廣東省六校2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期10月聯(lián)考試題 物理 含解析

2024-2025學(xué)年廣東省珠海一中、廣州二中等六校高三（上）第二次聯(lián)考物理試卷（10月）一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.山地自行車往往要加裝減震裝置。靜止的山地自行車，沿豎直方向用力推壓縮桿，將彈簧壓縮到最短后放手，摩擦阻力不能忽略，彈簧被壓縮桿壓縮到最短后彈回到最高點(diǎn)的過程中(

)

A.壓縮桿一直處于超重狀態(tài)

B.當(dāng)壓縮桿受到的彈力大小等于其重力時(shí)，桿具有最大動(dòng)能

C.桿的加速度先增大后減小

D.桿的動(dòng)能先增大后減小2.如圖，飛機(jī)場運(yùn)輸行李的傾斜傳送帶保持恒定的速率向上運(yùn)行，將行李箱無初速度地放在傳送帶底端，當(dāng)它送入飛機(jī)貨艙前行李箱已做勻速運(yùn)動(dòng)。設(shè)行李箱與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為33，已知滑動(dòng)摩擦力近似等于最大靜摩擦力，下列說法正確的是(

)

A.做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，行李箱與傳送帶之間的摩擦力為零

B.重的行李箱比輕的行李箱傳送時(shí)間更長些

C.若增加傳送帶速度，傳送的時(shí)間不變

D.運(yùn)送行李時(shí)該傳送帶的傾角必須小于303.馬刀鋸是一種木匠常用的電動(dòng)工具。其內(nèi)部安裝了特殊的傳動(dòng)裝置，簡化后如圖所示，電動(dòng)機(jī)讓圓盤上的結(jié)構(gòu)P做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的過程中，結(jié)構(gòu)P可在往復(fù)桿內(nèi)自由滑動(dòng)，往復(fù)桿則帶動(dòng)鋸條在水平方向做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，從而實(shí)現(xiàn)高速鋸割。已知電動(dòng)機(jī)正在順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度ω=250rad/s，OP=2A.3m/s B.4m/s4.“中星6E”衛(wèi)星是我國自主研發(fā)的一顆通信廣播同步衛(wèi)星，距地面約36000km。我國“天宮”空間站是位于距地面約400km的近地軌道。已知地球半徑約為6400km，下列有關(guān)說法正確的是(

)A.若“中星6E”衛(wèi)星為了使北京獲得較強(qiáng)信號(hào)，可直接定位于北京上空

B.“天宮”空間站的運(yùn)行線速度略低于第一宇宙速度

C.“天宮”空間站繞地球一周所需時(shí)間約為70分鐘

D.“天宮”空間站中的宇航員返回地球飛船需點(diǎn)火制動(dòng)，可見離地球越遠(yuǎn)，衛(wèi)星穩(wěn)定運(yùn)行速度越大5.某同學(xué)應(yīng)用大疆無人機(jī)搭載的加速度傳感器進(jìn)行飛行測試。圖a為在測試軟件中設(shè)定的x、y、z軸的正方向，其中z軸沿豎直方向，無人機(jī)沿y軸正方向勻速飛行，0時(shí)刻起該同學(xué)進(jìn)行變速操作，軟件生成了圖b的三個(gè)維度的a?t(加速度-時(shí)間)圖像，可以推斷2s～4A.沿y方向的飛行速度在增大

B.無人機(jī)先加速下降再減速下降

C.4s末無人機(jī)在x軸方向的速度沿著x軸正方向

D.根據(jù)題目所給信息可以推導(dǎo)出4s末無人機(jī)沿y軸飛行的方向6.圖a為超市引進(jìn)的懸掛配送系統(tǒng)，裝有貨物的購物袋通過四根輕繩帶懸掛在索道上，總質(zhì)量為m，每根繩帶與豎直方向的夾角均為θ，簡化示意圖如圖b所示，某時(shí)段購物袋通過一段可視為圓弧的軌道，貨物的速率為v，軌道半徑為R，則在軌道的最高點(diǎn)處，下列說法正確的是(

