河北省邢臺(tái)市2022-2023學(xué)年高三上學(xué)期物理期末試卷

河北省邢臺(tái)市2022-2023學(xué)年高三上學(xué)期物理期末試卷姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四總分評(píng)分一、單選題1．質(zhì)量為m的物體從坐標(biāo)原點(diǎn)O出發(fā)在xOy平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，在x軸和y軸的v?t圖線分別如圖甲、乙所示，下列說(shuō)法正確的是（）A．物體在平面內(nèi)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)B．物體在平面內(nèi)所受合外力為2mC．物體在t0時(shí)的速度大小為D．物體經(jīng)過(guò)t0的位移大小為2．我國(guó)的一箭多星技術(shù)居世界前列，一箭多星是用一枚運(yùn)載火箭同時(shí)或先后將數(shù)顆衛(wèi)星送入軌道的技術(shù)。某兩顆衛(wèi)星釋放過(guò)程簡(jiǎn)化為如圖所示，火箭運(yùn)行至P點(diǎn)時(shí)，同時(shí)將A、B兩顆衛(wèi)星送入預(yù)定軌道。A衛(wèi)星進(jìn)入軌道1做圓周運(yùn)動(dòng)，B衛(wèi)星進(jìn)入軌道2沿橢圓軌道運(yùn)動(dòng)，P點(diǎn)為橢圓軌道的近地點(diǎn)，Q點(diǎn)為遠(yuǎn)地點(diǎn)，B衛(wèi)星在Q點(diǎn)噴氣變軌到軌道3，之后繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是（）A．兩衛(wèi)星在P點(diǎn)時(shí)的加速度不同B．B衛(wèi)星在P點(diǎn)時(shí)的速度大于A衛(wèi)星的速度C．B衛(wèi)星在Q點(diǎn)變軌進(jìn)入軌道3時(shí)需要噴氣減速D．B衛(wèi)星在軌道3上運(yùn)動(dòng)的速度大于A衛(wèi)星在軌道1上運(yùn)動(dòng)的速度3．如圖所示，勁度系數(shù)為k的輕彈簧，一端固定在天花板上，另一端懸掛邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、匝數(shù)為n的正方形線框，線框的下半部分處于磁場(chǎng)方向垂直紙而向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。當(dāng)線框中未通入電流，處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)量為x1；當(dāng)線框中通入大小為I的順時(shí)針?lè)较螂娏鳎幱陟o止?fàn)顟B(tài)時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)量為xA．磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為k(B．線框受到的安培力方向豎直向上C．線框受到的安培力大小為k(D．線框的質(zhì)量為k4．如圖所示，用導(dǎo)線將鋅板與驗(yàn)電器相連，用紫外線燈照射鋅板，驗(yàn)電器金屬箔片開(kāi)始張開(kāi)。鋅、鈉的極限頻率vc和逸出功W0如下表所示，普朗克常量金屬鋅鈉v5.53W3.342.29A．驗(yàn)電器的金屬箔片帶負(fù)電B．從鋅板逸出電子的動(dòng)能都相等C．用該紫外線燈照射金屬鈉，一定能使鈉發(fā)生光電效應(yīng)D．鋅的極限頻率為8.87×5．如圖所示，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，等腰三角形ABC，AB=AC=L，∠A=120°，電場(chǎng)線與三角形平面平行。一個(gè)電荷量為+q的點(diǎn)電荷若從C點(diǎn)移到A點(diǎn)，電場(chǎng)力所做的功為qU；若從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力所做的功也為qU。該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為（）A．UL B．2UL C．236．如圖甲所示，車轅是馬車車身上伸出的兩根直木，它是駕在馬上拉車的把手。如圖乙為馬拉車時(shí)的簡(jiǎn)化模型，車轅前端距車軸的高度H大約為1.5m，馬拉車的力可視為沿車轅方向，馬車的車輪與地面間的摩擦力大小是其對(duì)地面壓力的33A．322m B．332m7．圖甲為一列沿x軸傳播的橫波在某時(shí)刻的波形圖。