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專(zhuān)題32離散型隨機(jī)變量的數(shù)字特征
一、單選題
1.(2020?尤溪縣第五中學(xué)高一期末)若一組數(shù)據(jù)占,尤2,七,…,x”的平均數(shù)為2,方差為3,則2%+5,
2x,+5,2七+5,…,2x“+5的平均數(shù)和方差分別是()
A.9,11B.4,11C.9,12D.4,17
2.(2020.海林市朝鮮族中學(xué)高二期末(理))若隨機(jī)變量X的分布列如下表,則E(X)=()
X012345
P2x3x7x2x3xX
3.(2020.浙江寧波高二期末)己知隨機(jī)變量J的取值為=若P(J=0)=g,=則
。(24-3)=(
2
A.-
5
4.(2020?廣東東莞高二期末)隨機(jī)變量X的分布列如下表所示,則£(2X-1)=()
X-2-11
J.
pa
63
1
5.(2020.渝中重慶巴蜀中學(xué)高二期末)隨機(jī)變量X的取值范圍為0,1,2,若P(X=0)=LE(X)=1,
4
則。(X)=(
1R四
A.-D.----
4
6.(2020?浙江西湖學(xué)軍中學(xué)高三其他)設(shè)0<p<g,隨機(jī)變量J的分布如下表所示,則當(dāng)〃在(0,3)內(nèi)
增大時(shí),()
J012
p1-2〃PP
A.£(?先減少后增大B.E(J)先增大后減少
C.0(3先減小后增大D.。(為先增大后減小
7.(2020?西夏寧夏大學(xué)附屬中學(xué)高二月考(理))設(shè)0<。<1,則隨機(jī)變量X的分布列是:
X0a1
P£
J33
則當(dāng)。在(0,1)內(nèi)增大時(shí)()
A.Q(X)增大B.£)(X)減小
c.。(X)先增大后減小D.£>(x)先減小后增大
8.(2020.浙江海曙效實(shí)中學(xué)高三其他)盒中有5個(gè)小球,其中3個(gè)白球,2個(gè)黑球,從中任取i(i=l,2)個(gè)
球,在取出的球中,黑球放回,白球涂黑后放回,此時(shí)盒中黑球的個(gè)數(shù)記為X,(i=l,2),則()
A.P(X,=2)>P(X2=2),E(X,)>E(X2)
B.P(X,=2)<P(X2=2),E(X,)>E(X2)
C.P(X,=2)>P(X2=2),E(X,)<E(X2)
D.P(X,=2)<P(X2=2),£(%,)<£(%2)
二、多選題
9.(2020?江蘇海陵泰州中學(xué)高二月考)若隨機(jī)變量X服從兩點(diǎn)分布,其中尸(X=0)=g,E(X)、D(X)
分別為隨機(jī)變量X均值與方差,則下列結(jié)論正確的是()
A.P(X=l)=E(X)B.E(3X+2)=4
4
C.D(3X+2)=4D.r>(X)=-
10.(2020.海南海口高三其他)小張上班從家到公司開(kāi)車(chē)有兩條線路,所需時(shí)間(分鐘)隨交通堵塞狀況有
所變化,其概率分布如下表所示:
所需時(shí)間(分鐘)30405060
線路一0.50.20.20.1
線路二0.30.50.10.1
則下列說(shuō)法正確的是()
A.任選一條線路,“所需時(shí)間小于50分鐘''與"所需時(shí)間為60分鐘''是對(duì)立事件
B.從所需的平均時(shí)間看,線路一比線路二更節(jié)省時(shí)間
C.如果要求在45分鐘以內(nèi)從家趕到公司,小張應(yīng)該走線路一
D.若小張上、下班走不同線路,則所需時(shí)間之和大于100分鐘的概率為0.04
11.(2020.山東濰坊高二期中)設(shè)離散型隨機(jī)變量X的分布列為
X01245
Pq0.30.20.20.1
若離散型隨機(jī)變量y滿足y=2x+i,則下列結(jié)果正確的有()
A.E(X)=2B.£>(%)=2.4C.D(X)=2.8D.£>(7)=14
12.(202。福建城廂莆田一中高二期中)(多選)設(shè)隨機(jī)變量J的分布列如下,則下列結(jié)論正確
的有()
0012
2
Pp-p2l-p
A.E(C)隨著。的增大而增大B.E(二)隨著。的增大而減小
c.P(4=0)<P(?=2)D.P(?=2)的值最大
三、填空題
13.(2020?黑龍江南崗哈師大附中高三其他(理))已知隨機(jī)變量X的分布列為
X012
£
pab
3
若E(X)=1,則E(aX+b)=.
