黃金卷06-【贏在高考-黃金8卷】備戰(zhàn)2023年高考物理模擬卷（全國(guó)卷專用）試題含答案

【贏在高考·黃金8卷】備戰(zhàn)2023年高考物理模擬卷（全國(guó)通用版）黃金卷06選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~4題只有一項(xiàng)符合題目要求，第5~8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）１.核電池可通過(guò)半導(dǎo)體換能器，將放射性同位素衰變過(guò)程釋放的能量轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔堋Ｒ混o止的核衰變?yōu)楹撕托铝Ｗ?，并釋放出γ光子。已知、的質(zhì)量分別為、，下列說(shuō)法正確的是（）A.的衰變方程為B.釋放的核能轉(zhuǎn)變?yōu)榈膭?dòng)能、新粒子的動(dòng)能和γ光子能量C.的結(jié)合能比的結(jié)合能更大D.核反應(yīng)過(guò)程中釋放的核能為２.關(guān)于太陽(yáng)、地球以及月球的一些信息如下表一年約為365天地球半徑約為6400km，自轉(zhuǎn)周期為一天一個(gè)月約為30天，一天約24小時(shí)太陽(yáng)與地球間的距離約1.5億公里引力常量為G地球與月球的距離約為地球半徑的60倍根據(jù)以上信息，我們不能估算出的物理量有（）A.太陽(yáng)的質(zhì)量 B.地球的質(zhì)量 C.月球的質(zhì)量 D.地球同步衛(wèi)星的軌道高度３.風(fēng)力發(fā)電為2022年卡塔爾世界杯供應(yīng)綠色電能，其模型如圖所示。風(fēng)輪機(jī)葉片轉(zhuǎn)速為n，并形成半徑為r的圓面，通過(guò)轉(zhuǎn)速比為的升速齒輪箱帶動(dòng)面積為S、匝數(shù)為N的發(fā)電機(jī)線圈高速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的交變電流經(jīng)過(guò)理想變壓器升壓后，輸出電壓為U。已知空氣密度為ρ，風(fēng)速為v，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，為交流電壓表，忽略線圈電阻，則（）A.線圈位于圖示位置時(shí)，交流電壓表的示數(shù)為零B.從圖示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為C.變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為D.單位時(shí)間內(nèi)沖擊風(fēng)輪機(jī)葉片氣流的動(dòng)能為4.如圖，兩對(duì)等量異號(hào)點(diǎn)電荷、固定于正方形的4個(gè)項(xiàng)點(diǎn)上。L、N是該正方形兩條對(duì)角線與其內(nèi)切圓的交點(diǎn)，O為內(nèi)切圓的圓心，M為切點(diǎn)。則（）A.L和N兩點(diǎn)處的電場(chǎng)方向相同B.M點(diǎn)的電場(chǎng)方向平行于該點(diǎn)處的切線，方向向左C.將一帶正電的點(diǎn)電荷從M點(diǎn)移動(dòng)到O點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功D.將一帶正電的點(diǎn)電荷從L點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零5．（2022年2月12日，在速度滑冰男子500米決賽上，高亭宇以34秒32的成績(jī)刷新奧運(yùn)紀(jì)錄。國(guó)家速度滑冰隊(duì)在訓(xùn)練彎道技術(shù)時(shí)采用人體高速?gòu)椛溲b置，如圖甲所示，在實(shí)際應(yīng)用中裝置在前方通過(guò)繩子拉著運(yùn)動(dòng)員，使運(yùn)動(dòng)員做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)設(shè)定速度時(shí)，運(yùn)動(dòng)員松開(kāi)繩子，進(jìn)行高速入彎訓(xùn)練，已知彎道半徑為25m，人體彈射裝置可以使運(yùn)動(dòng)員在4.5s內(nèi)由靜止達(dá)到入彎速度18m/s，入彎時(shí)冰刀與冰面的接觸情況如圖乙所示，運(yùn)動(dòng)員質(zhì)量為50kg，重力加速度g=10m/s2，忽略彎道內(nèi)外高度差及繩子與冰面的夾角、冰刀與冰面間的摩擦，下列說(shuō)法正確的是（）A．運(yùn)動(dòng)員勻加速運(yùn)動(dòng)的距離為81mB．勻加速過(guò)程中，繩子的平均彈力為200NC．運(yùn)動(dòng)員入彎時(shí)的向心力為648ND．入彎時(shí)冰刀與水平冰面的夾角大于45°６．靜止在最低處，當(dāng)在重物上施加適當(dāng)?shù)耐屏，緩慢使它往右上方移動(dòng)，若此過(guò)程中重物與滑輪間的細(xì)線拉力大小不變，重物只在同一個(gè)豎直面內(nèi)移動(dòng)，不計(jì)一切摩擦阻力，則（）A.推力F的方向保持不變 B.推力F的大小逐漸增大C.細(xì)繩MN中的張力逐漸減小 D.細(xì)繩MN中的張力逐漸增大７.如圖所示，足夠長(zhǎng)的光滑傾斜導(dǎo)電軌道與水平面夾角為，上端用阻值為R的電阻連接，下端斷開(kāi)，以上軌道平面無(wú)磁場(chǎng)，以下存在垂直于軌道平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。兩根一樣的導(dǎo)體棒AB、CD質(zhì)量均為m，電阻為R，用絕緣輕桿連接。