安徽省A10聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高二下學(xué)期期中聯(lián)考物理試卷

20232024學(xué)年安徽省A10聯(lián)盟高二（下）期中聯(lián)考物理試卷一、單選題：本大題共8小題，共32分。1.如圖為某一時(shí)刻LC振蕩電路中電流與電容器極板帶電情況的示意圖，下列說(shuō)法正確的是（）A.該時(shí)刻電容器處于充電狀態(tài)B.該時(shí)刻線圖中的磁場(chǎng)能正在增加C.若把線圈中的鐵芯抽出，電磁振蕩的周期將增大D.若減小電容器的板間距離，電磁振蕩的頻率將增大【答案】B【解析】【詳解】A．由于該時(shí)刻電路中的電流是從電容器的正極板流出的，所以，電容器處于放電狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．電容器放電時(shí)，電路中的電場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為線圈中的磁場(chǎng)能，磁場(chǎng)能正在增加，故B正確；C．若將線圈鐵芯抽出，線圈的自感系數(shù)減小，根據(jù)電磁振蕩的周期公式可知，電磁振蕩的周期減小，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)電容的決定式，若將電容器的板間距離減小一些，電容器的電容增大，根據(jù)電磁振蕩的周期公式可知，電磁振蕩的周期增大，又電磁振蕩的頻率將減小，故D錯(cuò)誤。故選B。2.在水槽中放兩塊擋板，中間留一個(gè)狹縫，觀察水波通過(guò)狹縫后的傳播情況，保持狹縫的寬度不變，改變水波的波長(zhǎng)，得到三幅照片如甲、乙、丙所示，對(duì)應(yīng)的水波波長(zhǎng)分別為、

、，下列說(shuō)法正確的是（）A.這是水波的反射現(xiàn)象B.這是水波的折射現(xiàn)象C.對(duì)應(yīng)的波長(zhǎng)關(guān)系為D.對(duì)應(yīng)的波長(zhǎng)關(guān)系為【答案】C【解析】【詳解】AB．這是水波的衍射現(xiàn)象，A錯(cuò)誤；B錯(cuò)誤；CD．隨著波長(zhǎng)的減小，當(dāng)波長(zhǎng)與狹縫寬度相比非常小時(shí)，水波將沿直線傳播，衍射現(xiàn)象變得不明顯，所以對(duì)應(yīng)的波長(zhǎng)關(guān)系為C正確；D錯(cuò)誤。故選C。3.如圖所示，彈簧上端固定，下端懸掛一個(gè)磁體，磁體下方正對(duì)水平放置的閉合金屬圓線圈的圓心，線圈有一定的電阻，放在光滑的水平面上。現(xiàn)使磁體上下振動(dòng)，且振動(dòng)過(guò)程中磁體不會(huì)與水平面接觸。下列說(shuō)法正確的是（）A.磁體上下振動(dòng)時(shí)，線圈可能在水平面上左右移動(dòng)B.磁體遠(yuǎn)離線圈時(shí)，線圈的面積有縮小的趨勢(shì)C.磁體靠近線圈時(shí)，線圈對(duì)水平面的壓力大于其重力D.如果不考慮空氣阻力的影響，則磁體能一直上下振動(dòng)【答案】C【解析】【詳解】A．由于磁體在線圈圓心的正上方，線圈受到的磁場(chǎng)力的合力方向不可能是水平方向，所以，線圈不可能左右移動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．磁體向上振動(dòng)離開(kāi)線圈時(shí)，線圈中的感應(yīng)電流要阻礙磁通量的減小，所以線圈的面積有擴(kuò)大的趨勢(shì)，故B錯(cuò)誤；C．磁體向下振動(dòng)靠近線圈時(shí)，線圈對(duì)磁體的作用力的合力豎直向上，磁體對(duì)線圈作用力的合力豎直向下，所以線圈對(duì)水平面的壓力大于其重力，故C正確；D．由于磁體上下振動(dòng)的過(guò)程中，始終受到線圈的阻礙作用，所以，磁體很快就會(huì)停下來(lái)，故D錯(cuò)誤。故選C。4.如圖所示，彈簧振子的平衡位置在O點(diǎn)，時(shí)，小球在P點(diǎn)，加速度大小為最大值的一半，時(shí)，小球到達(dá)Q點(diǎn)，加速度第一次達(dá)到最大值，PQ兩點(diǎn)間距離為15cm，下列說(shuō)法正確的是（）A.振子的振幅為10cmB.振子一次全振動(dòng)的時(shí)間為4sC.時(shí)振子的加速度與速度同向D.時(shí)彈簧的長(zhǎng)度小于原長(zhǎng)【答案】A【解析】【詳解】A．由題意可知，時(shí)的加速度大小是時(shí)加速度大小的一半，所以時(shí)小球與O點(diǎn)的距離是時(shí)小球與O點(diǎn)距離的一半，而時(shí)小球與O點(diǎn)距離正好等于振幅，所以振幅故A正確；B．