圖乙為x=1cm處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，則下列說(shuō)法正確的是（）A．若這列波向右傳播，圖甲可能是t=1s時(shí)刻的波形圖B．若這列波向左傳播，從圖甲所示時(shí)刻起再過(guò)2s，x=1cm處質(zhì)點(diǎn)回到平衡位置C．從圖甲所示時(shí)刻起再過(guò)1.5s，x=5cm處的質(zhì)點(diǎn)移動(dòng)的距離為3cmD．從圖甲所示時(shí)刻起再過(guò)9s，x=8cm處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為20cm二、多選題8．如圖所示，真空中有一直角三棱鏡，∠ABC為直角三棱鏡的橫截面，∠A=30°，∠B=90°，AB邊長(zhǎng)為L(zhǎng)。一束平行于AC邊的單色光照射到AB邊的中點(diǎn)E，折射光線照射到AC邊上后，恰好垂直于BC邊射出。已知光在真空中的傳播速度為c，下列說(shuō)法正確的是（）A．棱鏡對(duì)該單色光的折射率為3B．棱鏡對(duì)該單色光的折射率為2C．該單色光在棱鏡中傳播的時(shí)間為3D．該單色光在棱鏡中傳播的時(shí)間為39．如圖甲所示，傾角為37°、足夠長(zhǎng)的傳送帶以恒定速率v1沿順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)。一小煤塊以初速度v0=12m/s從傳送帶的底部沖上傳送帶，規(guī)定沿傳送帶斜向上為煤塊運(yùn)動(dòng)的正方向，該煤塊運(yùn)動(dòng)的位移x隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示。已知圖線在前1.0s內(nèi)和在1.0s~tA．傳送帶轉(zhuǎn)動(dòng)速率v1為B．圖乙中t0C．0~t0D．煤塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2510．如圖所示，在距地面高為h的水平平臺(tái)上固定著間距為L(zhǎng)的兩平行光滑金屬軌道，該軌道由14圓弧CE、DF豎直軌道和EP、FQ水平軌道組成，在EF的右側(cè)分布著方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。質(zhì)量為5m、長(zhǎng)度為L(zhǎng)的金屬棒b靜止放在水平軌道GH處?，F(xiàn)將質(zhì)量為m、長(zhǎng)度也為L(zhǎng)的金屬棒a，由14圓弧軌道圓心等高處無(wú)初速度釋放，在軌道末端PQ處與金屬棒b發(fā)生了彈性碰撞，沖出軌道之后，金屬棒a、b均落在距平臺(tái)軌道末端PQ水平距離為A．金屬棒b在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中兩端的電勢(shì)差不變B．圓弧軌道的半徑為2hC．整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中通過(guò)金屬棒b的電荷量為mD．整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中兩金屬棒產(chǎn)生的總熱量為5mgh三、實(shí)驗(yàn)題11．某同學(xué)用如圖甲所示裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，裝有遮光條的滑塊放置在氣墊導(dǎo)軌上，細(xì)線繞過(guò)固定在導(dǎo)軌右端的定滑輪，一端與滑塊連接、另一端懸吊鉤碼。（1）圖甲所示裝置可驗(yàn)證___________的機(jī)械能守恒。A．鉤碼 B．滑塊C．滑塊和遮光條 D．鉤碼、滑塊和遮光條（2）在實(shí)驗(yàn)中用游標(biāo)卡尺測(cè)出遮光條的寬度d，讀數(shù)如圖乙所示，則遮光條的寬度d=cm。（3）某同學(xué)測(cè)出滑塊上遮光條到光電門(mén)的距離x，接通氣源，釋放滑塊，記錄滑塊通過(guò)光電門(mén)時(shí)遮光條遮光時(shí)間t；保持滑塊開(kāi)始滑動(dòng)時(shí)的位置不變，改變光電門(mén)的位置，測(cè)出多組對(duì)應(yīng)的x與t的數(shù)值；經(jīng)過(guò)計(jì)算發(fā)現(xiàn)系統(tǒng)動(dòng)能的增加量均小于鉤碼重力勢(shì)能的減少量，其原因可能是（）A．鉤碼質(zhì)量太大B．氣墊導(dǎo)軌未完全調(diào)水平，左端高于右端C．系統(tǒng)受到空氣阻力12．