2025年外研版2024高二物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版2024高二物理上冊(cè)月考試卷778考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、從安全用電的角度看；下列做法存在安全隱患的是（）

A.冼衣機(jī)的電源插頭應(yīng)采用的是三線插頭。

B.不要在同一插座上同時(shí)使用幾個(gè)大功率用電器。

C.要定期檢查用電器插頭；特別是大功率用電器插頭。

D.洗衣機(jī)；洗碗機(jī)等易潮濕用電器不用接地線。

2、如圖，兩根相互平行的長(zhǎng)直導(dǎo)線過紙面上的M、N兩點(diǎn)，且與紙面垂直，導(dǎo)線中通有大小相等、方向相反的電流.a、O、b在M、N的連線上，O為MN的中點(diǎn)，c、d位于MN的中垂線上，且a、b、c、d到O點(diǎn)的距離均相等.關(guān)于以上幾點(diǎn)處的磁場(chǎng)，下列說法正確的是()A.O點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零B.a、b兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相反C.c、d兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同D.a、c兩點(diǎn)處磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向不同3、物塊A置于傾角為30°的斜面上，用輕彈簧、細(xì)繩跨過定滑輪與物塊B相連，彈簧軸線與斜面平行，A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示．A、B重力分別為10N和4N，不計(jì)滑輪與細(xì)繩間的摩擦，則（）A.彈簧對(duì)A的拉力大小為6NB.彈簧對(duì)A的拉力大小為10NC.斜面對(duì)A的摩擦力大小為1ND.斜面對(duì)A的摩擦力大小為6N4、如圖3所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比n1∶n2＝4∶1，當(dāng)導(dǎo)體棒l在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中以速度v向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)切割磁感線時(shí)，電流表的示數(shù)是12mA，則電流表的示數(shù)為A.3mAB.0mAC.48mAD.與負(fù)載R的值有關(guān)5、以下是有關(guān)近代物理內(nèi)容的若干敘述，其中正確的是（）A.原子核發(fā)生一次β衰變，該原子外層就失去一個(gè)電子B.按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，電子的動(dòng)能減小，但原子的能量增大C.比結(jié)合能小的原子核結(jié)合成或分解成比結(jié)合能大的原子核時(shí)一定吸收能量D.在核電站中，要使鏈?zhǔn)椒磻?yīng)的更激烈些，就將鎘棒插入的更深些評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、如圖甲所示，在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中(

規(guī)定豎直向上為正)

水平放置一個(gè)不變形的銅圓環(huán)，規(guī)定從上向下看時(shí)，銅環(huán)中的感應(yīng)電流I

沿順時(shí)針方向?yàn)檎较?

圖乙表示銅環(huán)中的感應(yīng)電流I

隨時(shí)間t

變化的圖象，則磁場(chǎng)B

隨時(shí)間t

變化的圖象可能是圖中的(

)

A.B.C.D.7、如圖是磁流體發(fā)電機(jī)的裝置，a、b組成一對(duì)平行電極，兩板間距為d，板平面的面積為S，內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．現(xiàn)持續(xù)將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和負(fù)電的微粒，而整體呈中性），垂直噴入磁場(chǎng)，每個(gè)離子的速度為v，負(fù)載電阻阻值為R，當(dāng)發(fā)電機(jī)穩(wěn)定發(fā)電時(shí)，負(fù)載中電流為I，則（）A.a板電勢(shì)比b板電勢(shì)低B.磁流體發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)E=BdvC.負(fù)載電阻兩端的電壓大小為BdvD.兩板間等離子體的電阻率ρ=8、在真空中MN

兩點(diǎn)分別放有異種點(diǎn)電荷+2Q

和鈭?Q

以MN

連線中點(diǎn)O

為中心作一圓形路徑abcd

。a

、0

c

三點(diǎn)恰好將MN

四等分，b

、d

為MN

的中垂線與圓的交點(diǎn)；如圖所示.

則下列說法正確的是。

A.a

、b

、c

、d

四點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小關(guān)系是E

a

>E

c

，E

b

=E

d

B.a

、b

、c

、d

四點(diǎn)電勢(shì)的關(guān)系是婁脮

a

>婁脮

c

，婁脮

b

=婁脮

d

C.在MN

的連線上；O

點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最小。

D.將帶負(fù)電的試探電荷由b

沿直線移動(dòng)到d

的過程中，其電勢(shì)能始終不變9、如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)E

和內(nèi)阻r

一定，AB

為平行板電容器的兩塊正對(duì)金屬板，R1

為光敏電阻(

光照越強(qiáng)電阻越小).