將兩導(dǎo)體棒從上方導(dǎo)軌處由靜止釋放，經(jīng)過(guò)t時(shí)間CD邊進(jìn)入磁場(chǎng)，CD邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的瞬時(shí)加速度為零，再經(jīng)過(guò)t時(shí)間AB邊進(jìn)入磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中AB、CD始終與軌道接觸良好且垂直于軌道，導(dǎo)電軌道的電阻忽略不計(jì)，重力加速度為g，則（）A.AB邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)的瞬間，流經(jīng)AB的電流方向和電勢(shì)差的正負(fù)均發(fā)生變化B.導(dǎo)軌寬度C.第二個(gè)t時(shí)間內(nèi)CD桿產(chǎn)生熱量為D.AB棒進(jìn)入磁場(chǎng)后，導(dǎo)體棒先做加速度減小的變速運(yùn)動(dòng)，最終勻速運(yùn)動(dòng)８.如圖所示，水平地面上放置一質(zhì)量為M的木箱，長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕桿一端固定在轉(zhuǎn)軸O上，另一端連接一質(zhì)量為m的可視為質(zhì)點(diǎn)的小球，開(kāi)始時(shí)桿豎直靜止放置，受到微小的擾動(dòng)后，木箱被小球推著向左運(yùn)動(dòng)，木箱和小球分離前某一時(shí)刻木箱速度為v，桿和水平方向成a角，不計(jì)一切摩擦，重力加速度為g，則（）A.此時(shí)小球繞O做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度為B.此時(shí)小球繞O做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度為C.M和m之比為D.M和m之比為二、非選擇題包括必考題和選考題兩部分。第9~12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答，第13~44題為選考題，考生根據(jù)要求作答。必考題共47分。9.小明用如圖甲所示的裝置來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，該裝置由水平長(zhǎng)木板及固定在木板左端的硬幣發(fā)射器組成，硬幣發(fā)射器包括支架、彈片及彈片釋放裝置，釋放彈片可將硬幣以某一初速度彈出。已知五角硬幣和一元硬幣與長(zhǎng)木板間動(dòng)摩擦因數(shù)近似相等，主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：①將五角硬幣置于發(fā)射槽口，釋放彈片將硬幣發(fā)射出去，硬幣沿著長(zhǎng)木板中心線運(yùn)動(dòng)，在長(zhǎng)木板中心線的適當(dāng)位置取一點(diǎn)O，測(cè)出硬幣停止滑動(dòng)時(shí)硬幣右側(cè)到O點(diǎn)的距離。再?gòu)耐晃恢冕尫艔椘瑢⒂矌虐l(fā)射出去，重復(fù)多次，取該距離的平均值記為，如圖乙所示；②將一元硬幣放在長(zhǎng)木板上，使其左側(cè)位于O點(diǎn)，并使其直徑與中心線重合，按步驟①?gòu)耐晃恢冕尫艔椘?，重新彈射五角硬幣，使兩硬幣?duì)心正碰，重復(fù)多次，分別測(cè)出兩硬幣碰后停止滑行時(shí)距O點(diǎn)距離的平均值和，如圖丙所示。（1）實(shí)驗(yàn)中還需要測(cè)量的量有____________A.五角硬幣和一元硬幣的質(zhì)量、B.五角硬幣和一元硬幣的直徑、C.硬幣與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)D.發(fā)射槽口到O點(diǎn)的距離（2）該同學(xué)要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式為_(kāi)_______________（用已知量和測(cè)量的量表示），若進(jìn)一步研究該碰撞是否為彈性碰撞，需要判斷關(guān)系式___________是否成立（用、、表示）。1０.通過(guò)查閱資料，實(shí)驗(yàn)小組得知總?cè)萘繛榈钠噭?dòng)力電池是采用數(shù)千節(jié)磷酸鐵鋰電池組合而成，其中每節(jié)電池的電動(dòng)勢(shì)在3.6~4.2V之間。為探究該電池的特性，小組購(gòu)得一節(jié)相同的電池，通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)量其電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r。實(shí)驗(yàn)主要器材有：定值電阻（），電流表A（0~0.5A，內(nèi)阻未知），電阻箱R（）。實(shí)驗(yàn)主要操作如下：（計(jì)算結(jié)果均保留兩位小數(shù)）（1）先用歐姆表測(cè)量電流表A的內(nèi)阻。如圖甲所示，已知?dú)W姆表內(nèi)部電源的電動(dòng)勢(shì)為3.0V，表盤中央刻線示數(shù)為“15”。歐姆表選取“”擋位時(shí)，發(fā)現(xiàn)歐姆表示數(shù)很小無(wú)法準(zhǔn)確讀數(shù)，而此時(shí)電流表的示數(shù)為0.19A，可知電流表的內(nèi)阻______；（2）之后，再用圖乙的電路測(cè)量E和r。閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱，讀出多組電阻箱的示數(shù)R和對(duì)應(yīng)電流表的示數(shù)I，根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)，作出圖像如圖丙所示。