四川省成都市2025屆高三物理上學(xué)期第一次診斷性檢測(cè)試題含解析

PAGE17-四川省成都市2025屆高三物理上學(xué)期第一次診斷性檢測(cè)試題（含解析）二、選擇題1.圖示情景中，小球相對(duì)于水平桌面對(duì)后運(yùn)動(dòng)的緣由是A.小球突然失去慣性 B.動(dòng)車突然向前加速C.動(dòng)車突然向前減速 D.動(dòng)車做勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度很大【答案】B【解析】【詳解】小球突然向后去，是因?yàn)榛疖囃蝗粏?dòng)，因?yàn)閼T性，小球會(huì)保持原來(lái)的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，所以會(huì)相對(duì)桌面對(duì)后運(yùn)動(dòng)，故B正確。2.如圖，小物塊在沿斜面對(duì)上的拉力作用下沿固定光滑斜面勻速上滑。現(xiàn)將力的方向變?yōu)樗较蛴遥允贡３衷瓉?lái)的速度沿斜面勻速上滑。則變更后與變更前比較A.斜面對(duì)物體的支持力不變 B.力變大C.力變小 D.力的功率變大【答案】B【解析】【詳解】A.對(duì)物體受力分析可知，物體受重力、支持力、摩擦力和拉力，依據(jù)受力平衡可得當(dāng)力的方向變?yōu)樗较蛴?，依?jù)平衡可得因此支持變大，故A錯(cuò)誤；BC.在斜面方向，依據(jù)平衡可得當(dāng)力的方向變?yōu)樗较蛴铱傻靡虼薋變大，故B正確C錯(cuò)誤；D.一起先F的功率為變更之后功率為拉力F的功率不變，故D錯(cuò)誤。3.如圖。水平放置的平行板電容器上極板帶正電，所帶電荷量為，板間距離為，上極板與靜電計(jì)相連，靜電計(jì)金屬外殼和電容器下極板都接地。在兩極板正中間點(diǎn)有一個(gè)靜止的帶電油滴，所帶電荷量肯定值為。靜電力常量為k，下列說(shuō)法正確的是A.油滴帶正電B.油滴受到的電場(chǎng)力大小為C.若僅將上極板平移到圖中虛線位置，則靜電計(jì)指針張角減小D.若僅將上極板平移到圖中虛線位置，則油滴將加速向上運(yùn)動(dòng)【答案】D【解析】【詳解】A.依據(jù)受力分析知，油滴受重力和電場(chǎng)力，因?yàn)橛偷问芰ζ胶?，因此可推斷油滴帶?fù)電，所受電場(chǎng)力豎直向上，故A錯(cuò)誤；B.因?yàn)橛偷翁幱趧驈?qiáng)電場(chǎng)中，因此只能用勻強(qiáng)電場(chǎng)公式，依據(jù)平行板電容器公式可得，可得故B錯(cuò)誤；C.平行板電容器電荷量不變，依據(jù)公式，因此將上極板平移到圖中虛線位置，間距變小，電容變大，電壓變小，靜電計(jì)指針張角變小，故C正確；D.電場(chǎng)力可知電場(chǎng)力與兩極板距離d無(wú)關(guān)，若僅將上極板平移到圖中虛線位置，所受電場(chǎng)力不變，因此油滴仍靜止不動(dòng)，故D錯(cuò)誤。4.如圖甲，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的O點(diǎn)先后無(wú)初速釋放兩個(gè)正點(diǎn)電荷I和Ⅱ，電荷僅受勻強(qiáng)電場(chǎng)的作用沿直線向A運(yùn)動(dòng)，兩電荷的動(dòng)能Ek隨位移x變更的關(guān)系如圖乙。若I的電荷量為q，則可知A.勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E=B.電荷Ⅱ受到的電場(chǎng)力大小為C.電荷Ⅱ電荷量為D.選O點(diǎn)為零電勢(shì)點(diǎn)，A點(diǎn)的電勢(shì)為【答案】A【解析】【詳解】A.對(duì)電荷I，從O點(diǎn)到A點(diǎn)，由動(dòng)能定理可得故電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E=故A正確；B.