)

A.購物袋對(duì)繩帶的力大于繩帶對(duì)購物袋的力 B.每根繩帶承受的拉力為m4cosθ(g?v7.某滑雪場設(shè)置了如圖所示滑道跳雪游戲項(xiàng)目，滑道由高為H的斜面滑道AB、水平滑道BC和高為h的斜面滑道CD三部分組成，AC水平距離為L，CD滑道的傾角固定，為45°，游客腳上的滑雪板與三段滑道之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.25，游客從A點(diǎn)由靜止開始下滑，經(jīng)過水平滑道BC后在C點(diǎn)水平飛出，若不計(jì)在B點(diǎn)的機(jī)械能損失，下列說法正確的是(

)

A.其他條件不變，為保證游客落在滑道CD上而不是D所在水平面，L可以設(shè)計(jì)適當(dāng)短一些

B.若游客落在滑道CD的不同點(diǎn)上，則落在滑道的各點(diǎn)速度方向不相同

C.只要H和L一定，不管滑道AB的傾角有多大，游客從C點(diǎn)飛出的速度相同

D.當(dāng)3H=L二、多選題：本大題共3小題，共12分。8.某同學(xué)把紅紙鋪在水平桌面上寫“?！弊?，如圖所示，為防止紅紙滑動(dòng)，在其左側(cè)放一鎮(zhèn)紙壓住，下列說法正確的是(

)

A.鎮(zhèn)紙受到的支持力與它對(duì)紅紙的壓力與是一對(duì)相互作用力

B.豎直提起毛筆懸空時(shí)，增大握筆的力度可以增大手和筆之間的摩擦力

C.自左向右行筆寫一橫過程中，鎮(zhèn)紙不受摩擦力作用

D.在桌面光滑的情況下，書寫的過程中紅紙仍可以靜止9.無風(fēng)時(shí)，雨滴由靜止開始沿豎直方向下落，雨滴受到空氣阻力的大小與速度大小成正比。設(shè)下落過程中雨滴的質(zhì)量不變，以地面為零勢能面。雨滴下落過程中，下列關(guān)于雨滴的速度v、重力勢能Ep、動(dòng)能Ek的圖像可能正確的是(

)A. B.

C. D.10.如圖為教師辦公室中抽屜使用過程的簡圖，抽屜底部安有滾輪，當(dāng)抽屜在柜中滑動(dòng)時(shí)可認(rèn)為不受摩擦力，抽屜柜右側(cè)裝有固定擋板，當(dāng)抽屜拉至最右端與擋板相碰時(shí)速度立刻變?yōu)?。現(xiàn)在抽屜完全未抽出，在中間位置放了一個(gè)手機(jī)，手機(jī)長度d=0.2m，質(zhì)量m=0.2kg，其右端離抽屜右側(cè)的距離也為d，手機(jī)與抽屜接觸面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.1，抽屜總長L=0.8mA.若拉力逐漸增大，則手機(jī)的加速度也一直增大

