四川省成都市2025屆高三物理上學期第一次診斷性檢測試題含解析

PAGE17-四川省成都市2025屆高三物理上學期第一次診斷性檢測試題（含解析）二、選擇題1.圖示情景中，小球相對于水平桌面對后運動的緣由是A.小球突然失去慣性 B.動車突然向前加速C.動車突然向前減速 D.動車做勻速直線運動的速度很大【答案】B【解析】【詳解】小球突然向后去，是因為火車突然啟動，因為慣性，小球會保持原來的運動狀態(tài)，所以會相對桌面對后運動，故B正確。2.如圖，小物塊在沿斜面對上的拉力作用下沿固定光滑斜面勻速上滑。現將力的方向變?yōu)樗较蛴?，仍使保持原來的速度沿斜面勻速上滑。則變更后與變更前比較A.斜面對物體的支持力不變 B.力變大C.力變小 D.力的功率變大【答案】B【解析】【詳解】A.對物體受力分析可知，物體受重力、支持力、摩擦力和拉力，依據受力平衡可得當力的方向變?yōu)樗较蛴?，依據平衡可得因此支持變大，故A錯誤；BC.在斜面方向，依據平衡可得當力的方向變?yōu)樗较蛴铱傻靡虼薋變大，故B正確C錯誤；D.一起先F的功率為變更之后功率為拉力F的功率不變，故D錯誤。3.如圖。水平放置的平行板電容器上極板帶正電，所帶電荷量為，板間距離為，上極板與靜電計相連，靜電計金屬外殼和電容器下極板都接地。在兩極板正中間點有一個靜止的帶電油滴，所帶電荷量肯定值為。靜電力常量為k，下列說法正確的是A.油滴帶正電B.油滴受到的電場力大小為C.若僅將上極板平移到圖中虛線位置，則靜電計指針張角減小D.若僅將上極板平移到圖中虛線位置，則油滴將加速向上運動【答案】D【解析】【詳解】A.依據受力分析知，油滴受重力和電場力，因為油滴受力平衡，因此可推斷油滴帶負電，所受電場力豎直向上，故A錯誤；B.因為油滴處于勻強電場中，因此只能用勻強電場公式，依據平行板電容器公式可得，可得故B錯誤；C.平行板電容器電荷量不變，依據公式，因此將上極板平移到圖中虛線位置，間距變小，電容變大，電壓變小，靜電計指針張角變小，故C正確；D.電場力可知電場力與兩極板距離d無關，若僅將上極板平移到圖中虛線位置，所受電場力不變，因此油滴仍靜止不動，故D錯誤。4.如圖甲，在勻強電場中的O點先后無初速釋放兩個正點電荷I和Ⅱ，電荷僅受勻強電場的作用沿直線向A運動，兩電荷的動能Ek隨位移x變更的關系如圖乙。若I的電荷量為q，則可知A.勻強電場的場強大小為E=B.電荷Ⅱ受到的電場力大小為C.電荷Ⅱ電荷量為D.選O點為零電勢點，A點的電勢為【答案】A【解析】【詳解】A.對電荷I，從O點到A點，由動能定理可得故電場強度大小為E=故A正確；B.對電荷Ⅱ，由動能定理可得故電荷Ⅱ受到的電場力為故B錯誤；C.由場強為E=，電荷Ⅱ受到的電場力為，可得電荷Ⅱ受到的電荷量為D.選O點為零電勢點，則由可得，A點電勢為5.人造地球衛(wèi)星的軌道可能是圓，也可能是橢圓。關于在軌正常運行的這些衛(wèi)星，說法正確的是A.全部衛(wèi)星的運行周期都小于1天B.全部衛(wèi)星在任何位置的速率都小于C.部分衛(wèi)星在某些位置的向心加速度大于地球表面的重力加速度D.全部衛(wèi)星半長軸（或軌道半徑）的三次方與運行周期的二次方的比值是一個常數【答案】D【解析】【詳解】A.依據周期公式可得軌道半徑越大，周期越大，因此存在周期大于1天的狀況，故A錯誤；B.