當(dāng)R2

的滑動(dòng)觸頭P

在a

端時(shí)，閉合開關(guān)S

此時(shí)電流表A

和電壓表V

的示數(shù)分別為I

和U.

以下說法正確的是(

)

A.若僅將R2

的滑動(dòng)觸頭P

向b

端移動(dòng)，則I

不變，U

增大B.若僅增大AB

板間距離，則電容器所帶電荷量減少C.若僅用更強(qiáng)的光照射，則I

增大，U

增大，電容器所帶電荷量增加D.若僅增大AB

板間距離，則懸掛小球的細(xì)繩與豎直方向的夾角減小10、在xOy

平面中有一通電直導(dǎo)線與OxOy

軸相交，導(dǎo)線中電流方向如圖所示.

該區(qū)域有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，通電直導(dǎo)線所受磁場(chǎng)力的方向與Oz

軸的正方向相同.

該磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向可能是(

)

A.沿x

軸負(fù)方向B.沿y

軸負(fù)方向C.沿z

軸正方向D.沿z

軸負(fù)方向11、如圖所示，邊界OA與OC之間分布有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B，已知∠AOC60°．OC上的P處為粒子的入射口，在OA上的M處安放接收器，且OM=OP=l．現(xiàn)將大量質(zhì)量為m，電荷量為+q的同種粒子以各種速率從P處向各個(gè)方向射入磁場(chǎng)，在M處被觀測(cè)到的粒子中，下列說法正確的是（）A.速度的最小值為B.速度的最小值為C.在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間的最大值為D.在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)的粒子速度為12、如圖所示，距小滑輪O正下方l處的B點(diǎn)用絕緣底座固定一帶電荷量為+q的小球1，絕緣輕質(zhì)彈性繩一端懸掛在定滑輪O正上方處的D點(diǎn)，另一端與質(zhì)量為m的帶電小球2連接，發(fā)現(xiàn)小球2恰好在A位置平衡，已知OA長(zhǎng)為l，與豎直方向的夾角為60°．由于彈性繩的絕緣效果不是很好，小球2緩慢漏電，一段時(shí)間后，當(dāng)滑輪下方的彈性繩與豎直方向夾角為30°時(shí)，小球2恰好在AB連線上的C位置．已知靜電力常量為k，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）

A.小球2帶負(fù)電B.小球2在C位置時(shí)所帶電荷量為C.小球2在A位置時(shí)所帶電荷量為D.彈性繩原長(zhǎng)為評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)13、某實(shí)驗(yàn)小組用伏安法測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；請(qǐng)回答下列問題。

（1）在右邊方框內(nèi)；畫出實(shí)驗(yàn)電路圖．

（2）如圖是根據(jù)實(shí)驗(yàn)得出的5組數(shù)據(jù)畫出的U-I圖象，據(jù)此可得出電源電動(dòng)勢(shì)ε=____V內(nèi)電阻r=____Ω

14、人體安全電壓：不高于____V.同樣的電壓或電流加在人體上，____電（填“交流”或者“直流”）的危害更大。15、在“研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”實(shí)驗(yàn)中；將靈敏電流計(jì)G

與線圈L

連接，線圈上導(dǎo)線繞法，如圖所示.

已知當(dāng)電流從電流計(jì)G

左端流入時(shí)，指針向左偏轉(zhuǎn)．

(1)

將磁鐵N

極向下從線圈L

上方豎直插入L

時(shí)；靈敏電流計(jì)的指針將______偏轉(zhuǎn)(

選填“向左”“向右”或“不”)

．

(2)

當(dāng)條形磁鐵從圖中虛線位置向右遠(yuǎn)離L

時(shí)，a

點(diǎn)電勢(shì)______b

點(diǎn)電勢(shì)(

填“高于”、“等于”或“低于”)

．16、如圖所示，固定在水平地面上的汽缸內(nèi)封閉著一定質(zhì)量的氣體，活塞與汽缸內(nèi)壁接觸光滑且不漏氣，活塞的橫截面積S=100cm2，受到F1=200N水平向左的推力而平衡，此時(shí)，缸內(nèi)氣體對(duì)活塞的平均壓力為F2=1200N，則缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)P=______Pa，缸外大氣壓強(qiáng)P0=______Pa。17、如圖甲所示，在驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律實(shí)驗(yàn)時(shí)，在小車A

的前端粘有橡皮泥，推動(dòng)小車A

使之做勻速運(yùn)動(dòng).