則可求得該電池的電動(dòng)勢(shì)______V，內(nèi)電阻______；（3）以上實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生誤差的原因可能是____________（答出一條即可）。１１.如圖所示，將原長(zhǎng)為r輕質(zhì)彈簧放置在粗糙的水平面上，一端固定在A點(diǎn)，另一端與滑塊P（視為質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)量可調(diào)節(jié)變化）接觸但不連接，的長(zhǎng)度為2r，B端與半徑為r的光滑半圓軌道相切，C點(diǎn)與圓心O等高，D點(diǎn)在O點(diǎn)的正上方，是圓弧的最高點(diǎn)，滑塊與之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。用外力緩慢推動(dòng)滑塊，每次都將彈簧壓縮至原長(zhǎng)的一半，然后由靜止釋放，滑塊開(kāi)始沿軌道運(yùn)動(dòng)，當(dāng)滑塊的質(zhì)量為m時(shí)，剛好能到達(dá)圓軌道的最高點(diǎn)D。已知，，重力加速度為g，求：（1）彈簧被壓縮至原長(zhǎng)的一半時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能；（2）改變滑塊的質(zhì)量為M，使之能滑上圓軌道，且仍能沿圓軌道滑下，M的最小值；（3）E是圓弧軌道上的一點(diǎn)，O、E的連線與的夾角為37°，若滑塊的質(zhì)量為，滑塊運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn)時(shí)恰好脫離圓軌道，滑塊的質(zhì)量。1２.如圖所示，在xOy平面內(nèi)的第二象限有一個(gè)圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，其邊界與x軸相切于A（，0）點(diǎn)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=1T，磁場(chǎng)區(qū)域的半徑為R=2m，第一象限內(nèi)有一條拋物線OQP（圖中虛線所示），P（4m，0）是x軸上的一點(diǎn)，拋物線OQP上方存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)E=3×103V/m，從A點(diǎn)向第二象限發(fā)射大量帶正電的某種粒子，粒子的速率均為v0（未知），質(zhì)量均為m=2×10-7kg，電荷量均為q=1×10-4C，所有粒子均可到達(dá)P點(diǎn)，不計(jì)粒子的重力和粒子間的相互作用。（1）已知粒子1沿與x軸正方向成θ1=60°的方向進(jìn)入磁場(chǎng)后平行于x軸從磁場(chǎng)中射出，求初速度v0的大??；（2）粒子2沿與x軸正方向成θ2=120°的方向進(jìn)入磁場(chǎng)，求它從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)所用的時(shí)間t（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）；（3）求電場(chǎng)的邊界線OQP的軌跡方程。三、選考題：共15分。請(qǐng)考生從2道物理題中每科任選一題作答。如果多做，則每科按所做的第一題計(jì)分。[物理——選修3-3]（１）圖1為氧氣分子在不同溫度下的速率分布，圖2分別為分子間作用力、分子勢(shì)能與分子間距的關(guān)系，針對(duì)這兩個(gè)圖像的說(shuō)法中正確的是（）A．圖1中兩種狀態(tài)氧氣分子的平均速率相等B．圖1中在②狀態(tài)下，氧氣分子速率大小的分布范圍相對(duì)較大C．圖1中兩條圖線與橫軸包圍的面積相同D．圖2中分子間作用力與分子間距的關(guān)系圖中，陰影部分面積表示分子勢(shì)能差值，與零勢(shì)能點(diǎn)的選取有關(guān)E．圖2中分子勢(shì)能與分子間距的關(guān)系圖中斜率絕對(duì)值表示分子間距離在該間距時(shí)的分子間作用力大?。ǎ玻┤鐖D甲所示，開(kāi)口向上的汽缸放在水平地面上，橫截面積為S、質(zhì)量為m的薄活塞密封一定質(zhì)量的理想氣體，平衡時(shí)活塞下部與汽缸底部的間距為d。若汽缸放在傾角的固定斜面上，繞過(guò)定滑輪的輕繩一端與質(zhì)量為2m的物塊相連，另一端與活塞相連，滑輪右側(cè)輕繩與斜面平行，系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，如圖乙所示。重力加速度大小為g，大氣壓強(qiáng)恒為，不計(jì)一切摩擦，缸內(nèi)氣體的溫度恒定，斜面足夠長(zhǎng)。①求系統(tǒng)在斜面上處于平衡狀態(tài)時(shí)活塞與汽缸底部的間距；②.物塊下輕輕地掛上另一相同的物塊后，活塞與汽缸一起沿斜面向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，求系統(tǒng)穩(wěn)定后活塞與汽缸底部的間距。[物理——選修3-4]（1）一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播。波速為10m/s。在傳播方向上有P、Q兩質(zhì)點(diǎn)，坐標(biāo)分別為xP=1m，xQ=6m。波傳播到P點(diǎn)開(kāi)始計(jì)時(shí)，該點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖所示，則簡(jiǎn)諧波的波長(zhǎng)為_(kāi)_____m，經(jīng)過(guò)______s，Q點(diǎn)第一次到達(dá)正向最大位移處。（2）如圖所示，ABC是由折射率為的某種透明物質(zhì)制成的直角三棱鏡橫面，∠A=30°。