現(xiàn)有一塊舊的動(dòng)力電池，某小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示電路來(lái)測(cè)量該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。使用的器材如下：待測(cè)電池（電動(dòng)勢(shì)約3V）；電壓表V（量程為3V、內(nèi)阻約3kΩ）；電阻箱R（0~999.9Ω）；定值電阻R1（阻值為2Ω開(kāi)關(guān)及導(dǎo)線若干。（1）請(qǐng)按照?qǐng)D甲，用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線在圖乙中連接實(shí)物圖。（2）閉合開(kāi)關(guān)，多次調(diào)節(jié)電阻箱，記下電阻箱阻值R和對(duì)應(yīng)的電壓表示數(shù)U，做出1U?1R的圖線，如圖丙所示。由此得出該電池的電動(dòng)勢(shì)E=V，內(nèi)阻（3）根據(jù)圖丙計(jì)算得出的電動(dòng)勢(shì)E的測(cè)量值真實(shí)值，內(nèi)阻r的測(cè)量值真實(shí)值。（選填“>”、“<”或“=”）（4）若考慮電壓表內(nèi)阻對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，已知電壓表的內(nèi)阻為Rv，圖線斜率為k，縱軸截距為b，則電池電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式為E=，內(nèi)阻的表達(dá)式為r=（結(jié)果用k、b、Rv、四、解答題13．小明在使用運(yùn)動(dòng)吸管杯時(shí)發(fā)現(xiàn)了這樣的現(xiàn)象：在溫度恒為300K的室內(nèi)，向吸管杯內(nèi)注入開(kāi)水并迅速蓋上帶有吸管的杯蓋，吸管上端封閉、杯蓋與杯體未擰緊，這時(shí)有大量氣泡從吸管底溢出，過(guò)了一會(huì)兒，吸管底端不再有氣泡溢出，此時(shí)水與吸管內(nèi)氣體溫度為370K，測(cè)得杯體水面距離吸管頂端為h=2cm，吸管總長(zhǎng)為L(zhǎng)=22cm。已知水面上方氣體的壓強(qiáng)始終為外界大氣壓強(qiáng)p0=1.0×105Pa（1）吸管底端不再有氣泡溢出時(shí)，吸管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；（2）從吸管內(nèi)溢出氣體的質(zhì)量與吸管內(nèi)初始?xì)怏w質(zhì)量的比值。14．某生產(chǎn)流水線利用如圖所示裝置將質(zhì)量m=5kg的工件從傾角θ=37°的梯形滑坡通過(guò)平板車運(yùn)送至固定水平平臺(tái)上?；轮芏ㄔ谒降孛嫔?，其斜邊長(zhǎng)x0=2m，末端有一小段圓弧可使工件無(wú)機(jī)械能損失地沿水平方向滑出。與滑坡末端等高的平板車由長(zhǎng)L=2m的車身和伸出車尾的“伸縮臂”組成（臂長(zhǎng)可調(diào)節(jié)，伸縮臂厚度不計(jì)、高度略高于水平平臺(tái)）。質(zhì)量M=15kg的平板車緊挨滑坡靜止放置，車尾與平臺(tái)間的水平距離s=1m?，F(xiàn)工件從滑坡頂端由靜止滑下沖上小車，車尾與左側(cè)平臺(tái)相碰時(shí)為彈性碰撞，忽略平板車與水平地面間的摩擦，工件與滑坡間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1=0.25，工件與平板車（包括伸縮臂）間的動(dòng)摩擦因數(shù)（1）工件沖上平板車時(shí)的速度大??；（2）為使工件速度為0時(shí)剛好落在平臺(tái)上，伸縮臂臂長(zhǎng)的最小值。15．如圖所示，在水平絕緣固定板上方存在左右邊界平行、相距3d、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)的兩邊界（邊界有磁場(chǎng)）與絕緣板分別垂直相交于M、N。質(zhì)量為m、電荷量為?q的粒子從左邊界與M點(diǎn)相距為d的P點(diǎn)水平向右以速度v（1）求勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（2）若粒子以大小不同的速度從P點(diǎn)水平向右射入磁場(chǎng)，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中不與擋板碰撞，求粒子的速度范圍；（3）若絕緣板為彈性光滑板，粒子以大小不同的速度從P點(diǎn)水平向右射入磁場(chǎng)，與板碰撞后從右邊界射出，求粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間。（可能用到的運(yùn)算sin5π