然后與原來靜止在前方的小車B

相碰并粘合成一體，繼續(xù)做勻速運(yùn)動(dòng)，在小車A

后連著紙帶，電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源頻率為50H

z

，長(zhǎng)木板右端下面墊放小木片用以平衡摩擦力．

(1)

若已測(cè)得打點(diǎn)紙帶如圖乙所示，并測(cè)得各計(jì)數(shù)點(diǎn)間距(

已標(biāo)在圖上).A

為運(yùn)動(dòng)起始的第一點(diǎn)，則應(yīng)選______段來計(jì)算A

的碰前速度，應(yīng)選______段來計(jì)算A

和B

碰后的共同速度(

以上兩空填“AB

”或“BC

”或“CD

”或“DE

”).

(2)

已測(cè)得小車A

的質(zhì)量m

1=0.40

kg

，小車B

的質(zhì)量m

2=0.20

kg

，由以上測(cè)量結(jié)果可得碰前總動(dòng)量為______kg

?

m

/

s

，碰后總動(dòng)量為______kg

?

m

/

s

.

實(shí)驗(yàn)結(jié)論：______.(

計(jì)算結(jié)果保留3

位有效數(shù)字)

18、當(dāng)你走進(jìn)某些銀行；醫(yī)院、賓館等大廳的入口時(shí)；大門會(huì)自動(dòng)打開，進(jìn)入大廳之后，門又會(huì)自動(dòng)關(guān)閉，如圖所示?？刂七@種自動(dòng)門開關(guān)的，是一種______傳感器。

評(píng)卷人得分四、判斷題(共2題，共8分)19、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分五、解答題(共4題，共40分)21、2005年是“世界物理年”；100年前的1905年是愛因斯坦的“奇跡”之年，這一年他先后發(fā)表了三篇具有劃時(shí)代意義的論文，其中關(guān)于光量子的理論成功的解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象，關(guān)于光電效應(yīng)，下列說法正確的是：______

A．當(dāng)入射光的頻率低于極限頻率時(shí)；不能發(fā)生光電效應(yīng)。

B．光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率成正比。

C．光電子的最大初動(dòng)能與入射光的強(qiáng)度成正比。

D．某單色光照射一金屬時(shí)不發(fā)生光電效應(yīng)；改用波長(zhǎng)較短的光照射該金屬時(shí)可能發(fā)生光電效應(yīng)．

22、貯氣筒內(nèi)壓縮氣體的溫度是27℃；壓強(qiáng)是20atm，從筒內(nèi)放出一半質(zhì)量的氣體后，并使筒內(nèi)剩余氣體的溫度低到12℃，問剩余氣體的壓強(qiáng)為多大？

23、如圖所示，矩形線圈abcd的匝數(shù)為N=50匝，線圈ab的邊長(zhǎng)為l1=0.2m，bc的邊長(zhǎng)為l2=0.25m，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=0.4T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，繞垂直于磁感線且通過線圈中線的OO′軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度ω=100rad/s，若線圈自身電阻為r=1Ω；負(fù)載電阻R=9Ω．試求：

（1）穿過線圈平面的最大磁通量Φm；

（2）線圈在圖示位置（線圈平面與磁感線平行）時(shí)；感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大??；

（3）求線圈從中性面開始轉(zhuǎn)過90°的過程中；通過線圈導(dǎo)線截面的電量．

（4）1min時(shí)間內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱Q的大?。?/p>

24、如圖為演示用的手搖發(fā)電機(jī)模型，勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T，線圈匝數(shù)N=50匝，線圈面積為S=0.48m2，轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度ω=2.5rad/s，線圈的總電阻r=1Ω；電阻R=2Ω．在勻速轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，從中性面開始計(jì)時(shí)．