由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，小球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)的時(shí)間為小球從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)時(shí)間的，所以，若振動(dòng)的周期為T，則所以一次全振動(dòng)的時(shí)間為故B錯(cuò)誤；C．時(shí)振子越過(guò)平衡位置向右運(yùn)動(dòng)，此時(shí)加速度方向與速度方向相反，故C錯(cuò)誤；D．時(shí)，振子從右端向平衡位置運(yùn)動(dòng)，且沒(méi)有到達(dá)平衡位置，所以，彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，彈簧的長(zhǎng)度大于原長(zhǎng)，故D錯(cuò)誤。故選A。5.如圖所示的電路中，電阻R的阻值小于燈泡D的阻值，規(guī)定電流水平向左經(jīng)過(guò)D為電流的正方向，已知電感L的直流電阻和傳感器的電阻忽略不計(jì)，燈泡的阻值恒定，時(shí)閉合開(kāi)關(guān)S，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，在時(shí)刻斷開(kāi)S，下列表示電流傳感器中的電流i隨時(shí)間t變化的圖像中正確的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【詳解】開(kāi)關(guān)閉合時(shí)，由于開(kāi)始時(shí)自感線圈的阻礙作用很大，傳感器支路的電流較大，隨著自感線圈的阻礙作用減小，外電路的電壓逐漸減小，傳感器支路的電流（方向向左）逐漸減小；開(kāi)關(guān)再斷開(kāi)，由于自感電動(dòng)勢(shì)的作用，線圈中的電流方向與原來(lái)相同，此時(shí)傳感器中電流與原來(lái)相反，又由于電阻R的阻值小于D的阻值，當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合時(shí)，線圈支路的電流大于流過(guò)傳感器的電流，故當(dāng)開(kāi)關(guān)斷開(kāi)瞬間，傳感器中的感應(yīng)電流也大于原來(lái)傳感器中的電流，故ABD錯(cuò)誤，C正確。故選C。6.如圖所示為電磁流量計(jì)的示意圖，圓管是非磁性材料制成的，空間有一定寬度的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，已知管的直徑為d，當(dāng)導(dǎo)電液體向左流過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，穩(wěn)定時(shí)測(cè)出管壁上M、N兩點(diǎn)間的電壓為U，管中液體的流量是單位時(shí)間內(nèi)流過(guò)管道橫截面的液體的體積。下列說(shuō)法正確的是（）A.圖中M點(diǎn)的電勢(shì)高于N點(diǎn)的電勢(shì)B.磁場(chǎng)的寬度越大，M、N兩點(diǎn)間的電壓越大C.導(dǎo)電液體的濃度越大，M、N兩點(diǎn)間的電壓越大D.當(dāng)B、d一定時(shí)，通過(guò)圓管的流量與M、N間的電壓U成正比【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)左手定則可知正離子向N偏轉(zhuǎn)，負(fù)離子向M偏轉(zhuǎn)，M點(diǎn)的電勢(shì)低于N點(diǎn)的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；BC．導(dǎo)電液體流過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域穩(wěn)定時(shí)，電荷所受的電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，則有M、N間的電壓可知M、N間的電壓與磁場(chǎng)的寬度無(wú)關(guān)，與液體的濃度無(wú)關(guān)，故B、C錯(cuò)誤；D．由題意可知以上三式聯(lián)立解得過(guò)圓管的流量當(dāng)B、d一定時(shí)，通過(guò)圓管的流量Q與M、N間的電壓U成正比，故D正確。故選D。7.如圖所示，在同一均勻介質(zhì)中，分別位于和處的兩個(gè)波源、均沿y軸振動(dòng)，振幅分別為2cm和3cm，形成兩列相向傳播的簡(jiǎn)諧橫波甲和乙，時(shí)甲、乙兩列波分別傳播到和處，時(shí)兩列波恰好第一次相遇，下列說(shuō)法正確的是（）A.兩列波疊加后不能形成穩(wěn)定的干涉圖樣B.兩波源開(kāi)始振動(dòng)時(shí)的方向均沿y軸正方向C.在內(nèi)處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為4cmD.