青海省海東市平安縣第一高級中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視模擬試題含解析

青海省海東市平安縣第一高級中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列圖中，電流方向與電流的磁場分布符合實際的是（）A．B．C．D．2、如圖，電源電動勢為30V，內(nèi)阻不計，“6V，12W”的燈泡與一個繞線電阻為的電動機(jī)串聯(lián)．當(dāng)電動機(jī)正常轉(zhuǎn)動時，燈泡正常發(fā)光，則此時A．電路中電流為B．小燈泡電阻為C．電動機(jī)兩端電壓為24VD．電動機(jī)輸出功率為48W3、關(guān)于庫侖定律的公式，下列說法中正確的是：（）A．當(dāng)真空中的兩個點電荷間的距離r→∞時，它們之間的靜電力F→∞B．當(dāng)真空中的兩個點電荷間的距離r→0時，它們之間的靜電力F→∞C．當(dāng)兩個點電荷之間的距離r→∞時，庫侖定律的公式就不適用了D．當(dāng)兩個點電荷之間的距離r→0時，電荷不能看成是點電荷，庫侖定律的公式就不適用了4、汽車上坡時，在發(fā)動機(jī)的功率P不變的情況下，要想增大牽引力F，應(yīng)該怎樣改變速度的大小v（）A．增大v B．減小vC．維持v不變 D．與v的變化無關(guān)5、關(guān)于電場強(qiáng)度的概念，下列說法正確的是()A．由可知，某電場的場強(qiáng)E與q成反比，與F成正比B．正、負(fù)試探電荷在電場中同一點受到的電場力方向相反，所以某一點場強(qiáng)方向與放入試探電荷的正負(fù)有關(guān)C．電場中某一點的場強(qiáng)與放入該點的試探電荷的正負(fù)無關(guān)D．電場中某一點不放試探電荷時，該點場強(qiáng)等于零6、傳感器是一種采集信息的重要器件.如圖所示是一種測定壓力的電容式傳感器，A為固定電極，B為可動電極，組成一個電容大小可變的電容器.可動電極兩端固定，當(dāng)待測壓力施加在可動電極上時，可動電極發(fā)生形變，從而改變了電容器的電容.現(xiàn)將此電容式傳感器與零刻度在中央的靈敏電流表和電源串聯(lián)成閉合電路，已知電流從電流表正接線柱流入時指針向右偏轉(zhuǎn).當(dāng)待測壓力增大時，下列說法中不正確的是（）A．電容器的電容將增加B．電容器的電荷量將增加C．靈敏電流表指針向左偏轉(zhuǎn)D．靈敏電流表指針向右偏轉(zhuǎn)二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法中正確的是[]A．電阻A與阻值無窮大的電阻B并聯(lián)，電阻不變B．電阻A與導(dǎo)線B（不計電阻）并聯(lián)，總電阻為零C．并聯(lián)電路中任一支路的電阻都大于總電阻D．并聯(lián)電路某一支路開路，總電阻為無窮大8、有一橫截面積為S的銅導(dǎo)線，流經(jīng)其中的電流強(qiáng)度為I，設(shè)每單位體積的導(dǎo)線有n個自由電子，電子的電荷量為q，此時電子的定向移動速率為v，在Δt時間內(nèi)通過橫截面積的電子數(shù)目可表示為（）A．nSvΔt B．nvΔt C． D．9、如圖所示，豎直平面內(nèi)有一個半徑為R的半圓形軌道OQP，其中Q是半圓形軌道的中點，半圓形軌道與水平軌道OE在O點相切，質(zhì)量為m的小球沿水平軌道運動，通過O點進(jìn)入半圓形軌道，恰好能夠通過最高點P，然后落到水平軌道上，不計一切摩擦阻力，下列說法正確的是A．小球落地時的動能為2.5mgRB．小球落地點離O點的距離為2RC．小球運動到半圓形軌道最高點P時，向心力恰好為零D．小球到達(dá)Q點的速度大小為3gR10、絕緣水平面上固定一正點電荷Q，另一質(zhì)量為m，電荷量為-q的滑塊（可看做點電荷）從a點以初速度v0沿水平面向Q運動，到達(dá)b點時速度減為零．已知a、b間距離為s，滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g，則以下判斷正確的是（A．滑塊在運動過程中所受Q的庫侖力一定小于滑動摩擦力B．滑塊在運動過程中的中間時刻，速度大小等于vC．此過程產(chǎn)生的內(nèi)能小于1D．Q產(chǎn)生的電場中，a、b兩點間的電勢差為U三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在測金屬電阻率實驗中：（1）測長度時，金屬絲的起點、終點位置如圖（a），則長度為：______cm（2）用螺旋測微器測金屬絲直徑，示數(shù)如圖（b），則直徑為：______mm（3）讀出電壓表和電流表的讀數(shù)：電壓表：______；電流表：__________．