遼寧省2025屆高三物理下學期4月模擬預測試題9含解析

PAGEPAGE17遼寧省2025屆高三物理下學期4月模擬預料試題（9）（含解析）考生留意：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、考生號、考場號、座位號填寫在答題卡上．2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑．如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號．回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1～7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分1.在物理發(fā)展歷史中，一些物理學家的思想和探討成果在不斷地推動著社會的進步，以下關于物理學史的敘述中，正確的是（）A.牛頓提出了萬有引力定律，是第一個“能稱出地球質量的人”B.卡文迪許通過扭秤試驗第一個測出了靜電力常量C.胡克認為只有在肯定條件下，彈簧的彈力才與彈簧的形變量成正比D.在對自由落體運動的探討中，伽利略猜想運動速度與下落時間成正比，并干脆用試驗進行了驗證【答案】C【解析】A．牛頓提出了萬有引力定律，英國物理學家卡文迪許利用扭秤試驗首先較精確的測量出了引力常量G，被人們稱為“能稱出地球質量的人”，故A錯誤；B．庫侖發(fā)覺了電荷間的相互作用力，并測出了靜電力常量，故B錯誤；C．胡克總結出了胡克定律，在彈性限度內的彈力與形變量成正比，故C正確；D．在對自由落體運動的探討中，伽利略猜想運動速度與下落時間成正比，并沒有干脆驗證，而是用斜面上的加速運動合理外推，故D錯誤。故選C。2.一列簡諧橫波沿x軸負方向傳播，在t=0和t=0.20s時的波形分別如圖中實線和虛線所示。已知該波的周期T>0.20s。下列說法正確的是（）A．波長為0.08mB．波速為0.40m/sC．x=0.08m的質點在t=0.70s時位于波谷D．x=16cm處的質點經過半個周期運動到x=8cm處【答案】B【解析】AB．波沿x軸負方傳播，依據波形圖可知該波的周期T>0.20s，n只能等于0，故由圖可知，波長λ=16cm=0.16m，故波速故A錯誤，B正確；C．x=0.08m的質點在t=0時位于平衡位置向下振動，經過t=0.70s時即經過，所以t=0.70s時x=0.08m處的質點位于波峰，故C錯誤；D．介質中的質點不會同流合污，只能在各自平衡位置旁邊振動，故D錯誤；故選B。3.在有空氣阻力的狀況下，以速度v1豎直上拋一小球，經過時間t1上升到最高點。又經過時間t2，物體由最高點落回到拋出點，這時物體的速度為v2。則（）A.v2=v1，t2=t1 B.v2>v1，t2>t1 C.v2<v1，t2<t1 D.v2<v1，t2>t1【答案】D【解析】因為有空氣阻力，且大小恒定，故依據牛頓其次定律有上升過程中：下降過程中：所以a1>a2；依據運動學公式上升過程有：下降過程有：比較各式可知有：v2<v1

