2024九省聯(lián)考適應性考試【貴州省】物理答案及答案解析

貴州省2024年高考綜合改革適應性測試物理1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有1.我國科研人員及合作者首次合成了新原子核。原子核存在一種衰變鏈，其中第1次由衰變成衰變成原子杉。下列說法正確的是()A.兩次均為α衰變【答案】A【解析】【詳解】電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒可知，第一次衰變第二次衰變可知兩次均為α衰變，故選A。2.天宮空間站運行過程中因稀薄氣體阻力的影響，每經(jīng)過一段時間要進行軌道修正，使其回到原軌道。修正前、后天宮空間站的運動均可視為勻速圓周運動，則與修正前相比，修正后天宮空間站運行的()A.軌道半徑減小B.速率減小C.向心加速度增大D.周期減小【答案】B【解析】第2頁/共18頁【詳解】A.天宮空間站運行過程中因稀薄氣體阻力的影響，天宮空間站的機械能減小，天宮空間站軌道高度降低，則與修正前相比，修正后天宮空間站運行的軌道半徑增大，故A錯誤；B.根據(jù)萬有引力提供向心力可得修正后天宮空間站運行的軌道半徑增大，則速率減小，故B正確；C.根據(jù)牛頓第二定律修正后天宮空間站運行的軌道半徑增大，則向心加速度減小，故C錯誤；D.根據(jù)萬有引力提供向心力可得修正后天宮空間站運行的軌道半徑增大，則周期增大，故D錯誤。故選B。3.如圖，一輕質(zhì)彈簧置于固定光滑斜面上，下端與固定在斜面底端的擋板連接，彈簧處于原長時上端位于A點。一物塊由斜面上A點上方某位置釋放，將彈簧壓縮至最低點B(彈簧在彈性限度內(nèi)),則物塊由A點運動至B點的過程中，彈簧彈性勢能的()A.增加量等于物塊動能的減少量B.增加量等于物塊重力勢能的減少量C.增加量等于物塊機械能的減少量D.最大值等于物塊動能的最大值【解析】【詳解】ABC.設物塊在A點時的動能為Ek,斜面的傾角為θ,物塊由A點運動至B點的過程中，對物塊E+mgLApsinθ=E可知，物塊由A點運動至B點的過程中，物塊的機械能轉(zhuǎn)化成了彈簧的彈性勢能，因此可知，彈簧彈性勢D.顯然，物塊由A點運動至B點的過程中，彈簧彈性勢能最大時即彈簧被壓縮至最短時，而物塊動能最大大值，而等于物塊機械能的減少量，故D錯誤。故選C。4.一交變電流的電壓隨時間變化的規(guī)律如圖所示，周期為T,其電壓的有效值()A.√2vB.2√2vC.√5v【解析】【詳解】交流電的有效值是根據(jù)等效思想確定的，若同一阻值為R的電阻接在恒壓穩(wěn)流的直流電路中在交流電的一個周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量與接在交流電路中在一個周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量相同，則認為該直流電的電壓U為交流電電壓的有效值，該直流電路中通過電阻R的電流I為交流電電流的有效值，則根據(jù)等效思想有第4頁/共18頁解得故選C。5.如圖，一小型卡車行駛在平直公路上，車上裝有三個完全相同、質(zhì)量均為m的光滑圓柱形勻質(zhì)物體，A、B水平固定，C自由擺放在A、B之上。當卡車以某一恒定的加速度剎車時，C對A的壓力恰好為零，已知重力加速度大小為g,則C對B的壓力大小為()AAD.2mg【解析】【詳解】卡車以某一恒定的加速度剎車時，其加速度水平向左，則C所受的合力水平向左，而C對A的壓力恰好為零，則C只受重力和B對C的支持力，由豎直方向平衡有解得B球?qū)球的支持力為由牛頓第三定律可知C對B的壓力大小故選B。