\r(3),2)))2)＝1，即|CP|>1時，以點P為中點的弦的弦長小于2eq\r(3)，由幾何概型的概率公式可得所求概率為eq\f(π×22－π×12,π×22)＝eq\f(3,4).16．(2021·河北衡水中學(xué)調(diào)研)有一個底面圓的半徑為1，高為2的圓柱，點O1，O2分別為這個圓柱上底面和下底面的圓心，在這個圓柱內(nèi)隨機取一點P，則點P到點O1，O2的距離都大于1的概率為eq\f(1,3).〖〖解析〗〗到點O1，O2距離為1的點是半徑為1的球面，所以所求概率為P＝1－eq\f(V球,V柱)＝1－eq\f(\f(4,3)π,2π)＝eq\f(1,3).17．(2021·廣東六校聯(lián)考)我國傳統(tǒng)的房屋建筑中，常會出現(xiàn)一些形狀不同的窗欞，窗欞上雕刻有各種花紋，構(gòu)成種類繁多的圖案，如圖所示的窗欞圖案，是將半徑為R的圓六等分，分別以各等分點為圓心，以R為半徑畫圓弧，在圓的內(nèi)部構(gòu)成的平面圖形，現(xiàn)在向該圓形區(qū)域內(nèi)的隨機地投擲一枚飛鏢，飛鏢落在黑色部分(忽略圖中的白線)的概率是2－eq\f(3\r(3),π).〖〖解析〗〗∵陰影部分面積為12×(eq\f(1,6)πR2－eq\f(R,2)×eq\f(\r(3)R,2))＝(2π－3eq\r(3))R2，∴飛鏢落在黑色部分的概率為eq\f(2π－3\r(3)R2,πR2)＝2－eq\f(3\r(3),π)，故〖答案〗為2－eq\f(3\r(3),π).B組能力提升1.(2021·四川瀘州二診)我國三國時期的數(shù)學(xué)家趙爽為了證明勾股定理創(chuàng)制了一幅“勾股圓方圖”，該圖是由四個全等的直角三角形組成，它們共同圍成了一個如圖所示的大正方形和一個小正方形，設(shè)直角三角形中一個銳角的正切值為3.在大正方形內(nèi)隨機取一點，則此點取自小正方形內(nèi)的概率是(D)A．eq\f(1,10) B．eq\f(1,3)C．eq\f(3,10) D．eq\f(2,5)〖〖解析〗〗設(shè)直角三角形較短的直角邊的邊長為a，則小正方形的邊長為2a，大正方形的邊長為eq\r(10)a，∴所求概率P＝eq\f(4a2,10a2)＝eq\f(2,5).故選D.2．(2021·四川達州診斷)在矩形ABCD中，AB＝1，AD＝2，E是AD中點，在矩形ABCD內(nèi)(包括邊界)隨機取一點F，事件eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(\o(AF,\s\up6(→))－\o(AE,\s\up6(→))))≤1發(fā)生的概率為(A)A．eq\f(π,4) B．eq\f(π,2)C．eq\f(1,2) D．eq\f(1,4)〖〖解析〗〗矩形ABCD中，AB＝1，AD＝2，E是AD中點，在矩形ABCD內(nèi)(包括邊界)隨機取一點F，事件eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(\o(AF,\s\up6(→))－\o(AE,\s\up6(→))))≤1即：|eq\o(EF,\s\up6(→))|≤1，如圖所示：所以P＝eq\f(S陰影,S矩形)＝eq\f(\f(1,2)·π·12,2)＝eq\f(π,4).故選A.3.(2021·福建莆田質(zhì)檢/安徽蕪湖模擬)中國剪紙是一種用剪刀或刻刀在紙上剪刻花紋，用于裝點生活或配合其他民俗活動的民間藝術(shù)，蘊涵了極致的數(shù)學(xué)美和豐富的傳統(tǒng)文化信息．現(xiàn)有一幅剪紙的設(shè)計圖，其中的4個小圓均過正方形的中心，且內(nèi)切于正方形的兩鄰邊．若在正方形內(nèi)隨機取一點，則該點取自黑色部分的概率為(A)A．eq\f(3－2\r(2)π,2) B．eq\f(π,6)C．eq\f(3－2\r(2)π,4) D．eq\f(π,8)〖〖解析〗〗分析題意可知，陰影部分剛好可以拼湊成一個圓形，設(shè)圓的半徑為R，該正方形的邊長為l，eq\r(2)l＝2(eq\r(2)R＋R)，∴l(xiāng)＝(2＋eq\r(2))R，∴所求概率P＝eq\f(πR2,2＋\r(2)2R2)＝eq\f(3－2\r(2)π,2).