t2>t1故D正確，ABC錯誤。故選D。4.如圖所示為志向變壓器，四個燈泡L1、L2、L3、L4都標有“4V、4W”，變壓器原、副線圈匝數比n1:n2=4:1。要求燈泡一個都不能燒毀，假設燈泡電阻不變，則a、b間溝通電壓的有效值不能超過（）A.25V B.24V C.20V D.16V【答案】A【解析】由圖可知，L2與L3并聯(lián)后與L4串聯(lián)，故L4中電流為L2與L3電流之和；L1電流為原線圈中的電流，而L4電流等于副線圈中的電流，依據電流之比等于線圈匝數之比可得故L4應達到額定功率，即輸出電流為L2與L3中電流均為0.5A，此時并聯(lián)部分電壓為2V，變壓器輸出電壓為輸入電壓為此時燈泡L1中電流為0.25A，電壓為1V，故ab兩端的電壓最大值為故選A。5.一宇航員在某星球上立定跳高的最好成果是地球上的4倍，該星球半徑為地球的一半。阻力不計，則該星球的第一宇宙速度約為（）A.2.0km/s B.2.8km/s C.4.0km/s D.5.9km/s【答案】B【解析】依據可知又依據第一宇宙速度的表達式可得A．2.0km/s，與結論不相符，選項A錯誤；B．2.8km/s，與結論相符，選項B正確；C．4.0km/s，與結論不相符，選項C錯誤；D．5.9km/s，與結論不相符，選項D錯誤；故選B。6.如圖所示，由同種材料制成，粗細勻稱，邊長為L、總電阻為R的單匝正方形閉合線圈MNPQ放置在水平面上，空間存在方向豎直向下、磁感應強度大小為B的有界勻強磁場，磁場兩邊界成θ=角?，F使線圈以水平向右的速度ν勻速進入磁場，則()A.當線圈中心經過磁場邊界時，N、P兩點間的電勢差U=BLvB.當線圈中心經過磁場邊界時，線圈所受安培力大小C.線圈從起先進入磁場到其中心經過磁場邊界的過程中，回路中的平均電功率D.線圈從起先進入磁場到其中心經過磁場邊界的過程中，通過導線某一橫截面的電荷量【答案】D【解析】AB．當線圈中心經過磁場邊界時，此時切割磁感線的有效線段為NP，依據法拉第電磁感應定律，NP產生的感應電動勢為E=BLv，此時N、P兩點間的電勢差U為路端電壓，有U=E=BLv此時QP、NP受安培力作用，且兩力相互垂直，故合力為F安=故AB錯誤；C．當線圈中心經過磁場邊界時，回路中的瞬時電功率為在線圈從起先進入磁場到其中心經過磁場邊界的過程中，感應電動勢始終在改變，故回路中的平均電功率不等于經過磁場邊界時的瞬時電功率，故C錯誤；D．依據法拉第電磁感應定律和歐姆定律，通過導線某一橫截面的電荷量為故D正確。故選D。7.如圖所示，質量為m的滑塊在水平面上以速率v撞上勁度系數為k的輕質彈簧，當滑塊將彈簧壓縮了x0時速度減小到零，然后彈簧又將滑塊向右推開。已知滑塊與水平面間的動摩擦因數為μ，整個過程彈簧未超過彈性限度且二者未拴接，則下列推斷正確的是（）A．彈簧彈性勢能的最大值為B．滑塊離開彈簧時的速度大小為C．滑塊與彈簧接觸過程中，產生的熱能為D．滑塊最終停在距離彈簧右端處【答案】C【解析】A．由題意可知，從起先運動到將彈簧壓縮到最短，由動能定理得則彈簧彈性勢能的最大值為所以A錯誤；B．從起先運動到滑塊被彈回，離開彈簧時，由動能定理解得所以B錯誤；C．滑塊與彈簧接觸過程中，產生的熱量為所以C錯誤；D．滑塊被彈回，離開彈簧后接著減速運動，從離開彈簧到停下，由動能定理結合B選項分析可知得所以D正確。故選D。8.如圖所示，光滑水平面上放置質量分別為m，2m和3m的三個木塊，其中質量為2m和3m的木塊間用一輕彈簧相連，輕彈簧能承受的最大拉力為T?，F用水平拉力F拉質量為3m的木塊，使三個木塊一起加速運動，則以下說法正確的是（）A．質量為2m的木塊受到四個力的作用B．當F漸漸增大到1.5T時，輕彈簧剛好被拉斷C．當F漸漸增人到1.5T時，輕彈簧還不會被拉斷D．當F撤去瞬間，m所受摩擦力的大小和方向不變【答案】CD【解析】質量為2m的物體受重力，支持力，m對它的壓力以及摩擦力，還有彈簧的彈力，總共受5個力．故A錯誤．當彈簧的彈力為T時，m和2m的加速度a=，對整體分析，拉力F=6ma=2T．知當拉力為2T時，輕彈簧恰好被拉斷．