西藏拉薩市那曲二2025屆高三物理上學期第三次月考試題含解析

PAGE12-西藏拉薩市那曲二2025屆高三物理上學期第三次月考試題（含解析）二．選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14～18題只有一項符合題目要求，第19～21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.下列說法符合物理學史實的有（）A.伽利略在對自由落體運動的探討中，猜想運動速度與下落時間成正比,并干脆用試驗進行了驗證B.伽利略和笛卡爾為牛頓第肯定律的建立做出了貢獻C.開普勒通過對行星運動的視察，否定了哥白尼的日心說，得出了開普勒行星運動定律D.卡文迪許測出引力常量后，牛頓總結了萬有引力定律【答案】B【解析】【詳解】在對自由落體運動的探討中，伽利略猜想運動速度與下落時間成正比，沒有用試驗進行了驗證，故A錯誤；伽利略和笛卡爾為牛頓第肯定律的建立做出了貢獻，選項B正確；開普勒通過對行星運動的視察，完善了哥白尼的日心說，得出了開普勒行星運動定律，故C錯誤．牛頓總結了萬有引力定律，而后卡文迪許測出引力常量，選項D錯誤；故選B.2.質點做直線運動的位移x與時間t的關系為x=3t+t2，x與t的單位分別為m和s，則該質點（）A.加速度大小是1m/s2B.第1s內(nèi)的位移是3mC.第2s內(nèi)的位移是10mD.第2s末的速度是7m/s【答案】D【解析】【詳解】A．依據(jù)得，質點的初速度加速度故A錯誤；B．第1s內(nèi)的位移故B錯誤；C．第2s內(nèi)的位移故C錯誤；D．第2s末的速度故D正確。故選D。3.如圖所示，A、B兩點分別位于大、小輪的邊緣上，大輪半徑是小輪半徑的2倍，它們之間靠摩擦傳動，接觸面不打滑，則A、B兩點的角速度之比ωA：ωB為（）A.1：2 B.1：4 C.2：1 D.【答案】A【解析】A、B兩點靠摩擦傳動，具有相同的線速度，依據(jù)，半徑比為2：1，則角速度之比為1：2，故A正確，BCD錯誤；故選A．【點睛】解決本題關鍵知道通過摩擦傳動輪子邊緣上的點具有相同的線速度，以及駕馭線速度與角速度的關系．4.如圖所示，實線是一個電場中的電場線，虛線是一個負檢驗電荷在這個電場中的軌跡，若電荷是從a處運動到b處，以下推斷正確的是（）A.電荷從a到b加速度減小B.b處電勢能較大C.b處電勢較高D.電荷在b處速度大【答案】B【解析】【詳解】電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，所以粒子在b點的加速度大，A錯誤；從a到b的過程中，電場力做負功，電勢能增加，所以b處電勢能大，動能減小，速度減小，所以電荷在b處速度小，B正確D錯誤；依據(jù)粒子的運動的軌跡可以知道，負電荷受到的電場力的方向向下，所以電場線的方向向上，所以a點的電勢大于b點的電勢，C錯誤．5.如圖，平行板電容器與直流電源（內(nèi)阻不計）連接，下極板接地。一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài)?，F(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，則（）A.帶電油滴將沿豎直方向向上運動B.P點的電勢將降低C.帶電油滴的電勢能將減小D.極板帶電荷量將增大【答案】B【解析】【詳解】A．將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，依據(jù)得知板間場強減小，油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運動，故A錯誤。B．場強E減小，而P點與下極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點與下極板間電勢差將減小，而P點的電勢高于下極板的電勢，則知P點的電勢將降低，故B正確；C．因上極板帶正電，則油滴帶負電，因為P點的電勢將降低，可知油滴的電勢能將變大，故C錯誤；D．依據(jù)Q=UC，由于電勢差不變，d變大，依據(jù)，則電容器的電容減小，故帶電量減小，故D錯誤；6.在同一地點，甲、乙兩個物體沿同一方向作直線運動的速度―時間圖像如圖所示，則（）A.兩物體相遇的時間是2s和6sB.乙物體先向前運動2s，隨后作向后運動C.兩個物體相距最遠的時刻是2s末D.4s后甲在乙后面【答案】AD【解析】【詳解】A．圖線與時間軸圍成的面積表示位移，從圖像可知，在2s和6s，圖線與時間軸圍成的面積相等，則位移相等，兩物體相遇，故A正確；B．乙物體在整個運動過程中速度都為正值，速度的方向不變，即運動的方向不變，故B錯誤；C．兩物體在2s末位移相等，兩物體相遇，故C錯誤；D．在4s時，乙的圖線與時間軸圍成的面積大于甲圖線與時間軸圍成的面積，知乙在甲的前面，故D正確。故選AD。7.2009年5月，航天飛機在完成對哈勃空間望遠鏡的修理任務后，在A點從圓形軌道Ⅰ進入橢圓軌道Ⅱ，B為軌道Ⅱ上的一點，如圖所示，關于航天飛機的運動，下列說法中正確的有（）A.在軌道Ⅱ上經(jīng)過A的速度小于經(jīng)過B的速度B.在軌道Ⅱ上經(jīng)過A的速度等于在軌道Ⅰ上經(jīng)過A的速度C.在軌道Ⅱ上運動的周期小于在軌道Ⅰ上運動的周期D.在軌道Ⅱ上經(jīng)過A的加速度大于在軌道Ⅰ上經(jīng)過A的加速度【答案】AC【解析】【詳解】A.航天飛機在在軌道Ⅱ上由A運動到B，萬有引力做正功，動能增大，所以A點的速度小于經(jīng)過B點的速度，故A正確；B.從軌道I上的A點進入軌道Ⅱ，須要減速，使得在該點萬有引力大于所需的向心力做近心運動．