14.(2020.江西高一期末)數(shù)據(jù)修,x2,人的均值為I",方差為2,現(xiàn)增加一個(gè)數(shù)據(jù)天后方差不變,
則工9的可能取值為.
15.(2020?重慶高三其他(理))甲、乙兩人同時(shí)參加當(dāng)?shù)匾粋€(gè)勞動(dòng)實(shí)踐活動(dòng),該活動(dòng)有任務(wù)需要完成,甲、
乙完成任務(wù)的概率分別為0.7,0.8,且甲、乙是否完成任務(wù)相互獨(dú)立互不影響.設(shè)這兩人中完成任務(wù)的總?cè)?/p>
數(shù)為X,則EX=.
16.(2020?浙江竦州高三三模)已知0<4<,,0</?<-,隨機(jī)變量X的分布列是:
22
X012
J_
pab
2
9
若E(X)=§,則。=,D(X)=.
四、解答題
17.(2019?全國(guó)高二課時(shí)練習(xí))甲、乙兩名射手在一次射擊中得分為兩個(gè)相互獨(dú)立的隨機(jī)變量&與%且&,11
的分布列為
(2)計(jì)算匕,n的均值與方差,并以此分析甲、乙的技術(shù)狀況.
18.(2020.大連市普蘭店區(qū)第一中學(xué)高二月考)某人投彈擊中目標(biāo)的概率為P=0.?.
(1)求投彈一次,擊中次數(shù)X的均值和方差;
(2)求重復(fù)投彈10次,擊中次數(shù)y的均值和方差.
19.(2018?江西九江高二期末(理))某運(yùn)動(dòng)員射擊一次所得環(huán)數(shù)X的分布列如下:
X8910
P0.40.40.2
現(xiàn)進(jìn)行兩次射擊,且兩次射擊互不影響,以該運(yùn)動(dòng)員兩次射擊中最高環(huán)數(shù)作為他的成績(jī),記為久
(1)求該運(yùn)動(dòng)員兩次命中的環(huán)數(shù)相同的概率;
(2)求&的分布列和數(shù)學(xué)期望
20.甲、乙兩個(gè)同學(xué)同時(shí)報(bào)名參加某重點(diǎn)高校2010年自主招生,高考前自主招生的程序?yàn)閷徍瞬牧虾臀幕?/p>
測(cè)試,只有審核過(guò)關(guān)后才能參加文化測(cè)試,文化測(cè)試合格者即可獲得自主招生入選資格.已知甲,乙兩人
3134
審核過(guò)關(guān)的概率分別為審核過(guò)關(guān)后,甲、乙兩人文化測(cè)試合格的概率分別為
(1)求甲,乙兩人至少有一人通過(guò)審核的概率;
(2)設(shè)J表示甲,乙兩人中獲得自主招生入選資格的人數(shù),求J的數(shù)學(xué)期望.
21.(2020?全國(guó)高三(理))在某次投籃測(cè)試中,有兩種投籃方案:方案甲:先在A點(diǎn)投籃一次,以后都在
3
B點(diǎn)投籃;方案乙:始終在B點(diǎn)投籃.每次投籃之間相互獨(dú)立.某選手在A點(diǎn)命中的概率為一,命中一次記3
4
4
分,沒(méi)有命中得0分;在B點(diǎn)命中的概率為二,命中一次記2分,沒(méi)有命中得0分,用隨機(jī)變量J表示該
選手一次投籃測(cè)試的累計(jì)得分,如果&的值不低于3分,則認(rèn)為其通過(guò)測(cè)試并停止投籃,否則繼續(xù)投籃,但
一次測(cè)試最多投籃3次.