故選A.4．(2021·河南階段測試)《九章算術(shù)·商功》中有這樣一段話：“斜解立方，得兩塹堵．斜解塹堵，其一為陽馬，一為鱉臑．”其中“解”字的意思是用一個平面對某幾何體進行切割．已知正方體ABCD－A1B1C1D1，隨機在線段AC1上取一點，過該點作垂直于AC1的平面α，則平面α“解”正方體ABCD－A1B1C1D1所得的大、小兩部分體積之比大于5的概率為(D)A．eq\f(1,6) B．eq\f(1,3)C．eq\f(1,2) D．eq\f(2,3)〖〖解析〗〗如圖所示，由正方體的性質(zhì)可知，AC1垂直于平面A1BD和平面CB1D1，設(shè)P和Q分別是平面A1BD和平面CB1D1與線段AC1的交點，易知VA1－ABD＝VC－C1B1D1＝eq\f(1,6)V正，當(dāng)平面α取平面A1BD或平面CB1D1時，切割得到的大、小兩部分體積之比恰好為5，要滿足條件，應(yīng)在線段AP或QC1上取點，而AP＝PQ＝QC1，所以所求的概率為eq\f(AP＋QC1,AC1)＝eq\f(2,3).5．(2021·湖北武漢武昌區(qū)調(diào)研)已知a，b是區(qū)間〖0,4〗上的任意實數(shù)，則函數(shù)f(x)＝ax2－bx＋1在〖2，＋∞)上單調(diào)遞增的概率為(D)A．eq\f(1,8) B．eq\f(3,8)C．eq\f(5,8) D．eq\f(7,8)〖〖解析〗〗由題意知eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(0≤a≤4，,0≤b≤4，))函數(shù)f(x)在〖2，＋∞)上遞增?eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(0<a≤4，,\f(b,2a)≤2))即eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(0<a≤4，,b≤4a))由圖可知所求概率P＝eq\f(16－2,16)＝eq\f(7,8).故選D.第六講幾何概型A組基礎(chǔ)鞏固一、單選題1．(2021·遼寧省葫蘆島市模擬)某次測量發(fā)現(xiàn)一組數(shù)據(jù)(xi，yi)具有較強的相關(guān)性，并計算得eq\o(y,\s\up6(^))＝x＋1.5其中數(shù)據(jù)(1，y1)因書寫不清楚，只記得y1是〖0,3〗上的一個值，則該數(shù)據(jù)對應(yīng)的殘差(殘差＝真實值－預(yù)測值)的絕對值不大于0.5的概率為(C)A．eq\f(1,6) B．eq\f(5,6)C．eq\f(1,3) D．eq\f(2,3)〖〖解析〗〗依題意可知，估計值為1＋1.5＝2.5，殘差為y1－2.5，依題意得|y1－2.5|≤0.5，解得2≤y1≤3，∴所求概率為eq\f(3－2,3)＝eq\f(1,3)，故選C．2．(2021·云南昆明一中檢測)在區(qū)間〖0,8〗上隨機取一個實數(shù)a，則方程x2＋2ax＋16＝0有實數(shù)根的概率為(B)A．eq\f(1,4) B．eq\f(1,2)C．eq\f(1,3) D．eq\f(2,3)〖〖解析〗〗由Δ＝4a2－4×1×16≥0，得a2≥16，即a≤－4或a≥4，它與0≤a≤8的公共元素為4≤a≤8，所以p＝eq\f(4,8)＝eq\f(1,2)，選B.3．(2021·湖北武漢調(diào)研)在長為16cm的線段MN上任取一點P，以MP，NP的長為鄰邊的長作一矩形，則該矩形的面積大于60cm2的概率為(A)A．eq\f(1,4) B．eq\f(1,2)C．eq\f(1,3) D．eq\f(3,4)〖〖解析〗〗設(shè)MP＝xcm,0<x<16，則NP＝(16－x)cm，由x(16－x)>60，得6<x<10，所以所求概率為P＝eq\f(4,16)＝eq\f(1,4).故選A.4.(2021·湖南湘潭模擬)如圖來自中國古代的木紋飾圖．