B.當(dāng)水平恒力的大小F=2N時(shí)，摩擦力對(duì)手機(jī)先做正功再做負(fù)功

C.要使手機(jī)與抽屜之間不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，水平恒力的大小應(yīng)滿足F≤2.2三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共18分。11.某同學(xué)使用如圖甲所示裝置對(duì)物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)進(jìn)行測量，他調(diào)整長木板和滑輪，使長木板水平放置且細(xì)線平行于長木板，掛上適當(dāng)?shù)你^碼，接通電源，釋放鉤碼，多次改變鉤碼的質(zhì)量，記錄傳感器的讀數(shù)F，求出物塊的加速度a。請(qǐng)回答下列問題：(1)實(shí)驗(yàn)中得到如圖乙所示的一條紙帶，已知交流電頻率為50Hz，兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)沒有畫出，根據(jù)紙帶可得打計(jì)數(shù)點(diǎn)3時(shí)的速度大小為v3=__________m/s，物塊的加速度大小為a(2)該實(shí)驗(yàn)需不需要滿足鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量？_____。((3)以力傳感器的示數(shù)F為橫坐標(biāo)，物塊的加速度a為縱坐標(biāo)，畫出的圖像是一條直線，如圖丙所示，求得圖線的斜率為k，橫軸截距為F0，同一次實(shí)驗(yàn)中，則物塊的質(zhì)量為_____，已知重力加速度為12.兩位同學(xué)采用不同的實(shí)驗(yàn)方案進(jìn)行“探究平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)。(1)甲同學(xué)采用圖1所示的裝置。用小錘擊打彈性金屬片，金屬片把a(bǔ)球沿水平方向彈出，同時(shí)A.a球豎直方向的分運(yùn)動(dòng)是自由落體運(yùn)動(dòng)B.a球水平方向的分運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)C.a球運(yùn)動(dòng)可分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)(2)乙同學(xué)采用圖2所示的裝置。通過描點(diǎn)在坐標(biāo)紙上記錄下小球平拋運(yùn)動(dòng)中的三個(gè)位置A、B、C，但沒有記錄起點(diǎn)位置，如圖3所示。已知坐標(biāo)紙每小格的邊長為5.0cm，不計(jì)空氣阻力，則時(shí)間間隔Δt=________s，初速度v0=(3)如圖3建立平面直角坐標(biāo)系，則小球拋出點(diǎn)的位置坐標(biāo)x=_____cm，y=(4)若實(shí)驗(yàn)中把軌道末端記為坐標(biāo)原點(diǎn)，水平方向?yàn)閤軸，豎直方向?yàn)閥軸，建立平面直角坐標(biāo)系。記錄小球平拋過程中的位置，將各位置用一條過原點(diǎn)的平滑曲線連接，測得曲線上某點(diǎn)坐標(biāo)為x0,y0四、計(jì)算題：本大題共3小題，共30分。13.在進(jìn)行運(yùn)輸作業(yè)時(shí)常應(yīng)用一些省力裝置，如圖為某同學(xué)設(shè)計(jì)的定滑輪運(yùn)輸裝置圖。P為質(zhì)量為m的待運(yùn)輸材料，Q為與待運(yùn)輸材料質(zhì)量相等的配重，二者通過輕繩連接。在Q上繼續(xù)增加一定質(zhì)量的配重，P將向上加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)Q落地，P繼續(xù)上升h10后速度恰好減為零。已知初始時(shí)配重離地高度為h，重力加速度為g，不計(jì)一切阻力。求：(1)Q(2)P上升過程中，輕繩對(duì)14.如圖1所示為遙控爬墻小車，小車通過排出車身內(nèi)部空氣，和外界大氣形成氣壓差，使車吸附在平面上。如圖2所示，某次遙控小車從靜止出發(fā)沿著A、B、C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到天花板上的D點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)速度為v=3m/s。然后保持速率不變從D點(diǎn)開始繞O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。其中AB沿豎直方向，BC與豎直方向夾角θ為37°，CD沿水平方向，BC、CD的長度均為1m，小車在到達(dá)B點(diǎn)前已經(jīng)勻速。小車質(zhì)量為0.5kg，車身內(nèi)外由于大氣壓形成垂直墻面的壓力差恒為F0=25N。運(yùn)動(dòng)過程中小車受到墻壁的阻力f大小與車和墻壁間的彈力(1)若小車在AB段上以恒定功率P=60W(2)求小車從B經(jīng)過C到(3)遙控小車在水平天花板上以v=3m/15.某工廠生產(chǎn)一種邊長x=1cm的正方體泡沫金屬顆粒，由于生產(chǎn)過程中氣泡含量的不同，導(dǎo)致顆粒的質(zhì)量不同(體積與表面材料均無偏差)，為篩選顆粒，設(shè)計(jì)了如圖所示裝置。產(chǎn)出的顆粒不斷從A處靜止進(jìn)入半徑為R1=1m的光滑四分之一圓軌道AB，B處與一順時(shí)針非常緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)的粗糙傳送帶相切，傳送帶足夠長，CE、FG均為水平光滑軌道，圓心為O、半徑R2=3m的光滑圓軌道E、F處略微錯(cuò)開且與水平軌道相接，D為帶輕質(zhì)滾輪的機(jī)械臂，可在顆粒經(jīng)過時(shí)提供豎直向下的恒定壓力F，顆粒右側(cè)剛到達(dá)滾輪最低點(diǎn)時(shí)的速度可忽略不計(jì)，滾輪逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)且轉(zhuǎn)速足夠快，滾輪與顆粒之間的摩擦系數(shù)μ=0.5(摩擦力對(duì)顆粒作用距離可認(rèn)為是顆粒邊長)，I、II、III為顆粒的收集區(qū)域(顆粒落到收集區(qū)直接被收集不反彈)，其中I、II的分界點(diǎn)為圓心(1)質(zhì)量為0.001k(2)機(jī)械臂提供的恒定壓力(3)II、答案和解析1.【答案】D