(1)若該選手選擇方案甲,求測(cè)試結(jié)束后所得分J的分布列和數(shù)學(xué)期望.
(2)試問(wèn)該選手選擇哪種方案通過(guò)測(cè)試的可能性較大?請(qǐng)說(shuō)明理由.
22.袋中有同樣的球5個(gè),其中3個(gè)紅色,2個(gè)黃色,現(xiàn)從中隨機(jī)且不返回地摸球,每次摸1個(gè),當(dāng)兩種顏
色的球都被摸到時(shí),即停止摸球,記隨機(jī)變量《為此時(shí)已摸球的次數(shù),求:.
(1)隨機(jī)變量€的概率分布列;
(2)隨機(jī)變量J的數(shù)學(xué)期望與方差.
專(zhuān)題32離散型隨機(jī)變量的數(shù)字特征
一、單選題
1.(2020?尤溪縣第五中學(xué)高一期末)若一組數(shù)據(jù)占,/,x3,x“的平均數(shù)為2,方差為3,貝iJ2%+5,
2七+5,2毛+5,…,2%+5的平均數(shù)和方差分別是()
A.9,11B.4,11C.9,12D.4,17
【答案】C
【解析】
由題E(x)=2,O(x)=3,則E(2x+5)=2E(x)+5=9,D(2x+5=22D(x)=12.
故選:C
2.(2020.海林市朝鮮族中學(xué)高二期末(理))若隨機(jī)變量X的分布列如下表,則E(X)=()
X012345
P2x3x7x2x3xX
【答案】D
【解析】
2x+3x+7x+2x+3x+x=1.'.x=—,E(X)=3x+14x+6x+12x+5x-40x=—
189
3.(2020.浙江寧波高二期末)已知隨機(jī)變量J的取值為*z.=0,l,2)^P(g=0)=g,E(^)=l,則
。(24-3)=()
248
A.-B.-C.一
555
【答案】c
【解析】
14
由題意,設(shè)2償=1)=乙則P管=2)=l_g_p=g_p,
乂E(J)=0x;+lxp+2([-p)=l,解得p=|,
31
所以P傳=1)=丁P(J=2)=不
^^(^)=1(1-0)2+|(1-1)2+1(1-2)2=|,
Q
所以。(24-3)=4。偌)=’
故選:C.
4.(202。廣東東莞高二期末)隨機(jī)變量X的分布列如下表所示,則£(2X-1)=()
X-2-11
2
Pa
63
1
【解析】
由隨機(jī)變量的分布列的性質(zhì),可得!+“+?=1,解得。=?,
632
則七(X)=_2X,+(_1)X』+1XL」,
6232
所以E(2X-l)=2E(X)-l=2x(-g)—l=-2.
故選:D.
5.(2020?渝中重慶巴蜀中學(xué)高二期末)隨機(jī)變量X的取值范圍為0,1,2,若P(X=0)=3£(X)=1
4
則D(X)=()
【答案】C
【解析】設(shè)P(X=1)=〃,P(X=2)=q,
山題意,E(X)=0x—Fp+2q=1,[I.—p+q=\,
44
解得P=—.q=:,
二0(X)=:(0-+g(1-1了+;(2-1產(chǎn),
故選:C.
6.(2020?浙江西湖學(xué)軍中學(xué)高三其他)設(shè)0<p<g,隨機(jī)變量J的分布如下表所示,則當(dāng)P在(0,;)內(nèi)
增大時(shí),()
4012
P1-2/?PP
A.£(《)先減少后增大B.石(自)先增大后減少
C.0(。)先減小后增大D.0(4)先增大后減小
【答案】D
【解析】
由期望公式,得£偌)=3〃,在(0,£)內(nèi)一直增大.
