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文檔簡介
湖南省2021年普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試
物理試卷
注意事項:
1.答卷前,考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在本試卷和答題卡上。
2.回答選擇題時,選出每小題答案后,用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動,
用橡皮擦干凈后,再選涂其他答案標(biāo)號?;卮鸱沁x擇題時,將答案寫在答題卡上。寫在本試
卷上無效。
3.考試結(jié)束后,將本試卷和答題卡一并交回。
一、選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項
是符合題目要求的。
1.核廢料具有很強(qiáng)的放射性,需要妥善處理。下列說法正確的是()
A.放射性元素經(jīng)過兩個完整的半衰期后,將完全衰變殆盡
B.原子核衰變時電荷數(shù)守恒,質(zhì)量數(shù)不守恒
C.改變壓力、溫度或濃度,將改變放射性元素的半衰期
D.過量放射性輻射對人體組織有破壞作用,但輻射強(qiáng)度在安全劑量內(nèi)則沒有傷害
【答案】D
【解析】
【分析】
【詳解】A.放射性元素的半衰期是大量的放射性元素衰變的統(tǒng)計規(guī)律,對少量的個別的原子核無意義,則
放射性元素完全衰變殆盡的說法錯誤,故A錯誤;
B.原子核衰變時滿足電荷數(shù)守恒,質(zhì)量數(shù)守恒,故B錯誤;
C.放射性元素的半衰期是由原子核的自身結(jié)構(gòu)決定的,而與物理環(huán)境如壓力、溫度或濃度無關(guān),與化學(xué)狀
態(tài)無關(guān),故C錯誤;
D.過量放射性輻射包含大量的射線,對人體組織有破壞作用,但輻射強(qiáng)度在安全劑量內(nèi)則沒有傷害,故D
正確;
故選D。
2.物體的運(yùn)動狀態(tài)可用位置x和動量。描述,稱為相,對應(yīng),-%圖像中的一個點(diǎn)。物體運(yùn)動狀態(tài)的變化
可用〃-X圖像中的一條曲線來描述,稱為相軌跡。假如一質(zhì)點(diǎn)沿X軸正方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)
【答案】D
【解析】
【分析】
【詳解】質(zhì)點(diǎn)沿x軸正方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動,則有
v2=2ax
而動量為
p=mv
聯(lián)立可得
___2
p-mY2ax-myfla■一
動量夕關(guān)于x為幕函數(shù),且x>0,故正確的相軌跡圖像為D。
故選D。
3.“復(fù)興號”動車組用多節(jié)車廂提供動力,從而達(dá)到提速的目的??傎|(zhì)量為機(jī)的動車組在平直的軌道上行
駛。該動車組有四節(jié)動力車廂,每節(jié)車廂發(fā)動機(jī)的額定功率均為P,若動車組所受的阻力與其速率成正比
(%=人,%為常量),動車組能達(dá)到的最大速度為%。下列說法正確的是()
A.動車組在勻加速啟動過程中,牽引力恒定不變
B.若四節(jié)動力車廂輸出功率均為額定值,則動車組從靜止開始做勻加速運(yùn)動
3
C.若四節(jié)動力車廂輸出的總功率為2.25P,則動車組勻速行駛的速度為1%
D.若四節(jié)動力車廂輸出功率均為額定值,動車組從靜止啟動,經(jīng)過時間/達(dá)到最大速度小,則這一過程中
該動車組克服阻力做的功為耳加匕/
【答案】C
【解析】
【分析】
【詳解】A.對動車由牛頓第二定律有
F-Fm=ma
若動車組在勻加速啟動,即加速度。恒定,但耳艮=人隨速度增大而增大,則牽引力也隨阻力增大而變大,
故A錯誤;
B.若四節(jié)動力車廂輸出功率均為額定值,則總功率為4P,由牛頓第二定律有
竺-i
V
故可知加速啟動的過程,牽引力減小,阻力增大,則加速度逐漸減小,故B錯誤;
C.若四節(jié)動力車廂輸出的總功率為2.25P,則動車組勻速行駛時加速度為零,有
2.25P,
---=KV
V
而以額定功率勻速時,有
4PkAv
一=m
聯(lián)立解得
3
v=4Vm
故C正確;
D.若四節(jié)動力車廂輸出功率均為額定值,動車組從靜止啟動,經(jīng)過時間f達(dá)到最大速度小,由動能定理可
知
1,
4欣一%阻=彳,〃眩一°
可得動車組克服阻力做的功為
W嗯=4P”丁匕:
故D錯誤;
故選C。
4.如圖,在(a,0)位置放置電荷量為4的正點(diǎn)電荷,在(0,位置放置電荷量為9的負(fù)點(diǎn)電荷,在距
P(a,a)為血a的某點(diǎn)處放置正點(diǎn)電荷Q,使得P點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零。則。的位置及電荷量分別為()
2a-
a<>--------]P(a,a)
>
ualax
A.(0,2a),近qB.(0,2a),2y[2q
C.(2a,0),y]2qD.(2a,0),2國
【答案】B
【解析】
【分析】
根據(jù)點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式
E=k?