一細(xì)束光線在紙面內(nèi)沿平行于AC方向從AB邊的P點(diǎn)射入棱鏡（P點(diǎn)圖中未畫），最后從BC邊的中點(diǎn)D點(diǎn)射出，已知CD間距為a，求該束光線的入射點(diǎn)P到A的距離?！沮A在高考·黃金8卷】備戰(zhàn)2023年高考物理模擬卷（全國(guó)通用版）黃金卷06選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~4題只有一項(xiàng)符合題目要求，第5~8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）1.核電池可通過(guò)半導(dǎo)體換能器，將放射性同位素衰變過(guò)程釋放的能量轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔?。一靜止的核衰變?yōu)楹撕托铝Ｗ?，并釋放出γ光子。已知、的質(zhì)量分別為、，下列說(shuō)法正確的是（）A.的衰變方程為B.釋放的核能轉(zhuǎn)變?yōu)榈膭?dòng)能、新粒子的動(dòng)能和γ光子能量C.的結(jié)合能比的結(jié)合能更大D.核反應(yīng)過(guò)程中釋放的核能為【答案】B【解析】分析】【詳解】A．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒可知，的衰變方程為故A錯(cuò)誤；BD．根據(jù)質(zhì)能方程可知，釋放的核能為釋放的核能轉(zhuǎn)變?yōu)榈膭?dòng)能、新粒子的動(dòng)能和γ光子能量，故B正確，D錯(cuò)誤；C．比的核子數(shù)少，則結(jié)合能比的結(jié)合能小，但的比結(jié)合能比的比結(jié)合能更大，故C錯(cuò)誤；故選B。2.關(guān)于太陽(yáng)、地球以及月球的一些信息如下表一年約為365天地球半徑約為6400km，自轉(zhuǎn)周期為一天一個(gè)月約為30天，一天約24小時(shí)太陽(yáng)與地球間的距離約1.5億公里引力常量為G地球與月球的距離約為地球半徑的60倍根據(jù)以上信息，我們不能估算出的物理量有（）A.太陽(yáng)的質(zhì)量 B.地球的質(zhì)量 C.月球的質(zhì)量 D.地球同步衛(wèi)星的軌道高度【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)地球到太陽(yáng)的距離r和地球繞太陽(yáng)的周期T（一年約為365天），根據(jù)可計(jì)算處太陽(yáng)的質(zhì)量，A項(xiàng)能；B．根據(jù)月球到地球的距離和月球繞地球的周期（一個(gè)月約為30天），根據(jù)可計(jì)算出地球的質(zhì)量，B項(xiàng)能；C．由于題目中沒(méi)給出以月球?yàn)橹行奶祗w的衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)情況，也沒(méi)有給出月球表面的重力加速度，因此無(wú)法求出月球的質(zhì)量，C項(xiàng)不能；D．地球質(zhì)量已經(jīng)求出，再利用同步衛(wèi)星繞地球的運(yùn)動(dòng)周期（等于地球自轉(zhuǎn)的周期）和地球半徑，根據(jù)可求出地球同步衛(wèi)星的軌道高度h，D項(xiàng)能。3.風(fēng)力發(fā)電為2022年卡塔爾世界杯供應(yīng)綠色電能，其模型如圖所示。風(fēng)輪機(jī)葉片轉(zhuǎn)速為n，并形成半徑為r的圓面，通過(guò)轉(zhuǎn)速比為的升速齒輪箱帶動(dòng)面積為S、匝數(shù)為N的發(fā)電機(jī)線圈高速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的交變電流經(jīng)過(guò)理想變壓器升壓后，輸出電壓為U。已知空氣密度為ρ，風(fēng)速為v，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，為交流電壓表，忽略線圈電阻，則（）A.線圈位于圖示位置時(shí)，交流電壓表的示數(shù)為零B.從圖示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為C.變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為D.單位時(shí)間內(nèi)沖擊風(fēng)輪機(jī)葉片氣流的動(dòng)能為【答案】B【解析】【詳解】A．交流電壓表的示數(shù)應(yīng)始終為交變電流的有效值，故A錯(cuò)誤；B．由題意可得發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速為nk，則發(fā)電機(jī)輸出的交變電流的頻率為對(duì)該線框發(fā)電產(chǎn)生的交變電流應(yīng)有故B正確；C．線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)有效值為根據(jù)變壓器原副線圈匝數(shù)關(guān)系得原副線圈匝數(shù)比為故C錯(cuò)誤；D．單位時(shí)間（）內(nèi)沖擊風(fēng)輪機(jī)葉片氣流的體積氣體質(zhì)量動(dòng)能故D錯(cuò)誤。故選B。3.如圖，兩對(duì)等量異號(hào)點(diǎn)電荷、固定于正方形的4個(gè)項(xiàng)點(diǎn)上。L、N是該正方形兩條對(duì)角線與其內(nèi)切圓的交點(diǎn)，O為內(nèi)切圓的圓心，M為切點(diǎn)。則（）A.L和N兩點(diǎn)處的電場(chǎng)方向相同B.M點(diǎn)的電場(chǎng)方向平行于該點(diǎn)處的切線，方向向左C.將一帶正電的點(diǎn)電荷從M點(diǎn)移動(dòng)到O點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功D.