由方差公式,得。(4)=(3〃—Opx(l—2〃)+(3〃—廳x〃+(3p—2)2x〃=—9p2+5p.為開(kāi)口向下,對(duì)
稱(chēng)軸P=K;的拋物線,在(0,;)內(nèi),先增大后減少,
故當(dāng)〃在(0,;)內(nèi)增大時(shí)0(4先增大后減少.
故選:D.
7.(2020.西夏寧夏大學(xué)附屬中學(xué)高二月考(理))設(shè)0<。<1,則隨機(jī)變量X的分布列是:
X0a1
P工£\
133
則當(dāng)。在(0,1)內(nèi)增大時(shí)()
A.D(X)增大B.£)(X)減小
c.o(x)先增大后減小D.O(X)先減小后增大
【答案】D
【解析】
方法I:由分布列得E(X)=(,貝ij
八丫1(1+aYi/iVi2(1?1皿業(yè)門(mén)
£>(X)=|-------0x—+--------ax—+--+--a----1x—=—a——+—,則當(dāng)。在(0/)內(nèi)增大時(shí),
(3J3I3J3I31391216
O(X)先減小后增大.
22
,…、廠/“2\…、ca1(a+l)22a-2a+22(1Y3
方法2:則0(X)=E(X-)-E(X)=0+R+[----------=-------------=-a~~+-
JJyy\1J4
故選D.
8.(2020?浙江海曙效實(shí)中學(xué)高三其他)盒中有5個(gè)小球,其中3個(gè)白球,2個(gè)黑球,從中任取i(i=1,2)個(gè)
球,在取出的球中,黑球放回,白球涂黑后放回,此時(shí)盒中黑球的個(gè)數(shù)記為X,(j=l,2),則()
A.P(X1=2)>P"2=2),E(XJ>E(X2)
B.P(XI=2)<P(X2=2),E(Xj>E(X2)
C.P(X1=2)>P(X2=2),E(X,)<E(X2)
D.P(X|=2)<P(X2=2),E(XI)<E(X2)
【答案】C
【解析】
P(X|=2)=*|,尸⑶=2)哈!<―),
cx3ia
?
??汽乂=3)=百=’E(xt)=y.
???P(”2)q,尸(XL3)=哭^2=4)=f=A
E(X2)=y>£(%,).
故選:c.
二、多選題
9.(2020-江蘇海陵泰州中學(xué)高二月考)若隨機(jī)變量X服從兩點(diǎn)分布,其中尸(X=0)=;,E(X)、D(X)
分別為隨機(jī)變量X均值與方差,則下列結(jié)論正確的是()
A.P(X=l)=E(X)B.E(3X+2)=4
4
C.D(3X+2)=4D.£>(X)=-
【答案】AB
【解析】隨機(jī)變量x服從兩點(diǎn)分布,其中p(x=o)=g,
2
:.P(X=l)=一,
3
122
E(X)=0x—F1x—=—,
333
21222
D(X)--(0一一)2x-+(1一一)2x-=-,
33339
在<4中,P(X=l)=E(X),故A正確;
2
在B中,E(3X+2)=3E(X)+2=3x—+2=4,故B正確;
3
2
在C中,D(3X+2)=9。(X)=9x—=2,故C錯(cuò)誤;
9
在。中,£>(X)=-,故。錯(cuò)誤.
9
故選:AB.