r
兩點(diǎn)量異種點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的場強(qiáng)大小為
EQ=駕,方向如圖所示
a
兩點(diǎn)量異種點(diǎn)電荷在戶點(diǎn)的合場強(qiáng)為
E『近£。=五駕,方向與+q點(diǎn)電荷與口點(diǎn)電荷的連線平行如圖所示
a
Q點(diǎn)電荷在夕點(diǎn)的場強(qiáng)大小為
E,二k—^kQ
(伍)2
三點(diǎn)電荷的合場強(qiáng)為0,則心方向如圖所示,大小有
Ei=
解得
Q=2島
由幾何關(guān)系可知Q的坐標(biāo)為(0,2a)
故選B.
5.質(zhì)量為M的凹槽靜止在水平地面上,內(nèi)壁為半圓柱面,截面如圖所示,A為半圓的最低點(diǎn),8為半圓
水平直徑的端點(diǎn)。凹槽恰好與豎直墻面接觸,內(nèi)有一質(zhì)量為加的小滑塊。用推力尸推動小滑塊由A點(diǎn)向B
點(diǎn)緩慢移動,力F的方向始終沿圓弧的切線方向,在此過程中所有摩擦均可忽略,下列說法正確的是()
A.推力/先增大后減小
B.凹槽對滑塊的支持力先減小后增大
C.墻面對凹槽的壓力先增大后減小
D.水平地面對凹槽的支持力先減小后增大
【答案】C
【解析】
【分析】
【詳解】AB.對滑塊受力分析,由平衡條件有
F=mgs\r\0
N=mgcos0
滑塊從A緩慢移動B點(diǎn)時,。越來越大,則推力尸越來越大,支持力N越來越小,所以AB錯誤;
C.對凹槽與滑塊整體分析,有墻面對凹槽的壓力為
=Fcos0=mgsin6cos0=5〃2gsin(26)
則。越來越大時,墻面對凹槽的壓力先增大后減小,所以C正確;
D.水平地面對凹槽支持力為
N地=(〃+tn)g—Fs,\x\0-^M+m)g—mgsin26
則。越來越大時,水平地面對凹槽的支持力越來越小,所以D錯誤;
故選C。
6.如圖,理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為〃?:“,輸入端C、。接入電壓有效值恒定的交變電源,燈泡L、
L2的阻值始終與定值電阻凡的阻值相同。在滑動變阻器R的滑片從。端滑動到人端的過程中,兩個燈泡始
終發(fā)光且工作在額定電壓以內(nèi),下列說法正確的是()
A.Li先變暗后變亮,L2一直變亮
B.Li先變亮后變暗,L2一直變亮
C.L先變暗后變亮,L2先變亮后變暗
D.L先變亮后變暗,L2先變亮后變暗
【答案】A
【解析】
【分析】
【詳解】副線圈的總電阻為
111
------=----------------------1---------------------
/?2&+R°p&+Rpb
解得
R:(&+()(凡+(,)(與+&/)(&+(/,)
L(&+勺)+(4+(/-2&+R
則滑動變阻器/?的滑片從a端滑到b端過程中,副線圈的總電阻選增大后減小,根據(jù)等效電阻關(guān)系有
〃"4(\2j,(、2
R,,旦=-=芻5=2用
則等效電阻先增大后減小,由歐姆定律有
4)+R笠
《先減小后增大,八先減小后增大,則乙先變暗后變亮,根據(jù)
由于/1先減小后增大,則副線圈的電壓U?先增大后減小,通過|_2的電流為
R。+Rg
則滑動變阻器/?的滑片從a端滑到。端過程中,R曲逐漸減小,副線圈的電壓增大過程中/口增大;在
副線圈的電壓力減小過程中,通過/?0的電流為
R卬逐漸增大,則越來越小,則
小=仃-小
則。先變暗后變亮,區(qū)一直變亮;
故選A。
二、選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多項符
合題目要求。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。