（1）寫出電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值表達(dá)式．

（2）求電阻R的發(fā)熱功率P．

評(píng)卷人得分六、證明題(共2題，共16分)25、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。26、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】

A：冼衣機(jī)的電源插頭應(yīng)采用的是三線插頭；其中最長(zhǎng)的那個(gè)接地線，防止電器外殼帶電，造成使用者觸電．故A不存在安全隱患．

B：如果在同一插座上同時(shí)使用幾個(gè)大功率用電器；會(huì)造成線路中電流過大，發(fā)熱過多可能會(huì)造成火災(zāi)．故B的做法不存在安全隱患．

C：電線或插頭老化或接觸不良可能造成電阻過大發(fā)熱過多發(fā)生火災(zāi)．故C的做法不存在安全隱患．

D：洗衣機(jī)；洗碗機(jī)等易潮濕用電器不接地線；如果電器漏電的話會(huì)使電器外殼帶電，造成使用者觸電．故D存在安全隱患．

故選：D

【解析】【答案】家庭用電安全是物理知識(shí)在生活中的實(shí)際應(yīng)用；可利用物理電學(xué)知識(shí)一一分析．防止電器外殼帶電需要接地線；電流過大可能會(huì)燒毀電線，造成火災(zāi)；電線或插頭老化可能造成電阻過大發(fā)熱過多發(fā)生火災(zāi)．

2、C【分析】【解析】試題分析：試題分析：根據(jù)右手定則得出兩導(dǎo)線的磁場(chǎng)分布規(guī)律，然后將兩磁場(chǎng)矢量相加分析，跟據(jù)右手螺旋定則可得M在O點(diǎn)的磁場(chǎng)方向垂直向下，N導(dǎo)線在O點(diǎn)處的磁場(chǎng)方向垂直向下，所以O(shè)點(diǎn)處的磁場(chǎng)方向垂直向下，不為零，A錯(cuò)誤；根據(jù)右手螺旋定則可得M在a點(diǎn)處的磁場(chǎng)方向垂直向下，N點(diǎn)在a點(diǎn)處的磁場(chǎng)垂直向下，即a點(diǎn)處的磁場(chǎng)方向垂直向下，同理可得b點(diǎn)處的磁場(chǎng)方向垂直向下，根據(jù)對(duì)稱可得ab兩點(diǎn)的磁場(chǎng)感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，B錯(cuò)誤；根據(jù)右手螺旋定則，可得兩導(dǎo)線在c點(diǎn)處的和磁場(chǎng)方向豎直向下，在d點(diǎn)處的和磁場(chǎng)方向豎直向下，根據(jù)對(duì)稱可得，兩點(diǎn)的大小相等，所以C正確；綜合BC可得ac兩點(diǎn)的磁場(chǎng)方向相同，D錯(cuò)誤；考點(diǎn)：考查右手螺旋定則和磁場(chǎng)的疊加【解析】【答案】C3、C【分析】解答：A、彈簧對(duì)A的彈力等于B的重力，即F=GB=4N，故A、B錯(cuò)誤．C、對(duì)A分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡得，GAsin30°=f+F，解得斜面對(duì)A的摩擦力．故C正確；D錯(cuò)誤．

故選：C．

分析：彈簧的彈力等于B的重力，隔離對(duì)A分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出斜面對(duì)A的摩擦力大?。?、B【分析】由于導(dǎo)體棒l在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電流，而變壓器對(duì)于直流電在次級(jí)線圈中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，B正確?！窘馕觥俊敬鸢浮緽5、B【分析】解：A；衰變反應(yīng)發(fā)生在原子核內(nèi)部；原子核由質(zhì)子和中子組成，發(fā)生β衰變時(shí)一個(gè)中子變?yōu)橘|(zhì)子并釋放一個(gè)電子，故A錯(cuò)誤；

B；根據(jù)玻爾理論；電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，電子要克服原子核的引力，電子的動(dòng)能減小，由于吸收了光子的能量，原子的能量增大，B正確；

C；比結(jié)合能小的原子核結(jié)合成或分解成比結(jié)合能大的原子核時(shí)會(huì)出現(xiàn)質(zhì)量虧損；根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程得知，一定釋放核能，故C錯(cuò)誤；

