江蘇省2023~2024學(xué)年高三第一次聯(lián)考物理試卷（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024年江蘇省高考物理第一次聯(lián)考試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．（4分）核能被視為人類(lèi)解決能源問(wèn)題的終極方案，我國(guó)在核能應(yīng)用和研究方面目前都處于國(guó)際一流水平。2個(gè)質(zhì)子和2個(gè)中子結(jié)合成氦核，并釋放出能量。已知中子的質(zhì)量為mn，質(zhì)子的質(zhì)量為mp，氦核的質(zhì)量為m，真空中光速為c。下列說(shuō)法正確的是（）A．該核反應(yīng)屬于α衰變反應(yīng) B．該核反應(yīng)方程中質(zhì)量虧損為m﹣（2mm+2mp） C．該核反應(yīng)釋放的核能為 D．氨核的平均結(jié)合能為〖祥解〗根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒寫(xiě)出核反應(yīng)方程，判斷核反應(yīng)類(lèi)型；結(jié)合愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程求出釋放的能量；根據(jù)平均結(jié)合能的定義列式求解?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)電荷數(shù)守恒→，該反應(yīng)為聚變反應(yīng)；B、8個(gè)中子和2個(gè)質(zhì)子結(jié)合成氦核時(shí)質(zhì)量虧損：Δm＝2mn+8mP﹣m，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程2＝（2mn+8mP﹣m）c2，故C正確；D、氦核的平均結(jié)合能為。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了核反應(yīng)方程和愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程的基本運(yùn)用，比較簡(jiǎn)單，知道在核反應(yīng)方程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒。2．（4分）關(guān)于理想氣體，下列說(shuō)法中正確的是（）A．達(dá)到熱平衡的兩個(gè)系統(tǒng)溫度一定相同 B．當(dāng)氣體溫度升高時(shí)，所有分子的動(dòng)能均增加 C．一定量氣體失去容器的約束就會(huì)散開(kāi)，這是因?yàn)闅怏w分子之間存在斥力 D．溫度升高時(shí)，氣體分子速率分布中各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比可能不變〖祥解〗根據(jù)熱平衡的定義，知道溫度是判斷系統(tǒng)熱平衡的依據(jù)，據(jù)此分析判斷即可。利用溫度與平均分子動(dòng)能、單個(gè)分子動(dòng)能的關(guān)系解決問(wèn)題；氣體如果失去容器的約束就會(huì)散開(kāi)是自由擴(kuò)散的結(jié)果；溫度變化時(shí)，分子的平均速率會(huì)變化，即分子速率分布中各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比會(huì)變化?！窘獯稹拷猓篈、如果兩個(gè)系統(tǒng)處于熱平衡狀態(tài)，但是內(nèi)能不一定相同；B、溫度升高，但并不是每一個(gè)分子的動(dòng)能都增加；C、氣體如果失去容器的約束就會(huì)散開(kāi)是自由擴(kuò)散的結(jié)果而不是因?yàn)榉肿娱g存在斥力；D、溫度變化時(shí)，即分子速率分布中各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比會(huì)變化。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】掌握熱平衡的概念及關(guān)鍵因素，掌握溫度對(duì)平均分子速率及動(dòng)能的影響因素即可解決問(wèn)題。3．（4分）將鐵絲圈在肥皂水中蘸一下，讓它掛上一層薄薄的液膜，豎直放置能觀(guān)察到彩色條紋，則（）A．肥皂膜表面層分子間作用力表現(xiàn)為斥力 B．這層肥皂膜上薄下厚，側(cè)截面為圖乙梯形 C．上疏下密的彩色條紋是肥皂膜前后表面反射光形成的干涉條紋 D．將鐵絲圈上方的把柄向右轉(zhuǎn)動(dòng)90°，條紋也會(huì)跟著轉(zhuǎn)動(dòng)90°〖祥解〗本題根據(jù)薄膜干涉現(xiàn)象結(jié)合液體表面張力作用，即可解答?！窘獯稹拷猓篈.肥皂膜表面層分子間作用力表現(xiàn)為引力，故A錯(cuò)誤；B.