7.2021年4月29日,中國空間站天和核心艙發(fā)射升空,準(zhǔn)確進(jìn)入預(yù)定軌道。根據(jù)任務(wù)安排,后續(xù)將發(fā)射問
天實(shí)驗(yàn)艙和夢天實(shí)驗(yàn)艙,計劃2022年完成空間站在軌建造。核心艙繞地球飛行的軌道可視為圓軌道,軌道
離地面的高度約為地球半徑的下列說法正確的是()
16
A.核心艙進(jìn)入軌道后所受地球的萬有引力大小約為它在地面時的倍
B.核心艙在軌道上飛行的速度大于7.9km/s
C.核心艙在軌道上飛行的周期小于24h
D.后續(xù)加掛實(shí)驗(yàn)艙后,空間站由于質(zhì)量增大,軌道半徑將變小
【答案】AC
【解析】
【分析】
【詳解】A.根據(jù)萬有引力定律有
Fip=G「-M^m~
核心艙進(jìn)入軌道后的萬有引力與地面上萬有引力之比為
所以A正確;
B.核心艙在軌道上飛行的速度小于7.9km/s,因?yàn)榈谝挥钪嫠俣仁亲畲蟮沫h(huán)繞速度,所以B錯誤;
C.根據(jù)
7=2兀旦
\GM
可知軌道半徑越大周期越大,則其周期比同步衛(wèi)星的周期小,小于24h,所以C正確;
D.衛(wèi)星做圓周運(yùn)動時萬有引力提供向心力有
2
八Mmv
G—―=/?—
廠r
解得
則衛(wèi)星的環(huán)繞速度與衛(wèi)星的質(zhì)量無關(guān),所以變軌時需要點(diǎn)火減速或者點(diǎn)火加速,增加質(zhì)量不會改變軌道半
徑,所以D錯誤;
故選AC。
8.如圖(a),質(zhì)量分別為,“A、,"B的A、B兩物體用輕彈簧連接構(gòu)成一個系統(tǒng),外力尸作用在A上,系統(tǒng)
靜止在光滑水平面上(B靠墻面),此時彈簧形變量為X。撤去外力并開始計時,A、B兩物體運(yùn)動的a-f圖
像如圖(b)所示,表示0到乙時間內(nèi)A的。一,圖線與坐標(biāo)軸所圍面積大小,邑、S3分另I」表示A至?xí)?時
間內(nèi)A、B的a—/圖線與坐標(biāo)軸所圍面積大小。A在內(nèi)時刻的速度為%。下列說法正確的是()
Aa
A.0到%時間內(nèi),墻對B的沖量等于O7AV0
B.m,\>WB
C.B運(yùn)動后,彈簧最大形變量等于x
D.S]-S2=S3
【答案】ABD
【解析】
分析】
【詳解】A.由于在0~九時間內(nèi),物體B靜止,則對B受力分析有
尸埴=尸彈
則墻對B的沖量大小等于彈簧對B的沖量大小,而彈簧既作用于B也作用于A,則可將研究對象轉(zhuǎn)為A,
撤去尸后A只受彈力作用,則根據(jù)動量定理有
I=mAW(方向向右)
則墻對B的沖量與彈簧對A的沖量大小相等、方向相同,A正確;
B.由〃一/圖可知A后彈簧被拉伸,在會時刻彈簧的拉伸量達(dá)到最大,根據(jù)牛頓第二定律有
F彈=m\a\=
由圖可知
則
機(jī)B<機(jī)A
B正確;
C.由圖可得,h時刻B開始運(yùn)動,此時A速度為閑,之后AB動量守恒,AB和彈簧整個系統(tǒng)能量守恒,
則
"%%=%以+%以
可得AB整體的動能不等于0,即彈簧的彈性勢能會轉(zhuǎn)化為AB系統(tǒng)的動能,彈簧的形變量小于x,C錯誤;
D.由a—f圖可知力后B脫離墻壁,且彈簧被拉伸,在A—時間內(nèi)AB組成的系統(tǒng)動量守恒,且在々時刻
彈簧的拉伸量達(dá)到最大,A、B共速,由“一f圖像的面積為△也在這時刻AB的速度分別為
-=S|_S2,VB=S3
A、B共速,貝ij
Sj-S2=S3
D正確。
故選ABDo
9.如圖,圓心為。的圓處于勻強(qiáng)電場中,電場方向與圓平面平行,。人和cd為該圓直徑。將電荷量為
4僅>0)的粒子從。點(diǎn)移動到〃點(diǎn),電場力做功為2W(W>0);若將該粒子從。點(diǎn)移動到d點(diǎn),電場力做