所以在軌道Ⅱ上經(jīng)過A點的動能小于在軌道I上經(jīng)過A點的動能，故B錯誤；C.依據(jù)開普勒第三定律軌道Ⅱ的半長軸小于軌道I的半徑，故在軌道Ⅰ上的周期長，故C正確；D.軌道Ⅱ上經(jīng)過A點的所受的萬有引力等于在軌道Ⅰ上經(jīng)過A的萬有引力，所以在軌道Ⅱ上經(jīng)過A點的加速度等于經(jīng)過在軌道Ⅰ上經(jīng)過A的加速度，故D錯誤；8.一質量為2kg的物塊在合外力F的作用下從靜止起先沿直線運動。F隨時間t改變的圖線如圖所示，則（）A.時物塊的速率為B.時物塊的動量大小為C.時物塊的動量大小為D.時物塊的速度為零【答案】AB【解析】【詳解】A．前兩秒，依據(jù)牛頓其次定律則0-2s的速度規(guī)律為：v=at；t=1s時，速率為1m/s，A正確；B．t=2s時，速率為2m/s，則動量為P=mv=4kg?m/sB正確；CD．2-4s，力起先反向，物體減速，依據(jù)牛頓其次定律，a=-0.5m/s2，所以3s時的速度為1.5m/s，動量為3kg?m/s，4s時速度為1m/s，CD錯誤；三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22題～第25題為必考題，每個試題考生都必需做答。第33題～第38題為選考題，考生依據(jù)要求做答。9.某同學利用如圖（a）裝置做“探究彈簧彈力大小與其長度的關系”的試驗。（1）在安裝刻度尺時，必需使刻度尺保持________狀態(tài)。（2）他通過試驗得到如圖（b）所示彈力大小F與彈簧長度l的關系圖線．由此圖線可得該彈簧的原長l0=______cm，勁度系數(shù)k=________N/m.（3）他又利用本試驗原理把該彈簧做成一把彈簧測力計，當彈簧測力計上的示數(shù)如圖（c）所示時，該彈簧的長度l=________cm.【答案】(1).豎直(2).4(3).50(4).10【解析】【詳解】(1)[1]在安裝刻度尺時，必需使刻度尺保持豎直狀態(tài)，使測量精確；(2)[2]圖線和橫坐標的交點表示彈力為零時彈簧的長度，即彈簧的原長：[3]圖線的斜率為彈簧的勁度系數(shù)：(3)[4]彈簧的形變量：則彈簧的總長度為：10.用如圖試驗裝置驗證m1、m2組成的系統(tǒng)機械能守恒。m2從高處由靜止起先下落，m1上拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律。下圖給出的是試驗中獲得的一條紙帶：0是打下的第一個點，每相鄰兩計數(shù)點間還有4個點（圖中未標出），計數(shù)點間的距離如圖所示。已知溝通電頻率f=50Hz，m1=50g、m2=150g，則（g取10m/s2，計算結果保留兩位有效數(shù)字）(1)由紙帶的數(shù)據(jù)求得在打點0~5的過程中，系統(tǒng)動能的增量=_____J，系統(tǒng)勢能的削減量=______J；(2)忽視一切阻力的狀況下，若某同學作出圖像如圖，則當?shù)氐膶嶋H重力加速度g=___m/s2?！敬鸢浮?1).0.58(2).0.60(3).9.67【解析】【詳解】(1)[1]依據(jù)在勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度大小等于該過程中的平均速度，可知打5點時的速度為物體的初速度為零，所以動能的增加量為；[2]重力勢能的減小量等于物體重力做功，故；(2)[3]本題中依據(jù)機械能守恒可知即有所以圖像中圖像斜率表示重力加速度的一半，由圖可知，斜率故當?shù)氐膶嶋H重力加速度為。11.如圖甲所示，電荷量為q=1×10－4C帶正電的小物塊置于粗糙絕緣水平面上，所在空間存在方向沿水平向右的電場，電場強度E的大小與時間的關系如圖乙所示，物塊運動速度v與時間t的關系如圖丙所示，取重力加速度g=10m/s2。求：(1)物塊所受的摩擦力大??；(2)物塊的質量；(3)前2秒內(nèi)電場力做的功。【答案】(1)2N(2)0.5kg(3)7J【解析】【詳解】(1)在1秒到2秒內(nèi)物塊做勻速直線運動，則；(2)在第1s內(nèi)物塊的加速度為依據(jù)牛頓其次定律知解得；(3)依據(jù)v－t圖像面積表示位移知第1秒內(nèi)第2秒內(nèi)所以前2秒內(nèi)電場力做的功。12.如圖所示,在E=103V/m的水平向左勻強電場中,有一光滑半圓形絕緣軌道豎直放置,軌道與一水平絕緣軌道MN連接,半圓軌道所在豎直平面與電場線平行,其半徑R=40cm,一帶正電荷q=10-4C的小滑塊質量為m=40g,與水平軌道間的動摩擦因數(shù)μ=0.2,取g=10m/s2,問(1)要小滑塊恰好運動到圓軌道的最高點C,滑塊應在水平軌道上離N點多遠處釋放?(2)這樣釋放的滑塊通過P點時對軌道壓力是多大?(P為半圓軌道中點)(3)小滑塊經(jīng)過C點后最終落地,落地點離N點的距離多大?落地時的速度是多大?【答案】(1)20m（2）1.5N（3）【解析】【分析】在小滑塊運動的過程中，摩擦力對滑塊和重力做負功，電場力對滑塊做正功，依據(jù)動能定理可以求得滑塊與N點之間的距離；在P點時，對滑塊受力分析，由牛頓其次定律可以求得滑塊受到的軌道對滑塊的支持力的大小，由牛頓第三定律可以求滑塊得對軌道壓力；小滑塊經(jīng)過C點，在豎直方向上做的是自由落體運動，在水平方向上做的是勻減速運動，依據(jù)水平和豎直方向上的運動的規(guī)律可以求得落地點離N點的距離，依據(jù)速度的合成即可求出落地速度．【詳解】（1）設滑塊與N點的距離為L，分析滑塊的運動過程，由動能定理可得，小滑塊在C點時，重力供應向心力：代入數(shù)據(jù)解得：v=2m/s，L=20m．