D；用鎘棒來吸收中子；以控制燃料鈾在反應(yīng)堆中發(fā)生裂變反應(yīng)的速度，將鎘棒插入得更深些，反應(yīng)堆的核反應(yīng)速度將降低。故D錯(cuò)誤。

故選：B。

原子核發(fā)生β衰變的實(shí)質(zhì)；根據(jù)玻爾理論分析；比結(jié)合能小的原子核結(jié)合成或分解成比結(jié)合能大的原子核時(shí)；根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程判斷是釋放核能還是吸收能量。鎘棒可以吸收中子，控制反應(yīng)速度。

本題考查的知識(shí)點(diǎn)較多，例如對(duì)衰變、玻爾理論理論、愛因斯坦質(zhì)能方程的理解能力。題目難度中等，要認(rèn)真閱讀課本知識(shí)，加強(qiáng)記憶?！窘馕觥緽二、多選題(共7題，共14分)6、BD【分析】解：AC0

到1s

內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度不變；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為0

感應(yīng)電流為零.

故A、C錯(cuò)誤．

B；0

到1s

內(nèi)、3

到5s

內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻變化；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小一定，且0

到1s

內(nèi)的感應(yīng)電勢(shì)大于3

到5s

內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)楞次定律，0

到1s

內(nèi)是順時(shí)針方向，3

到5s

內(nèi)是逆時(shí)針方向.1

到3s

內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度不變，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零.

故B正確．

D；0

到1s

內(nèi)；磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的方向定從上向下看時(shí)，是逆時(shí)針方向，為負(fù)值；1

到3s

內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度不變，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零；3

到5s

內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增加，根據(jù)楞次定律知，感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，為正值.

故D錯(cuò)誤．

故選：B

．

根據(jù)楞次定律判斷出感應(yīng)電流的方向；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，得出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大?。?/p>

解決本題的關(guān)鍵掌握法拉第電磁感應(yīng)定律，以及會(huì)運(yùn)用楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向．【解析】BD

7、BD【分析】解：A；根據(jù)左手定則；正電荷向上偏轉(zhuǎn)，所以a板帶正電，電勢(shì)高；故A錯(cuò)誤；

B、最終電荷在電場(chǎng)力和洛倫茲力作用下處于平衡，有：qvB=q解得：E=Bdv，故B正確；

C、根據(jù)閉合電路歐姆定律，有：I=

故路端電壓：U=IR=

即AB兩板間的電勢(shì)差為電阻R兩端的電壓也為故C錯(cuò)誤；

D、又R+r=r為板間電離氣體的電阻，且r=ρ

聯(lián)立得到電阻率ρ的表達(dá)式為：ρ=故D正確；

故選：BD．

等離子體受到洛倫茲力發(fā)生偏轉(zhuǎn)；根據(jù)正電荷的偏轉(zhuǎn)方向確定直流電源的正極．最終電荷在電場(chǎng)力和洛倫茲力作用下處于平衡，根據(jù)平衡求出電源的電動(dòng)勢(shì)，再結(jié)合閉合電路歐姆定律和電阻定律求出電阻率的大?。?/p>

解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及會(huì)根據(jù)電荷的平衡求出電動(dòng)勢(shì)的大小，根據(jù)閉合電路歐姆定律求解極板間的電勢(shì)差．【解析】【答案】BD8、AB【分析】【分析】根據(jù)電場(chǎng)線密場(chǎng)強(qiáng)大，分析場(chǎng)強(qiáng)的大小，由電勢(shì)公式婁脮=kQr

和電場(chǎng)的疊加原理分析電勢(shì)關(guān)系，根據(jù)電勢(shì)變化，分析正電荷電勢(shì)能的變化。本題考查了電場(chǎng)的疊加，根據(jù)電場(chǎng)線疏密程度表示場(chǎng)強(qiáng)大小，根據(jù)電勢(shì)變化分析電勢(shì)能變化情況。【解答】A.設(shè)Ma=ao=d

則：Ea=k隆隴2Qd2+kQ(3d)2=19kQ9d2Ec=k隆隴2Q(3d)2+kQd2=11kQ9d2

所以Ea>Ecbd

兩點(diǎn)由于對(duì)稱，則有Eb=Ed

故A正確；B.沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，所以婁脮a>婁脮c

根據(jù)對(duì)稱性可知：婁脮b=婁脮d

故B正確；C.電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，由電場(chǎng)線疏密程度可知，AB