由于重力作用，肥皂膜前后表面的厚度從上到下逐漸增大，側(cè)截面是一個(gè)圓滑的曲面，故B錯(cuò)誤；C.鐵絲圈掛上一層薄薄的液膜，肥皂膜前后表面反射光疊加形成彩色條紋，故C正確；D.若鐵絲圈在豎直平面內(nèi)旋轉(zhuǎn)，由于重力作用膜的厚度仍是上薄下厚，不會(huì)旋轉(zhuǎn)；故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查學(xué)生對(duì)薄膜干涉現(xiàn)象的理解能力和分析能力，比較基礎(chǔ)。4．（4分）如圖所示，游樂(lè)場(chǎng)有一種叫“旋轉(zhuǎn)飛椅”的游樂(lè)項(xiàng)目。鋼繩的一端系著座椅，另一端固定在水平轉(zhuǎn)盤(pán)上。轉(zhuǎn)盤(pán)可繞穿過(guò)其中心的豎直軸轉(zhuǎn)動(dòng)。當(dāng)轉(zhuǎn)盤(pán)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，連接游客P、Q的鋼繩與豎直方向之間的夾角分別為θ1、θ2，且θ1＜θ2。將游客看作一個(gè)質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)鋼繩和座椅的重力，下列說(shuō)法正確的是（）A．游客P、Q的角速度不相等 B．游客P、Q的線(xiàn)速度大小相等 C．游客P的向心加速度小于Q的向心加速度 D．游客P、Q受到鋼繩的拉力大小相等〖祥解〗本題根據(jù)角速度與線(xiàn)速度、向心力以及向心加速度的關(guān)系式分析求解?！窘獯稹拷猓篈.兩游客P、Q在同一水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)、Q的角速度相等；B.根據(jù)線(xiàn)速度和角速度關(guān)系：v＝ωr，可得游客P，故游客P，故B錯(cuò)誤；C.連接游客P、Q的鋼繩與豎直方向之間的夾角分別為θ1、θ2，且θ8＜θ2，可知游客P的半徑小于游客Q的半徑，根據(jù)向心加速度a＝rω2，游客P的向心加速度小于Q的向心加速度，故C正確；D.在豎直方向上，根據(jù)游客P，且θ6＜θ2，可知游客P、Q受到鋼繩的拉力大小不相等；故選：C。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了圓周運(yùn)動(dòng)的基礎(chǔ)知識(shí)，理解各個(gè)物理量公式的含義是解決此類(lèi)問(wèn)題的關(guān)鍵。5．（4分）如圖所示，由a、b兩種單色光組成的一束復(fù)色光從水中S點(diǎn)沿SO射到水面，在界面上發(fā)生反射和折射后分成兩束（）A．a(chǎn)光的頻率大于b光的頻率 B．a(chǎn)在水中的傳播速度小于b在水中的傳播速度 C．用同一裝置做單縫衍射實(shí)驗(yàn)，a光的中央亮條紋更窄 D．用同一裝置做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，屏幕上相鄰亮條紋間距Δxb＜Δxa〖祥解〗A、由題意可知兩光臨界角的大小關(guān)系，由可知兩光折射率的大小關(guān)系，則可知頻率的大小關(guān)系；B、利用分析兩光在水中傳播速度的大小關(guān)系；C、根據(jù)折射率的大小關(guān)系可知兩光的波長(zhǎng)的大小關(guān)系，波長(zhǎng)越長(zhǎng)衍射的中央亮條紋越寬；D、利用分析?！窘獯稹拷猓篈、在界面上，a光發(fā)生折射，所以b光的臨界角小于a光的臨界角，由b＞na，則可知a光的頻率小于b光的頻率，故A錯(cuò)誤；B、由可知a在水中的傳播速度大于b在水中的傳播速度；C、由nb＞na，可知λa＞λb，所以用同一裝置做單縫衍射實(shí)驗(yàn)，a光的中央亮條紋更寬；D、用同一裝置做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，由b＜Δxa，故D正確。故選：D。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了光的折射定律、全反射、光的干涉和衍射，解題的關(guān)鍵是知道光發(fā)生全反射的條件是：光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，且入射角大于臨界角，注意發(fā)生衍射時(shí)，光的波長(zhǎng)越長(zhǎng)，則中央亮條紋越寬。6．（4分）如圖所示，在光滑水平面上MN右側(cè)區(qū)域存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。t＝0時(shí)刻，一質(zhì)量為m、高為a、電阻為R的正三角形金屬線(xiàn)框以速度v從邊界MN處進(jìn)入磁場(chǎng)，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A．線(xiàn)框中的電流始終為逆時(shí)針?lè)较?B．