故B錯誤，C正確．撤去F的瞬間，彈簧的彈力不變，m和2m整體的加速度不變，隔離對m分析，依據牛頓其次定律知，m所受的摩擦力大小和方向都不變．故D正確．9.如圖所示，在平面直角坐標系中有一個垂直紙面對里的圓形勻強磁場，其邊界過原點O和y軸上的點a(0，L)．一質量為m、電荷量為e的電子從a點以初速度v0平行于x軸正方向射入磁場，并從x軸上的b點射出磁場．此時速度方向與x軸正方向的夾角為60°.下列說法中正確的是()A.電子在磁場中運動的時間為B.電子在磁場中運動的時間為C.磁場區(qū)域的圓心坐標為D.電子在磁場中做圓周運動的圓心坐標為(0，－L)【答案】BCD【解析】電子在磁場中做勻速圓周運動，粒子運動軌跡如圖所示：

電子的軌道半徑為R，由幾何學問，電子轉過的圓心角：θ=60°，Rsin30°=R-L，解得：R=2L，電子在磁場中做圓周運動的周期：，電子在磁場中運動時間：，故A錯誤，B正確．設磁場區(qū)域的圓心坐標為(x，y)，其中：，y=，所以磁場圓心坐標為(，)，故C正確．依據幾何三角函數關系可得，R-L=Rcos60°，解得：R=2L，所以電子的圓周運動的圓心坐標為(0，-L)，故D正確；故選BCD．點睛：由題意確定粒子在磁場中運動軌跡是解題的關鍵之處，從而求出圓磁場的圓心位置，再運用幾何關系來確定電子的運動軌跡的圓心坐標．10.有一靜止點電荷產生的電場中，有四個點a、b、c、d，其電場強度大小分別為、、、，電場中任一點電勢與該點到點電荷的距離x的關系如下圖?，F將一帶正電的摸索電荷由a點依次經b、c點移動到d點，在相鄰兩點間移動的過程中，電場力所做的功分別為、和下列選項正確的是()A. B.C. D.【答案】BD【解析】A．由點電荷場強公式可得：，故A錯誤；B．由點電荷場強公式可得：故B正確；C．從a到b電場力做功為：Wab=qUab=q(φa-φb)=q(15-7.5)=7.5q，從b到c電場力做功為：Wbc=qUbc=q(φb-φc)=q(7.5-5)=2.5q，所以有：Wab：Wbc=3：1，故C錯誤；D．從c到d電場力做功為：Wcd=qUcd=q(φc-φd)=q(5-2.5)=2.5q所以Wbc：Wcd=1：1，故D正確。故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某同學用伏安法利用下列器材測一節(jié)干電池的電動勢和內阻。A．被測干電池一節(jié)；B．電流表1：量程0~0.6A，內阻為0.3Ω；C．電流表2：量程0~0.6A，內阻約為0.1Ω；D．電壓表1：量程0~3V，內阻未知；E．電壓表2：量程0~15V，內阻未知；F．滑動變阻器1：0~10Ω，2A；G．滑動變阻器2：0~100Ω，1A；H．開關、導線若干。在用伏安法測電池電動勢和內阻的試驗中，由于電流表和電壓表內阻的影響，測量結果存在系統(tǒng)誤差；在現有器材的條件下，要盡可能精確地測量電池的電動勢和內阻。（1）請在上述器材中選擇適當的器材：___________（填寫器材前的字母）；（2）試驗電路圖應選擇圖___________（填“甲”或“乙”）；（3）依據試驗中電流表和電壓表的示數得到了如圖丙所示的U-I圖像，則在修正了試驗系統(tǒng)誤差后，干電池的電動勢E=___________V，內阻r=___________Ω?！敬鸢浮緼BDFH甲1.50.7【解析】（1）[1]為了讀數精確，電壓表應選擇D；電流表應選擇內阻精確的，即選B；滑動變阻器總阻值較小有利于電表的數值改變，便于操作且可減小誤差，故選F。