對(duì)電荷Ⅱ，由動(dòng)能定理可得故電荷Ⅱ受到的電場(chǎng)力為故B錯(cuò)誤；C.由場(chǎng)強(qiáng)為E=，電荷Ⅱ受到的電場(chǎng)力為，可得電荷Ⅱ受到的電荷量為D.選O點(diǎn)為零電勢(shì)點(diǎn)，則由可得，A點(diǎn)電勢(shì)為5.人造地球衛(wèi)星的軌道可能是圓，也可能是橢圓。關(guān)于在軌正常運(yùn)行的這些衛(wèi)星，說(shuō)法正確的是A.全部衛(wèi)星的運(yùn)行周期都小于1天B.全部衛(wèi)星在任何位置的速率都小于C.部分衛(wèi)星在某些位置的向心加速度大于地球表面的重力加速度D.全部衛(wèi)星半長(zhǎng)軸（或軌道半徑）的三次方與運(yùn)行周期的二次方的比值是一個(gè)常數(shù)【答案】D【解析】【詳解】A.依據(jù)周期公式可得軌道半徑越大，周期越大，因此存在周期大于1天的狀況，故A錯(cuò)誤；B.衛(wèi)星在變換軌道時(shí)會(huì)加速遠(yuǎn)離地球，在加速的過(guò)程中，衛(wèi)星的速度可以大于7.9km/s，故B錯(cuò)誤；C.依據(jù)公式可知因?yàn)樾l(wèi)星軌道半徑大于地球半徑，因此其加速度不行能大于地球重力加速度，故C錯(cuò)誤；D.依據(jù)公式可得所以為常數(shù)，故D正確。6.圖甲所示的無(wú)人機(jī)在飛行的某內(nèi)，前沿正東方向做水平直線運(yùn)動(dòng)，后沿正北方向做水平直線運(yùn)動(dòng)，其速率隨時(shí)間變更的關(guān)系如圖乙。下列推斷正確的是（可能用到A.無(wú)人機(jī)在末、末的加速度大小之比為B.無(wú)人機(jī)在前、后0.5內(nèi)的平均速率之比為C.內(nèi)，無(wú)人機(jī)飛行的路程為D.內(nèi)，無(wú)人機(jī)的位移大小為、方向東偏北【答案】AD【解析】【詳解】A.由圖像可知，前30s，無(wú)人機(jī)加速度大小為，30s到50s加速度為1m/s2，所以無(wú)人機(jī)在末、末的加速度大小之比為，故A正確；B.依據(jù)平均速度公式可得在v-t圖中，圖像面積為物體的位移，因此可得，前0.5min內(nèi)平均速度為，后0.5min內(nèi)平均速度為，因此速度之比為3:4，故B錯(cuò)誤；C.無(wú)人機(jī)實(shí)際運(yùn)行軌跡即為無(wú)人機(jī)路程，由圖可知，無(wú)人機(jī)路程為700m，故C錯(cuò)誤；D.依據(jù)無(wú)人機(jī)運(yùn)行軌跡可知，其位移為，方位為東偏北53°，故D正確。7.如圖，曲線為某元件的伏安特性曲線，直線b為某直流電源的伏安特性曲線。將元件與該電源連接成一閉合回路，下列說(shuō)法正確的是A.元件的電阻隨電壓的增大而增大 B.電源的電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻為C.電源的總功率為 D.電源的效率為【答案】BD【解析】【詳解】A.由圖像可知，圖像斜率表示電阻，斜率隨電壓增大而變小，因此電阻也變小，故A錯(cuò)誤；B.依據(jù)U-I圖像可知，與電壓軸交點(diǎn)為電動(dòng)勢(shì)，斜率表示內(nèi)阻，因此可知，電源電動(dòng)勢(shì)為5V，內(nèi)阻為，故B正確；C.電源總功率為由圖像可得故C錯(cuò)誤；D.電源的效率為解得故D正確。8.如圖，一絕緣且粗糙程度相同的豎直細(xì)桿與兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷+Q、-Q連線的中垂線重合，細(xì)桿和+Q、-Q均固定，A、O、B為細(xì)桿上的三點(diǎn)，O為+Q、-Q連線的中點(diǎn)，AO=BO。現(xiàn)有電荷量為q、質(zhì)量為m的小球套在桿上，從A點(diǎn)以初速度v0向B滑動(dòng)，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度恰好為0。