10.(2020.海南??诟呷渌?小張上班從家到公司開(kāi)車(chē)有兩條線路,所需時(shí)間(分鐘)隨交通堵塞狀況有
所變化,其概率分布如下表所示:
所需時(shí)間(分鐘)30405060
線路一0.50.20.20.1
線路二0.30.50.10.1
則下列說(shuō)法正確的是()
A.任選一條線路,“所需時(shí)間小于50分鐘”與“所需時(shí)間為60分鐘”是對(duì)立事件
B.從所需的平均時(shí)間看,線路一比線路二更節(jié)省時(shí)間
C.如果要求在45分鐘以內(nèi)從家趕到公司,小張應(yīng)該走線路一
D.若小張上、下班走不同線路,則所需時(shí)間之和大于100分鐘的概率為0.04
【答案】BD
【解析】
對(duì)于選項(xiàng)A,”所需時(shí)間小于50分鐘”與“所需時(shí)間為60分鐘”是互斥而不對(duì)立事件,所以選項(xiàng)A錯(cuò)誤;
對(duì)于選項(xiàng)8,線路一所需的平均時(shí)間為30x0.5+40x0.2+50x0.2+69x0.1=39分鐘,
線路.所需的平均時(shí)間為30x0.3+40x0.5+5()x0.1+60x0.1=40分鐘,
所以線路一比線路二更節(jié)省時(shí)間,所以選項(xiàng)B正確;
對(duì)于選項(xiàng)C,線路一所需時(shí)間小于45分鐘的概率為0.7,線路二所需時(shí)間小于45分鐘的概率為0.8,小張
應(yīng)該選線路二,所以選項(xiàng)C錯(cuò)誤;
對(duì)于選項(xiàng)。,所需時(shí)間之和大于100分鐘,則線路一、線路二的時(shí)間可以為(50,60),(60,50)和(6(),60)
三種情況,概率為0.2x0.1+0.1x0.1+0.1x0.1=0.04,所以選項(xiàng)D正確.
故選:BD.
11.(2020?山東濰坊高二期中)設(shè)離散型隨機(jī)變量X的分布列為
X01245
pq0.30.20.20.1
若離散型隨機(jī)變量y滿足y=2x+i,則下列結(jié)果正確的有()
A.E(X)=2B.A(X)=2.4C.D(X)=2.8D.£>(7)=14
【答案】AC
【解析】
由離散型隨機(jī)變量X的分布列的性質(zhì)得:
^=1-0.3-0.2-0.2-0.1=0.2,
則£(X)=0x0.2+1x0.3+2x0.2+4x0.24-5x0.1=2,
D(X)=(0-2『x0.2+(l-x().3+(2-2『x0.2+(4-2)2x0.2+(5-2)2xO.l,
即Z)(X)=0.8+0.3+0+0.8+0.9=2.8,
因?yàn)殡x散型隨機(jī)變量丫滿足y=2X+i,
£)(y)=22£>(r)=4£>(y)=4x2.8=11.2.
故結(jié)果正確的有AC.
12.(2020?福建城廂莆田一中高二期中)(多選)設(shè)0<。<1,隨機(jī)變量J的分布列如下,則下列結(jié)論正確
的有()
c012
pp-p2p-l-p
A.石(4)隨著。的增大而增大B.七(二)隨著。的增大而減小
C.P(7=0)<P(S=2)D.P(7=2)的值最大
【答案】BC
【解析】由題意E(G=〃2+2(1--1)2+1,由于0<夕<1,所以E4)隨著P的增大而減小,A
錯(cuò),B正確;
31391
又p—p?=p(l_p)<]_p,所以C正確;p=一時(shí),P(4=2)=一,而尸==>=—>—,D
444164
錯(cuò).
故選:BC.
三、填空題
13.(2020?黑龍江南崗哈師大附中高三其他(理))已知隨機(jī)變量X的分布列為
X012
pab
3
若E(X)=1,則£(aX+〃)=.
2
【答案】-
3
【解析】
2
由概率分布列知。+匕=一.
3
2
E(aX+b)=aE(X)+b=a+b^~.
公式:E(aX+b)-aE(X)+b.
14.(2020?江西高一期末)數(shù)據(jù)/,馬,…,丸的均值為方差為2,現(xiàn)增加一個(gè)數(shù)據(jù)為后方差不變,
則苞的可能取值為.