衛(wèi)星在變換軌道時會加速遠離地球，在加速的過程中，衛(wèi)星的速度可以大于7.9km/s，故B錯誤；C.依據公式可知因為衛(wèi)星軌道半徑大于地球半徑，因此其加速度不行能大于地球重力加速度，故C錯誤；D.依據公式可得所以為常數，故D正確。6.圖甲所示的無人機在飛行的某內，前沿正東方向做水平直線運動，后沿正北方向做水平直線運動，其速率隨時間變更的關系如圖乙。下列推斷正確的是（可能用到A.無人機在末、末的加速度大小之比為B.無人機在前、后0.5內的平均速率之比為C.內，無人機飛行的路程為D.內，無人機的位移大小為、方向東偏北【答案】AD【解析】【詳解】A.由圖像可知，前30s，無人機加速度大小為，30s到50s加速度為1m/s2，所以無人機在末、末的加速度大小之比為，故A正確；B.依據平均速度公式可得在v-t圖中，圖像面積為物體的位移，因此可得，前0.5min內平均速度為，后0.5min內平均速度為，因此速度之比為3:4，故B錯誤；C.無人機實際運行軌跡即為無人機路程，由圖可知，無人機路程為700m，故C錯誤；D.依據無人機運行軌跡可知，其位移為，方位為東偏北53°，故D正確。7.如圖，曲線為某元件的伏安特性曲線，直線b為某直流電源的伏安特性曲線。將元件與該電源連接成一閉合回路，下列說法正確的是A.元件的電阻隨電壓的增大而增大 B.電源的電動勢為，內阻為C.電源的總功率為 D.電源的效率為【答案】BD【解析】【詳解】A.由圖像可知，圖像斜率表示電阻，斜率隨電壓增大而變小，因此電阻也變小，故A錯誤；B.依據U-I圖像可知，與電壓軸交點為電動勢，斜率表示內阻，因此可知，電源電動勢為5V，內阻為，故B正確；C.電源總功率為由圖像可得故C錯誤；D.電源的效率為解得故D正確。8.如圖，一絕緣且粗糙程度相同的豎直細桿與兩個等量異種點電荷+Q、-Q連線的中垂線重合，細桿和+Q、-Q均固定，A、O、B為細桿上的三點，O為+Q、-Q連線的中點，AO=BO?，F有電荷量為q、質量為m的小球套在桿上，從A點以初速度v0向B滑動，到達B點時速度恰好為0。則可知A.從A到B，小球的電勢能始終不變，受到的電場力先增大后減小B.從A到B，小球的加速度先減小后增大C.小球運動到O點時的速度大小為D.小球從A到O與從O到B，重力的沖量相等【答案】AC【解析】【詳解】A.等量異種電荷的中垂面是等勢面，故電荷q在AB上運動時電勢能不變，從A到B電場強度先變大后邊小，故它受到的電場力先變大后變小，在O點受到的電場力最大，A正確；B.電荷在水平方向受到電場力和桿的彈力，豎直方向受到重力和摩擦力，故水平方向電場力先變大后邊小，故桿對小球的支持力先變大后邊小，故摩擦力先變大后邊小，小球到達B點時速度減為0，說明其受到的摩擦力大于重力，故在豎直方向摩擦力先變大后邊小，因此小球的加速度先變大后邊小，B錯誤；C.從A到B，由動能定理可得從A到O和從O到B電場力變更相同，由可知，摩擦力變更狀況相同，故從A到O和從O到B摩擦力做功相等，故從從A到O由動能定理可得聯立兩式可解得C正確；D.從A到O和從O到B的過程中，由于位移相同但是速度不相同，物體始終處于減速狀態(tài)，故運動時間不同，因此重力的沖量不相等，D錯誤；故選AC。三、非選擇題9.甲圖是某小組探究“加速度與合外力的關系”的試驗裝置。在他們的方案中，長木板平放在水平桌面上，利用穿過打點計時器且連在小車后端的紙帶測小車的加速度，利用固定在小車前端的力傳感器測小車受到的水平拉力。