在時(shí)處的質(zhì)點(diǎn)離開(kāi)平衡位置的位移為【答案】C【解析】【詳解】A．由于兩列波波長(zhǎng)相同，在同一介質(zhì)中傳播速度大小相同，所以，兩列波的頻率相同，所以兩列波相遇時(shí)能發(fā)生干涉，得到穩(wěn)定的干涉圖樣，故A錯(cuò)誤；B．由于甲波剛傳播到處的質(zhì)點(diǎn)，該質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向沿y軸正方向，乙波剛傳播到處的質(zhì)點(diǎn)，該質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向，波源開(kāi)始振動(dòng)的方向與質(zhì)點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)的方向相同，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)波的傳播可知，波速大小為波的周期為甲波傳播到處需要的時(shí)間為所以在內(nèi)處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)了，即半個(gè)周期，所以振動(dòng)的路程為故C正確；D．處的質(zhì)點(diǎn)距離兩波源的距離相同，兩列波傳播到處的時(shí)間為，所以10s內(nèi)的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)了即個(gè)周期，所以時(shí)該質(zhì)點(diǎn)在平衡位置，故D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示，質(zhì)量為m的木塊A放在光滑的水平面上，A上固定一豎直輕桿，輕桿上端的O點(diǎn)系一長(zhǎng)為l的細(xì)線（線長(zhǎng)小于桿長(zhǎng)），細(xì)線另一端系一質(zhì)量為m、可視為質(zhì)點(diǎn)的小球B，現(xiàn)將小球B拉起使細(xì)線處于水平伸直狀態(tài)并由靜止釋放，已知重力加速度為g，在小球開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中木塊和輕桿始終不翻倒，下列說(shuō)法正確的是（）A.小球到最低點(diǎn)時(shí)速度大小為B.木塊對(duì)地面的最小壓力大小為2mgC.小球和木塊組成的系統(tǒng)總動(dòng)量守恒D.小球豎直方向合力為零時(shí)，重力的瞬時(shí)功率最大【答案】D【解析】【詳解】C．由于木塊放在光滑水平面上，小球向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，系統(tǒng)豎直方向合力不為零，水平方向不受外力，所以系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，故C錯(cuò)誤；A．由于小球和木塊的質(zhì)量相同，根據(jù)水平方向動(dòng)量守恒，有所以小球到最低點(diǎn)速度大小與木塊速度大小相同，根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒有解得故A錯(cuò)誤；B．小球剛釋放時(shí)，小球不受拉力，木塊對(duì)地面的壓力最小，此時(shí)壓力大小為mg，故B錯(cuò)誤；D．由于小球重力的瞬時(shí)功率為當(dāng)小球豎直方向速度最大時(shí)，豎直方向加速度為零，豎直方向合力為零，重力的瞬時(shí)功率最大，故D正確。故選D。二、多選題：本大題共2小題，共8分。9.我國(guó)的高壓輸電技術(shù)水平在世界處于領(lǐng)先位置。遠(yuǎn)距離輸電的示意圖如圖所示，升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為，降壓變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為，發(fā)電廠到升壓變壓器以及降壓變壓器到用戶間輸電線的電阻不計(jì)，升壓變壓器與降壓變壓器間輸電線的電阻為r。升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器，已知發(fā)電廠輸出的電壓恒為。若由于用戶的負(fù)載變化，電壓表的示數(shù)增大了，電流表的示數(shù)變化的絕對(duì)值為，下列說(shuō)法正確的是（）A.電壓表的示數(shù)為B.電流表的示數(shù)增大C.D.輸電線上損失的功率減小【答案】AC【解析】【詳解】A．對(duì)升壓變壓器，設(shè)電壓表的示數(shù)為，則得故A正確；B．