2025年滬教版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版高二物理上冊月考試卷864考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，兩條平行虛線之間存在勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里，虛線間的距離為L。金屬圓環(huán)的直徑也是L。自圓環(huán)從左邊界進入磁場開始計時，以垂直于磁場邊界的恒定速度v穿過磁場區(qū)域。規(guī)定逆時針方向為感應電流i的正方向，則圓環(huán)中感應電流i隨其移動距離x的i～x圖象最接近：2、關于位移和路程，下列說法中正確的是（）A.在某段時間內(nèi)，質(zhì)點運動的位移為零，該質(zhì)點一定是靜止的B.在某段時間內(nèi)，質(zhì)點運動的路程為零，該質(zhì)點不一定是靜止的C.在直線運動中，質(zhì)點位移的大小一定等于其路程D.在曲線運動中，質(zhì)點位移的大小一定小于其路程3、關于兩個物體之間的作用力和反作用力，下列說法正確的是（）A.兩物體之間的作用力和反作用力的大小不一定相等B.兩物體之間的作用力和反作用力不作用在一條直線上C.兩物體之間的作用力和反作用力總是大小相等D.兩物體之間的作用力和反作用力作用在同一個物體上4、“力的合成的平行四邊形定則”實驗中體現(xiàn)的物理思想方法是（）

A.等效替代的方法B.控制變量的方法C.建立物理模型的方法D.取微元的方法5、影響平行板電容器電容的因素有很多，探究時需采用控制變量法．如圖，已經(jīng)充滿電的兩個極板所帶電荷量不變，兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計指針偏角為θ．實驗中，改變電容器的結(jié)構(gòu)，關于可能看到的現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A.保持d不變，增大S，則θ變大B.保持d不變，增大S，則θ變小C.保持S不變，減小d，則θ變大D.保持S不變，減小d，則θ不變評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)6、如圖所示，氣缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的某種理想氣體，活塞通過滑輪和一重物連接并保持平衡，已知活塞距缸口0．2m，活塞面積大氣壓強物重50N，活塞質(zhì)量及一切摩擦不計，緩慢升高環(huán)境溫度，使活塞剛好升到缸口，封閉氣體吸收了60J的熱量，則封閉氣體的壓強將____（選填“增加”、“減小”或“不變”），氣體內(nèi)能變化量為____J。

7、在雙縫干涉實驗中，屏上一點P到雙縫的路程差是2.6×10-6m．若P點恰是暗紋，且和中央亮紋之間還有一條亮紋，則光的波長是______m．8、在“用單擺測定重力加速度”的實驗中，測得單擺擺角小于5鈭?

完成n

全振動的時間為t

用毫米刻度尺測得擺線長為L

用螺旋測微器測得擺球直徑為d

．

(1)

用上述物理量的符號寫出重力加速度的一般表達式g=

______．

(2)

從圖可知；擺球直徑d

的讀數(shù)為______mm

．

(3)

實驗中有個同學發(fā)現(xiàn)他測得重力加速度的值偏大；其原因可能是______

A.懸點未固定緊；振動中出現(xiàn)松動，使擺線增長了。

B.單擺所用擺球質(zhì)量太大。

C.把n

次全振動時間誤當成(n+1)

次全振動時間。

D.以擺線長作為擺長來計算．9、如圖所示，從勻強磁場中用外力把一矩形線圈勻速拉出磁場區(qū)域．如果兩次拉出的速度之比v1：v2=1：2，則在將線圈拉出磁場區(qū)域的過程中，兩次所用的外力大小之比F1：F2=____，通過線圈某截面的電量之比q1：q2=____．

10、半徑分別為r和2r的兩個質(zhì)量不計的圓盤，共軸固定連結(jié)在一起，可以繞水平軸O無摩擦轉(zhuǎn)動，大圓盤的邊緣上固定有一個質(zhì)量為m的質(zhì)點，小圓盤上繞有細繩．開始時圓盤靜止，質(zhì)點處在水平軸O的正下方位置．現(xiàn)以水平恒力F拉細繩，使兩圓盤轉(zhuǎn)動，若兩圓盤轉(zhuǎn)過的角度時，質(zhì)點m的速度最大，則恒力F=____；若圓盤轉(zhuǎn)過的最大角度則此時恒力F=____．