6.無人機在一斜坡上方沿水平方向向右做勻速直線運動，飛行過程中先后釋放甲、乙兩個小球，兩小球釋放的初始位置如圖所示。已知兩小球均落在斜坡上，不計空氣阻力，比較兩小球分別從釋放到落在斜坡上的過程，下列說法正確的是()甲C.乙球落在斜坡上的速度大D.乙球落在斜坡上的速度與豎直方向的夾角大【解析】【詳解】AB.根據(jù)題意可知，甲乙兩球均做平拋運動，但由于甲球先釋放，乙球后釋放，且兩球均落在斜坡上，則可知乙球在斜坡上的落點比甲球在斜坡上的落點高，而平拋運動在豎直方向的分運動為自由落體運動，在水平方向的運動為勻速直線運動，由于乙球的落點高，則乙球在豎直,x=vt乙球在水平方向的位移小于甲球在水平方向的位即乙球的位移小于甲球的位移，故AB錯誤；C.豎直方向的分速度值v呷>Vy乙A【解析】B【詳解】O?是粒子甲運動軌跡的圓心，由題意可知，四邊形0QO?M是正方形，所以甲乙運動軌跡的半徑均為R,甲的運動軌跡的圓心角為而粒子乙往左偏轉(zhuǎn)飛出磁場，它的圓心角o。甲運動的時間為乙運動的時間為因為兩粒子同時射出磁場，所以兩粒子射入磁場的時間間隔為故選B。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.圖(a)是貴州特有的“獨竹漂”表演，此項目已被列入第五批國家級非物質(zhì)文化遺產(chǎn)保護名錄。某次表演過程中，表演者甲在河中心位置完成表演后沿直線劃向岸邊，同時表演者乙從另一岸邊沿同一直線劃向河中心并準備表演，該過程甲、乙運動的位置x與時間t的關系圖像如圖(b)所示，則()第8頁/共18頁選項A錯誤；B.由圖可知，該波的波長為選項B正確；C.因t=t。時刻質(zhì)點剛傳到x=41o處，此時該質(zhì)點沿y軸負向振動，可知t=0時刻，質(zhì)點O振動方向沿yD.t=6t?時刻，波向前傳播24lo,x=20l?處的質(zhì)點在平衡位置，位移為零，選項D正確。故選BD。10.如圖(a),水平放置長為1的平行金屬板右側有一豎直擋板。金屬板間的電場強度大小為E?,其方向隨時間變化的規(guī)律如圖(b)所示，其余區(qū)域的電場忽略不計。質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子任意時刻沿金屬板中心線00'射入電場，均能通過平行金屬板，并打在豎直擋板上。已知粒子在電場中的運動時間與電場強度變化的周期T相同，不計粒子重力，則()A.金屬板間距離的最小值為B.金屬板間距離的最小值C.粒子到達豎直擋板時的速率都大于【解析】的時間為T,則豎直方向先做勻加速運動后做勻減速運動，由對稱性，則沿豎直方向的位移豎直方向，在t=to時刻進入電場的粒子，先加速時間然后再減間，在t=(T-t?)時故選AD。三、非選擇題：本題共5小題，共57分。11.某實驗小組在用激光筆測量半圓形玻璃磚折射率的實驗中，足夠長的光屏與半圓形玻璃磚的直邊平行，0點為玻璃磚圓心，00′為法線。當激光沿AO方向入射時光屏上未出現(xiàn)光斑；當激光沿BO方向入射時光(1)激光沿AO方向入射時光屏上未出現(xiàn)光斑的原因是【答案】①.全反射②【解析】【詳解】(1)[1]激光沿AO方向入射時光屏上未出現(xiàn)光斑的原因是激光未發(fā)生折射，發(fā)生全反射；(2)[2]由圖標出折射角和入射角12.摻氟氧化錫(FTO)玻璃在太陽能電池研發(fā)、生物實驗、電化學實驗等領域有重要應用，它由一層厚度L(1)選取如圖(a)所示的一塊長條型FTO玻璃，測出其長度為L,寬度為b。阻值，有如下器材可供選用：A.