則可知A.從A到B，小球的電勢(shì)能始終不變，受到的電場(chǎng)力先增大后減小B.從A到B，小球的加速度先減小后增大C.小球運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)的速度大小為D.小球從A到O與從O到B，重力的沖量相等【答案】AC【解析】【詳解】A.等量異種電荷的中垂面是等勢(shì)面，故電荷q在AB上運(yùn)動(dòng)時(shí)電勢(shì)能不變，從A到B電場(chǎng)強(qiáng)度先變大后邊小，故它受到的電場(chǎng)力先變大后變小，在O點(diǎn)受到的電場(chǎng)力最大，A正確；B.電荷在水平方向受到電場(chǎng)力和桿的彈力，豎直方向受到重力和摩擦力，故水平方向電場(chǎng)力先變大后邊小，故桿對(duì)小球的支持力先變大后邊小，故摩擦力先變大后邊小，小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度減為0，說(shuō)明其受到的摩擦力大于重力，故在豎直方向摩擦力先變大后邊小，因此小球的加速度先變大后邊小，B錯(cuò)誤；C.從A到B，由動(dòng)能定理可得從A到O和從O到B電場(chǎng)力變更相同，由可知，摩擦力變更狀況相同，故從A到O和從O到B摩擦力做功相等，故從從A到O由動(dòng)能定理可得聯(lián)立兩式可解得C正確；D.從A到O和從O到B的過(guò)程中，由于位移相同但是速度不相同，物體始終處于減速狀態(tài)，故運(yùn)動(dòng)時(shí)間不同，因此重力的沖量不相等，D錯(cuò)誤；故選AC。三、非選擇題9.甲圖是某小組探究“加速度與合外力的關(guān)系”的試驗(yàn)裝置。在他們的方案中，長(zhǎng)木板平放在水平桌面上，利用穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器且連在小車后端的紙帶測(cè)小車的加速度，利用固定在小車前端的力傳感器測(cè)小車受到的水平拉力。（1）按該方案做試驗(yàn)，是否要求鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量？__（填“是”或“否”。（2）從試驗(yàn)中選擇一條點(diǎn)跡清楚的紙帶。每5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，用刻度尺測(cè)量計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖乙所示。已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每間隔打一個(gè)點(diǎn)。由該紙帶可求得小車的加速度__（保留2位有效數(shù)字）。（3）變更鉤碼的個(gè)數(shù)，測(cè)得多組數(shù)據(jù)。若以為縱坐標(biāo)，為橫坐標(biāo)。利用測(cè)得的數(shù)據(jù)作出圖象，則最符合該試驗(yàn)實(shí)際狀況的是圖丙中的__。（填選項(xiàng)序號(hào)字母）【答案】(1).否(2).0.72(3).B【解析】【詳解】（1）[1]因?yàn)樾≤嚽岸擞辛鞲衅鳒y(cè)小車受到水平拉力，因此不須要鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量；（2）依據(jù)公式解得（3）[3]因?yàn)闆](méi)有平衡摩擦力，所以在一起先有力時(shí)沒(méi)有加速度，故B符合。10.某同學(xué)欲將內(nèi)阻為100Ω、量程為300μA的電流計(jì)G改裝成歐姆表，要求改裝后歐姆表的0刻度正好對(duì)準(zhǔn)電流表表盤的300μA刻度?？蛇x用的器材還有：定值電阻R1（阻值25Ω）；定值電阻R2（阻值l00Ω）；滑動(dòng)變阻器R（最大阻值l000Ω）；干電池（E=1.5V．r=2Ω）；紅、黑表筆和導(dǎo)線若干。