（2）滑塊到達P點時，對全過程應用動能定理可得：在P點時由牛頓其次定律可得：解得：N=1.5N

由牛頓第三定律可得，滑塊通過P點時對軌道壓力是1.5N．

（3）小滑塊經(jīng)過C點，在豎直方向上做的是自由落體運動，有：代入數(shù)據(jù)解得滑塊運動的時間為：t=0.4s滑塊在水平方向上只受到電場力的作用，做勻減速運動，

由牛頓其次定律可得qE=ma，

所以加速度：a=2.5m/s2，

水平的位移為：代入解得：x=0.6m落地速度：【點睛】本題中涉及到的物體的運動的過程較多，對于不同的過程要留意力做功數(shù)值的不同，特殊是在離開最高點之后，滑塊的運動狀態(tài)的分析是本題中的難點，肯定要學會分不同的方一直分析和處理問題．13.兩分子間斥力和引力的合力F與分子間距離r的關系如圖中曲線所示，曲線與r軸交點的橫坐標為，相距很遠的兩分子在分子力作用下，由靜止起先相互接近．若兩分子相距無窮遠時分子勢能為零，下列說法正確的是（）A.在階段，F(xiàn)做正功，分子動能增大，勢能減小B.在階段，F(xiàn)做負功，分子動能減小，勢能也減小C.在時，分子勢能最小，動能最大D.在時，分子勢能為零E.分子動能和勢能之和在整個過程中不變【答案】ACE【解析】【詳解】r0為分子間的平衡距離；大于平衡距離時分子間為引力，小于平衡距離時，分子間為斥力；則有：A、r大于平衡距離，分子力表現(xiàn)為引力，相互靠近時F做正功，分子動能增加，勢能減小，故A正確；B、分子之間的相互作用的引力和斥力都隨分子間距離的減小而增大，只是分子引力的改變慢，斥力改變快，當r=r0時分子引力等于分子斥力，r大于平衡距離時分子力表現(xiàn)為引力，當r小于r0時分子間的作用力表現(xiàn)為斥力；靠近時F做負功，分子動能減小，勢能增大，故B錯誤.C、D、由以上分析可知，當r等于r0時，分子引力等于斥力，故分子力合力為零，分子勢能最小，動能最大，但是由于分子勢能的零勢能面是人為確定的，故r等于r0時，分子勢能不肯定為零，故C正確、D錯誤；E、由于沒有外力做功，故分子動能和勢能之和在整個過程中不變，故E正確；故選ACE.14.圖示為肯定質量的志向氣體壓強與體積的關系圖像．氣體在A狀態(tài)時的壓強為p0、體積為V0、熱力學