浙江省湖州市德清縣2023-2024學(xué)年八年級下學(xué)期期末數(shù)學(xué)試題（解析版）

浙江省湖州市德清縣2023-2024學(xué)年八年級第二學(xué)期數(shù)學(xué)期末考試試卷友情提示：1．全卷分卷I與卷II兩部分，考試時間為120分鐘，試卷滿分為120分．2．試題卷中所有試題的答案填涂或書寫在答題卷的相應(yīng)位置，寫在試題卷上無效．3．請仔細審題，細心答題，相信你一定會有出色的表現(xiàn)！卷I一、選擇題（本題有10小題，每小題3分，共30分）下面每小題給出的四個選項中，只有一個是正確的，請選出各題中一個最符合題意的選項，并在答題卷上將相應(yīng)題次中對應(yīng)字母的方框涂黑，不選、多選、錯選均不給分．1.要使二次根式有意義，則x的值可以為（）A. B.4 C.2 D.0【答案】B【解析】【詳解】若二次根式有意義，則被開方數(shù)是非負數(shù)，即，解得，所以B選項滿足條件，故選B．2.未來將是一個可以預(yù)見的AI時代．AI一般指人工智能，它研究、開發(fā)用于模擬、延伸和擴展人的智能的理論、方法、技術(shù)及應(yīng)用系統(tǒng)的一門新的技術(shù)科學(xué)．下列是世界著名人工智能品牌公司的圖標，其中是軸對稱圖形但不是中心對稱圖形的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】根據(jù)中心對稱圖形和軸對稱圖形的定義，逐項判斷即可求解．【詳解】解：A、是中心對稱圖形，但不是軸對稱圖形，故本選項不符合題意；B、是軸對稱圖形，但不是中心對稱圖形，故本選項符合題意；C、既不是中心對稱圖形，也不是軸對稱圖形，故本選項不符合題意；D、既是中心對稱圖形，也是軸對稱圖形，故本選項不符合題意；故選：B．【點睛】本題主要考查了軸對稱圖形和中心對稱圖形的定義，如果一個圖形沿著一條直線對折后兩部分完全重合，這樣的圖形叫做軸對稱圖形；在平面內(nèi)，把一個圖形繞著某個點旋轉(zhuǎn)，如果旋轉(zhuǎn)后的圖形能與原來的圖形重合，那么這個圖形叫做中心對稱圖形，熟練掌握這兩個概念是解題的關(guān)鍵．3.下列各點中，不在反比例函數(shù)圖象上的點是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】直接利用反比例函數(shù)圖象上點的坐標特點進而得出答案．【詳解】解：∵，∴xy＝12，A．（3，?4），此時xy＝3×（?4）＝?12，符合題意；B、（3，4），此時xy＝3×4＝12，不合題意；C、（2，6），此時xy＝2×6＝12，不合題意；D、（?2，?6），此時xy＝?2×（?6）＝12，不合題意；故選A．【點睛】此題主要考查了反比例函數(shù)圖象上點的坐標特征，屬于基礎(chǔ)題.4.若用反證法證明命題“若或，則”時，應(yīng)假設(shè)（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】反證法的步驟中，第一步是假設(shè)結(jié)論不成立，反面成立，可據(jù)此進行解答．【詳解】解：由反證法知第一步應(yīng)假設(shè)該命題的結(jié)論“”的反面成立，即，故選A．【點睛】本題考查了反證法，解此題關(guān)鍵要懂得反證法的意義及步驟．在假設(shè)結(jié)論不成立時要注意考慮結(jié)論的反面所有可能的情況，如果只有一種，那么否定一種就可以了，如果有多種情況，則必須一一否定．5.甲、乙、丙、丁四位選手各10次射擊成績的平均數(shù)和方差如表所示：選手甲乙丙丁平均數(shù)(環(huán))方差(環(huán)2)則這四人中成績好且發(fā)揮最穩(wěn)定的是(