t＝0時(shí)刻，線(xiàn)框的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為Bav C．通過(guò)導(dǎo)線(xiàn)橫截面的電荷量為 D．線(xiàn)框中感應(yīng)電流產(chǎn)生的焦耳熱為〖祥解〗根據(jù)右手定則判斷線(xiàn)框中的感應(yīng)電流方向；B、由幾何關(guān)系求出線(xiàn)框的邊長(zhǎng)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求得線(xiàn)框的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；根據(jù)電流的定義式、法拉第電磁感應(yīng)定律求解通過(guò)導(dǎo)線(xiàn)橫截面的電荷量；根據(jù)能量守恒定律求解線(xiàn)框中感應(yīng)電流產(chǎn)生的焦耳熱?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)右手定則，線(xiàn)框中的感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?；B、正三角形金屬線(xiàn)框的高為a根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，t＝0時(shí)刻，故B錯(cuò)誤；C、通過(guò)導(dǎo)線(xiàn)橫截面的電荷量為：＝＝＝；D、根據(jù)能量守恒定律，故D正確。本題選則錯(cuò)誤的，故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了電磁感應(yīng)現(xiàn)象的基礎(chǔ)問(wèn)題，掌握求解通過(guò)的電荷量的推導(dǎo)過(guò)程，電荷量的一般表達(dá)式為q＝n。7．（4分）圖甲為研究光電效應(yīng)的電路圖，其中光電管陰極K的材料的逸出功。圖乙為實(shí)驗(yàn)中用某一頻率的光照射光電管時(shí)，當(dāng)U＝﹣2.5V時(shí)，光電流剛好為0。已知普朗克常量h＝6.6×10﹣34J?s，電子電荷量e＝1.6×10﹣19C，質(zhì)量m＝9.1×10﹣31kg，下列說(shuō)法正確的是（）A．入射光的頻率為1.5×1016Hz B．以最大初動(dòng)能逸出的光電子的德布羅意波的波長(zhǎng)約為7.7×10﹣10m C．當(dāng)電壓U＝2.5V時(shí)，光電子到達(dá)陽(yáng)極A的最大動(dòng)能為8.0×10﹣29J D．每秒射到光電管陰極K的光子至少為1.2×1017個(gè)〖祥解〗明確2.5V為遏止電壓，根據(jù)動(dòng)能定理和愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程可確定入射光的頻率，再根據(jù)德布羅意波的波長(zhǎng)公式解波長(zhǎng)；根據(jù)動(dòng)能定理求解光電子到達(dá)陽(yáng)極A的最大動(dòng)能；根據(jù)飽和電流求解光電子數(shù)，再根據(jù)光電子數(shù)和光子數(shù)對(duì)應(yīng)確定光子數(shù)?！窘獯稹拷猓篈、由乙圖可知c＝2.5V，由愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程可知，Ek＝hν﹣W5，且﹣eUc＝0﹣Ek，聯(lián)立解得本次實(shí)驗(yàn)入射光的頻率為ν＝1.7×1015Hz，故A錯(cuò)誤；B、以最大初動(dòng)能逸出的光電子的德布羅意波的波長(zhǎng)λ＝k＝Uce＝2.5×8.6×10﹣19J＝4×10﹣19J，由p＝，光電子的動(dòng)量p＝﹣25kg?m/s，聯(lián)立解得波長(zhǎng)λ＝﹣10m，故B正確；C、由動(dòng)能定理可知，光電子到達(dá)陽(yáng)極A的最大動(dòng)能為EK1＝Ek+Ue＝2.8×1.6×10﹣19J+7×10﹣19J＝8.0×10﹣19J，故C錯(cuò)誤；D、由題意可知m＝35.2μA，則1s時(shí)間內(nèi)到達(dá)A極的電子數(shù)n＝＝14個(gè)，即每秒射到光電管陰極K的光子至少為2.2×1014個(gè)，故D錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查對(duì)光電效應(yīng)的理解以及愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程應(yīng)用，要注意正確理解I﹣U圖象，從圖中找出遏止電壓和飽和電流是解題的關(guān)鍵。8．（4分）一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷從狀態(tài)A到狀態(tài)B的變化，其V﹣T圖像如圖所示，AB的反向延長(zhǎng)線(xiàn)過(guò)原點(diǎn)。