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A．由甲圖可知物體在x軸方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在y軸方向上做初速度為零勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故物體是做類平拋運(yùn)動(dòng)，是勻變速曲線運(yùn)動(dòng)。A不符合題意；B．由乙圖可知，物體的加速度大小為a=ΔvΔt=C．由甲圖和乙圖可知，物體在t0時(shí)的速度大小為v=D．根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，物體經(jīng)過(guò)t0的位移大小為s=故答案為：D。

【分析】利用分速度的合成結(jié)合加速度的方向可以判別物體做勻變速的曲線運(yùn)動(dòng)；利用牛頓第二定律結(jié)合加速度的大小可以求出合力的大?。焕盟俣鹊暮铣煽梢郧蟪龊纤俣鹊拇笮?，利用圖像面積可以求出分位移的大小，利用位移的合成可以求出合位移的大小。2．【答案】B【解析】【解答】A．兩衛(wèi)星在P點(diǎn)時(shí)，根據(jù)GMmr2B．依題意，A衛(wèi)星沿軌道1做圓周運(yùn)動(dòng)，B衛(wèi)星從P點(diǎn)時(shí)開(kāi)始沿軌道2做橢圓軌道運(yùn)動(dòng)，由于橢圓軌道的半長(zhǎng)軸大于圓軌道1的半徑，所以B衛(wèi)星在P點(diǎn)時(shí)需要加速做離心運(yùn)動(dòng)，從而運(yùn)動(dòng)到更高的橢圓軌道上，所以B衛(wèi)星在P點(diǎn)的速度大于A衛(wèi)星的速度，B符合題意；C．衛(wèi)星從低軌道運(yùn)動(dòng)到高軌道，需要在軌道相切點(diǎn)點(diǎn)火加速實(shí)現(xiàn)，所以B衛(wèi)星在Q點(diǎn)變軌進(jìn)入軌道3時(shí)需要向后噴氣加速，C不符合題意；D．根據(jù)GMmr2故答案為：B。

【分析】利用牛頓第二定律可以比較加速度的大?。焕靡μ峁┫蛐牧梢员容^線速度的大??；衛(wèi)星在P點(diǎn)速度做離心運(yùn)動(dòng)所以大于軌道1的線速度大?。恍l(wèi)星在Q點(diǎn)做向心運(yùn)動(dòng)，所以要進(jìn)入軌道3要進(jìn)行加速。3．【答案】A【解析】【解答】A．當(dāng)線框中未通入電流，處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)量為x1，有kx1=mg，當(dāng)線框中通入大小為I的順時(shí)針?lè)较螂娏?，處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)量為x2B．根據(jù)左手定則可以判斷，線框受到的安培力方向豎直下，B不符合題意；C．線框受到的安培力大小為F=k(xD．線框的質(zhì)量為m=k故答案為：A。

【分析】利用線圈的平衡方程可以求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的大?。焕脧椓Φ淖兓梢郧蟪霭才嗔Φ拇笮?；利用胡克定律可以求出線圈質(zhì)量的大小。4．【答案】C【解析】【解答】A．發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，電子從鋅板飛出，鋅板失去電子帶正電，所以驗(yàn)電器帶正電，A不符合題意；B．根據(jù)光電效應(yīng)方程EkmCD．根據(jù)hvc=故答案為：C。

【分析】由于鋅板發(fā)生光電效應(yīng)所以鋅板帶正電，所以驗(yàn)電器帶正電；利用逸出功的不同可以判別粒子逃逸的初動(dòng)能不一定相等；利用逸出功的大小及普朗克常量可以求出極限頻率的大小，結(jié)合鋅的極限頻率可以判別紫外線能否發(fā)生光電效應(yīng)。5．【答案】D【解析】【解答】一個(gè)電荷量為q的正電荷若從C點(diǎn)移到A點(diǎn)，電場(chǎng)力所做的功為qU，則WCA=qUCA故答案為：D。

【分析】利用電場(chǎng)力做功相等可以判別電勢(shì)差的大小及等勢(shì)面的位置，利用電勢(shì)差和距離可以求出電場(chǎng)強(qiáng)度的大小。6．【答案】C【解析】【解答】依題意，車勻速運(yùn)動(dòng)，則受力平衡，設(shè)馬拉車的力為F，車轅與水平面夾角為θ，可得Fsinθ+FN=mg，F(xiàn)cosθ=f，根據(jù)牛頓第三定律，可知車對(duì)地面的壓力大小等于車所受支持力，即FN=F'N，又故答案為：C。