功為W。下列說法正確的是()
A.該勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)方向與出?平行
B.將該粒子從。點(diǎn)移動到〃點(diǎn),電場力做功為0.5W
C.4點(diǎn)電勢低于c點(diǎn)電勢
D.若只受電場力,從d點(diǎn)射入圓形電場區(qū)域的所有帶電粒子都做曲線運(yùn)動
【答案】AB
【解析】
【分析】
【詳解】A.由于該電場為勻強(qiáng)電場,可采用矢量分解的的思路,沿〃方向建立x軸,垂直與〃方向建立
y軸如下圖所示
在x方向有
W=Exq2R
在y方向有
2W=6R+E^qR
經(jīng)過計算有
W_—幽,人=3。=幺=石
E-
x2qR
2qRqREx
由于電場方向與水平方向成60。,則電場與必平行,且沿。指向6,A正確;
B.該粒從d點(diǎn)運(yùn)動到〃點(diǎn),電場力做的功為
R
W1=Eq—=0.5W
B正確;
C.沿電場線方向電勢逐漸降低,則a點(diǎn)的電勢高于c點(diǎn)的電勢,C錯誤;
D.若粒子的初速度方向與油平行則粒子做勻變速直線運(yùn)動,D錯誤。
故選AB。
10.兩個完全相同的正方形勻質(zhì)金屬框,邊長為L,通過長為L的絕緣輕質(zhì)桿相連,構(gòu)成如圖所示的組合
體。距離組合體下底邊,處有一方向水平、垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場。磁場區(qū)域上下邊界水平,高度為L,
左右寬度足夠大。把該組合體在垂直磁場的平面內(nèi)以初速度%水平無旋轉(zhuǎn)拋出,設(shè)置合適的磁感應(yīng)強(qiáng)度大
小8使其勻速通過磁場,不計空氣阻力。下列說法正確的是()
A.8與%無關(guān),與y成反比
B.通過磁場的過程中,金屬框中電流的大小和方向保持不變
C.通過磁場的過程中,組合體克服安培力做功的功率與重力做功的功率相等
D.調(diào)節(jié)”、%和3,只要組合體仍能勻速通過磁場,則其通過磁場的過程中產(chǎn)生的熱量不變
【答案】CD
【解析】
【分析】
【詳解】A.將組合體以初速度如水平無旋轉(zhuǎn)拋出后,組合體做平拋運(yùn)動,后進(jìn)入磁場做勻速運(yùn)動,由于水
平方向切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢相互低消,則有
2
BI?VVI--
mg=F殳=---------,vv=12gH
綜合有
1
則B與‘*7成正比,A錯誤;
B.當(dāng)金屬框剛進(jìn)入磁場時金屬框的磁通量增加,此時感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r針方向,當(dāng)金屬框剛出磁場時
金屬框的磁通量減少,此時感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r針方向,B錯誤;
C.由于組合體進(jìn)入磁場后做勻速運(yùn)動,由于水平方向的感應(yīng)電動勢相互低消,有
mg=F=--------
R
則組合體克服安培力做功的功率等于重力做功的功率,C正確;
D.無論調(diào)節(jié)哪個物理量,只要組合體仍能勻速通過磁場,都有
mg=尸發(fā)
則安培力做的功都為
W^FS3L
則組合體通過磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱不變,D正確。
故選CD。
三、非選擇題:共56分。第11~14題為必考題,每個試題考生都必須作答。第15、16題為選
考題,考生根據(jù)要求作答。