評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)11、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）12、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）13、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）14、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）15、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實驗題(共4題，共28分)16、在“測定金屬絲電阻率”的實驗中需要測出其長度L、直徑d和電阻R.(1)用螺旋測微器測金屬絲直徑時讀數(shù)如下圖甲，則金屬絲的直徑為________mm.(2)若用圖乙測金屬絲的電阻，則測量結(jié)果將比真實值__________．(填“偏大”或“偏小”)(3)用電壓表和電流表測金屬絲的電壓和電流時讀數(shù)如下圖所示，則電壓表的讀數(shù)為________V，電流表的讀數(shù)為________A.17、一塊玻璃磚用兩個相互平行的表面，其中一個表面是鍍銀的（光線不能通過表面）?，F(xiàn)要測定此玻璃的析射率。給定的器材還有：白紙、鉛筆、大頭針4枚（P1、P2、P3、P4）、帶有刻度的直角三角板、量角器。實驗時，先將玻璃磚放到白紙上，使上述兩個相互平行的表面與紙面垂直。在紙上畫出直線aa’表示鍍銀的玻璃表面，bb’表示另一表面，如圖所示。然后，在白紙上豎直插上兩枚大頭針P1、P2（位置如圖）。用P1、P2的連線表示入射光線。⑴為了測量折射率，大頭針P3、P4應插在()A、玻璃磚aa’一側(cè)B、玻璃磚bb’一側(cè)C、玻璃磚aa’、bb’兩側(cè)各插一枚⑵試在題圖中標出P3、P4的位置。然后，移去玻璃磚與大頭針。試在題圖中通過作圖的方法標出光線從空氣到玻璃中的入射角θ1與折射角θ2,并寫出主要作圖步驟：。⑶寫出θ1、θ2表示的折射率公式為n＝____．18、硅光電池是一種可將光能轉(zhuǎn)化為電能的元件．某同學利用如圖a所示電路探究某硅光電池的路端電壓U與電流I的關系．圖中R0=2Ω，電壓表、電流表均可視為理想電表．①實驗一：用一定強度的光照射硅光電池，閉合電鍵S，調(diào)節(jié)可調(diào)電阻的阻值，通過測量得到該電池的U—I曲線a（見圖c）．則由圖象可知，當電流小于200mA時，該硅光電池的電動勢為V，內(nèi)阻為____Ω．②實驗二：減小光照強度，重復實驗，通過測量得到該電池的U—I曲線b（見圖c）．在做實驗一時，調(diào)整R的阻值使電壓表的讀數(shù)為1.5V；保持R的阻值不變，在實驗二的光照強度下，可調(diào)電阻R的電功率為mW（保留兩位有效數(shù)字）．③用“筆畫線”代替導線，將圖b中的器材按圖a所示電路連接起來．19、乙酸乙酯是一種有香味的油狀液體，在濃硫酸存在并加熱的條件下，乙酸與乙醇反應生成乙酸乙酯。請回答：rm{(1)}乙酸乙酯分子中官能團的名稱為____。rm{(2)}生成乙酸乙酯的化學方程式為____，該反應的類型是____反應。rm{(3)}常溫下，乙酸和乙酸乙酯都是無色液體，寫出一種能夠鑒別兩者的試劑：____。評卷人得分五、簡答題(共1題，共4分)20、在電磁波大家族中，按波長由長到短排列依次是：無線電波、____、可見光、____、X

射線、婁脙

射線.(

填入“紫外線”、“紅外線”)

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】試題分析：根據(jù)楞次定律，在進磁場的過程中，感應電流的方向為逆時針方向；在出磁場的過程中，感應電流的方向為順時針方向．在進磁場的過程中，切割的有效長度先增加后減小，出磁場的過程中，切割的有效長度先增加后減?。愿袘娏鞯拇笮≡谶M磁場的過程中先增大后減小，出磁場的過程中也是先增大后減?。蔄正確，B、C、D錯誤．故選A．考點：法拉第電磁感應定律。【解析】【答案】A2、D【分析】解：A；位移是從初位置到末位置的有向線段；在某段時間內(nèi)質(zhì)點運動的位移為零，初位置與末位置重合，但中間過程可能是運動的，故A錯誤；