設(shè)降壓變壓器原線圈的電壓為，降壓變壓器副線圈的電壓為，根據(jù)變壓器的變壓規(guī)律可得則降壓變壓器原線圈上電壓增大由于所以輸電線上電壓減小，電流表的示數(shù)減小故B錯(cuò)誤；C．電流表示數(shù)減小，根據(jù)電流與匝數(shù)比關(guān)系，可得電流表的示數(shù)減小則故C正確；D．輸電線上損失的功率的減小量為故D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖所示，在絕緣的光滑水平面上有一垂直水平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)分布在寬為s的區(qū)域內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。有一個(gè)邊長(zhǎng)為的正方形均勻?qū)Ь€框abce，以初速度垂直磁場(chǎng)邊界進(jìn)入磁場(chǎng)，當(dāng)導(dǎo)線框的ce邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框速度為。已知線框的質(zhì)量為m，下列說(shuō)法正確的是（）A.ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，c、e間電壓為B.ce邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，a、b間的電壓為C.ce邊從進(jìn)入磁場(chǎng)到離開(kāi)磁場(chǎng)過(guò)程中，線框動(dòng)能的變化量為D.ce邊從進(jìn)入磁場(chǎng)到離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程中，線框動(dòng)量減少量的大小為【答案】AD【解析】【詳解】A．a(chǎn)b邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為設(shè)線框的電阻為R，則ce邊上的電壓為故A正確；B．ce邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，回路中電流為0，a、b間的電壓為，故B錯(cuò)誤；CD．線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，安培力的沖量為由于進(jìn)入磁場(chǎng)與離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程中，線框磁通量的變化大小相同，所以安培力的沖量大小相等；又根據(jù)動(dòng)量定理有所以ce邊從進(jìn)入磁場(chǎng)與離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程，線框動(dòng)量大小的減小量為，ce邊離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度變?yōu)榱?，ce邊從進(jìn)入磁場(chǎng)到離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程中，線框動(dòng)能的變化量為，故C錯(cuò)誤、D正確。故選AD。三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共18分。11.在利用教學(xué)中的可拆變壓器進(jìn)行“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，裝置如圖所示，原線圈的“0”和“800匝”兩個(gè)接線柱接學(xué)生交流電源。回答下列問(wèn)題：（1）用多用電表的交流電壓擋測(cè)電壓時(shí)，應(yīng)先用_______（填“最大”或“最小”）量程擋試測(cè)；（2）若在原線圈“0”和“800匝”之間接12V交流電壓，副線圈接“0”和“400匝”，則利用交流電壓表測(cè)出副線圈兩端的電壓可能是__________V（填“5.5”或“24”）（3）保持交流電源的電壓和原、副線圈的匝數(shù)不變，若鐵芯原來(lái)松動(dòng)了，現(xiàn)擰緊鐵芯，則擰緊后與擰緊前相比，測(cè)出的副線圈交流電壓________（填“變大”“變小”或“不變”）?！敬鸢浮浚?）最大（2）5.5（3）變大【解析】【小問(wèn)1詳解】用多用電表的交流電壓擋測(cè)電壓時(shí)，為了保證多用電表的安全，應(yīng)先用最大量程試測(cè)，大致確定被測(cè)電壓后再選用恰當(dāng)?shù)膿跷贿M(jìn)行測(cè)量；【小問(wèn)2詳解】若變壓器是理想變壓器，根據(jù)可知，副線圈兩端電壓理論上應(yīng)為由于可拆變壓器不是理想變壓器，所以，測(cè)出的副線圈的電壓小于，可能是?！