若大正方形的邊長為6個單位長度，每個小正方形的邊長均為1個單位長度，則在大正方形內(nèi)隨機取一點，此點取自圖形中小正方形內(nèi)的概率是(D)A．eq\f(1,36) B．eq\f(1,9)C．eq\f(1,6) D．eq\f(2,9)〖〖解析〗〗因為大正方形的面積為6×6＝36；而小正方的面積為1×1＝1；故在大正方形內(nèi)隨機取一點，大正方形內(nèi)部有8個小正方形，此點取自圖形中小正方形內(nèi)的概率是：eq\f(8×1,36)＝eq\f(2,9).故選D.5．(2020·廣西河池期末)在區(qū)間〖4,12〗上隨機地取一個實數(shù)a，則方程2x2－ax＋8＝0有實數(shù)根的概率為(D)A．eq\f(1,4) B．eq\f(2,3)C．eq\f(1,3) D．eq\f(1,2)〖〖解析〗〗因為方程2x2－ax＋8＝0有實數(shù)根，所以Δ＝(－a)2－4×2×8≥0，解得a≥8或a≤－8.所以方程2x2－ax＋8＝0有實數(shù)根的概率p＝eq\f(12－8,12－4)＝eq\f(1,2).故選D.6．(2021·貴州貴陽四校聯(lián)考)在區(qū)間〖－2,2〗隨機取一個數(shù)x，則事件“y＝eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(2x，x≤0,x＋1，x>0))，且y∈eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(\f(1,2)，2))”發(fā)生的概率為(D)A．eq\f(7,8) B．eq\f(5,8)C．eq\f(3,8) D．eq\f(1,2)〖〖解析〗〗事件“y＝eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(2xx≤0,x＋1x>0))，且y∈eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(\f(1,2)，2))”由題可知，該分段函數(shù)是一個增函數(shù)，y∈〖eq\f(1,2)，2〗，此時x∈〖－1,1〗，所以該事件發(fā)生的概率P＝eq\f(1－－1,2－－2)＝eq\f(1,2).故選D.7．(2021·貴州貴陽模擬)若貴陽某路公交車起點站的發(fā)車時間為635,650,705，小明同學(xué)在640至705之間到達起點站乘坐公交車，且到達起點站的時刻是隨機的，則他等車時間不超過5分鐘的概率是(C)A．eq\f(1,5) B．eq\f(2,3)C．eq\f(2,5) D．eq\f(3,5)〖〖解析〗〗640至705共25分鐘，小明同學(xué)等車時間不超過5分鐘能乘上車只能是645至650和700至705到站，共10分鐘，所以所求概率為P＝eq\f(10,25)＝eq\f(2,5).故選C．8.(2021·山西太原模擬)七巧板是中國古代勞動人民發(fā)明的一種傳統(tǒng)智力玩具，它由五塊等腰直角三角形、一塊正方形和一塊平行四邊形共七塊板組成．(清)陸以湉《冷廬雜識》卷中寫道：近又有七巧圖，其式五，其數(shù)七，其變化之式多至千余，體物肖形，隨手變幻，蓋游戲之具，足以排悶破寂，故世俗皆喜為之．如圖是一個用七巧板拼成的正方形，若在此正方形中任取一點，則此點取自陰影部分的概率為(C)A．eq\f(5,16) B．eq\f(11,32)C．eq\f(7,16) D．eq\f(13,32)〖〖解析〗〗設(shè)正方形邊長為a，則其面積S＝a2，陰影部分面積S′＝eq\f(1,2)a·eq\f(a,2)＋eq\f(a,2)·eq\f(a,4)＋eq\f(1,2)·eq\f(a,2)·eq\f(a,4)＝eq\f(a2,4)＋eq\f(a2,8)＋eq\f(a2,16)＝eq\f(7a2,16)，∴所求概率p＝eq\f(S′,S)＝eq\f(7,16).故選：C．9.(2021·湖北省四校聯(lián)考)如圖所示的圖案是由兩個等邊三角形構(gòu)成的六角星，其中這兩個等邊三角形的三邊分別對應(yīng)平行，且各邊都被交點三等分，若往該圖案內(nèi)投擲一點，則該點落在圖中陰影部分內(nèi)的概率為(C)A．