【答案】—H-^2或—
22
【解析】
故C+???+[-1)=16,
得:[%一1)=2,解得:/=|土正,
故答案為:—或—V2.
22
15.(2020?重慶高三其他(理))甲、乙兩人同時(shí)參加當(dāng)?shù)匾粋€(gè)勞動(dòng)實(shí)踐活動(dòng),該活動(dòng)有任務(wù)需要完成,甲、
乙完成任務(wù)的概率分別為0.7,0.8,且甲、乙是否完成任務(wù)相互獨(dú)立互不影響.設(shè)這兩人中完成任務(wù)的總?cè)?/p>
數(shù)為X,則EX=.
【答案】1.5(或▲)
2
【解析】
X的可能取值為0,1,2,且?!?0)=(1-0.8)(1-0.7)=0.06,
p(X=1)=(1-().8)x0.7+0.8x(1-().7)=0.38,P(X=2)=0.8x0.7=0.56,
故£¥=1x0.38+2x0.56=15
,3
故答案為:1.5(或一).
2
16.(2020?浙江嵯州高三三模)己知0<Z?<-,隨機(jī)變量X的分布列是:
22
X012
pab
2
2
若E(X)=§,則。=,D(X)=.
【答案】||
【解析】
b+-^l
a+2
21
E(X)=a+2〃a--
33
由題意可得,,解得《
c1
0<Q<一b=-
26
2
2
112丫1
因此,o(x)0——Ix—+1—xL2二
323)33169
5
故答案為:—
39
四、解答題
17.(2019?全國(guó)高二課時(shí)練習(xí))甲、乙兩名射手在一次射擊中得分為兩個(gè)相互獨(dú)立的隨機(jī)變量&與%且&,n
的分布列為
自:L2一3-T|
PLaO.10.6p0.3t)0.3
(1)求a,b的值.
(2)計(jì)算《力的均值與方差,并以此分析甲、乙的技術(shù)狀況.
【答案】(1)。=0.3,。=0.4;(2)見(jiàn)解析
【解析】
⑴由離散型隨機(jī)變量的分布列的性質(zhì)可知a+0.1+0.6=l,
所以a=0.3.
同理0.3+b+0.3=l,b=0.4.
⑵叱=1xO.3+2xO.l+3xO.6=2.3,
Er)=lx0.3+2x0.4+3x0.3=2,
D&=(1-2.3)2x0.3+(223)2x0.1+(3-2.3)2x0.6=0.81,
Dr|=(1-2)2x0.3+(2-2)2x0.4+(3-2)2x0.3=0.6.
由于E夕En,說(shuō)明在一次射擊中,甲的平均得分比乙高,但DOD1],說(shuō)明中得分的穩(wěn)定性不如乙,因此甲、乙兩人
技術(shù)水平都不夠全面,各有優(yōu)勢(shì)與劣勢(shì).
18.(2020?大連市普蘭店區(qū)第一中學(xué)高二月考)某人投彈擊中目標(biāo)的概率為P=0.?.
(1)求投彈一次,擊中次數(shù)X的均值和方差;
(2)求重復(fù)投彈10次,擊中次數(shù)丫的均值和方差.
【答案】⑴£(X)=0.8;£>(X)=0.16(2)E(r)=8,£>")=1.6
【解析】
(1)由題意可知X服從兩點(diǎn)分布
因?yàn)?,P(X=0)=02,P(X=l)=0.8
所以,E(X)=0x0.2+lx0.8=0.8.
所以,。(X)=(0-0.8)2x0.2+(1—0.8)2x0.8=0.16
(2)由題意可知擊中次數(shù)y服從二項(xiàng)分布,即丫~3(10,0.8)
所以,£(7)==10x0.8=8,
Z)(y)=10x0.8x0.2=1.6.