(一)必考題:共43分。
11.某實(shí)驗(yàn)小組利用圖(a)所示裝置探究加速度與物體所受合外力的關(guān)系。主要實(shí)驗(yàn)步驟如下:
圖(b)
(1)用游標(biāo)卡尺測量墊塊厚度力,示數(shù)如圖(b)所示,h=cm;
(2)接通氣泵,將滑塊輕放在氣墊導(dǎo)軌上,調(diào)節(jié)導(dǎo)軌至水平;
(3)在右支點(diǎn)下放一墊塊,改變氣墊導(dǎo)軌的傾斜角度;
(4)在氣墊導(dǎo)軌合適位置釋放滑塊,記錄墊塊個數(shù)〃和滑塊對應(yīng)的加速度。;
(5)在右支點(diǎn)下增加墊塊個數(shù)(墊塊完全相同),重復(fù)步驟(4),記錄數(shù)據(jù)如下表:
n123456
(a/nrs")0.0870.1800.2600.4250.519
根據(jù)表中數(shù)據(jù)在圖(c)上描點(diǎn),繪制圖線
如果表中缺少的第4組數(shù)據(jù)是正確的,其應(yīng)該是m/s2(保留三位有效數(shù)字)。
【答案】(1).1.02(3).0.342
【解析】
【分析】
【詳解】(1)[1]墊塊的厚度為
h=1cm+2x0.1mm=1.02cm
[3]根據(jù)
nh
mg----=ma
可知a與〃成正比關(guān)系,則根據(jù)圖像可知,斜率
iz=0.342m/s2
12.某實(shí)驗(yàn)小組需測定電池的電動勢和內(nèi)阻,器材有:一節(jié)待測電池、一個單刀雙擲開關(guān)、一個定值電阻
(阻值為人)、一個電流表(內(nèi)阻為一根均勻電阻絲(電阻絲總阻值大于凡,并配有可在電阻絲上
移動的金屬夾)、導(dǎo)線若干。由于缺少刻度尺,無法測量電阻絲長度,但發(fā)現(xiàn)桌上有一個圓形時鐘表盤。某
同學(xué)提出將電阻絲繞在該表盤上,利用圓心角來表示接入電路的電阻絲長度。主要實(shí)驗(yàn)步驟如下:
(1)將器材如圖(a)連接:
電啜金屬夾4:.....;
。0
圖(b)
(2)開關(guān)閉合前,金屬夾應(yīng)夾在電阻絲的端(填或"b”);
(3)改變金屬夾的位置,閉合開關(guān),記錄每次接入電路的電阻絲對應(yīng)的圓心角。和電流表示數(shù)/,得到多
組數(shù)據(jù);
(4)整理數(shù)據(jù)并在坐標(biāo)紙上描點(diǎn)繪圖,所得圖像如圖(b)所示,圖線斜率為A,與縱軸截距為d,設(shè)單
位角度對應(yīng)電阻絲的阻值為%,該電池電動勢和內(nèi)阻可表示為£=,r=(用《、
R,、、k、d、石表示)
(5)為進(jìn)一步確定結(jié)果,還需要測量單位角度對應(yīng)電阻絲的阻值%。利用現(xiàn)有器材設(shè)計實(shí)驗(yàn),在圖(c)
方框中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖(電阻絲用滑動變阻器符號表示);
(6)利用測出的石,可得該電池的電動勢和內(nèi)阻。
R。
【答案】(1).b(2).7(3).半-&-RA
KK
【解析】
【分析】
【詳解】(2)[口開關(guān)閉合前,為了保護(hù)電路中的元件,應(yīng)將電阻絲的最大阻值接入電路,根據(jù)電阻定律
R=可知電阻絲接入越長,接入電阻越大,金屬夾應(yīng)夾在電阻絲的方端。
(4)[2]設(shè)圓心角為。時,電阻絲接入電路中的電阻為6%,根據(jù)閉合電路歐姆定律七=。+〃可知
E=I(RA+Ro+0ro)+Ir
整理得
&+q+r
E
結(jié)合圖象的斜率和截距滿足
RA+&+r=6
E
解得電源電動勢和內(nèi)阻為
k
k