氣體在狀態(tài)A的壓強(qiáng)2J，下列說(shuō)法正確的是（）A．氣體在狀態(tài)B的壓強(qiáng)為2.25×105Pa B．氣體在狀態(tài)B的體積為2.5×10﹣2m3 C．從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過(guò)程，氣體對(duì)外界做功750J D．從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過(guò)程，氣體的內(nèi)能增加1.55×103J〖祥解〗AB、根據(jù)AB的反向延長(zhǎng)線(xiàn)經(jīng)過(guò)原點(diǎn)，可知從A到B氣體壓強(qiáng)不變，利用蓋﹣呂薩克定律可得氣體在狀態(tài)B的體積；CD、根據(jù)W＝pΔV可得氣體對(duì)外界做的功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得內(nèi)能的增加量。【解答】解：AB、AB的反向延長(zhǎng)線(xiàn)過(guò)原點(diǎn)，所以氣體在狀態(tài)B的壓強(qiáng)：，由蓋﹣呂薩克定律有：B＝7.5×10﹣2m3，故AB錯(cuò)誤；CD、從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過(guò)程（4.5×10﹣2﹣4×10﹣2）J＝750J氣體體積增大，氣體對(duì)外界做功，即W＝﹣750J由熱力學(xué)第一定律有：ΔU＝W+Q，其中Q＝8.7×102J，代入數(shù)據(jù)可得：ΔU＝50J，故C正確。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了熱力學(xué)第一定律、蓋﹣呂薩克定律，解題的關(guān)鍵是知道V﹣T圖像的圖線(xiàn)經(jīng)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)，則氣體的壓強(qiáng)不變。9．（4分）如圖所示，一個(gè)小型交流發(fā)電機(jī)輸出端連接原、副線(xiàn)圈匝數(shù)比n1：n2＝1：2的理想變壓器，變壓器副線(xiàn)圈上接有R＝20Ω的電阻。已知交流發(fā)電機(jī)內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B＝0.2T，發(fā)電機(jī)線(xiàn)圈匝數(shù)N＝10匝2，轉(zhuǎn)動(dòng)角速度ω＝25rad/s，內(nèi)阻不計(jì)。當(dāng)發(fā)電機(jī)正常工作時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A．圖示位置磁通量最大，磁通量的變化率最小 B．以圖示位置為t＝0時(shí)刻，線(xiàn)圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式為e＝10sin25t（V） C．電阻R兩端的電壓為 D．電阻R消耗的電功率為20W〖祥解〗A.根據(jù)與中性面垂直的平面的特點(diǎn)進(jìn)行分析解答；B.根據(jù)交流電的瞬時(shí)值表達(dá)式進(jìn)行分析求解；C.根據(jù)有效值和最大值的關(guān)系結(jié)合變壓器變壓比進(jìn)行計(jì)算；D.根據(jù)功率公式求解?！窘獯稹拷猓篈.圖示位置是與中性面垂直的平面，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量為0，故A錯(cuò)誤；B.以圖示位置為t＝0時(shí)刻，對(duì)應(yīng)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式為e＝NBSωcosωt＝10×8.2×0.5×25cos25t（V）＝10cos25t（V）；C.交流電壓的有效值為U1＝＝V＝5V＝，得U2＝10V，故C正確；D.電阻R消耗的電功率為P＝＝W＝10W。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】考查交流電的瞬時(shí)值、最大值、有效值和變壓器的相關(guān)問(wèn)題，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析和計(jì)算。10．（4分）如圖甲所示，2024年1月9日我國(guó)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心使用長(zhǎng)征二號(hào)丙運(yùn)載火箭，成功將愛(ài)因斯坦探針衛(wèi)星發(fā)射升空，發(fā)射任務(wù)獲得圓滿(mǎn)成功。