B；路程是軌跡的長度；在某段時間內(nèi)質(zhì)點運動的路程為零，說明物體一直靜止不動，故B錯誤；

C；在直線運動中；質(zhì)點的路程可能大于位移的大小，如往返運動，故C錯誤；

D；在曲線運動中；質(zhì)點運動的路程大于位移的大小，故D正確；

故選：D．

位移是矢量；大小等于首末位置的距離，路程是標量，大小等于運動軌跡的長度，當物體做單向直線運動時，位移的大小等于路程．

解決本題的關鍵知道路程和位移的區(qū)別，知道路程是標量，位移是矢量，路程等于運動軌跡的長度，位移大小等于首末位置的距離．【解析】【答案】D3、C【分析】解：A；由牛頓第三定律可知；任何情況下作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在一條直線上，故AB錯誤，C正確；

D；作用力和反作用力作用在不同的物體上；作用效果不能抵消，不能合成，故D錯誤；

故選：C．

由牛頓第三定律可知；作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時產(chǎn)生，同時變化，同時消失．

本題考查牛頓第三定律及其理解．理解牛頓第三定律與平衡力的區(qū)別．作用力與反作用力是分別作用在兩個物體上的，既不能合成，也不能抵消，分別作用在各自的物體上產(chǎn)生各自的作用效果．【解析】【答案】C4、A【分析】解：該實驗中；兩個力拉繩套和一個力拉繩套時，節(jié)點要到同一位置，即要求作用效果相同，故采用了“等效替代”的科學思想方法，本實驗采用了“等效法”，故A正確，BCD錯誤．

故選：A

正確理解“等效替代”科學思想方法的應用；明確實驗原理，理解“理論值”和“實驗值”的區(qū)別．

明確實驗原理，了解具體操作，要圍繞“驗證力的平行四邊形定則”的實驗原理對實驗步驟和實驗中需要注意的問題進行理解記憶．【解析】【答案】A5、B【分析】解：A、B根據(jù)電容的決定式C=得知，電容與極板的正對面積成正比，當保持d不變，增大S時，電容增大，極板所帶電荷量Q不變，則由電容的定義式C=分析可知板間電勢差減??；靜電計指針的偏角θ變?。蔄錯誤，B正確．

C；D根據(jù)電容的決定式得知；電容與極板間距離成反比，當保持S不變，減小d時，電容增大，由電容的定義式分析可知板間電勢差減小，靜電計指針的偏角θ變小．故CD錯誤．

故選：B．

靜電計測定電容器極板間的電勢差，電勢差越大，指針的偏角越大．根據(jù)電容的決定式C=分析極板間距離、正對面積變化時電容的變化情況，由于極板所帶電荷量不變，由電容的定義式C=分析板間電勢差的變化；再確定靜電計指針的偏角變化情況．

本題是電容動態(tài)變化分析問題，關鍵抓住兩點：一是電容器的電量不變；二是關于電容的兩個公式．【解析】【答案】B二、填空題(共5題，共10分)6、不變（增加）50J【分析】【解答】不變（增加）50J（“增加”不寫也給分；寫成“減少”扣1分）．

【分析】本題考查了氣體的狀態(tài)方程7、略

【分析】解：由題意知；P點恰是暗紋，且和中央之間還有一條亮紋；

則有雙縫到P點的光程差為半個波長的3倍，即：λ=2.6×10-6m；

解得：λ=1.7×10-6m．

故答案為：1.7×10-6

根據(jù)相鄰明紋的光程為半個波長的偶數(shù)倍；而相鄰暗紋的光程差為半個波長的奇數(shù)倍，即可求解．

本題考查了雙縫干涉實驗的原理圖，理解明、暗條紋對應的光程差與半個波長的倍數(shù)關系，是解題的關鍵．【解析】1.7×10-68、略

【分析】解：(1)

單擺周期T=tn

單擺擺長l=L+d2

由單擺周期公式T=2婁脨Lg

聯(lián)立可得重力加速度為：g=4n2婁脨2(L+d2)1t2

(2)

由圖示螺旋測微器可知；固定刻度示數(shù)為5.5mm

可動刻度示數(shù)為48.0隆脕0.01mm=0.480mm

則螺旋測微器的示數(shù)為5.5mm+0.480mm=5.980mm

(3)A

懸點未固定緊，振動中出現(xiàn)松動，使擺線增長了，故L的測量值偏?。桓鶕?jù)g=4婁脨2LT2

重力加速度的測量值偏小，故A錯誤；

B、根據(jù)g=4婁脨2LT2

重力加速度的測量值與擺球質(zhì)量無關，故B錯誤；

C、把n

次全振動時間誤當成(n+1)