連線上電場(chǎng)強(qiáng)度最小值出現(xiàn)在O

點(diǎn)的右側(cè)，故C錯(cuò)誤；D.負(fù)電荷沿直線由b

運(yùn)動(dòng)到d

的過程中，只是初末位置的電勢(shì)能相等，過程中電勢(shì)能變化，故D錯(cuò)誤。故選AB?！窘馕觥緼B

9、BD【分析】解：A

滑動(dòng)變阻器處于含容支路中；相當(dāng)于導(dǎo)線，所以滑動(dòng)觸頭不論如何移動(dòng)，I

總不變，U

也總不變.

故A錯(cuò)誤．

B、若僅增大AB

板間距離，依據(jù)C=?S4婁脨kd

電容C

減小，由于電壓U

不變，則電容器所帶電荷量減少.

故B正確．

C；用更強(qiáng)的光線照射R1R1

的阻值變小，總電阻減小，電流I

增大，內(nèi)電壓增大，外電壓減小，而電阻R3

電壓增大，因此U

減小，故C錯(cuò)誤；

D；將AB

兩板間的距離增大；電場(chǎng)強(qiáng)度變小，電場(chǎng)力變小，婁脠

減小，故D正確．

故選：BD

．

該電路R1

和R3

串聯(lián)；電容器兩端間的電壓等于R1

兩端間的電壓，根據(jù)閉合電路的動(dòng)態(tài)分析，分析電容器兩端的電壓變化，從而知道電場(chǎng)的變化以及婁脠

角的變化.

通過電容器兩端電壓的變化，就可知道電容器所帶電量的變化．

解決本題的關(guān)鍵抓住電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻不變，利用閉合電路歐姆定律進(jìn)行動(dòng)態(tài)分析．【解析】BD

10、AB【分析】解：AB

根據(jù)左手定則；安培力必須與電流和磁場(chǎng)構(gòu)成的平面垂直，故磁場(chǎng)的方向一定在xOy

平面內(nèi)，可以沿x

軸負(fù)方向，也可以是沿y

軸負(fù)方向，故AB正確；

CD

若磁場(chǎng)的方向沿z

軸方向；根據(jù)題意，結(jié)果不符合左手定則，故CD錯(cuò)誤；

故選：AB

．

通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到安培力；根據(jù)左手定則可確定安培力的方向，由安培力方向與磁場(chǎng)和電流方向所構(gòu)成的平面垂直，即可求解．

查左手定則，并讓學(xué)生理解安培力、電流與磁場(chǎng)三方向的關(guān)系，同時(shí)安培力必須與電流和磁場(chǎng)構(gòu)成的平面垂直；注意：左手定則中，磁感線不一定垂直穿過手掌心．【解析】AB

11、BC【分析】解：AB、小球從入射點(diǎn)P到M的過程中，根據(jù)半徑公式知粒子速度最小時(shí)半徑最小，故PM的距離l=2R1，故粒子的最小速度為：運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：故A錯(cuò)誤，B正確；

CD、粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)時(shí)，軌跡圓與OC、OA分別相切于P點(diǎn)和M點(diǎn)，如圖所示，由幾何關(guān)系得：解得：根據(jù)半徑公式有：解得：

其運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：故C正確，D錯(cuò)誤；

故選：BC。

當(dāng)粒子速度最小時(shí)，其半徑最小，半徑最小值為根據(jù)半徑公式和周期公式求速度最小值和運(yùn)動(dòng)時(shí)間；

當(dāng)粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)時(shí)；其圓心角最大，此時(shí)軌跡圓與OA；OC都相切，根據(jù)幾何知識(shí)求半徑，結(jié)合周期公式求運(yùn)動(dòng)時(shí)間，根據(jù)半徑公式求粒子速度即可；

帶電粒子在磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)的問題是高考的熱點(diǎn)，也是難點(diǎn)，關(guān)鍵是運(yùn)用幾何知識(shí)畫出軌跡，幾何知識(shí)結(jié)合洛倫茲力提供向心力解決問題；【解析】BC12、C:D【分析】【詳解】