（4）測電阻時，電流表、電壓表、待測金屬絲電阻Rx在組成測量電路時，應(yīng)采用電流表________(選填“外”或“內(nèi)”)接法，待測金屬絲電阻的測量值比真實值偏________(選填“大”或“小”)；請在實物圖中完成實物連線______.12．（12分）在“測定金屬的電阻率”的實驗中，需要用刻度尺測出被測金屬絲的長度l。用螺旋測微器測出金屬絲的直徑d，用電流表和電壓表測出金屬絲的電阻Rx.①請寫出測金屬絲電阻率的表達(dá)式：ρ=_______(用上述測量量的字母表示).②若實驗中測量金屬絲的長度和直徑時，刻度尺和螺旋測微器的示數(shù)分別如圖1，則金屬絲長度的測量值為l=______cm，金屬絲直徑的測量值為d=______mm.③利用如圖2電路進(jìn)行測量Rx，實驗的主要操作過程是：第一步：先將R2的滑動頭調(diào)到最左端,單刀雙擲開關(guān)S2向1閉合,閉合電鍵S1,調(diào)節(jié)滑動變阻器R1和R2,使電壓表和電流表的示數(shù)盡大些(不超過量程),讀出此時電壓表和電流表的示數(shù)U1、I1.第二步：保持兩滑動變阻器的滑動頭位置不變,將單刀雙擲開關(guān)S2向2閉合,讀出此時電壓表和電流表的示數(shù)U2、I2。請寫出由以上記錄數(shù)據(jù)計算被測電阻Rx的表達(dá)式Rx=________________（用U1、I1、U2、I2表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在直角坐標(biāo)系xOy的第一象限內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，第二象限有水平向左的勻強(qiáng)電場電場強(qiáng)度大小為E．一質(zhì)量為m、電量為q的帶負(fù)電粒子從x軸上某處（圖中未畫出）沿軸正方向以一定初速度射入電場，并且從y軸正半軸上的A點以與y軸正方向夾角為θ=45°的方向垂直磁場方向射入磁場，已知OA=l，不計粒子的重力，則(1)粒子進(jìn)入電場時的位置坐標(biāo)及初速度大小為多少？(2)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為多少時粒子可以在第一次射出磁場時速度與x軸垂直？14．（16分）如圖所示，虛線左側(cè)有一場強(qiáng)為的勻強(qiáng)電場，在兩條平行的虛線和之間存在著寬為、電場強(qiáng)度為的勻強(qiáng)電場，在虛線右側(cè)相距為處有一與電場平行的屏．現(xiàn)將一電子（電荷量為，質(zhì)量為）無初速度地放入電場中的點（點離兩場邊界距離為），最后電子打在右側(cè)的屏上，連線與屏垂直，垂足為，求：（1）電子從釋放到剛射出電場出時的速度大?。?）電子剛射出電場時的速度方向與連線夾角的正切值．（3）電子打到屏上的點到點的距離．15．（12分）水平放置的平行金屬板AB間的距離d=2．2m，板長L=2．3m，在金屬板的左端豎直放置一帶有小孔的擋板，小孔恰好位于AB板的正中間，距金屬板右端x=2．5m處豎直放置一足夠大的熒光屏，現(xiàn)在AB板間加如圖（b）所示的方波形電壓，已知U2=2．2×222V，在擋板的左側(cè)，有大量帶正電的相同粒子以平行于金屬板方向的速度持續(xù)射向擋板，粒子的質(zhì)量m=2．2×22-7kg，電荷量q=2．2×22-2C，速度大小均為v2=2．2×22（2）求粒子在電場中的運動時間；（2）求t=2時刻進(jìn)入的粒子離開電場時在豎直方向的位移；（3）若撤去擋板，求熒光屏上出現(xiàn)的光帶長度。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】A.對于直線電流，右手握住直導(dǎo)線，大拇指指向表示電流方向，四指彎曲方向表示磁場的方向，則左邊磁場進(jìn)去，而右邊磁場是出來，故A正確；B.對于通電螺線管，四指彎曲表示電流方向，大拇指所指方向為磁場方向。則磁場方向應(yīng)該向下，故B錯誤；C.對于環(huán)形電流，四指彎曲表示電流方向，大拇指所指方向為磁場方向，則磁場方向應(yīng)該向左，故C錯誤；D.對于直線電流，右手握住直導(dǎo)線，大拇指指向表示電流方向，四指彎曲方向表示磁場的方向，則磁場方向順時針方向，故D錯誤；故選：A.2、C【解析】