將一帶正電的點(diǎn)電荷從L點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零【答案】B【解析】A．兩個(gè)正電荷在N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向由N指向O，N點(diǎn)處于兩負(fù)電荷連線的中垂線上，則兩負(fù)電荷在N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向由N指向O，則N點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)方向由N指向O，同理可知，兩個(gè)負(fù)電荷在L處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向由O指向L，L點(diǎn)處于兩正電荷連線的中垂線上，兩正電荷在L處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向由O指向L，則L處的合場(chǎng)方向由O指向L，由于正方向兩對(duì)角線垂直平分，則L和N兩點(diǎn)處的電場(chǎng)方向相互垂直，故A錯(cuò)誤；B．正方向底邊的一對(duì)等量異號(hào)電荷在M點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向向左，而正方形上方的一對(duì)等量異號(hào)電荷在M點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向向右，由于M點(diǎn)離上方一對(duì)等量異號(hào)電荷距離較遠(yuǎn)，則M點(diǎn)的場(chǎng)方向向左，故B正確；C．由圖可知，M和O點(diǎn)位于兩等量異號(hào)電荷的等勢(shì)線上，即M和O點(diǎn)電勢(shì)相等，所以將一帶正電的點(diǎn)電荷從M點(diǎn)移動(dòng)到O點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零，故C錯(cuò)誤；D．由圖可知，L點(diǎn)的電勢(shì)低于N點(diǎn)電勢(shì)，則將一帶正電的點(diǎn)電荷從L點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做功不為零，故D錯(cuò)誤。故選AB。5．2022年2月12日，在速度滑冰男子500米決賽上，高亭宇以34秒32的成績(jī)刷新奧運(yùn)紀(jì)錄。國(guó)家速度滑冰隊(duì)在訓(xùn)練彎道技術(shù)時(shí)采用人體高速?gòu)椛溲b置，如圖甲所示，在實(shí)際應(yīng)用中裝置在前方通過(guò)繩子拉著運(yùn)動(dòng)員，使運(yùn)動(dòng)員做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)設(shè)定速度時(shí)，運(yùn)動(dòng)員松開(kāi)繩子，進(jìn)行高速入彎訓(xùn)練，已知彎道半徑為25m，人體彈射裝置可以使運(yùn)動(dòng)員在4.5s內(nèi)由靜止達(dá)到入彎速度18m/s，入彎時(shí)冰刀與冰面的接觸情況如圖乙所示，運(yùn)動(dòng)員質(zhì)量為50kg，重力加速度g=10m/s2，忽略彎道內(nèi)外高度差及繩子與冰面的夾角、冰刀與冰面間的摩擦，下列說(shuō)法正確的是（）A．運(yùn)動(dòng)員勻加速運(yùn)動(dòng)的距離為81mB．勻加速過(guò)程中，繩子的平均彈力為200NC．運(yùn)動(dòng)員入彎時(shí)的向心力為648ND．入彎時(shí)冰刀與水平冰面的夾角大于45°【答案】BC【解析】A．運(yùn)動(dòng)員勻加速運(yùn)動(dòng)的距離為A錯(cuò)誤；B．勻加速過(guò)程中，加速度由牛頓第二定律，繩子的平均彈力B正確；C．運(yùn)動(dòng)員入彎時(shí)的向心力C正確；D．設(shè)入彎時(shí)冰刀與水平冰面的夾角得D錯(cuò)誤。故選BC。６．靜止在最低處，當(dāng)在重物上施加適當(dāng)?shù)耐屏，緩慢使它往右上方移動(dòng)，若此過(guò)程中重物與滑輪間的細(xì)線拉力大小不變，重物只在同一個(gè)豎直面內(nèi)移動(dòng)，不計(jì)一切摩擦阻力，則（）A.推力F的方向保持不變 B.推力F的大小逐漸增大C.細(xì)繩MN中的張力逐漸減小 D.細(xì)繩MN中的張力逐漸增大【答案】BC【解析】【詳解】CD．設(shè)MN細(xì)繩張為，重物與滑輪間的細(xì)線拉力為，重物質(zhì)量為，開(kāi)始時(shí)重物靜止在最低處，可知由于細(xì)繩MN兩端固定，細(xì)繩長(zhǎng)度一定，可知滑輪緩慢移動(dòng)的軌跡為一個(gè)橢圓，且最低點(diǎn)位于橢圓的短軸上，可知滑輪緩慢右移時(shí)，滑輪兩側(cè)細(xì)繩之間的夾角逐漸減小，則有由于逐漸減小，可知MN細(xì)繩張力逐漸減小，C正確，D錯(cuò)誤；AB．根據(jù)上述可知，重物與滑輪間的細(xì)線拉力的方向始終沿滑輪兩側(cè)細(xì)繩之間夾角的角平分線，則細(xì)線拉力方向與重力方向之間的夾角為鈍角，且逐漸減小，以重物為對(duì)象，由于一直等于，則有角逐漸減小，可知推力F的大小逐漸增大，推力F的方向發(fā)生改變，A錯(cuò)誤，B正確。故選BC。7.如圖所示，足夠長(zhǎng)的光滑傾斜導(dǎo)電軌道與水平面夾角為，上端用阻值為R的電阻連接，下端斷開(kāi)，以上軌道平面無(wú)磁場(chǎng)，以下存在垂直于軌道平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。