改裝電路如圖甲所示。（1）定值電阻應(yīng)選擇____（填元件符號(hào)）．改裝后的歐姆表的中值電阻為____Ω。（2）該同學(xué)用改裝后尚未標(biāo)示對(duì)應(yīng)刻度的歐姆表測(cè)量?jī)?nèi)阻和量程均未知的電壓表V的內(nèi)阻。步驟如下：先將歐姆表的紅、黑表筆短接，調(diào)整____填圖甲中對(duì)應(yīng)元件代號(hào)），使電流計(jì)G指針指到____μA；再將____（填“紅”或“黑”）表筆與V表的“+”接線柱相連，另一表筆與V表的“一”接線柱相連。若兩表的指針位置分別如圖乙和圖丙所示，則V表的內(nèi)阻為____Ω，量程為____________V?！敬鸢浮?1).R1(2).1000(3).R（或滑動(dòng)變阻器）(4).300(5).黑(6).500(7).1【解析】【詳解】（1）[1][2]由于滑動(dòng)變阻器的最大阻值為1000Ω，故當(dāng)滑動(dòng)變阻器調(diào)到最大時(shí)，電路中的電路約為此時(shí)表頭滿偏，故定值電阻中的電流約為故其阻值為因此定值電阻應(yīng)當(dāng)選擇R1。改裝后將紅黑表筆短接，將電流表調(diào)大滿偏，此時(shí)多用表的總內(nèi)阻為故多用表的中值電阻為（2）[3][4][5]由于運(yùn)用歐姆表測(cè)內(nèi)阻，故首先要進(jìn)行歐姆調(diào)0，即調(diào)整R，使電流表滿偏，即指針指到300μA，黑表筆接的電源正極，故將黑表筆與電壓表的“+”接線柱相連；[6][7]歐姆表指針指在I=200μA位置，則電路中的總電流為5I，故待測(cè)電壓表的內(nèi)阻為設(shè)電壓表量程為U，此時(shí)電壓表兩端的電壓為故其量程為1V。11.如圖，是豎直面內(nèi)、圓心在點(diǎn)、半徑為的光滑絕緣軌道，其端切線水平且距水平地面的高度也為、連線右側(cè)的空間存在方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)。將一質(zhì)量為、電荷量為的帶正電小球從軌道端無(wú)初速釋放，小球從端飛出后，在地面上第一次的落點(diǎn)距的水平距離為．若小球可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度大小為。求：（1）進(jìn)入電場(chǎng)前，小球在端的速度大小及對(duì)軌道的壓力大??；（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小?！敬鸢浮浚?），（2）【解析】【詳解】（1）因?yàn)楣饣^緣軌道，因此依據(jù)機(jī)械能守恒定律可得解得依據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)向心力公式可得解得（2）因?yàn)殡妶?chǎng)線方向向下，小球帶正電，因此所受的電場(chǎng)力方向向下，所以向下的加速度為依據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)可得，綜合可得12.如圖，小滑塊A與木板B均靜止于粗糙水平地面上，A與B左端的距離為x0=4.5m，小滑塊C靜止于木板B的右端，A、B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ1=0.1，C與B間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2=0.2?，F(xiàn)給A一個(gè)方向水平向右、大小v0=5m/s的初速度。已知A、B、C的質(zhì)量分別為mA=1kg、mB=3kg、mC=lkg，A、B間的碰撞為彈性碰撞且碰撞時(shí)問(wèn)極短，滑塊C始終未離開木板B，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g=10m/s2.求：（l）碰前瞬間A的速度大小和碰后瞬間B的速度大??