根據(jù)題意可知小球2受到小球1的排斥力，所以2帶正電，A錯(cuò)誤；設(shè)彈性繩的勁度系數(shù)為k，原長(zhǎng)為在A位置時(shí)，對(duì)小球2受力分析可知，受到豎直向下的重力，1對(duì)2的庫侖力F，繩子的拉力T，根據(jù)幾何知識(shí)可知，三個(gè)力正好形成一個(gè)等邊矢量三角形，故①，解得在B位置時(shí)，小球2受力分析可知，受到豎直向下的重力，1對(duì)2的庫侖力繩子的拉力根據(jù)幾何知識(shí)可知，三個(gè)力正好形成一個(gè)直角矢量三角形，故②，解得聯(lián)立①②解得故B錯(cuò)誤CD正確．三、填空題(共6題，共12分)13、略

【分析】

（1）測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的時(shí)候；由于電源的內(nèi)阻是很小的，為了減小內(nèi)阻的測(cè)量誤差，我們選用的是電流表的內(nèi)接法，電路如圖所示．

（2）在U-I圖象中圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)等于電源的電動(dòng)勢(shì)；

所以由圖可以讀出電源的電動(dòng)勢(shì)為2.96V；

圖象中的斜率表示電源的內(nèi)阻；

所以電源的內(nèi)阻為r=Ω=0.5Ω．

故答案為：（1）如圖所示。

（2）2.96；0.5．

【解析】【答案】（1）電源的內(nèi)阻是比較小的；為了減小誤差，采用電流表的內(nèi)接法．

（2）在U-I圖象中縱坐標(biāo)的截距代表的是電源的電動(dòng)勢(shì)；直線的斜率代表的是電源的內(nèi)阻的大?。?/p>

14、略

【分析】根據(jù)規(guī)定，人體安全電壓：不高于36V，同樣的電壓或電流，對(duì)于人體交流電危害更大?！窘馕觥俊敬鸢浮?6V交流15、略

【分析】解：已知當(dāng)電流從電流計(jì)G

左端流入時(shí)；指針向左偏轉(zhuǎn)；

(1)

將磁鐵N

極向下從線圈上方豎直插入L

時(shí)；穿過L

的磁場(chǎng)向下，磁通量增大，由楞次定律可知，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向與原磁場(chǎng)方向相反，感應(yīng)電流磁場(chǎng)應(yīng)該向上，由安培定則可知，電流從左端流入電流計(jì)，則電流表指針向左偏轉(zhuǎn)；

(2)

當(dāng)條形磁鐵從圖中虛線位置向右遠(yuǎn)離L

時(shí)，穿過L

的磁通量向上，磁通量減小，由楞次定律可知，感應(yīng)電流磁場(chǎng)應(yīng)向上，由安培定則可知，電流從b

流向aa

點(diǎn)電勢(shì)高于b

點(diǎn)電勢(shì)；

故答案為：(1)

向左；(2)

高于．

電流從左端流入指針向左偏轉(zhuǎn)；根據(jù)電流表指針偏轉(zhuǎn)方向判斷電流方向，然后應(yīng)用安培定則與楞次定律分析答題．

熟練應(yīng)用安培定則與楞次定律是正確解題的關(guān)鍵；要掌握安培定則與楞次定律的內(nèi)容．【解析】向左；高于16、1.2×1051×105【分析】解：封閉氣體壓強(qiáng)為：p==1.2×105Pa；

活塞靜止，處于平衡狀態(tài)，由平衡條件得：F2=F1+p0S；

大氣壓強(qiáng)為：p0==1×105Pa；

故答案為：1.2×105，1×105。

根據(jù)壓強(qiáng)公式的變形可以求出封閉氣體的壓強(qiáng)。

對(duì)活塞應(yīng)用平衡條件可以求出大氣壓強(qiáng)。

本題考查了求壓強(qiáng)問題，應(yīng)用壓強(qiáng)公式、平衡條件可以解題；本題是一道基礎(chǔ)題，難度不大，掌握基礎(chǔ)知識(shí)即可解題，要掌握基礎(chǔ)知識(shí)，知道壓強(qiáng)的定義式與平衡條件，平時(shí)要注意基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)與掌握?！窘馕觥?.2×1051×10517、（1）BC；DE；（2）1.26；1.25；在誤差允許的范圍內(nèi)，碰撞前后總動(dòng)量守恒【分析】【分析】小車做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)；在相等時(shí)間內(nèi)小車的位移相等，分析紙帶，根據(jù)紙帶分析求解速度，再根據(jù)動(dòng)量的定義分析求解碰撞前后的動(dòng)量大小，從而驗(yàn)證動(dòng)量是否守恒.