)A.甲 B.乙 C.丙 D.丁【答案】C【解析】【分析】方差是反映一組數(shù)據(jù)的波動大小的一個量．方差越大，則平均值的離散程度越大，穩(wěn)定性也越??；反之，則它與其平均值的離散程度越小，穩(wěn)定性越好．【詳解】解：因為乙、丙的平均數(shù)高于甲、丁，所以乙、丙的成績較好，又因為丙的方差比較乙小，所以這四人中成績好且發(fā)揮最穩(wěn)定的是丙．故選：C．【點睛】本題主要考查方差，解題的關(guān)鍵是掌握方差的意義：方差是反映一組數(shù)據(jù)的波動大小的一個量．方差越大，則平均值的離散程度越大，穩(wěn)定性也越?。环粗?，則它與其平均值的離散程度越小，穩(wěn)定性越好．6.下列計算正確的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】此題主要考查了二次根式的性質(zhì)，根據(jù)二次根式的性質(zhì)求解即可．【詳解】解：A、，故錯誤，不符合題意；B、，故正確，符合題意；C、，故錯誤，不符合題意；D、，故錯誤，不符合題意；故選：B．7.若一元二次方程x2﹣2x+k=0有兩個不相等的實數(shù)根，則k的取值范圍是（）A.k＞1 B.k＜1 C.k＜1且k≠0 D.k≥1【答案】B【解析】【分析】根據(jù)一元二次方程根的情況，判別式即可得到答案.【詳解】解：由題意知，△=4﹣4k＞0，解得：k＜1．故選B．【點睛】本題考查了一元二次方程根的判別式，解題的關(guān)鍵是掌握根的判別式.8.已知點，在反比例函數(shù)的圖象上，當時，有，則的取值范圍是（）．A B. C. D.【答案】C【解析】【分析】本題考查反比例函數(shù)圖象上點的坐標特征，解題的關(guān)鍵是學(xué)會用轉(zhuǎn)化的思想思考問題．根據(jù)已知條件可知，函數(shù)在同一象限內(nèi)隨的增大而減小，得，即可求得m的取值范圍．【詳解】∵點Ax1,y1且當時，有，∴，解得：．故選：C．9.如圖，菱形中，點為對稱中心，點從點出發(fā)沿向點移動，移動到點停止，作射線，交邊于點，則四邊形形狀的變化依次為（）A.平行四邊形正方形平行四邊形矩形B.平行四邊形正方形矩形菱形C.平行四邊形矩形平行四邊形菱形D.平行四邊形菱形正方形矩形【答案】C【解析】【分析】根據(jù)菱形的性質(zhì)，可得四邊形形狀的變化情況．【詳解】解：如圖，∵四邊形是菱形，∴，，∴，∵，∴，∴，∴這個四邊形先是平行四邊形，當對角線相等時是矩形，然后又是平行四邊形，最后點E與點B重合時是菱形．故選：C．【點睛】本題考查了菱形的性質(zhì)、平行四邊形的判定與性質(zhì)，矩形的判定，全等三角形的判定與性質(zhì)，根據(jù)對角線的情況熟練判定各種四邊形的形狀是解題的關(guān)鍵．10.如圖，矩形ABCD中，分別是邊AD，BC的中點，于P，DP的延長線交AB于．下列結(jié)論：①；②；③．其中結(jié)論正確的有（）A.①② B.②③ C.①③ D.①②③【答案】D【解析】【分析】連接，根據(jù)分別證明、，再利用勾股定理求出，逐個選項判斷即可．【詳解】解：連接GF，∵矩形，∴，，，，∵，是邊的中點，∴，故①正確；∵分別是邊AD，的中點，∴∴四邊形是平行四邊形∴∴∵∴垂直平分∴∴（）∴，即，故②正確；∵，，，∴（）∴，設(shè)，則，，在中，，∴解得，即，故③正確；綜上所述，正確的是①②③故選：D．【點睛】本題考查矩形的性質(zhì)、平行四邊形的判定與性質(zhì)、直角三角形斜邊上中線、勾股定理、全等三角形的性質(zhì)與判定，涉及知識點比較多，熟記各性質(zhì)并作輔助線構(gòu)造出全等三角形是解題的關(guān)鍵．