【解析】AB、壓縮桿受到向上的彈力、向下的摩擦力以及重力，開始合力向上，向上加速運(yùn)動(dòng)，處于超重狀態(tài)，向上的彈力等于重力與摩擦力之和時(shí)，速度最大，動(dòng)能最大，之后，向上做減速運(yùn)動(dòng)，處于失重狀態(tài)，故AB錯(cuò)誤；

C、桿的加速度先減小后反向增大，故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)上述分析可知桿的動(dòng)能先增大后減小，故D正確。

故選D。2.【答案】D

【解析】A.做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，行李箱與傳送帶之間的摩擦力為

Ff=mgsin

θ，故A錯(cuò)誤;

B.根據(jù)ma=μmgcosθ?mgsinθ，加速階段，重的行李箱與輕的行李箱傳送加速度相同，即行李箱的加速時(shí)間、加速位移、勻速時(shí)間相同，故B錯(cuò)誤；

C.3.【答案】A

【解析】由題意可將P點(diǎn)的速度分解為水平和豎直方向，如圖所示

鋸條運(yùn)動(dòng)的速度為v1=vPsin?θ，又因?yàn)镻點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，則vP=ω4.【答案】B

【解析】A.“中星6E”衛(wèi)星為同步衛(wèi)星，定位于赤道上空，故A錯(cuò)誤;

B.第一宇宙速度是貼近地面運(yùn)行速度，第一宇宙速度是航天器最小發(fā)射速度，也是航天器最大運(yùn)行速度。“天宮”空間站的運(yùn)行線速度略低于第一宇宙速度，故B正確;

C.由開普勒第三定律(6400+4006400+36000)3=(T24)2解得T≈1.4h5.【答案】C

【解析】A、開始時(shí)沿y軸正方向勻速飛行，2s～4s的時(shí)間內(nèi)有沿向y軸負(fù)方向加速度，故沿y方向的飛行速度在減小，故A錯(cuò)誤；

B、開始時(shí)沿z軸方向速度為0，2s～4s的時(shí)間內(nèi)有沿向z軸正方向加速度，故沿z方向一直加速，即加速上升，故B錯(cuò)誤；

C、開始時(shí)沿x軸方向速度為0，0?2s內(nèi)沿x負(fù)方向加速，2s～4s的時(shí)間內(nèi)有沿向x軸正方向加速度，故沿x方向先減速到零，之后再加速，根據(jù)a?所圍的面積可知t圖像4s末無人機(jī)在x軸方向的速度沿著x軸正方向；故C6.【答案】B

【解析】A.購物袋對(duì)繩帶的力與繩帶對(duì)購物袋的力為作用力與反作用力，大小相等，方向相反，故A錯(cuò)誤;

B.在軌道的最高點(diǎn)處，購物袋受到重力和四根繩帶的拉力，由牛頓第二定律得：4Fcosθ?mg=mv2R，結(jié)合牛頓第三定律得每根繩帶承受的拉力:F′=F=m4cosθ(g7.【答案】C