兩根一樣的導(dǎo)體棒AB、CD質(zhì)量均為m，電阻為R，用絕緣輕桿連接。將兩導(dǎo)體棒從上方導(dǎo)軌處由靜止釋放，經(jīng)過(guò)t時(shí)間CD邊進(jìn)入磁場(chǎng)，CD邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的瞬時(shí)加速度為零，再經(jīng)過(guò)t時(shí)間AB邊進(jìn)入磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中AB、CD始終與軌道接觸良好且垂直于軌道，導(dǎo)電軌道的電阻忽略不計(jì)，重力加速度為g，則（）A.AB邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)的瞬間，流經(jīng)AB的電流方向和電勢(shì)差的正負(fù)均發(fā)生變化B.導(dǎo)軌寬度C.第二個(gè)t時(shí)間內(nèi)CD桿產(chǎn)生熱量為D.AB棒進(jìn)入磁場(chǎng)后，導(dǎo)體棒先做加速度減小的變速運(yùn)動(dòng)，最終勻速運(yùn)動(dòng)【答案】BC【解析】【詳解】A．CD棒進(jìn)入磁場(chǎng)后，根據(jù)右手定則可知，感應(yīng)電流方向?yàn)閺?，則AB棒電流方向?yàn)?，?dāng)AB邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)的瞬間，此時(shí)還是CD棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，故感應(yīng)電流方向不變，且電勢(shì)差也沒(méi)有發(fā)生變化，故A錯(cuò)誤；B．經(jīng)過(guò)t時(shí)間CD邊進(jìn)入磁場(chǎng)，則此時(shí)CD的速度為CD邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的瞬時(shí)加速度為零，則安培力等于重力的分力，即解得故B正確；C．第二個(gè)t時(shí)間內(nèi)，CD桿做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則此過(guò)程中CD桿產(chǎn)生熱量為故C正確；D．AB棒進(jìn)入磁場(chǎng)后，磁通量不在變化，無(wú)感應(yīng)電流的產(chǎn)生，則在重力的作用下，導(dǎo)體棒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選BC。8.如圖所示，水平地面上放置一質(zhì)量為M的木箱，長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕桿一端固定在轉(zhuǎn)軸O上，另一端連接一質(zhì)量為m的可視為質(zhì)點(diǎn)的小球，開(kāi)始時(shí)桿豎直靜止放置，受到微小的擾動(dòng)后，木箱被小球推著向左運(yùn)動(dòng)，木箱和小球分離前某一時(shí)刻木箱速度為v，桿和水平方向成a角，不計(jì)一切摩擦，重力加速度為g，則（）A.此時(shí)小球繞O做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度為B.此時(shí)小球繞O做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度為C.M和m之比為D.M和m之比為【答案】AC【解析】【詳解】AB．分離時(shí)小球水平方向的分速度和木箱速度相等，小球做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系解得A正確，B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)機(jī)械能守恒定律解得C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。二、非選擇題包括必考題和選考題兩部分。第9~12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答，第13~44題為選考題，考生根據(jù)要求作答。必考題共47分。9.小明用如圖甲所示的裝置來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，該裝置由水平長(zhǎng)木板及固定在木板左端的硬幣發(fā)射器組成，硬幣發(fā)射器包括支架、彈片及彈片釋放裝置，釋放彈片可將硬幣以某一初速度彈出。已知五角硬幣和一元硬幣與長(zhǎng)木板間動(dòng)摩擦因數(shù)近似相等，主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：①將五角硬幣置于發(fā)射槽口，釋放彈片將硬幣發(fā)射出去，硬幣沿著長(zhǎng)木板中心線運(yùn)動(dòng)，在長(zhǎng)木板中心線的適當(dāng)位置取一點(diǎn)O，測(cè)出硬幣停止滑動(dòng)時(shí)硬幣右側(cè)到O點(diǎn)的距離。再?gòu)耐晃恢冕尫艔椘瑢⒂矌虐l(fā)射出去，重復(fù)多次，取該距離的平均值記為，如圖乙所示；②將一元硬幣放在長(zhǎng)木板上，使其左側(cè)位于O點(diǎn)，并使其直徑與中心線重合，按步驟①?gòu)耐晃恢冕尫艔椘匦聫椛湮褰怯矌?，使兩硬幣?duì)心正碰，重復(fù)多次，分別測(cè)出兩硬幣碰后停止滑行時(shí)距O點(diǎn)距離的平均值和，如圖丙所示。（1）實(shí)驗(yàn)中還需要測(cè)量的量有____________A.五角硬幣和一元硬幣的質(zhì)量、B.五角硬幣和一元硬幣的直徑、C.硬幣與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)D.