卷II二、填空題（本題有6小題，每小題3分，共18分）11.計算：______．【答案】1【解析】【分析】兩個二項式相乘，并且這兩個二項式中有一項完全相同，另一項互為相反數(shù)，就可以用平方差公式計算，結(jié)果是乘式中兩項的平方差（相同項的平方減去相反項的平方）．【詳解】解：．故答案為：1．【點睛】本題主要考查了平方差公式，二次根式的混合運算，解題的關(guān)鍵是熟練掌握平方差公式，．12.如圖兩處被池塘阻隔，為測量兩地的距離，在地面上選一點，連結(jié)，分別取的中點．測得，則兩地的距離為_________．【答案】10【解析】【分析】本題考查了三角形中位線定理，根據(jù)三角形中位線定理計算即可得出答案．【詳解】解：∵是的中點，∴是的中位線，∴，故答案為：．13.已知是方程的根，則代數(shù)式的值為_________．【答案】2025【解析】【分析】此題考查了代數(shù)式的值、方程根的定義，整體代入是解題的關(guān)鍵．由一元二次方程根的定義得到，再整體代入代數(shù)式即可得到答案．【詳解】解：∵是方程的根，∴，∴，∴，故答案為：．14.如圖，四邊形為平行四邊形，延長AD到，使，連結(jié)，，DB，要使四邊形成為矩形，可添加一個條件是_________．(只要寫出一個條件即可)【答案】（或或等）【解析】【分析】本題考查了平行四邊形的判定和性質(zhì)、矩形的判定，首先判定四邊形為平行四邊形是解題的關(guān)鍵．先證明四邊形為平行四邊形，再根據(jù)矩形的判定進行解答．【詳解】解：四邊形為平行四邊形，，，又，，且，四邊形為平行四邊形，添加，為矩形；添加，，為矩形；添加，，為矩形．故答案為：（或或）15.定義：一組鄰邊相等，另一組鄰邊也相等的凸四邊形叫做“箏形”．如圖，在矩形中，，“箏形”EFGH的頂點是AB的中點，點分別在上，且，則對角線EG的長_________．【答案】或【解析】【分析】①根據(jù)矩形的判定與性質(zhì)可知，，再根據(jù)全等三角形的判定與性質(zhì)解答即可；②根據(jù)矩形的判定與性質(zhì)可知，再根據(jù)勾股定理可知即可解答．本題考查了全等三角形的判定與性質(zhì)，矩形的判定與性質(zhì)，勾股定理，根據(jù)題意畫出圖形是解題的關(guān)鍵．【詳解】解：①如圖，，，∵點是AB的中點，，∴，∵四邊形是矩形，∴，，∴在和中，，∴，∴，∴，∴，在和中，，∴，∴，∴，∵，∴；②如圖，，，過點作于點，∴，∴四邊形是矩形，∴，∵點是AB的中點，，∴，∵，∴在中，，∵，∴，∵，∴在中，，∴，∴，∴，∴在中，，故答案為或．16.如圖，在平面直角坐標系xOy中，點是軸正半軸上一點，點是反比例函數(shù)圖象上的一個動點，連結(jié)AB，以AB為一邊作正方形ABCD，使點在第一象限且落在反比例函數(shù)的圖象上，設(shè)點的橫坐標為，點的橫坐標為，則_________．【答案】2【解析】【分析】本題考查反比例函數(shù)與幾何的綜合應(yīng)用，正方形的性質(zhì)，全等三角形的判定和性質(zhì)，將代入中，得到點B的坐標，作軸于點E，作軸于點F，證明，利用，，得到點D的坐標，再根據(jù)點D在反比例函數(shù)圖像上，點D的橫坐標為n，利用坐標相等即可求解．【詳解】解：將代入中，得，點B的坐標是，作軸于點E，作軸于點F，如圖所示，四邊形是正方形，，，，，，又，，，，，，點D的坐標是，點D在反比例函數(shù)圖像上，點D的橫坐標為n，點D的坐標是，，，，，，，．故答案為：2．三、解答題（本題有8小題，共72分）17計算：（1）（2）【答案】（1）（2）10【解析】【分析】本題考查了二次根式加減混合運算、二次根式性質(zhì)以及乘法和加法的混合運算，正確掌握相關(guān)性質(zhì)內(nèi)容是解題的關(guān)鍵．