(5)[3]實(shí)驗(yàn)器材中有定值電阻&和單刀雙擲開關(guān),考慮使用等效法測量電阻絲電阻,如圖
原理的簡單說明:
①將開關(guān)置于凡位置,讀出電流表示數(shù)/。;
②將開關(guān)置于電阻絲處,調(diào)節(jié)電阻絲的角度,直到電流表示數(shù)為/。,讀出此時角度e;
③此時。石=用,即可求得為數(shù)值。
13.帶電粒子流的磁聚焦和磁控束是薄膜材料制備的關(guān)鍵技術(shù)之一、帶電粒子流(每個粒子的質(zhì)量為優(yōu)、
電荷量為+4)以初速度v垂直進(jìn)入磁場,不計重力及帶電粒子之間的相互作用。對處在xOy平面內(nèi)的粒子,
求解以下問題。
(1)如圖(a),寬度為的帶電粒子流沿x軸正方向射入圓心為A(O,彳)、半徑為{的圓形勻強(qiáng)磁場中,
若帶電粒子流經(jīng)過磁場后都匯聚到坐標(biāo)原點(diǎn)0,求該磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度用的大小;
(2)如圖(a),虛線框?yàn)檫呴L等于2弓的正方形,其幾何中心位于。(0,一弓)。在虛線框內(nèi)設(shè)計一個區(qū)域面
積最小的勻強(qiáng)磁場,使匯聚到。點(diǎn)的帶電粒子流經(jīng)過該區(qū)域后寬度變?yōu)?々,并沿x軸正方向射出。求該磁
場磁感應(yīng)強(qiáng)度層的大小和方向,以及該磁場區(qū)域的面積(無需寫出面積最小的證明過程);
(3)如圖(b),虛線框I和H均為邊長等于今的正方形,虛線框m和IV均為邊長等于〃的正方形。在I、
n、ni和w中分別設(shè)計一個區(qū)域面積最小的勻強(qiáng)磁場,使寬度為2今的帶電粒子流沿x軸正方向射入I和n
后匯聚到坐標(biāo)原點(diǎn)0,再經(jīng)過HI和IV后寬度變?yōu)?〃,并沿X軸正方向射出,從而實(shí)現(xiàn)帶電粒子流的同軸控
束。求I和III中磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小,以及II和IV中勻強(qiáng)磁場區(qū)域的面積(無需寫出面積最小的證明過
程)。
mvmv,八mvmv1、
【答案】Q)——;(2)—,垂直與紙面向里,S,=兀弓;(3)B]府'蒜,S產(chǎn)弓1)小
/%
,v=(+T)4
【解析】
【分析】
【詳解】(1)粒子垂直X進(jìn)入圓形磁場,在坐標(biāo)原點(diǎn)。匯聚,滿足磁聚焦的條件,即粒子在磁場中運(yùn)動的
半徑等于圓形磁場的半徑彳,粒子在磁場中運(yùn)動,洛倫茲力提供向心力
2
qvB\=m—
解得
4=—
(2)粒子從。點(diǎn)進(jìn)入下方虛線區(qū)域,若要從聚焦的。點(diǎn)飛入然后平行x軸飛出,為磁發(fā)散的過程,即粒子
在下方圓形磁場運(yùn)動的軌跡半徑等于磁場半徑,粒子軌跡最大的邊界如圖所示,圖中圓形磁場即為最小的
勻強(qiáng)磁場區(qū)域
可知磁感應(yīng)強(qiáng)度為
mv
B2
qr?
根據(jù)左手定則可知磁場的方向?yàn)榇怪奔埫嫦蚶铮瑘A形磁場的面枳為
S2-喈
(3)粒子在磁場中運(yùn)動,3和4為粒子運(yùn)動的軌跡圓,1和2為粒子運(yùn)動的磁場的圓周
片味時mv
%
圖中箭頭部分的實(shí)線為粒子運(yùn)動的軌跡,可知磁場的最小面積為葉子形狀,取I區(qū)域如圖
圖中陰影部分面積的一半為四分之一圓周SAOB與三角形SAOB之差,所以陰影部分的面積為
Si=2(54OB-SAOB)=2x(;仍2片)=(g%-1)片
類似地可知IV區(qū)域的陰影部分面積為
S|V=2x(-l^2-l^2)=(i^--l)^
根據(jù)對稱性可知n中的勻強(qiáng)磁場面積為