發(fā)射槽口到O點(diǎn)的距離（2）該同學(xué)要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式為_(kāi)_______________（用已知量和測(cè)量的量表示），若進(jìn)一步研究該碰撞是否為彈性碰撞，需要判斷關(guān)系式___________是否成立（用、、表示）?！敬鸢浮竣?A②.③.【解析】【詳解】（1）[1]A．為了得出動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式應(yīng)測(cè)量質(zhì)量，故應(yīng)分別測(cè)出一枚五角硬幣和一元硬幣的質(zhì)量、。故A正確；BD．驗(yàn)證碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，需要測(cè)出硬幣在O點(diǎn)以后滑行的位移，可以不測(cè)量五角硬幣和一元硬幣的直徑，發(fā)射槽口到O點(diǎn)的距離也不需要測(cè)量，故BD錯(cuò)誤；C．由于五角硬幣和一元硬幣與長(zhǎng)木板間動(dòng)摩擦因數(shù)近似相等，所以硬幣與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)不需要測(cè)量，故C錯(cuò)誤；故選A。（2）[2]硬幣在桌面上均做加速度相同勻減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度-位移關(guān)系可知。其中則由動(dòng)量守恒定律可知只需驗(yàn)證成立，即可明確動(dòng)量守恒。[3]如果該碰撞為彈性碰撞，則解得10.通過(guò)查閱資料，實(shí)驗(yàn)小組得知總?cè)萘繛榈钠噭?dòng)力電池是采用數(shù)千節(jié)磷酸鐵鋰電池組合而成，其中每節(jié)電池的電動(dòng)勢(shì)在3.6~4.2V之間。為探究該電池的特性，小組購(gòu)得一節(jié)相同的電池，通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)量其電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r。實(shí)驗(yàn)主要器材有：定值電阻（），電流表A（0~0.5A，內(nèi)阻未知），電阻箱R（）。實(shí)驗(yàn)主要操作如下：（計(jì)算結(jié)果均保留兩位小數(shù)）（1）先用歐姆表測(cè)量電流表A的內(nèi)阻。如圖甲所示，已知?dú)W姆表內(nèi)部電源的電動(dòng)勢(shì)為3.0V，表盤中央刻線示數(shù)為“15”。歐姆表選取“”擋位時(shí)，發(fā)現(xiàn)歐姆表示數(shù)很小無(wú)法準(zhǔn)確讀數(shù)，而此時(shí)電流表的示數(shù)為0.19A，可知電流表的內(nèi)阻______；（2）之后，再用圖乙的電路測(cè)量E和r。閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱，讀出多組電阻箱的示數(shù)R和對(duì)應(yīng)電流表的示數(shù)I，根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)，作出圖像如圖丙所示。則可求得該電池的電動(dòng)勢(shì)______V，內(nèi)電阻______；（3）以上實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生誤差的原因可能是____________（答出一條即可）?！敬鸢浮竣?0.79②.4.00③.0.05④.電表讀數(shù)存在偶然誤差；根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作圖時(shí)描點(diǎn)連線存在誤差；測(cè)量電流表內(nèi)阻時(shí)測(cè)量不準(zhǔn)等（答出一條即可）【解析】【詳解】（1）[1]歐姆表選取“”擋位時(shí)，表盤中央刻線示數(shù)為“15”，根據(jù)歐姆表原理可知此時(shí)歐姆表內(nèi)部電阻為15Ω，此時(shí)電流表的示數(shù)為0.19A，根據(jù)閉合電路歐姆定律有可知電流表的內(nèi)阻（2）[2][3]對(duì)乙圖的電路，根據(jù)閉合電路歐姆定律有可得結(jié)合圖像及前面數(shù)據(jù)解得（3）[4]實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生誤差原因可能是電表讀數(shù)存在偶然誤差；根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作圖時(shí)描點(diǎn)連線存在誤差；測(cè)量電流表內(nèi)阻時(shí)測(cè)量不準(zhǔn)等。11.如圖所示，將原長(zhǎng)為r輕質(zhì)彈簧放置在粗糙的水平面上，一端固定在A點(diǎn)，另一端與滑塊P（視為質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)量可調(diào)節(jié)變化）接觸但不連接，的長(zhǎng)度為2r，B端與半徑為r的光滑半圓軌道相切，C點(diǎn)與圓心O等高，D點(diǎn)在O點(diǎn)的正上方，是圓弧的最高點(diǎn)，滑塊與之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。用外力緩慢推動(dòng)滑塊，每次都將彈簧壓縮至原長(zhǎng)的一半，然后由靜止釋放，滑塊開(kāi)始沿軌道運(yùn)動(dòng)，當(dāng)滑塊的質(zhì)量為m時(shí)，剛好能到達(dá)圓軌道的最高點(diǎn)D。