【解析】C.從A到C由動(dòng)能定理m即m則只要H和L一定，不管滑道AB的傾角有多大，游客從C點(diǎn)飛出的速度一定，故C正確；B.若游客落在滑道CD的不同點(diǎn)上，則位移的偏向角相同，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的速度的偏向角的正切等于位移偏向角的2倍可知，落在滑道的各點(diǎn)的速度偏向角相等，即落在斜面上的速度方向相同，故B錯(cuò)誤；A.由C的分析可知，L越短，則到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度越大，則游客在斜面上的位移越長，不能保證游客落在滑道CD上而不是D所在水平面，故A錯(cuò)誤；D.若恰能落在

D點(diǎn)，則hm聯(lián)立解得4故D錯(cuò)誤。故選C。8.【答案】AC

【解析】A.鎮(zhèn)紙受到的支持力和它對(duì)紅紙的壓力是一對(duì)相互作用力，選項(xiàng)A正確；B.豎直提起毛筆懸空時(shí)，手對(duì)筆的靜摩擦力與重力等大反向，增大握筆的力度，手和筆之間的摩擦力不變，只是增大手和筆之間的最大靜摩擦力，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C.毛筆相對(duì)于宣紙向右運(yùn)動(dòng)，則宣紙對(duì)毛筆有向左的摩擦力，宣紙相對(duì)于桌面有向右的運(yùn)動(dòng)趨勢，所以桌面對(duì)宣紙有向左的摩擦力，鎮(zhèn)紙與宣紙只有一個(gè)接觸面，且鎮(zhèn)紙保持靜止?fàn)顟B(tài)，所以鎮(zhèn)紙和宣紙間無摩擦力的作用，故C正確；D.自左向右行筆寫一橫過程中，筆對(duì)宣紙的摩擦力向右，則桌面給宣紙的摩擦力向左，在桌面光滑的情況下，書寫的過程中紅紙不可以靜止；選項(xiàng)D錯(cuò)誤。9.【答案】BD

【解析】A.根據(jù)牛頓第二定律可得mg?kv=ma，解得a=mg?kvm，雨滴的速度越來越大，雨滴的加速度越來越小，最終雨滴做勻速運(yùn)動(dòng)，雨滴勻速運(yùn)動(dòng)之前做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B.雨滴下落過程中，重力的功率

Ep=mg(h?110.【答案】BCD

【解析】手機(jī)的最大加速度為：am=μmgm=μg=0.1×10m/s2=1m/s2

手機(jī)與抽屜一起做加速運(yùn)動(dòng)的最大拉力為：Fm=(M+m)am=(2+0.2)×1N=2.2N

所以當(dāng)水平恒力的大小F≤2.2N時(shí)，手機(jī)與抽屜一起加速運(yùn)動(dòng)，拉力增大手機(jī)的加速度也增大，當(dāng)水平拉力的大小F≥2.2N時(shí)，拉力增大手機(jī)的加速度為11.【答案】(1)0.611；2.00；(2)【解析】(1)由題意可知，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔T=5×150s=0.1s，根據(jù)勻速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于這段時(shí)間的平均速度求打下3點(diǎn)的瞬時(shí)速度v3=x242T=(5.12+7.10)×10?22×0.1m/s=0.61112.【答案】(1)A；

(2)0.10；2.0；

(3)【解析】解：(1)無論水平速度是多少，兩個(gè)小球同時(shí)落地，說明平拋運(yùn)動(dòng)豎直方向上是自由落體運(yùn)動(dòng)；

故A正確，BC錯(cuò)誤。

(2)在豎直方向上，根據(jù)Δh=g(Δt)2

解得：Δt=Δhg=(5?3)×5×10?210s=0.10s

則小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為：v0=xΔt13.【答案】解：(1)Q上增加質(zhì)量△m的配重后，對(duì)P、Q整體分析，由牛頓第二定律得，P、Q的加速度為

Δmg=(2m+Δm)a

(說明：若運(yùn)用隔離法分別對(duì)P、Q列式。對(duì)P運(yùn)用牛頓第二定律F?mg=ma對(duì)Q運(yùn)用牛頓第二定律(m+Δm)g?F=(m+Δm)a)

設(shè)Q