勒=(一一1月
14.如圖,豎直平面內(nèi)一足夠長的光滑傾斜軌道與一長為L的水平軌道通過一小段光滑圓弧平滑連接,水
平軌道右下方有一段弧形軌道PQ。質(zhì)量為加的小物塊A與水平軌道間的動摩擦因數(shù)為〃。以水平軌道末
端。點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)建立平面直角坐標(biāo)系xOy,x軸的正方向水平向右,》軸的正方向豎直向下,弧形軌道P
端坐標(biāo)為(2*L,由,。端在>軸上。重力加速度為g。
(1)若A從傾斜軌道上距x軸高度為的位置由靜止開始下滑,求A經(jīng)過。點(diǎn)時的速度大小;
(2)若A從傾斜軌道上不同位置由靜止開始下滑,經(jīng)過。點(diǎn)落在弧形軌道P。上的動能均相同,求PQ的
曲線方程;
(3)將質(zhì)量為;I機(jī)(2為常數(shù)且;1之5)的小物塊3置于。點(diǎn),A沿傾斜軌道由靜止開始下滑,與B發(fā)生
彈性碰撞(碰撞時間極短),要使A和B均能落在弧形軌道上,且A落在B落點(diǎn)的右側(cè),求A下滑的初始
位置距x軸高度的取值范圍。
32-1>22+2+1,>
【答案】(1)J24gL;(2)x=2,2心-/(其中,juL<y<If4L);(3)?uL<x<---------7—-4zzL
2-3"(2-I)2
【解析】
【分析】
【詳解】(1)物塊A從光滑軌道滑至。點(diǎn),根據(jù)動能定理
mg-2RL-/jmgL=gmv2
解得
v=d2〃gL
(2)物塊A從。點(diǎn)飛出后做平拋運(yùn)動,設(shè)飛出的初速度為%,落在弧形軌道上的坐標(biāo)為(x,y),將平拋運(yùn)
動分別分解到水平方向的勻速直線運(yùn)動和豎直方向的自由落體運(yùn)動,有
12
x=vot,y=2gr
解得水平初速度為
9
物塊A從。點(diǎn)到落點(diǎn),根據(jù)動能定理可知
。12
mgy=Ek--mvo
解得落點(diǎn)處動能為
.12mgx?
E-mgy+—mv-mgyH-----
k204y
因?yàn)槲飰KA從。點(diǎn)到弧形軌道上動能均相同,將落點(diǎn)的坐標(biāo)代入,可得
〃mex2,mg(2juL)2仁,
E=mgyH-----=mgx//LH--------------=2jumgL
k4y4x〃L
化簡可得
x2
y+Q=2”
即
x=2,2心一9(其中,1.iL<y<2//L)
(3)物塊A在傾斜軌道上從距x軸高力處靜止滑下,到達(dá)。點(diǎn)與B物塊碰前,其速度為%,根據(jù)動能定
理可知
mgh-pmgL=—〃或
解得
v()=2gh-2/jgL------①
物塊A與B發(fā)生彈性碰撞,使A和B均能落在弧形軌道上,且A落在B落點(diǎn)的右側(cè),則A與B碰撞后需
要反彈后再經(jīng)過水平軌道-傾斜軌道-水平軌道再次到達(dá)。點(diǎn)。規(guī)定水平向右為正方向,碰后AB的速度大小
分別為匕和乙,在物塊A與B碰撞過程中,動量守恒,能量守恒。則
mvQ=一根匕+Amv2
1212
mV+-amvl
2'22
解得
A-l
v.=------%?②
12+1°
2
-③
設(shè)碰后A物塊反彈,再次到達(dá)。點(diǎn)時速度為匕,根據(jù)動能定理可知
-2/umgL=;mvl-gmvj2
解得
V;=v;-4〃gL,④
據(jù)題意,A落在B落點(diǎn)的右側(cè),則
匕>v2------⑤
據(jù)題意,A和B均能落在弧形軌道上,則A必須落在P點(diǎn)的左側(cè),即:
匕<J24gL------⑥
聯(lián)立以上,可得//的取值范圍為
3Z—1..A'+Z+1.