eq\f(1,4) B．eq\f(1,3)C．eq\f(1,2) D．eq\f(2,3)〖〖解析〗〗設(shè)六角星的中心點為O，分別將點O與兩個等邊三角形的六個交點連接起來，則將陰影部分分成了六個全等的小等邊三角形，并且與其余六個小三角形也是全等的，所以所求的概率P＝eq\f(1,2)，故選C．10．(2021·武漢武昌區(qū)聯(lián)考)若從區(qū)間(0,2)內(nèi)隨機取兩個數(shù)，則這兩個數(shù)的比不小于4的概率為(C)A．eq\f(1,8) B．eq\f(7,8)C．eq\f(1,4) D．eq\f(3,4)〖〖解析〗〗設(shè)這兩個數(shù)分別為x，y，則由條件知0<x<2，0<y<2，y≥4x或x≥4y，則所求概率P＝eq\f(2×\f(1,2)×2×\f(1,2),2×2)＝eq\f(1,4).11.(2021·河南三門峽模擬)底面是正多邊形，頂點在底面的射影是底面中心的棱錐叫正棱錐．如圖，半球內(nèi)有一內(nèi)接正四棱錐S－ABCD，該四棱錐的體積為eq\f(4\r(2),3)，現(xiàn)在半球內(nèi)任取一點，則該點在正四棱錐內(nèi)的概率為(A)A．eq\f(1,π) B．eq\f(\r(2),π)C．eq\f(\r(3),π) D．eq\f(2,π)〖〖解析〗〗設(shè)球半徑為R，正四棱錐底面邊長為a，則eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(\r(2)a＝2R,\f(1,3)a2R＝\f(4\r(2),3)))，解得eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(a＝2,R＝\r(2)))，∴所求概率P＝eq\f(\f(4\r(2),3),\f(2π,3)\r(2)3)＝eq\f(1,π)，故選A.12．(2021·安徽合肥質(zhì)檢)若在x2＋y2≤1所圍區(qū)域內(nèi)隨機取一點，則該點落在|x|＋|y|≤1所圍區(qū)域內(nèi)的概率是(B)A．eq\f(1,π) B．eq\f(2,π)C．eq\f(1,2π) D．1－eq\f(1,π)〖〖解析〗〗不等式x2＋y2≤1表示的區(qū)域是半徑為1的圓，面積為π，且|x|＋|y|≤1滿足不等式x2＋y2≤1表示的區(qū)域是邊長為eq\r(2)的正方形，面積為2，∴在x2＋y2≤1所圍區(qū)域內(nèi)隨機取一點，則該點落在|x|＋|y|≤1所圍區(qū)域內(nèi)的概率為eq\f(2,π)，故選B.二、多選題13．利用簡單隨機抽樣的方法抽查某工廠的100件產(chǎn)品，其中一等品有20件，合格品有70件，其余為不合格品，現(xiàn)在這個工廠隨機抽查一件產(chǎn)品，設(shè)事件A為“是一等品”，B為“是合格品”，C為“是不合格品”，則下列結(jié)果正確的是(ABC)A．P(B)＝eq\f(7,10) B．P(A∪B)＝eq\f(9,10)C．P(A∩B)＝0 D．P(A∪B)＝P(C)〖〖解析〗〗由題意知A，B，C為互斥事件，故C正確；又因為從100件中抽取產(chǎn)品符合古典概型的條件，所以P(B)＝eq\f(7,10)，P(A)＝eq\f(2,10)，P(C)＝eq\f(1,10)，則P(A∪B)＝eq\f(9,10)，故A、B，C正確；故D錯誤．故選ABC．14．(2018·課標(biāo)Ⅰ卷改編)下圖來自古希臘數(shù)學(xué)家希波克拉底所研究的幾何圖形．此圖由三個半圓構(gòu)成，三個半圓的直徑分別為直角三角形ABC的斜邊BC，直角邊AB，AC．△ABC的三邊所圍成的區(qū)域記為Ⅰ，黑色部分記為Ⅱ，其余部分記為Ⅲ.在整個圖形中隨機取一點，此點取自Ⅰ，Ⅱ，Ⅲ的概率分別記為p1，p2，p3，則(ACD)A．p1＝p2 B．p1＝p3C．p1的最大值為eq\f(2,π＋2) D．