【分析】利用車的平衡方程結(jié)合摩擦力和支持力的大小可以求出F的表達(dá)式及最小值可以求出角度的大小，結(jié)合幾何關(guān)系可以求出車轅的長(zhǎng)度。7．【答案】B【解析】【解答】A．根據(jù)圖乙可知t=1s時(shí)，x=1cm處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向是沿y軸正方向，根據(jù)圖甲結(jié)合同側(cè)法可知波此時(shí)向左傳播，A不符合題意；B．根據(jù)圖像可得波速為v=λT=12cm6s=2cm/s，所以從圖甲所示時(shí)刻起再過(guò)2s，波向左傳播的距離為x=2×2cm=4cm，根據(jù)平移法可知，CD．從圖甲所示時(shí)刻起再過(guò)1.5s即經(jīng)過(guò)14T，可得x=5cm處的質(zhì)點(diǎn)移動(dòng)的距離為5cm；同理從圖甲所示時(shí)刻起再過(guò)9s即經(jīng)過(guò)32T，故答案為：B。

【分析】利用質(zhì)點(diǎn)的起振方向可以判別波的傳播方向；利用圖象波長(zhǎng)和周期可以求出波速的大小，結(jié)合傳播的時(shí)間可以判別傳播的距離進(jìn)而判別質(zhì)點(diǎn)的位置；利用傳播時(shí)間的可以質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的位移和運(yùn)動(dòng)的路程。8．【答案】A,C【解析】【解答】AB．光在棱鏡中的傳播路徑如圖所示由幾何關(guān)系可知，光在AB邊上的入射角為i=60°，折射角為r=30°，故棱鏡對(duì)光的折射率為n=sinCD．由幾何關(guān)系可知AE=EB=ED=L2，DF=EB?EDcos60°=L4，光在棱鏡中的傳播速度故答案為：AC。

【分析】利用光入射角和折射角可以求出棱鏡對(duì)光折射率的大??；利用幾何關(guān)系可以求出光傳播的路程，結(jié)合傳播的速度可以求出傳播的時(shí)間。9．【答案】B,D【解析】【解答】A．假設(shè)煤塊沖上傳送帶，開(kāi)始時(shí)受到摩擦力沿傳送帶向下，根據(jù)牛頓第二定律，可得加速度大小為a1=gsinθ+μgcosθ，當(dāng)煤塊速度減到與傳送帶速度相同后，煤塊相對(duì)于傳送帶向下運(yùn)動(dòng)，受到的摩擦力方向沿傳送帶向上，根據(jù)牛頓第二定律可得加速度大小為a2=gsinθ?μgcosθ，煤塊一直減速到零，接著反向沿傳送帶向下加速，加速度大小為BD．由A分析可知，圖乙中t0時(shí)刻，煤塊向上運(yùn)動(dòng)速度減為零，根據(jù)a1=gsinθ+μgcosθ=8m/s2，求得煤塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.25C．0~t1內(nèi)煤塊相對(duì)于傳送帶向上運(yùn)動(dòng)，煤塊在傳送帶上的劃痕長(zhǎng)度為Δs1=(x1?v故答案為：BD。

【分析】由于煤塊減速過(guò)程為兩個(gè)加速度不同的過(guò)程，利用牛頓第二定律可以判別加速度的表達(dá)式，結(jié)合位移公式可以求出第一階段減速過(guò)程的加速度，結(jié)合速度公式可以求出傳送帶的速度大小；利用牛頓第二定律可以求出煤塊向下做加速運(yùn)動(dòng)的加速度大小，結(jié)合位移公式可以求出速度為0的時(shí)刻；利用位移公式可以求出煤塊運(yùn)動(dòng)的相對(duì)位移的大?。焕眉铀俣鹊拇笮〗Y(jié)合加速度的表達(dá)式可以求出動(dòng)摩擦因數(shù)的大小。10．【答案】A,D【解析】【解答】A．金屬棒b在空中做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向速度不變，根據(jù)E=BLv，可知，金屬棒b在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中兩端的電勢(shì)差不變，A符合題意；BD．兩個(gè)棒做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知0.5h=vbth=12gt2，兩個(gè)金屬棒落地點(diǎn)相同，所以兩個(gè)金屬棒平拋運(yùn)動(dòng)的初速度相同vC．整個(gè)過(guò)程對(duì)金屬棒b為研究對(duì)象，根據(jù)動(dòng)量定理有BILΔt=5mvb?0故答案為：AD。