（1）先根據(jù)二次根式性質(zhì)進行化簡，再合并同類二次根式，即可作答．（2）先根據(jù)二次根式性質(zhì)進行化簡，再運算乘法，即可作答．【小問1詳解】解：==【小問2詳解】解：18.解方程：（1）；（2）【答案】（1）（2）【解析】【分析】本題主要考查解一元二次方程，（1）利用因式分解法將方程變形為即可解答；（2）利用一元二次方程的根的判別式可知方程有兩個不相等的實數(shù)根，再利用公式法解答即可．【小問1詳解】解：，∴，∴；【小問2詳解】解：，∴，∴，，19.如圖，一次函數(shù)的圖象與反比例函數(shù)的圖象交于點和點．（1）求反比例函數(shù)的解析式；（2）當時，直接寫出的取值范圍．【答案】（1）（2）或【解析】【分析】本題考查了一次函數(shù)和反比例函數(shù)綜合，解題的關(guān)鍵是掌握用待定系數(shù)法求解函數(shù)解析式的方法和步驟．（1）先求出點A的坐標，再把點A的坐標代入，求出k的值即可；（2）求出點B的坐標，結(jié)合圖象，找出一次函數(shù)圖象高于反比例函數(shù)圖象時自變量的取值范圍即可．【小問1詳解】解：把代入得，將代入，得，解得，，反比例函數(shù)的解析式為；【小問2詳解】解：把代入得：，解得：，，由圖可知：當時，或．20.為了調(diào)動員工的積極性，商場家電部經(jīng)理決定確定一個適當?shù)脑落N售目標，對完成目標的員工進行獎勵．家電部對名員工當月的銷售額進行統(tǒng)計和分析．數(shù)據(jù)收集：下表為名員工當月的銷售額（單位：萬元）7.9數(shù)據(jù)整理：銷售額/萬元頻數(shù)數(shù)據(jù)分析：平均數(shù)眾數(shù)中位數(shù)7.447.7問題解決：（1）填空：___________，___________；（2）若將月銷售額不低于7萬元確定為銷售目標，則有___________名員工獲得獎勵；（3）經(jīng)理對數(shù)據(jù)分析以后，最終對一半的員工進行了獎勵：員工甲找到經(jīng)理說：“我這個月的銷售額是萬元，比平均數(shù)萬元高，所以我的銷售額超過一半員工，為什么我沒拿到獎勵？”假如你是經(jīng)理，請你給出合理解釋．【答案】（1），（2）（3）員工甲不能拿到獎勵【解析】【分析】（1）根據(jù)所給數(shù)據(jù)及眾數(shù)的定義求解；（2）根據(jù)頻數(shù)分布表求解；（3）利用中位數(shù)進行決策．【小問1詳解】解：，∵個數(shù)據(jù)中，出現(xiàn)了次，是出現(xiàn)次數(shù)最多的，∴眾數(shù)，故答案為：，；【小問2詳解】解：月銷售額不低于萬元的有：（人），故答案為：；【小問3詳解】解：名員工的銷售額的中位數(shù)為萬元，名員工的銷售額有一半的人，即10人超過萬元，公司對一半的員工進行了獎勵，說明銷售額在萬元及以上的人才能獲得，而員工甲的銷售額是萬元，低于萬元，員工甲不能拿到獎勵【點睛】本題考查頻數(shù)分布表，中位數(shù)，利用中位數(shù)做決策等，解題的關(guān)鍵是掌握中位數(shù)的求法及意義．21.如圖是由的小正方形組成的網(wǎng)格，每個邊長為1的小正方形的頂點叫做格點，圖中的三個頂點都是格點，是上一點，僅用無刻度的直尺在給定網(wǎng)格中完成下列畫圖，畫圖過程用虛線，畫圖結(jié)果用實線．（1）直接寫出邊的長=___________；（2）在圖中畫格點，使四邊形是平行四邊形；再在線段上畫點，使．【答案】（1）（2）見解析【解析】【分析】本題考查了勾股定理，平行四邊形的性質(zhì)，格點作圖．