--------uL<h<----------—-4uL
2-3(A-1)2
(二)選考題:共13分。請考生從兩道題中任選一題作答。如果多做,則按第一題計分。
[物理——選修3-3]
15.如圖,兩端開口、下端連通的導(dǎo)熱汽缸,用兩個輕質(zhì)絕熱活塞(截面積分別為5和邑)封閉一定質(zhì)量
的理想氣體,活塞與汽缸壁間無摩擦。在左端活塞上緩慢加細(xì)沙,活塞從A下降力高度到8位置時,活塞
上細(xì)沙的總質(zhì)量為俄。在此過程中,用外力尸作用在右端活塞上,使活塞位置始終不變。整個過程環(huán)境溫
度和大氣壓強(qiáng)Po保持不變,系統(tǒng)始終處于平衡狀態(tài),重力加速度為g。下列說法正確的是()
A.整個過程,外力尸做功大于0,小于機(jī)
B.整個過程,理想氣體的分子平均動能保持不變
C.整個過程,理想氣體的內(nèi)能增大
D.整個過程,理想氣體向外界釋放的熱量小于(月⑶〃+〃儂)
mgS
E.左端活塞到達(dá)3位置時,外力尸等于吉二1
【答案】BDE
【解析】
【分析】
【詳解】A.根據(jù)做功的兩個必要因素有力和在力的方向上有位移,由于活塞邑沒有移動,可知整個過程,
外力F做功等于0,A錯誤;
BC.根據(jù)氣缸導(dǎo)熱且環(huán)境溫度沒有變,可知?dú)飧變?nèi)的溫度也保持不變,則整個過程,理想氣體的分子平均
動能保持不變,內(nèi)能不變,B正確,C錯誤;
D.由內(nèi)能不變可知理想氣體向外界釋放的熱量等于外界對理想氣體做的功:
Q=W<p0S]h+mgh
D正確;
E.左端活塞到達(dá)B位置時,根據(jù)壓強(qiáng)平衡可得:
Po+^=Po+?
即:
F_mgS?
E正確。
故選BDEo
16.小贊同學(xué)設(shè)計了一個用電子天平測量環(huán)境溫度的實(shí)驗(yàn)裝置,如圖所示。導(dǎo)熱汽缸開口向上并固定在桌
面上,用質(zhì)量町=600g、截面積S=20cm2的活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體,活塞與汽缸壁間無摩擦。
一輕質(zhì)直桿中心置于固定支點(diǎn)A上,左端用不可伸長的細(xì)繩豎直懸掛活塞,右端用相同細(xì)繩豎直懸掛一個
質(zhì)量和=1200g的鐵塊,并將鐵塊放置到電子天平上。當(dāng)電子天平示數(shù)為600.0g時,測得環(huán)境溫度
7;=300Ko設(shè)外界大氣壓強(qiáng)p°=L0xl()5pa,重力加速度g=lOmA?0
(1)當(dāng)電子天平示數(shù)為400.0g時,環(huán)境溫度T?為多少?
(2)該裝置可測量的最高環(huán)境溫度lax為多少?
【答案】(1)297K;(2)309K
【解析】
【分析】
【詳解】(1)由電子天平示數(shù)為600.0g時,則細(xì)繩對鐵塊拉力為
△mg=(根之一力示)g=^g
又:鐵塊和活塞對細(xì)繩的拉力相等,則氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)等于大氣壓強(qiáng)
Pi=Po①
當(dāng)電子天平示數(shù)為400.0g時,設(shè)此時氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)為0,對叫受力分析有
(牲-4(X)g-犯)g=(〃o-〃2)S②
由題意可知,氣缸內(nèi)氣體體積不變,則壓強(qiáng)與溫度成正比:
¥=華③
A
聯(lián)立①②③式解得
4=297K
(2)環(huán)境溫度越高,氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)越大,活塞對細(xì)繩的拉力越小,則電子秤示數(shù)越大,由于細(xì)繩對鐵塊
的拉力最大為0,即電子天平的示數(shù)恰好為1200g時,此時對應(yīng)的環(huán)境溫度為裝置可以測量最高環(huán)境溫度。
設(shè)此時氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)為P3,對犯受力分析有
(P3-Po)S=gg④
又由氣缸內(nèi)氣體體積不變,則壓強(qiáng)與溫度成正比
A導(dǎo)⑤
’1'max
聯(lián)立①④⑤式解得
Tmm=309K
[物理——選修3-4]
17.均勻介質(zhì)中,波源位于。點(diǎn)的簡諧橫波在xOy水平面內(nèi)傳播,波面為圓。,=0時刻,波面分布如圖(。)
所示,其中實(shí)線表示波峰,虛線表示相鄰的波谷。A處質(zhì)點(diǎn)的振動圖像如圖3)所示,z軸正方向豎直向上。
A.該波從A點(diǎn)傳播到B點(diǎn),所需時間為4s
B.f=6s時,B處質(zhì)點(diǎn)位于波峰
C.f=8s時,。處質(zhì)點(diǎn)振動速度方向豎直向上
D.f=10s時,。處質(zhì)點(diǎn)所受回復(fù)力方向豎直向上
E.E處質(zhì)點(diǎn)起振后,12s內(nèi)經(jīng)過的路程為12cm
【答案】ACE
【解析】
【分析】
【詳解】A
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