通過電燈的電流即電路中的電流：，選項A錯誤；小燈泡電阻為，選項B錯誤；電動機(jī)的電壓：U電=E-U燈=30-6=24V，選項C正確；電動機(jī)消耗的總功率：P電=U電I=24×2=48W；繞線電阻的電熱功率：P熱=I2r=22×2=8W；電動機(jī)輸出的機(jī)械功率P機(jī)=P電-P熱=40W，故D錯誤．3、D【解析】當(dāng)真空中的兩個點電荷間的距離r→∞時，庫侖定律仍適用，F(xiàn)→0，AC錯．當(dāng)真空中的兩個點電荷間的距離r→0時，電荷不能看成是點電荷，庫侖定律的公式不適用，B錯D對．4、B【解析】

根據(jù)功率的公式P=Fv可知，在發(fā)動機(jī)的功率P不變的情況下，要想增大牽引力F，應(yīng)該減小汽車的速度v。故選B。5、C【解析】

AC．電場中某點的電場強(qiáng)度與試探電荷所受的電場力F以及試探電荷所帶的電量q以及電性均無關(guān)，選項A錯誤，C正確；B．正、負(fù)試探電荷在電場中同一點受到的電場力方向相反，但是某一點場強(qiáng)方向與放入試探電荷的正負(fù)無關(guān)，選項B錯誤；D．電場中某一點的電場強(qiáng)度是由電場本身決定的，與是否放試探電荷無關(guān)，選項D錯誤．6、C【解析】當(dāng)壓力增大時，電容器極板間距離減小，根據(jù)電容的決定式，可知，電容增大，故A說法正確；電容兩端電勢差不變，根據(jù)Q=CU可知，電容器的電荷量將增加，故B說法正確；由于電容器上極板帶正電，則電路中形成逆時針方向的充電電流，故靈敏電流表的指針向右偏．故D說法正確，C說法錯誤．所以選C.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】A、若電阻與一無窮大的電阻并聯(lián)，則總電阻等于A的阻值，故A正確；

B、電阻與導(dǎo)線并聯(lián)時，導(dǎo)線電阻為零，則電阻被短路，總電阻為零，故B正確；

C、并聯(lián)電路中，并聯(lián)的電阻越多，則總電阻越小，故C正確；

D、并聯(lián)電路中某一支路開路時，總電阻變大，但絕不會為無窮大，故D錯誤。點睛：串聯(lián)電路中總電阻等于各部分電阻之和；而并聯(lián)電路中總電阻的倒數(shù)等于各部分電阻的倒數(shù)和。8、AC【解析】

CD．根據(jù)電流的微觀表達(dá)式I=nqvS，在△t時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的自由電子的電量Q=I△t則在△t時間內(nèi)，通過導(dǎo)體橫截面的自由電子的數(shù)目為選項C正確，D錯誤；AB．將I=nevS代入得故A正確，B錯誤。9、AB【解析】試題分析：小球恰好通過最高點P，根據(jù)重力提供向心力，有mg=mvP2R，解得：vP＝gR；以水平軌道平面為零勢能面，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：12mv1則水平位移為：x=vPt＝gR?2Rg＝2R，故B正確；小球從Q點運動到P點的過程中，根據(jù)動能定理得：12mvP考點：牛頓定律及動能定理的應(yīng)用【名師點睛】本題關(guān)鍵是明確小球的運動情況，然后分過程運用機(jī)械能守恒定律、平拋運動的分位移公式和向心力公式列式求解；小球恰好通過P點，重力恰好等于向心力。10、AD【解析】