；（2）碰后瞬間B、C的加速度大?。唬?）從碰后到木板B最終停止，B與地面間因摩擦而產(chǎn)生的熱量?！敬鸢浮浚?）4m/s，2m/s；（2），；（3）5J【解析】【詳解】（1）從A物體起先運(yùn)動(dòng)到與B物體碰撞，由動(dòng)能定理可得代入數(shù)據(jù)解得A碰前的速度為A、B間的碰撞為彈性碰撞且碰撞時(shí)問(wèn)極短，故A、B間的碰撞動(dòng)量守恒，動(dòng)能守恒，解得，碰后瞬間B的速度大小為（2）C物體速度為0，故C物體受到水平向右的摩擦力，由牛頓其次定律代入數(shù)據(jù)得，C物體的加速度為方向向右；B物體受到地面對(duì)左的摩擦力和C物體對(duì)它向左的摩擦力，故由牛頓其次定律代入數(shù)據(jù)解得方向向左。（3）碰后B物體向右削減運(yùn)動(dòng)，C物體向右加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩者速度達(dá)到相等時(shí)有解得，，此過(guò)程中，B物體的位移為B與地面摩擦產(chǎn)生的熱量為B、C共速后，兩物體一起向右做減速運(yùn)動(dòng)直到速度減為0，此過(guò)程中兩物體加速度為兩物體速度減為0時(shí)位移為故B與地面摩擦產(chǎn)生的熱量為故B與地面摩擦產(chǎn)生的總熱量為13.下列說(shuō)法正確的是A.將一塊晶體敲碎后，得到的小顆粒仍舊是晶體B.質(zhì)量、溫度均相同的碳粉和碳?jí)K，其內(nèi)能不同C.懸浮在水中的花粉微粒的布朗運(yùn)動(dòng)反映了花粉分子的熱運(yùn)動(dòng)D.肯定質(zhì)量的志向氣體，放熱的同時(shí)對(duì)外界做功，其內(nèi)能肯定削減E.氣體向真空的白由膨脹是不行逆的【答案】ADE【解析】【詳解】A.將一塊晶體敲碎后，分子組成結(jié)構(gòu)沒(méi)有變，因此得到的小顆粒仍舊是晶體，故A正確；B.內(nèi)能是物體全部分子動(dòng)能和勢(shì)能之和，對(duì)于質(zhì)量、溫度均相同的碳粉和碳?jí)K，其分子數(shù)相同，動(dòng)能也相同，都為固體勢(shì)能也相同，因此其內(nèi)能相同，故B錯(cuò)誤；C.布朗運(yùn)動(dòng)是分子原子撞擊加大顆粒，因受力不平衡導(dǎo)致其無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不是顆粒本身所含的分子，故C錯(cuò)誤；D.肯定質(zhì)量的志向氣體，變更內(nèi)能有兩種方式，做功和熱傳遞，放熱的同時(shí)對(duì)外界做功，內(nèi)能沒(méi)有輸入只有輸出，因此內(nèi)能肯定減小，故D正確；E.依據(jù)熱力學(xué)其次定律，氣體向真空的白由膨脹是不行逆的，故E正確。14.如圖甲，絕熱氣缸置于水平地面上，其、兩部分的橫截面積分別是、，、是質(zhì)量均為且厚度不汁的絕熱活塞，初態(tài)，與封閉著總高度為（由和的兩段組成）的志向氣體Ⅰ，與缸底封閉著高度為的志向氣體Ⅱ，氣體Ⅰ、Ⅱ的溫度均為．已知大氣壓強(qiáng)，重力加速度大?。钊c氣缸接觸處光滑且不漏氣，氣缸壁厚度不計(jì)，活塞以上部分足夠長(zhǎng)。（1）求氣體Ⅱ的壓強(qiáng)；（2）若啟動(dòng)中的加熱電阻絲（圖中未畫出）對(duì)氣體Ⅱ緩慢加熱，某時(shí)刻活塞到達(dá)的上端且剛好與上端接觸而無(wú)壓力（如圖乙），求此時(shí)氣體Ⅱ的溫度。【答案】（1）（2）【解析】【詳解】（1）由題意可設(shè)，志向氣體的氣壓為p1，志向氣體Ⅱ的氣壓為p2，依據(jù)受力平衡可得，代入數(shù)據(jù)解得（2）依據(jù)志向氣體狀態(tài)方程可得，解得15.下列說(shuō)法正確的是A.單擺做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期跟擺長(zhǎng)和擺球質(zhì)量均有關(guān)B.在機(jī)械波的傳播