拘?wèn)3詳解】若鐵芯原來(lái)松動(dòng)了，會(huì)出現(xiàn)漏磁現(xiàn)象，擰緊鐵芯后，漏磁減少了，副線圈上的電壓變大，所以擰緊后與擰緊前相比，測(cè)出的副線圈交流電壓變大。12.智能自帶許多傳感器，某同學(xué)使用其中的磁感應(yīng)強(qiáng)度傳感器，結(jié)合單擺原理測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取＞唧w操作如下：（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量小鋼球的直徑d，測(cè)得結(jié)果如圖甲所示，其讀數(shù)________（2）將輕質(zhì)細(xì)線一端固定在O點(diǎn)，另一端系一小鋼球，如圖乙所示，將強(qiáng)磁鐵吸附于小鋼球下側(cè)，在單擺的正下方放置一，打開(kāi)中測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度的應(yīng)用軟件；（3）將小鋼球拉到一定高度，細(xì)線處于伸直狀態(tài)，小鋼球做小角度擺動(dòng)，每當(dāng)鋼球經(jīng)過(guò)時(shí)，磁傳感器會(huì)采集到一個(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度的峰值。采集到的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的圖像如圖丙所示，已知連續(xù)n個(gè)峰值間的時(shí)間長(zhǎng)為t，則單擺的周期________（用n、t表示）；（4）方法一：用毫米刻度尺測(cè)量出細(xì)線的長(zhǎng)度L，以懸點(diǎn)到鋼球中心的長(zhǎng)為擺長(zhǎng)，根據(jù)單擺的周期公式，求出重力加速度________（用L、d、T表示）；方法二：多次改變細(xì)線的長(zhǎng)L，測(cè)出對(duì)應(yīng)的周期T，作出圖像，已知圖像的斜率為k，則重力加速度________（用k表示）。【答案】①.10.5②.③.④.【解析】【詳解】（1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為（3）相鄰兩次磁感應(yīng)強(qiáng)度峰值之間的時(shí)間間隔為半個(gè)周期，所以單擺的周期（4）[1]根據(jù)單擺的周期公式得解得[2]設(shè)鋼球和強(qiáng)磁鐵的重心到懸線下端的距離為r，則擺長(zhǎng)根據(jù)單擺的周期公式得解得圖像的斜率則重力加速度。四、計(jì)算題：本大題共3小題，共30分。13.如圖所示，足夠長(zhǎng)的光滑L形木板固定在水平面上，其右端是一豎直擋板，木板中間抽有窄光滑凹槽，槽上有兩個(gè)等大的小球，小球甲的質(zhì)量為2m，與水平輕質(zhì)彈簧固定連接，小球乙的質(zhì)量為m，與彈簧接觸但不連接，開(kāi)始時(shí)用外力擠壓兩球使彈簧處于壓縮狀態(tài)。現(xiàn)同時(shí)撤去外力，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，小球乙以速度向右運(yùn)動(dòng)與豎直擋板碰撞。設(shè)小球與擋板碰撞的時(shí)間為t，碰撞后原速率彈回，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，兩小球均沿直凹槽運(yùn)動(dòng)。已知重力加速度為g，求：（1）開(kāi)始時(shí)彈簧被擠壓，彈簧中的彈性勢(shì)能；（2）小球乙與擋板碰撞過(guò)程中受到木板作用力的總沖量大小I?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】【詳解】（1）彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中，兩小球的總動(dòng)量守恒，設(shè)小球甲的速率為v，則有解得根據(jù)機(jī)械能守恒定律解得（2）小球乙與擋板碰撞過(guò)程，受到擋板對(duì)它的水平?jīng)_量以及凹槽對(duì)它的豎直沖量作用。豎直方向，彈力的合力為豎直方向的沖量水平方向，根據(jù)動(dòng)量定理小球乙與擋板碰撞過(guò)程中受到木板作用力的總沖量大小解得14.如圖甲所示，水平桌面上總電阻為R的閉合導(dǎo)線圈位于垂直于水平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t做周期性變化時(shí)，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)e隨時(shí)間t按正弦規(guī)律變化，如圖乙所示，圖中的，均為已知量，求：（1）一個(gè)周期內(nèi)，線圖中產(chǎn)生的焦耳熱；（2）在時(shí)間內(nèi)，通過(guò)線圈截面的電荷量q。【答案】（1）；（