19.(2018?江西九江高二期末(理))某運(yùn)動(dòng)員射擊一次所得環(huán)數(shù)X的分布列如下:
X8910
P0.40.40.2
現(xiàn)進(jìn)行兩次射擊,且兩次射擊互不影響,以該運(yùn)動(dòng)員兩次射擊中最高環(huán)數(shù)作為他的成績(jī),記為
(1)求該運(yùn)動(dòng)員兩次命中的環(huán)數(shù)相同的概率;
(2)求g的分布列和數(shù)學(xué)期望
【答案】(1)0.36;(2)見(jiàn)解析,9.2
【解析】
(1)兩次都命中8環(huán)的概率為q=0.4x0.4=0.16
兩次都命中9環(huán)的概率為4=0.4x0.4=0.16
兩次都命中10環(huán)的概率為鳥(niǎo)=0.2x0.2=0.04
設(shè)該運(yùn)動(dòng)員兩次命中的環(huán)數(shù)相同的概率為P
P=6+6+6=0.16+0.16+0.04=0.36
(2)4的可能取值為8,9,10
PC=8)=04x0.4=0.16,
產(chǎn)(』=9)=2x0.4x0.4+0.4x0.4=0.48,
尸《=10)=1—1片=8)一下?=9)=0.36,
.?.4的分布列為
8910
P0.160.480.36
.?出=8x0.16+9x0.48+10x0.36=9.2
20.甲、乙兩個(gè)同學(xué)同時(shí)報(bào)名參加某重點(diǎn)高校2010年自主招生,高考前自主招生的程序?yàn)閷徍瞬牧虾臀幕?/p>
測(cè)試,只有審核過(guò)關(guān)后才能參加文化測(cè)試,文化測(cè)試合格者即可獲得自主招生入選資格.已知甲,乙兩人
審核過(guò)關(guān)的概率分別為二,一,審核過(guò)關(guān)后,甲、乙兩人文化測(cè)試合格的概率分別為士,一.
5245
(1)求甲,乙兩人至少有一人通過(guò)審核的概率;
(2)設(shè)〈表示甲,乙兩人中獲得自主招生入選資格的人數(shù),求彳的數(shù)學(xué)期望.
4
【答案】(1)甲,乙兩人至少有一人通過(guò)審核的概率為不;
17
(2)J的數(shù)學(xué)期望為
20
【解析】
(1)設(shè)A="甲,乙兩人至少有一人通過(guò)審核“,則
p(A)=l-1-|1-1...........6分
(2)^=0,1,2
,/、49
P信=1)=1-(2(4=0)+.(4=2))=誨
40
334918
loo100Too
???塔=0x〃(J=0)+lxMJ=l)+2x“傳=2)=同=為.......12分
4
答:(1)甲,乙兩人至少有一人通過(guò)審核的概率為二;
17
(2*的數(shù)學(xué)期望為三............1分
21.(2020?全國(guó)高三(理))在某次投籃測(cè)試中,有兩種投籃方案:方案甲:先在A點(diǎn)投籃一次,以后都在
3
B點(diǎn)投籃;方案乙:始終在B點(diǎn)投籃.每次投籃之間相互獨(dú)立.某選手在A點(diǎn)命中的概率為二,命中一次記3
4
4
分,沒(méi)有命中得0分;在B點(diǎn)命中的概率為不,命中一次記2分,沒(méi)有命中得0分,用隨機(jī)變量J表示該
選手一次投籃測(cè)試的累計(jì)得分,如果占的值不低于3分,則認(rèn)為其通過(guò)測(cè)試并停止投籃,否則繼續(xù)投籃,但
一次測(cè)試最多投籃3次.
(1)若該選手選擇方案甲,求測(cè)試結(jié)束后所得分J的分布列和數(shù)學(xué)期望.
(2)試問(wèn)該選手選擇哪種方案通過(guò)測(cè)試的可能性較大?請(qǐng)說(shuō)明理由.
【答案】(1)數(shù)學(xué)期望為3.05,分布列見(jiàn)解析(2)選擇方案甲
【解析】
(1)在A點(diǎn)投籃命中記作A,不中記作彳;在B點(diǎn)投籃命中記作3,不中記作后,
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