A、由題意可知，滑塊水平方向受庫侖力、滑動摩擦力，摩擦力與運動方向相反，而庫侖力與運動方相同，因滑塊在到達(dá)b點時速度減為零，所以從a點到b點滑塊做減速運動，則有滑塊在運動過程中所受Q的庫侖力一定小于滑動摩擦力，故A正確；B、水平方向受大小不變的摩擦力及變大的庫侖力，當(dāng)在滑動過程中，隨著間距減小，庫侖力增大，但仍小于滑動摩擦力，所以導(dǎo)致加速度慢慢減小，加速度是變化的，故中間時刻的速度小于v02，故C、由動能定理可得：Uq-μmgs=0-12mv02，產(chǎn)生的內(nèi)能Q=μmgs=Uq+D、由動能定理可得：Uq-μmgs=0-12mv02故選AD?！军c睛】根據(jù)滑塊的運動情況可知滑塊受力情況，則可知庫侖力與滑動摩擦力的大小關(guān)系；由滑塊的受力情況可確定加速度的變化情況，即可判斷中間時刻的速度；由動能定理可確定過程中產(chǎn)生的內(nèi)能與動能變化關(guān)系；由動能定理可求得兩點間的電勢差。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、60.48（60.46—60.50均可）1.980(1.976—1.984均可)0.80V（0.78V—0.84V均可）0.36A(0.35—0.37均可)外小【解析】（1）由圖示刻度尺可知，金屬絲的長度為：70.48-10.00=60.48cm；（2）由圖示螺旋測微器測可知，固定刻度示數(shù)是1.5mm，可動刻度示數(shù)是48.0×0.01mm=0.480mm，金屬絲直徑為1.5mm+0.480mm=1.980mm；

（3）電壓表選擇的0~3V量程，故分度值為0.1V，所以讀數(shù)為0.8V；電流表的量程為0~0.6A，分度值為0.02A，故讀數(shù)為0.36A；（4）因為被測電阻和電流表內(nèi)阻接近，故采用電流表外接法，電壓不需要從零開始，滑動變阻器采用限流接法，電路圖如圖所示，由于電壓表分流，即電流測量值偏大，而電壓值測量準(zhǔn)確，所以根據(jù)可知測量值偏小，12、πd2Rx4l；36.50；【解析】

(1)根據(jù)電阻定律求出電阻率的表達(dá)式；(2)根據(jù)圖示刻度尺確定其分度值，金屬絲兩端點所對應(yīng)刻度尺示數(shù)之差是金屬絲的長度；螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)；(3)單刀雙擲開關(guān)S2合向1，由電壓表和電流表的示數(shù)U1和I1，可求出Rx、電流表、變阻器串聯(lián)的電阻；將單刀雙擲開關(guān)S2合向2，讀出此時電壓表和電流表的示數(shù)U2和I2，可求出電流表和變阻器串聯(lián)的電阻；兩個阻值之差等于被測電阻。根據(jù)歐姆定律寫出表達(dá)式?！驹斀狻?1)由電阻定律可知，金屬絲電阻Rx=ρl(2)由圖示刻度尺可知，其分度值為1mm，金屬絲的長度l=36.50cm；由圖示螺旋測微器可知，螺旋測微器固定刻度示數(shù)為0.5mm，可動刻度示數(shù)為29.6×0.01mm=0.296mm，螺旋測微器示數(shù)為0.5mm+0.296m=0.796mm；(3)將單刀雙擲開關(guān)S2合向1時，電壓表和電流表的示數(shù)U1、I1．根據(jù)歐姆定律得：R+R將單刀雙擲開關(guān)S2向2閉合時，電壓表和電流表的示數(shù)U2、I2．根據(jù)歐姆定律得：R聯(lián)立上兩式得：R=U【點睛】本題考查了電阻定律的應(yīng)用、刻度尺與螺旋測微器的讀數(shù)，應(yīng)用電阻定律即可求出電阻率的表達(dá)式；螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)，螺旋測微器需要估讀。第3題本題實驗設(shè)計比較巧妙，利用伏安法測量兩次電阻，有效消除系統(tǒng)誤差，來源于書本，又高于書本。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)（-，0），(2)B=【解析】

(1)粒子沿y軸正方向進(jìn)入電場后，在電場中做類平拋運動，根據(jù)題意可知，，，聯(lián)立解得：，電場方向發(fā)生的位移為：=，進(jìn)入電場時的坐標(biāo)為（，0）；(2)由于粒子需垂直射出磁場區(qū)域，根據(jù)運動軌跡及幾何關(guān)系可知，圓周運動的軌跡半徑：，由公式，以及射入的速度，聯(lián)立解得：。答：(1)粒子進(jìn)入電場時的位置坐標(biāo)（-，0），初速度大小為；(2)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為時粒子可以在第一次射出磁場時速度與x軸垂直。14、（1）(2)2(3)3L【解析】（1）電子在電場E1中做初速度為零的勻加速直線運動，設(shè)加速度為，時間為，由牛頓第二定律得：①，由得：②，電子進(jìn)入電場E2時的速度為：③，進(jìn)入電場E2到屏水平方向做勻速直線運動，時間為：④，電子從釋放到打到屏上所用的時