（1）按該方案做試驗，是否要求鉤碼質量遠小于小車的質量？__（填“是”或“否”。（2）從試驗中選擇一條點跡清楚的紙帶。每5個點取一個計數點，用刻度尺測量計數點間的距離如圖乙所示。已知打點計時器每間隔打一個點。由該紙帶可求得小車的加速度__（保留2位有效數字）。（3）變更鉤碼的個數，測得多組數據。若以為縱坐標，為橫坐標。利用測得的數據作出圖象，則最符合該試驗實際狀況的是圖丙中的__。（填選項序號字母）【答案】(1).否(2).0.72(3).B【解析】【詳解】（1）[1]因為小車前端有力傳感器測小車受到水平拉力，因此不須要鉤碼質量遠小于小車的質量；（2）依據公式解得（3）[3]因為沒有平衡摩擦力，所以在一起先有力時沒有加速度，故B符合。10.某同學欲將內阻為100Ω、量程為300μA的電流計G改裝成歐姆表，要求改裝后歐姆表的0刻度正好對準電流表表盤的300μA刻度。可選用的器材還有：定值電阻R1（阻值25Ω）；定值電阻R2（阻值l00Ω）；滑動變阻器R（最大阻值l000Ω）；干電池（E=1.5V．r=2Ω）；紅、黑表筆和導線若干。改裝電路如圖甲所示。（1）定值電阻應選擇____（填元件符號）．改裝后的歐姆表的中值電阻為____Ω。（2）該同學用改裝后尚未標示對應刻度的歐姆表測量內阻和量程均未知的電壓表V的內阻。步驟如下：先將歐姆表的紅、黑表筆短接，調整____填圖甲中對應元件代號），使電流計G指針指到____μA；再將____（填“紅”或“黑”）表筆與V表的“+”接線柱相連，另一表筆與V表的“一”接線柱相連。若兩表的指針位置分別如圖乙和圖丙所示，則V表的內阻為____Ω，量程為____________V?！敬鸢浮?1).R1(2).1000(3).R（或滑動變阻器）(4).300(5).黑(6).500(7).1【解析】【詳解】（1）[1][2]由于滑動變阻器的最大阻值為1000Ω，故當滑動變阻器調到最大時，電路中的電路約為此時表頭滿偏，故定值電阻中的電流約為故其阻值為因此定值電阻應當選擇R1。改裝后將紅黑表筆短接，將電流表調大滿偏，此時多用表的總內阻為故多用表的中值電阻為（2）[3][4][5]由于運用歐姆表測內阻，故首先要進行歐姆調0，即調整R，使電流表滿偏，即指針指到300μA，黑表筆接的電源正極，故將黑表筆與電壓表的“+”接線柱相連；[6][7]歐姆表指針指在I=200μA位置，則電路中的總電流為5I，故待測電壓表的內阻為設電壓表量程為U，此時電壓表兩端的電壓為故其量程為1V。11.如圖，是豎直面內、圓心在點、半徑為的光滑絕緣軌道，其端切線水平且距水平地面的高度也為、連線右側的空間存在方向豎直向下的勻強電場。將一質量為、電荷量為的帶正電小球從軌道端無初速釋放，小球從端飛出后，在地面上第一次的落點距的水平距離為．若小球可視為質點，重力加速度大小為。求：（1）進入電場前，小球在端的速度大小及對軌道的壓力大小；（2）勻強電場的場強大小?！敬鸢浮浚?），（2）【解析】【詳解】（1）因為光滑絕緣軌道，因此依據機械能守恒定律可得解得依據圓周運動向心力公式可得解得（2）因為電場線方向向下，小球帶正電，因此所受的電場力方向向下，所以向下的加速度為依據類平拋運動可得，綜合可得12.