次全振動時間，周期測量值偏?。桓鶕?jù)g=4婁脨2LT2

重力加速度的測量值偏大，故C正確；

D、以擺線長作為擺長來計算，則L

的測量值偏小；根據(jù)g=4婁脨2LT2

重力加速度的測量值偏小，故D錯誤；

故選：C

故答案為：(1)4n2婁脨2(L+d2)1t2(2)5.980(3)C

(1)

單擺擺長等于擺線長度與擺球半徑之和；由單擺周期公式求出重力加速度的表達式．

(2)

螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)．

(3)

對于測量誤差可根據(jù)實驗原理進行分析．

常用儀器的讀數(shù)要掌握，這是物理實驗的基礎.

掌握單擺的周期公式，從而求解加速度，擺長、周期等物理量之間的關系.

單擺的周期采用累積法測量可減小誤差.

對于測量誤差可根據(jù)實驗原理進行分析．【解析】4n2婁脨2(L+d2)1t25.980C

9、略

【分析】

安培力F=BIL=所以線框所受安培力大小F1：F2=v1：v2．

由法拉第電磁感應定律得感應電動勢E=

由歐姆定律得：I==

則通過導線的電荷量為：q=I△t=

則q與線框移動速度無關，磁通量的變化量△Φ相同，所以通過導線橫截面的電荷量q1：q2=1：1．

故答案為：1：1，．v1：v2

【解析】【答案】根據(jù)法拉第電磁感應定律求得電動勢；電流再由公式F=BIL研究安培力之比．根據(jù)法拉第電磁感應定律、歐姆定律推導出電荷量的表達式；再求電荷量之比．

10、mg【分析】【解答】以水平恒力F拉細繩，使兩圓盤轉(zhuǎn)動，若兩圓盤轉(zhuǎn)過的角度時，質(zhì)點m的速度最大；此時力矩平衡，故：

F?r=mg?2rsin30°

解得：F=mg；

根據(jù)能量守恒定律得。

解得

本題答案是：mg，．

【分析】兩圓盤轉(zhuǎn)過的角度θ時，兩個物體構(gòu)成的系統(tǒng)減小的重力勢能等于增加的動能，根據(jù)機械能守恒定律列式求解；當F的力矩大于mg的力矩時，質(zhì)點m的速度增大，當F的力矩小于mg的力矩時，質(zhì)點m的速度減小，則當兩者力矩相等時，質(zhì)點m的速度最大．根據(jù)力矩平衡條件列方程求解．再能量守恒定律求解F．三、判斷題(共5題，共10分)11、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．12、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．13、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．14、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．15、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．四、實驗題(共4題，共28分)16、略

【分析】【解析】試題分析：（1）螺旋測微器讀數(shù)方法：測量長度=固定刻度示數(shù)+可動刻度示數(shù)×精確度(注意單位為毫米)．所以讀數(shù)為：0.695～0.697；(2)圖乙為電流表外接，由于電壓表的分流作用，測量結(jié)果將比真實值偏?。?3)由圖可得電壓表的讀數(shù)為2.60V；電流表的讀數(shù)為0.520A考點：測定金屬絲電阻率【解析】【答案】0.695～0.697，偏小,2.60，0.52017、略

【分析】⑴P3、P4應插在玻璃磚bb’一側(cè)⑵略⑶由光路圖可知入射角為θ1，折射角為θ2【解析】【答案】⑴B⑵①過P1、P2作直線與bb′交于O；②過P3、P4作直線與bb′交于O′；③利用刻度尺找到OO′的中點M；④過O點作bb′的垂線CD，過M點作bb′的垂線與aa′相交與N，如圖所示，連接ON；⑤∠P1OD＝θ1，∠CON＝θ2。⑶18、略

【分析】試題分析：（1）從圖中讀出當電流小于200mA時，該硅光電池的電動勢為2.9V，內(nèi)阻為（2）．從圖中讀出，當電壓表讀數(shù)為1.5V時通過R0和R的電流為65mA，則可調(diào)電阻R的電功率為(3)連線如下圖?？键c：測電源的電動勢及內(nèi)阻；電功率。【解析】【答案】