假設(shè)愛(ài)因斯坦探針衛(wèi)星發(fā)射簡(jiǎn)化過(guò)程如圖乙所示，先將衛(wèi)星送入圓形軌道Ⅰ，衛(wèi)星由軌道Ⅰ進(jìn)入近地點(diǎn)高度為h1、遠(yuǎn)地點(diǎn)高度為h2的橢圓軌道Ⅱ，衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)b點(diǎn)的速度大小為v，然后再變軌進(jìn)入圓軌道Ⅲ，地球的半徑為R，引力常量為G（）A．地球的密度為 B．衛(wèi)星在軌道Ⅲ上運(yùn)動(dòng)的速度大小約為 C．衛(wèi)星在軌道Ⅱ上的運(yùn)行周期為2T D．衛(wèi)星在軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)a點(diǎn)時(shí)的速度大小為〖祥解〗A.根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合地球的體積公式、密度公式聯(lián)立推導(dǎo)；B.根據(jù)線(xiàn)速度的公式列式計(jì)算；C.根據(jù)開(kāi)普勒第三定律推導(dǎo)解答；D.根據(jù)開(kāi)普勒第二定律列式解答。【解答】解：A.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有，解得，則地球密度；B.衛(wèi)星在軌道Ⅲ上運(yùn)動(dòng)時(shí)，線(xiàn)速度大小為；C.由開(kāi)普勒第三定律可得，解得；D.由開(kāi)普勒第二定律可知，在很短的時(shí)間Δt內(nèi)，有，故D正確。故選：D。【點(diǎn)評(píng)】考查萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用和開(kāi)普勒關(guān)于行星運(yùn)動(dòng)的定律，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析和解答。11．（4分）如圖所示，水平固定一光滑長(zhǎng)桿，桿上P點(diǎn)正下方h＝0.3m處固定一光滑定滑輪A＝1kg的滑塊A套在細(xì)桿上，下端系一長(zhǎng)L＝1m的輕質(zhì)細(xì)繩繞過(guò)定滑輪，懸掛一質(zhì)量mB＝1kg的小球B，用水平外力F將滑塊A拉至P點(diǎn)左側(cè)C點(diǎn)，繩與豎直方向夾角θ＝53°，取g＝10m/s2，cos53°＝0.6，sin53°＝0.8，下列說(shuō)法正確的是（）A．水平外力的大小為F＝6N B．水平外力的大小為F＝10N C．撤去外力F后，滑塊A滑至P點(diǎn)時(shí)速度大小為2m/s D．撤去外力F后，滑塊A滑至P點(diǎn)過(guò)程中輕繩拉力始終小于小球B的重力〖祥解〗對(duì)A受力分析列出平衡方程，得出水平拉力。對(duì)A、B組成的系統(tǒng)，由機(jī)械能守恒定律列式子?！窘獯稹拷猓涸谒酵饬作用下，系統(tǒng)保持靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，如圖所示，AB.由共點(diǎn)力平衡條件可得F＝T0sinθ，對(duì)B受力分析可得T0＝mBg，解得水平外力的大小為F＝mBgsinθ＝8×10×0.8N＝4N，AB錯(cuò)誤；C.當(dāng)滑塊A滑至P點(diǎn)時(shí)，小球B速度為0，對(duì)A，由機(jī)械能守恒定律可得：，解得：v＝2m/s；D.撤去外力F后，滑塊A滑至P點(diǎn)過(guò)程中，輕繩拉力先小于后大于小球B的重力；故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查共點(diǎn)力的平衡及系統(tǒng)機(jī)械能守恒的問(wèn)題，常規(guī)題目。二、非選擇題：本題共5小題，共56分。其中第13～16題解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫(xiě)出最后〖答案〗的不能得分；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，〖答案〗中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。12．（15分）某同學(xué)利用如圖甲所示的電路測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，選用的器材如下：A.毫安表mA（量程為10mA，內(nèi)阻為59Ω）B.電壓表V（量程為3V，內(nèi)阻很大）C.電阻箱R1（0～999.9Ω）D.滑動(dòng)變阻器R2（0～50Ω）E.干電池一節(jié)、開(kāi)關(guān)一個(gè)和導(dǎo)線(xiàn)若干（1）根據(jù)圖甲，在圖乙上用筆畫(huà)線(xiàn)代替導(dǎo)線(xiàn)完成實(shí)物圖連線(xiàn)。（2）正確連接后，某次測(cè)量中電壓表指針位置如圖丙所示，其示數(shù)為1.20V。（3）由于毫安表mA的量程太小，因此實(shí)驗(yàn)前需要將其改裝成量程為0.6A的電流表，圖甲中電阻箱R1應(yīng)調(diào)整為1Ω。