p3的最小值為eq\f(π－2,π＋2)〖〖解析〗〗設(shè)AB＝c，AC＝b，則區(qū)域Ⅰ的面積S1＝eq\f(1,2)bc；區(qū)域Ⅲ的面積S3＝eq\f(1,8)π(b2＋c2)－eq\f(1,2)bc，區(qū)域Ⅱ的面積S2＝eq\f(1,8)π(b2＋c2)－S3＝eq\f(1,2)bc＝S1，由幾何概型可知p1＝p2，故A正確；又整個區(qū)域的面積S＝eq\f(1,8)π(b2＋c2)＋eq\f(1,2)bc，∴p1＝eq\f(\f(1,2)bc,\f(1,8)b2＋c2π＋\f(1,2)bc)＝eq\f(2,\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(b2＋c2,2bc)))π＋2)≤eq\f(2,π＋2).(當(dāng)且僅當(dāng)b＝c時取等號)，即p1的最大值為eq\f(2,π＋2)，C正確；∴p3＝1－2p1≥eq\f(π－2,π＋2)(當(dāng)且僅當(dāng)b＝c時取等號)，即p3的最小值為eq\f(π－2,π＋2)，D正確；顯然B錯．故選ACD.三、填空題15．(2021·福建漳州調(diào)研)在半徑為2的圓C內(nèi)任取一點P，則以點P為中點的弦的弦長小于2eq\r(3)的概率為eq\f(3,4).〖〖解析〗〗由題可知，當(dāng)且僅當(dāng)弦心距d>eq\r(22－\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(2\r(3),2)))2)＝1，即|CP|>1時，以點P為中點的弦的弦長小于2eq\r(3)，由幾何概型的概率公式可得所求概率為eq\f(π×22－π×12,π×22)＝eq\f(3,4).16．(2021·河北衡水中學(xué)調(diào)研)有一個底面圓的半徑為1，高為2的圓柱，點O1，O2分別為這個圓柱上底面和下底面的圓心，在這個圓柱內(nèi)隨機取一點P，則點P到點O1，O2的距離都大于1的概率為eq\f(1,3).〖〖解析〗〗到點O1，O2距離為1的點是半徑為1的球面，所以所求概率為P＝1－eq\f(V球,V柱)＝1－eq\f(\f(4,3)π,2π)＝eq\f(1,3).17．(2021·廣東六校聯(lián)考)我國傳統(tǒng)的房屋建筑中，常會出現(xiàn)一些形狀不同的窗欞，窗欞上雕刻有各種花紋，構(gòu)成種類繁多的圖案，如圖所示的窗欞圖案，是將半徑為R的圓六等分，分別以各等分點為圓心，以R為半徑畫圓弧，在圓的內(nèi)部構(gòu)成的平面圖形，現(xiàn)在向該圓形區(qū)域內(nèi)的隨機地投擲一枚飛鏢，飛鏢落在黑色部分(忽略圖中的白線)的概率是2－eq\f(3\r(3),π).〖〖解析〗〗∵陰影部分面積為12×(eq\f(1,6)πR2－eq\f(R,2)×eq\f(\r(3)R,2))＝(2π－3eq\r(3))R2，∴飛鏢落在黑色部分的概率為eq\f(2π－3\r(3)R2,πR2)＝2－eq\f(3\r(3),π)，故〖答案〗為2－eq\f(3\r(3),π).B組能力提升1.(2021·四川瀘州二診)我國三國時期的數(shù)學(xué)家趙爽為了證明勾股定理創(chuàng)制了一幅“勾股圓方圖”，該圖是由四個全等的直角三角形組成，它們共同圍成了一個如圖所示的大正方形和一個小正方形，設(shè)直角三角形中一個銳角的正切值為3.在大正方形內(nèi)隨機取一點，則此點取自小正方形內(nèi)的概率是(D)A．eq\f(1,10) B．eq\f(1,3)C．eq\f(3,10) D．eq\f(2,5)〖〖解析〗〗設(shè)直角三角形較短的直角邊的邊長為a，則小正方形的邊長為2a，大正方形的邊長為eq\r(10)a，∴所求概率P＝eq\f(4a2,10a2)＝eq\f(2,5).故選D.2．(2021·四川達州診斷)在矩形ABCD中，AB＝1，AD＝2，E是AD中點，在矩形ABCD內(nèi)(包括邊界)隨機取一點F，事件eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(\o(AF,\s\up6(→))－\o(AE,\s\up6(→))))≤1發(fā)生的概率為(A)A．eq