【分析】利用金屬棒b在空中做平拋運(yùn)動(dòng)，利用水平方向不變可以判別金屬棒兩端電勢(shì)差保持不變；利用平拋運(yùn)動(dòng)的位移公式可以求出平拋運(yùn)動(dòng)開(kāi)始的初速度大小，結(jié)合動(dòng)量守恒定律及能量守恒定律可以求出軌道半徑及金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱的大?。焕脛?dòng)量定理及電流的定義式可以求出電荷量的大小。11．【答案】（1）D（2）0.505（3）C【解析】【解答】（1）實(shí)驗(yàn)要驗(yàn)證的是鉤碼、滑塊和遮光條組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。故答案為：D。（2）圖中遮光條的寬度讀數(shù)為d=5mm+1×0.05mm=5.05mm=0.505cm（3）鉤碼質(zhì)量太大不會(huì)使系統(tǒng)動(dòng)能的增加量均小于鉤碼重力勢(shì)能的減少量；氣墊導(dǎo)軌左端高于右端會(huì)使系統(tǒng)動(dòng)能的增加量大于鉤碼重力勢(shì)能的減少量；由于系統(tǒng)受到空氣阻力會(huì)使系統(tǒng)動(dòng)能的增加量均小于鉤碼重力勢(shì)能的減少量。故答案為：C?！痉治觥浚?）由于重力做功系統(tǒng)機(jī)械能守恒，所以驗(yàn)證的是鉤碼、滑塊和遮光條組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒；

（2）利用游標(biāo)卡尺的結(jié)構(gòu)和精度可以讀出對(duì)應(yīng)的讀數(shù)；

（3）由于系統(tǒng)阻力對(duì)系統(tǒng)做功所以導(dǎo)致系統(tǒng)機(jī)械能減小，則動(dòng)能的增量小于重力勢(shì)能的減少量。12．【答案】（1）（2）3.3；0.89（3）<；<（4）RVb【解析】【解答】（1）電路圖如下所示（2）根據(jù)電路圖連接方式及串并聯(lián)電路的規(guī)律，可得電源電動(dòng)勢(shì)為E=U+UR(R1+r)，整理得1U=（3）由于定值電阻的分壓作用，電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值小于真實(shí)值。根據(jù)（2）中的關(guān)系式可知，內(nèi)阻的測(cè)量值小于真實(shí)值。（4）根據(jù)電路圖連接方式及串并聯(lián)電路的規(guī)律，可得電源電動(dòng)勢(shì)為E=U+（UR+URV）(R1+r)【分析】（1）利用電路圖進(jìn)行實(shí)物圖連線；

（2）利用閉合電路的歐姆定律結(jié)合圖象斜率和截距可以求出電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的大??；

（3）由于電壓表的分壓關(guān)系，所以電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值小于真實(shí)值；

（4）利用閉合電路的歐姆定律結(jié)合電壓表內(nèi)阻可以求出電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的大小。13．【答案】（1）解：令吸管內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p1，則有p解得p（2）解：吸管中的氣體初始狀態(tài)為p0=1.0×105假設(shè)溫度升高時(shí)，吸管中的氣體沒(méi)有進(jìn)入上方，而是膨脹成一個(gè)整體，該整體的狀態(tài)為p1=1.02×105則有p則從吸管內(nèi)溢出氣體的質(zhì)量與吸管內(nèi)初始?xì)怏w質(zhì)量的比值m解得m【解析】【分析】（1）當(dāng)吸管底端位置沒(méi)有氣泡溢出時(shí)，利用平衡方程可以求出吸管內(nèi)氣體壓強(qiáng)的大小；

（2）當(dāng)吸管溫度升高時(shí)，利用理想氣體的狀態(tài)方程可以求出溢出氣體質(zhì)量與初始?xì)怏w質(zhì)量的比值。14．【答案】（1）解：工件從滑坡上滑下，由動(dòng)能定理可得mg解得工件沖上平板車時(shí)的速度大小v（2）解：工件沖上平板車后做勻減速運(yùn)動(dòng)，平板車做勻加速運(yùn)動(dòng)，對(duì)工件μ解得a對(duì)平板車μ解得a當(dāng)平板車與工件共速時(shí)v解得t工件的位移x平板車的位移x工件相對(duì)平板車的位移Δx=則工件與平板車有共同