本題考查驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)原理，要注意解決本題的關(guān)鍵知道A

與B

碰后，速度減小，會(huì)通過紙帶求解速度的大??；再通過碰撞前后的動(dòng)量大小關(guān)系驗(yàn)證動(dòng)量是否相等即可?！窘獯稹?1)(1)推動(dòng)小車由靜止開始運(yùn)動(dòng)，故小車有個(gè)加速過程，在碰撞前做勻速直線運(yùn)動(dòng)，即在相同的時(shí)間內(nèi)通過的位移相同，故BC段為勻速運(yùn)動(dòng)的階段，故選BC計(jì)算碰前的速度；

碰撞過程是一個(gè)變速運(yùn)動(dòng)的過程，而AA和BB碰后的共同運(yùn)動(dòng)時(shí)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故在相同的時(shí)間內(nèi)通過相同的位移，故應(yīng)選DE段來計(jì)算碰后共同的速度..

(2)(2)由圖可知，BC=31.50cm=0.3150mBC=31.50cm=0.3150m

DE=20.85cm=0.2085mDE=20.85cm=0.2085m

AA碰前的速度：vv1==BCt==0.31505脳0.02=3.15m/s=3.15m/s

碰后共同速度：vv2==DEt==0.20855脳0.02=2.085m/s=2.085m/s

碰前總動(dòng)量：PP1=m=m1vv1=0.4隆脕3.15=1.26kgm/s=0.4隆脕3.15=1.26kgm/s

碰后的總動(dòng)量：PP2=(m=(m1+m+m2)v)v2=0.6隆脕2.085=1.25kgm/s=0.6隆脕2.085=1.25kgm/s

則說明在誤差允許的范圍內(nèi)，碰撞前后總動(dòng)量守恒

故答案為：(1)BC(1)BCDEDE(2)1.26(2)1.261.251.25在誤差允許的范圍內(nèi)，碰撞前后總動(dòng)量守恒

【解析】(1)BC(1)BCDEDE(2)1.26(2)1.261.251.25在誤差允許的范圍內(nèi)，碰撞前后總動(dòng)量守恒18、紅外線【分析】解：一般人體都有恒定的體溫；一般在37度，所以會(huì)發(fā)出特定波長(zhǎng)10UM左右的紅外線，被動(dòng)式紅外探頭就是靠探測(cè)人體發(fā)射的10UM左右的紅外線而進(jìn)行工作的。人走向門口時(shí)，門會(huì)自動(dòng)打開，是因?yàn)榘惭b了紅外線傳感器。從而能感知紅外線，導(dǎo)致門被打開。

故答案為：紅外線。

傳感器是一種檢測(cè)裝置；能感受到被測(cè)量的信息，并能將檢測(cè)感受到的信息，按一定規(guī)律變換成為電信號(hào)或其他所需形式的信息輸出，以滿足信息的傳輸；處理、存儲(chǔ)、顯示、記錄和控制等要求，它是實(shí)現(xiàn)自動(dòng)檢測(cè)和自動(dòng)控制的首要環(huán)節(jié)。

本題考查傳感器的使用，要明確儀器的基本原理，從而分析所用傳感器的性質(zhì)?！窘馕觥考t外線四、判斷題(共2題，共8分)19、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?、解答題(共4題，共40分)21、略

【分析】

A；當(dāng)入射光的頻率小于極限頻率；不會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)．故A正確．

B、根據(jù)光電效應(yīng)方程知Ekm=hv-W；光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率成一次函數(shù)關(guān)系，不是正比關(guān)系．故B錯(cuò)誤．

C；根據(jù)光電效應(yīng)方程知光電子的最大初動(dòng)能與入射光的強(qiáng)度無關(guān)．故C錯(cuò)誤．

D；某光照射金屬不能發(fā)生光電效應(yīng)；改用波長(zhǎng)較