已知，，重力加速度為g，求：（1）彈簧被壓縮至原長(zhǎng)的一半時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能；（2）改變滑塊的質(zhì)量為M，使之能滑上圓軌道，且仍能沿圓軌道滑下，M的最小值；（3）E是圓弧軌道上的一點(diǎn)，O、E的連線與的夾角為37°，若滑塊的質(zhì)量為，滑塊運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn)時(shí)恰好脫離圓軌道，滑塊的質(zhì)量?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）小球正好到達(dá)D點(diǎn)，由向心力公式可知滑塊由釋放到D點(diǎn)，由動(dòng)能定理有聯(lián)立解得（2）當(dāng)滑塊的質(zhì)量M最小時(shí)，滑塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度剛好為0，滑塊由釋放到C點(diǎn)，由動(dòng)能定理有解得（3）滑塊運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn)時(shí)恰好脫離圓軌道，此時(shí)軌道對(duì)滑塊的彈力剛好為0，由向心力公式可知滑塊由釋放到E點(diǎn)，由動(dòng)能定理有聯(lián)立解得12.如圖所示，在xOy平面內(nèi)的第二象限有一個(gè)圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，其邊界與x軸相切于A（，0）點(diǎn)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=1T，磁場(chǎng)區(qū)域的半徑為R=2m，第一象限內(nèi)有一條拋物線OQP（圖中虛線所示），P（4m，0）是x軸上的一點(diǎn)，拋物線OQP上方存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)E=3×103V/m，從A點(diǎn)向第二象限發(fā)射大量帶正電的某種粒子，粒子的速率均為v0（未知），質(zhì)量均為m=2×10-7kg，電荷量均為q=1×10-4C，所有粒子均可到達(dá)P點(diǎn)，不計(jì)粒子的重力和粒子間的相互作用。（1）已知粒子1沿與x軸正方向成θ1=60°的方向進(jìn)入磁場(chǎng)后平行于x軸從磁場(chǎng)中射出，求初速度v0的大??；（2）粒子2沿與x軸正方向成θ2=120°的方向進(jìn)入磁場(chǎng)，求它從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)所用的時(shí)間t（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）；（3）求電場(chǎng)的邊界線OQP的軌跡方程?！敬鸢浮浚?）1×103m/s；（2）9.9×10-3s；（3）【解析】【詳解】（1）設(shè)磁磁場(chǎng)圓心為，粒子1在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑為r，圓心為，從磁場(chǎng)邊界上的C點(diǎn)飛出，如下圖所示由幾何關(guān)系可知四邊形為菱形，故有由牛頓第二定律可知聯(lián)立解得（2）設(shè)粒子2在場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡的圓心為，它從D點(diǎn)平行于x軸射出磁場(chǎng)，延長(zhǎng)與x軸相交于E點(diǎn)，垂直于x軸，如下圖所示粒子2在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期它在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間D點(diǎn)的橫坐標(biāo)D點(diǎn)到P點(diǎn)沿x軸方向的位移為粒子2從D點(diǎn)到P點(diǎn)在沿x軸方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所用時(shí)間所以（3）由幾何關(guān)系可知所有粒子都平行于x軸進(jìn)入電場(chǎng)，如下圖所示設(shè)某個(gè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，加速度為a，到達(dá)拋物線時(shí)的坐標(biāo)為，此時(shí)粒子速度為v，沿y軸方向的分速度大小為，x方向上有y方向上由牛頓第二定律有解得由三角形相似可得聯(lián)立解得三、選考題：共15分。請(qǐng)考生從2道物理題中每科任選一題作答。如果多做，則每科按所做的第一題計(jì)分。[物理——選修3-3](1)圖1為氧氣分子在不同溫度下的速率分布，圖2分別為分子間作用力、分子勢(shì)能與分子間距的關(guān)系，針對(duì)這兩個(gè)圖像的說(shuō)法中正確的是（）A．圖1中兩種狀態(tài)氧氣分子的平均速率相等B．圖1中在②狀態(tài)下，氧氣分子速率大小的分布范圍相對(duì)較大C．圖1中兩條圖線與橫軸包圍的面積相同D．圖2中分子間作用力與分子間距的關(guān)系圖中，陰影部分面積表示分子勢(shì)能差值，與零勢(shì)能點(diǎn)的選取有關(guān)E．圖2中分子勢(shì)能與分子間距的關(guān)系圖中斜率絕對(duì)值表示分子間距離在該間距時(shí)的分子間作用力大小【答案】BCE【詳解】AB．由題圖1可知，②中速率大的分子占據(jù)的比例較大，則說(shuō)明②對(duì)應(yīng)的平均速率較大，故②對(duì)應(yīng)的溫度較高，溫度高則分子速率大的占多數(shù)，即高溫狀態(tài)下分子速率大小的分布范圍相對(duì)較大，故A錯(cuò)誤，B正確；C．圖1中兩條圖線與橫