綜上所述可知選ABDFH。（2）[2]因電流表內阻已知，故應采納相對電源的電流表內接法，故選甲。（3）[3]由U-I圖像可知，電池的電動勢E=1.50V[4]內阻r=-RA=0.7Ω12.某試驗小組采納如圖所示裝置驗證動量守恒定律，即探討兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系。（1）試驗步驟如下：A．將擋板豎直放置，擋板左側表面固定白紙，白紙上面固定復寫紙。B．先讓質量為m1的入射小球1從斜槽上S位置由靜止釋放，從水平軌道末端B點水平飛出后撞到擋板上，多次釋放小球，確定其平均落點的位置P；C．把質量為m2的被碰小球2靜置于水平軌道的末端B點，再將入射小球1從斜槽S位置由靜止釋放，與被碰小球2相撞，并多次重復，確定兩小球的平均落點。其中_______（選填“N”或“M”）點為被碰小球2的平均落點。D．在白紙上確定O點，使O點與B點小球球心位置等高。（2）試驗必需要求滿意的條件是_______。（填選項前的字母）A．斜槽軌道必需是光滑的B．入射小球每次都要從同一高度由靜止釋放C．入射小球與被碰小球半徑相同且m1>m2（3）驗證動量守恒，必需測量的數據是________。（填選項前的字母）A．兩個小球的質量m1、m2B．入射小球起先釋放的高度hC．B點距擋板的水平距離dD．小球下落的高度hON、hOM、hOP若動量守恒應滿意關系式_________。（用題目所給物理量的字母表示）【答案】NBCAD【解析】（1）[1]碰撞后，球2的速度大于1球的速度，球2的平均落點為N；（2）[2]A．每次球1都從同一位置由靜止釋放，球1每次和軌道的摩擦力都相同，到達B點的速度都相同，所以軌道沒有必要是光滑的，A錯誤；B．為了保證球1到達B點的速度不變，必需保證每次從同一位置由靜止釋放，B正確；C．為了防止球1反彈，必需m1>m2；為了保證小球碰撞后都做平拋運動，兩個小球必需半徑相同，C正確。故選BC。（3）[3][4]由動量守恒定律得由平拋運動規(guī)律得解得從上式可以看出，驗證動量守恒，必需測量的數據是兩個小球的質量m1、m2和小球下落的高度hON、hOM、hOP，AD正確，BC錯誤。故選AD。13.如圖所示，某自動洗衣機洗衣缸的下部與一控水裝置的豎直勻稱細管相通，細管的上部封閉，并和一壓力傳感器相接。洗衣缸進水時，細管中的空氣被水封閉，隨著洗衣缸中水面的上升，細管中的空氣被壓縮，當細管中空氣壓強達到肯定數值時，壓力傳感器使進水閥門關閉，達到自動控水的目的。假設剛進水時細管被封閉的空氣柱長度為50cm，當空氣柱被壓縮到48cm時壓力傳感器使洗衣機停止進水，此時洗衣缸內水位有多高？大氣壓取1.0×105Pa，水的密度取1.0×103kg/m3，重力加速度g取10m/s2?！敬鸢浮?.44m【解析】對于封閉在細管中的空氣，由玻意耳定律有將代入解得考慮液體的壓強，則將的值代入解得設洗衣缸內水位有h高，則有14.如圖所示，一質量M=0．8kg的小車靜置于光滑水平地面上，其左側用固定在地面上的銷釘攔住。小車上表面由光滑圓弧軌道BC和水平粗糙軌道CD組成，圓弧軌道BC與水平軌道CD相切于C處，圓弧BC所對應的圓心角、半徑R=5m，CD的長度。質量m=0.2kg的小物塊(視為質點)從某一高度處的A點以大小v0=4m/s的速度水平拋出，恰好沿切線方向從B點進入圓弧軌道，物塊恰好不滑離小車。取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，空氣阻力不計。求：(1)物塊滑到圓弧軌道的C點時對圓弧軌道的壓力大小N；(