電源E(電動勢為3V,內(nèi)阻約為0.2Ω)B.電壓表V(量程0～1V,已測得內(nèi)阻R、=1000Ω)C.電流表A?(量程0□0.6A,內(nèi)阻約為1Q)D.電流表A?(量程00100mA,內(nèi)阻約為3Q)F.定值電阻R?=202G.定值電阻R?=20002(6)實驗后發(fā)現(xiàn)，所測薄膜的厚度偏大，其原因可能是xR④【解析】【詳解】(3)[1]由歐姆定律可得故電流表應選A?;[2]由于電壓表量程較小，需串聯(lián)一個電阻，即該串聯(lián)的電阻為(4)[3]由題意可知，滑動變阻器應采用分壓式接法，又因為所以電流表外接法，故電路圖如圖所示(5)[4]由歐姆定律可得該薄膜的厚度值偏大，則串聯(lián)的電阻偏大，電壓表內(nèi)阻偏大，則測量電壓時讀數(shù)偏小，電阻測量值偏??；或選用的定值電阻標定值比實際值偏大，則電壓的測量值偏小。故選①③。13.下圖是一個簡易溫度計示意圖，左邊由固定的玻璃球形容器和內(nèi)徑均勻且標有刻度的豎直玻璃管組成，知球形容器的容積為530cm3,左邊玻璃管內(nèi)部的橫截面積為2cm2。當環(huán)境溫度為0℃且左右液面平齊時，左管液面正好位于8.0cm刻度處。設大氣壓強保持不變。(1)當環(huán)境溫度升高時，為使左右液面再次平齊，右邊柱形容器應向上還是向下移動?(2)當液面位于30.0cm刻度處且左右液面又一次平齊時，對應的環(huán)境溫度是多少攝氏度?容器手柄軟管柱形【答案】(1)向下；(2)22℃【解析】【詳解】(1)當環(huán)境溫度升高時，假設右邊容器不動，則由于左側氣體體積變大，則右側管中液面將高于左側管中液面，則為使左右液面再次平齊，右邊柱形容器應向下移動；(2)開始時左側氣體體積溫度當液面位于30.0cm刻度處使氣體的體積氣體進行等壓變化，則根據(jù)蓋呂薩克定律可得第15頁/共18頁解得則14.如圖(a),足夠長的固定光滑平行金屬導軌CD、EF相距為L,兩導軌及其所構成的平面均與水平面成0角。導軌所在區(qū)域有方向垂直于導軌平面向上的勻強磁場，其磁感應強度大小為B。在C、E兩點通過導線和單刀雙擲開關K接有一匝數(shù)為n、面積為S的固定水平圓形線圈M,在M區(qū)域內(nèi)有豎直向下的勻強磁場，其磁感應強度B'隨時間變化的規(guī)律如圖(b)所示。t=0時刻，開關K接1,此時將質(zhì)量為m的導體棒ab水平放置在導軌頂端，ab恰好靜止不動。t=t?時刻，開關K改接2,ab開始運動。ab始終與兩導軌接觸良好且保持水平，其接入電路的電阻為R,電路中其余電阻不計。忽略空氣阻力，重力加速度大小為g。(1)時刻，通過ab的電流大小和方向；(3)ab在導軌上所能達到的最大速度的大小?！窘馕觥俊驹斀狻?1)對導體棒ab受力分析，由平衡條件mgsinθ=BIL可得，時刻，通過ab的電流大小為由左手定則可知，通過ab的電流方向為由b→a。(2)t=t?時刻，由法拉第電磁感應定律可得，此時M所在區(qū)域磁感應強度的大小為(3)當K接2時，對導體棒ab受力分析，由牛頓第二定律mgsinθ-BI?L=maE?=BLv當加速度a=0時，導體棒有最大速度，則ab在導軌上所能達到的最大速度的大小為的小物塊甲向右與靜止在水平地面上A點、質(zhì)量為mz=1kg的小物塊乙發(fā)生彈性正碰，碰前瞬間甲的速度大小v?=4.8m/s。碰后乙在AB間運動接近于B點的某段距離中，受到一水平向右、大小F=1N的恒定推力。乙與靜止在B點處、質(zhì)量為m丙=1kg的小物塊丙發(fā)生正碰，乙在此碰撞前、后瞬間的速度大小之比為3:1,