（4）改變滑動(dòng)變阻器滑片的位置，記錄兩電表的示數(shù)，電壓表的示數(shù)為U，則干電池的電動(dòng)勢(shì)為1.48V（保留三位有效數(shù)字）、內(nèi)阻為0.33Ω（保留兩位有效數(shù)字）。〖祥解〗（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理連接實(shí)物圖；（2）根據(jù)電壓表分度值讀數(shù)；（3）根據(jù)電表改裝原理分析解答；（4）根據(jù)閉合電路歐姆定律結(jié)合圖像斜率與截距解答?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)圖甲電路圖，完整的實(shí)物連線(xiàn)如圖所示（2）電壓表量程0～3V，分度值為4.1V（3）根據(jù)串并聯(lián)特點(diǎn)有Im＝IA+將Im＝8.6A＝600mA代入可得R1＝4Ω（4）改裝后的電流表內(nèi)阻為R'＝解得R'＝0.98Ω由電路結(jié)合閉合電路歐姆定律可得U＝E﹣I（R'+r）則U﹣I圖像的縱軸截距為b＝E＝1.48VU﹣I圖像的斜率絕對(duì)值為k＝R'+r＝Ω解得內(nèi)阻為r＝8.33Ω故〖答案〗為：（1）見(jiàn)〖解析〗；（2）1.20；（4）1.48【點(diǎn)評(píng)】要掌握應(yīng)用圖像法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的方法，會(huì)根據(jù)圖像求電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻；會(huì)分析測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)的誤差問(wèn)題。13．（6分）如圖所示，光滑絕緣水平面上，長(zhǎng)度為l的絕緣細(xì)線(xiàn)一端系著帶電荷量為+q（q＞0），另一端固定在O'點(diǎn)，空間中存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，現(xiàn)保持細(xì)線(xiàn)伸直，將小球拉開(kāi)一個(gè)很小的角度（小于5°），小球運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)的速度大小為v。已知小球的質(zhì)量為m，重力加速度大小為g，則小球由釋放到第一次運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)的過(guò)程中，求：（1）電場(chǎng)力對(duì)小球做的功；（2）電場(chǎng)力對(duì)小球的沖量的大小?！枷榻狻剑?）根據(jù)動(dòng)能定理進(jìn)行解答；（2）根據(jù)單擺周期公式求解振動(dòng)周期，求出小球由釋放到第一次運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)的過(guò)程中經(jīng)過(guò)的時(shí)間，由此得到電場(chǎng)力對(duì)小球的沖量的大小?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)動(dòng)能定理可得：W電＝；（2）將小球拉開(kāi)一個(gè)很小的角度（小于5°）后由靜止釋放，小球的運(yùn)動(dòng)可以看作是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。等效重力加速度大小為：g等＝，振動(dòng)周期為：T＝2π小球由釋放到第一次運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)的過(guò)程中經(jīng)過(guò)的時(shí)間為：t＝電場(chǎng)力對(duì)小球的沖量的大?。篒沖＝qEt聯(lián)立解得：I沖＝。答：（1）電場(chǎng)力對(duì)小球做的功為；（2）電場(chǎng)力對(duì)小球的沖量的大小為?！军c(diǎn)評(píng)】解決這類(lèi)帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問(wèn)題的關(guān)鍵是明確電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能和動(dòng)能間的關(guān)系，掌握簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)周期的計(jì)算公式。14．（8分）某棟居民樓發(fā)生火災(zāi)，消防隊(duì)前往救援。如圖所示，消防水龍頭的噴嘴位置O與著火點(diǎn)A的連線(xiàn)與水平面的夾角為30°。已知水離開(kāi)噴嘴時(shí)的速度大小為，忽略空氣阻力，重力加速度g取10m/s2。