（1）根據(jù)勾股定理即可求解；（2）先根據(jù)平行四邊形的對邊平行且相等的性質(zhì)，確定點D，連接，再連接點E和平行對角線交點并延長，交于點F．【小問1詳解】解：根據(jù)勾股定理可得：，故答案為：．【小問2詳解】解：如圖所示，即為所求；22.綜合實踐——用矩形硬紙片制作無蓋紙盒．如圖1，有一張長，寬的長方形硬紙片，裁去角上同樣大小的四個小正方形之后，折成圖2所示的無蓋紙盒．（硬紙片厚度忽略不計）（1）若剪去的正方形的邊長為，則紙盒底面長方形的長為___________，寬為___________；（2）若紙盒的底面積為，請計算剪去的正方形的邊長；（3）如圖3，小明先在原矩形硬紙片的兩個角各剪去一個同樣大小的正方形（陰影部分），經(jīng)過思考他發(fā)現(xiàn)，再剪去兩個同樣大小的矩形后，可將剩余部分折成一個有蓋紙盒．若折成的有蓋長方體紙盒的表面積為，請計算剪去的正方形的邊長．【答案】（1）26，12（2）剪去正方形的邊長為（3）剪去的正方形的邊長為【解析】【分析】本題考查了一元二次方程的應(yīng)用、有理數(shù)的混合運算的應(yīng)用，理解題意，正確列出一元二次方程是解此題的關(guān)鍵．（1）根據(jù)題意列式計算即可得出答案；（2）設(shè)減去的正方形的邊長為，則紙盒底面長方形的長為，寬為，根據(jù)題意列出一元二次方程，解方程即可得出答案；（3）設(shè)剪去的正方形的邊長為，根據(jù)題意列出一元二次方程，解方程即可得出答案．【小問1詳解】解：由題意得：，，紙盒底面長方形的長為，寬為；【小問2詳解】解：設(shè)減去正方形的邊長為，則紙盒底面長方形的長為，寬為，由題意得：，解得：或（舍去），∴剪去正方形的邊長為；【小問3詳解】解：設(shè)剪去的正方形的邊長為，由題意得：，解得：或（不符合題意，舍去），∴剪去的正方形的邊長為．23.在菱形中，是直線BD上一動點，以為邊向右側(cè)作等邊按逆時針排列)，點的位置隨點的位置變化而變化．（1）如圖1，當點在線段BD上，且點在菱形內(nèi)部或邊上時，連結(jié)CE，小明通過連接后證明得到與CE的數(shù)量關(guān)系是______________；（2）如圖2，當點在線段BD上，且點在菱形外部時，(1)中的結(jié)論是否還成立？若成立，請予以證明；若不成立，請說明理由；（3）當點在BD的延長線上時，其他條件不變，連接，若，，求的長．【答案】（1）（2）（1）中的結(jié)論仍然成立，詳見解析（3）【解析】【分析】（1）根據(jù)菱形的性質(zhì)及等邊三角形的性質(zhì)可知，再根據(jù)全等三角形的判定與性質(zhì)即可解答；（2）根據(jù)菱形的性質(zhì)及等邊三角形的性質(zhì)可知，再根據(jù)全等三角形的判定與性質(zhì)即可解答；（3）根據(jù)菱形的性質(zhì)及直角三角形可知，再根據(jù)全等三角形的判定與性質(zhì)可知，最后利用直角三角形的性質(zhì)及勾股定理即可解答．【小問1詳解】解：，理由如下：如圖，連接，延長CE交于點，∵四邊形是菱形，∴，∵，∴是等邊三角形，∴，，∵是等邊三角形，∴，，∴，∴，∴；故答案為；【小問2詳解】解：仍然成立，理由如下：如圖，連接，延長CE交于點，∵四邊形是菱形，∴，，，∵，∴是等邊三角形，∴，，，，∵是等邊三角形，∴，，∴，∴，∴，∴；【小問3詳解】解：當點在的延長線上時，連接交于點，連接CE，，∵四邊形是菱形，∴，平分，，∵，，∴，∴，由（2）可知：，∴，，∴，∴，∵，，∴在中，，∴．【點睛】本題考查了菱形的性質(zhì)，等邊三角形的判定與性質(zhì)，全等三角形的判定與性質(zhì)，直角三角形的判定與性質(zhì)，勾股定理