如圖，小滑塊A與木板B均靜止于粗糙水平地面上，A與B左端的距離為x0=4.5m，小滑塊C靜止于木板B的右端，A、B與地面間的動摩擦因數均為μ1=0.1，C與B間的動摩擦因數μ2=0.2?，F給A一個方向水平向右、大小v0=5m/s的初速度。已知A、B、C的質量分別為mA=1kg、mB=3kg、mC=lkg，A、B間的碰撞為彈性碰撞且碰撞時問極短，滑塊C始終未離開木板B，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g=10m/s2.求：（l）碰前瞬間A的速度大小和碰后瞬間B的速度大?。唬?）碰后瞬間B、C的加速度大??；（3）從碰后到木板B最終停止，B與地面間因摩擦而產生的熱量?！敬鸢浮浚?）4m/s，2m/s；（2），；（3）5J【解析】【詳解】（1）從A物體起先運動到與B物體碰撞，由動能定理可得代入數據解得A碰前的速度為A、B間的碰撞為彈性碰撞且碰撞時問極短，故A、B間的碰撞動量守恒，動能守恒，解得，碰后瞬間B的速度大小為（2）C物體速度為0，故C物體受到水平向右的摩擦力，由牛頓其次定律代入數據得，C物體的加速度為方向向右；B物體受到地面對左的摩擦力和C物體對它向左的摩擦力，故由牛頓其次定律代入數據解得方向向左。（3）碰后B物體向右削減運動，C物體向右加速運動，當兩者速度達到相等時有解得，，此過程中，B物體的位移為B與地面摩擦產生的熱量為B、C共速后，兩物體一起向右做減速運動直到速度減為0，此過程中兩物體加速度為兩物體速度減為0時位移為故B與地面摩擦產生的熱量為故B與地面摩擦產生的總熱量為13.下列說法正確的是A.將一塊晶體敲碎后，得到的小顆粒仍舊是晶體B.質量、溫度均相同的碳粉和碳塊，其內能不同C.懸浮在水中的花粉微粒的布朗運動反映了花粉分子的熱運動D.肯定質量的志向氣體，放熱的同時對外界做功，其內能肯定削減E.氣體向真空的白由膨脹是不行逆的【答案】ADE【解析】【詳解】A.將一塊晶體敲碎后，分子組成結構沒有變，因此得到的小顆粒仍舊是晶體，故A正確；B.內能是物體全部分子動能和勢能之和，對于質量、溫度均相同的碳粉和碳塊，其分子數相同，動能也相同，都為固體勢能也相同，因此其內能相同，故B錯誤；C.布朗運動是分子原子撞擊加大顆粒，因受力不平衡導致其無規(guī)則運動，不是顆粒本身所含的分子，故C錯誤；D.肯定質量的志向氣體，變更內能有兩種方式，做功和熱傳遞，放熱的同時對外界做功，內能沒有輸入只有輸出，因此內能肯定減小，故D正確；E.依據熱力學其次定律，氣體向真空的白由膨脹是不行逆的，故E正確。14.如圖甲，絕熱氣缸置于水平地面上，其、兩部分的橫截面積分別是、，、是質量均為且厚度不汁的絕熱活塞，初態(tài)，與封閉著總高度為（由和的兩段組成）的志向氣體Ⅰ，與缸底封閉著高度為的志向氣體Ⅱ，氣體Ⅰ、Ⅱ的溫度均為．已知大氣壓強，重力加速度大?。钊c氣缸接觸處光滑且不漏氣，氣缸壁厚度不計，活塞以上部分足夠長。（1）求氣體Ⅱ的壓強；（2）若啟動中的加熱電阻絲（圖中未畫出）對氣體Ⅱ緩慢加熱，某時刻活塞到達的上端且剛好與上端接觸而無壓力（如圖乙），求此時氣體Ⅱ的溫度。【答案】（1）（2）【解析】【詳解】（1）由題意可設，志向氣體的氣壓為p1，志向氣體Ⅱ的氣壓為p2，依據受力平衡可得，代入數據解得（2）依據志向氣體狀態(tài)方程可得，解得15.下列說法正確的是A.單擺做簡諧運動的周期跟擺長和擺球質量均有關B.在機械波的傳播