求：（1）水柱在空中距離O點(diǎn)的最大豎直高度；（2）水柱到達(dá)著火點(diǎn)A時(shí)的速度大小。〖祥解〗（1）根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可求出最大高度；（2）利用運(yùn)動(dòng)的合成和分解，結(jié)合斜拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可求出A點(diǎn)的速度?！窘獯稹拷猓海?）水在空中做斜拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向上的分速度減為0時(shí)，利用逆向思維0sin60°）6＝2ghmax解得hmax＝28.8m（2）水在空中做斜拋運(yùn)動(dòng)，水柱從O運(yùn)動(dòng)到A過(guò)程有xOAcos30°＝v3cos60°?txOAsin30°＝?t水柱到達(dá)著火點(diǎn)A時(shí)的速度大小vA＝解得vA＝16m/s答：（1）水柱在空中距離O點(diǎn)的最大豎直高度為28.6m（2）水柱到達(dá)著火點(diǎn)A時(shí)的速度大小為16m/s。【點(diǎn)評(píng)】學(xué)生在解答本題時(shí)，應(yīng)注意對(duì)于斜拋運(yùn)動(dòng)要應(yīng)用運(yùn)動(dòng)的合成與分解作答。15．（12分）某快遞站利用如圖所示裝置運(yùn)送貨物（視為質(zhì)點(diǎn)），固定傾斜軌道AB的B點(diǎn)與軌道B'CD的B'點(diǎn)等高，兩軌道相切并平滑連接。軌道B'CD上表面由光滑圓弧軌道B'C和水平粗糙軌道CD組成且相切于C點(diǎn)，所對(duì)圓心角θ＝37°，水平粗糙軌道CD段長(zhǎng)L＝5m。軌道B'CD靜置于光滑水平面上，貨物滑到軌道B'CD左端D點(diǎn)時(shí)恰好與軌道保持相對(duì)靜止。貨物與傾斜軌道AB、水平粗糙軌道CD間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為μ0＝0.125，μ1＝0.3，重力加速度大小取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，不計(jì)空氣阻力。求：（1）貨物在B點(diǎn)的速度大?。唬?）軌道B′CD的質(zhì)量M；（3）整個(gè)過(guò)程中由于摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能Q。〖祥解〗（1）根據(jù)動(dòng)能定理求解貨物在B點(diǎn)的速度大小。（2）根據(jù)動(dòng)能定理求得貨物到達(dá)C點(diǎn)的速度大小，貨物在軌道B′CD上由C運(yùn)動(dòng)到D的過(guò)程，貨物與軌道B'CD組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律解答。（3）根據(jù)功能關(guān)系分別求出貨物從A到B的過(guò)程與貨物在軌道B′CD上滑動(dòng)的過(guò)程摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能，兩者之和即為所求?！窘獯稹拷猓海?）貨物從A到B的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理可得：解得貨物在B點(diǎn)的速度大?。簐B＝5m/s（2）貨物從B′到C的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理可得：解得貨物在C點(diǎn)的速度大?。簐C＝6m/s貨物在軌道B′CD上由C運(yùn)動(dòng)到D的過(guò)程，貨物與軌道B'CD組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向左為正方向mvC＝（m+M）vμ1mgL＝﹣（m+M）v2聯(lián)立可得：M＝50kg（3）根據(jù)功能關(guān)系，貨物從A到B的過(guò)程摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能為：Q1＝，解得：Q1＝25J貨物在軌道B′CD上滑動(dòng)的過(guò)程摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能為：Q2＝μ7mgL，解得：Q2＝150J整個(gè)過(guò)程中由于摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能為：Q＝Q1+Q3＝25J+150J＝175J答：（1）貨物在B點(diǎn)的速度大小為5m/s；（2）軌道B′CD的質(zhì)量M為50kg；（3）整個(gè)過(guò)程中由于摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能Q為175J?！军c(diǎn)評(píng)】