甘肅省天水市高考物理一模試題（含解析）.doc

甘肅省天水市2015年高考一模物理試卷一、選擇題（本題共12小題；每小題4分，共48分每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，1-8為單選，9-12為多選，全選對(duì)得4分，選對(duì)但不全得2分，錯(cuò)選或不答得0分）1如圖，粗糙的水平地面上有一斜劈，斜劈上一物塊正在沿斜面以速度v0勻速下滑，斜劈保持靜止，則地面對(duì)斜劈的摩擦力（）a等于零b不為零，方向向右c不為零，方向向左d不為零，v0較大時(shí)方向向左，v0較小時(shí)方向向右考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用.專題：壓軸題分析：在研究力和運(yùn)動(dòng)關(guān)系的問題時(shí)，常會(huì)涉及相互關(guān)聯(lián)的物體間的相互作用問題，即“連接體問題”連接體問題一般是指由兩個(gè)或兩個(gè)以上物體所構(gòu)成的有某種關(guān)聯(lián)的系統(tǒng)研究此系統(tǒng)的受力或運(yùn)動(dòng)時(shí)，求解問題的關(guān)鍵是研究對(duì)象的選取和轉(zhuǎn)換一般若討論的問題不涉及系統(tǒng)內(nèi)部的作用力時(shí)，可以以整個(gè)系統(tǒng)為研究對(duì)象列方程求解“整體法”；若涉及系統(tǒng)中各物體間的相互作用，則應(yīng)以系統(tǒng)某一部分為研究對(duì)象列方程求解“隔離法”這樣，便將物體間的內(nèi)力轉(zhuǎn)化為外力，從而體現(xiàn)其作用效果，使問題得以求解在求解連接體問題時(shí)，隔離法與整體法相互依存，相互補(bǔ)充，交替使用，形成一個(gè)完整的統(tǒng)一體，可以分別列方程求解本題中由于小木塊與斜面體間有相對(duì)滑動(dòng)，但無相對(duì)加速度，可以當(dāng)作兩物體間相對(duì)靜止，摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力的情況，然后運(yùn)用整體法研究解答：解：斜劈和物塊都平衡，受力的大小和方向情況與兩物體間相對(duì)靜止且摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力的情況相同，故可以對(duì)斜劈和物塊整體受力分析受重力和支持力，二力平衡，無摩擦力；故選a點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵要靈活地選擇整體法與隔離法，選用整體法可以不考慮兩物體間的作用力，使問題大為簡(jiǎn)化2（4分）（2015天水一模）如圖所示，在動(dòng)摩擦因數(shù)=0.2的水平面上有一個(gè)質(zhì)量m=1kg的小球，小球與水平輕彈簧及與豎直方向成=45角的不可伸長的輕繩一端相連，此時(shí)小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，且水平面對(duì)小球的彈力恰好為零在剪斷輕繩的瞬間（g取10m/s2），下列說法中正確的是（）a小球受力個(gè)數(shù)不變b小球立即向左運(yùn)動(dòng)，且a=8m/s2c小球立即向左運(yùn)動(dòng)，且a=10m/s2d若剪斷的是彈簧，則剪斷瞬間時(shí)小球加速度的大小a=10m/s2考點(diǎn)：牛頓第二定律；力的合成與分解的運(yùn)用.專題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題分析：剪斷細(xì)線的瞬間，彈簧的彈力不變，對(duì)小球受力分析，確定小球的受力個(gè)數(shù)，根據(jù)牛頓第二定律求出瞬間的加速度大小剪斷彈簧的瞬間，因?yàn)槔K子的作用力可以發(fā)生突變，小球瞬間所受的合力為零解答：解：a、在剪斷輕繩前，小球受重力、繩子的拉力以及彈簧的彈力處于平衡，根據(jù)共點(diǎn)力平衡得，彈簧的彈力：f=mgtan45=101=10n剪斷輕繩的瞬間，彈簧的彈力仍然為10n，小球此時(shí)受重力、支持力、彈簧彈力和摩擦力四個(gè)力作用小球的受力個(gè)數(shù)發(fā)生改變故a錯(cuò)誤bc、小球所受的最大靜摩擦力為：f=mg=0.210n=2n，根據(jù)牛頓第二定律得小球的加速度為：a=合力方向向左，所以向左運(yùn)動(dòng)故b正確，c錯(cuò)誤d、剪斷彈簧的瞬間，輕繩對(duì)小球的拉力瞬間為零，此時(shí)小球所受的合力為零，則小球的加速度為零故d錯(cuò)誤故選：b點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道剪斷細(xì)線的瞬間，彈簧的彈力不變，剪短彈簧的瞬間，輕繩的彈力要變化，結(jié)合牛頓第二定律進(jìn)行求解3（4分）（2010江蘇）如圖所示，一塊橡皮用細(xì)線懸掛于o點(diǎn)，用鉛筆靠著線的左側(cè)水平向右勻速移動(dòng)，運(yùn)動(dòng)中始終保持懸線豎直，則橡皮運(yùn)動(dòng)的速度（）a大小和方向均不變b大小不變，方向改變c大小改變，方向不變d大小和方向均改變考點(diǎn)：運(yùn)動(dòng)的合成和分解.分析：橡皮參加了兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)，水平向右勻速移動(dòng)，同時(shí)，豎直向上勻速運(yùn)動(dòng)，實(shí)際運(yùn)動(dòng)是這兩個(gè)運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平行四邊形定則可以求出合速度解答：解：橡皮在水平方向勻速運(yùn)動(dòng)，由于橡皮向右運(yùn)動(dòng)的位移一定等于橡皮向上的位移，故在豎直方向以相等的速度勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平行四邊形定則，可知合速度也是一定的，故合運(yùn)動(dòng)是勻速運(yùn)動(dòng)；故選a點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是先確定水平方向和豎直方向的分運(yùn)動(dòng)，然后根據(jù)合運(yùn)動(dòng)與分運(yùn)動(dòng)的等效性，由平行四邊形定則求出合速度4（4分）（2015天水一模）汽車在平直的公路上以恒定的功率啟動(dòng)，設(shè)阻力恒定，則在圖中關(guān)于汽車運(yùn)動(dòng)過程中加速度、速度隨時(shí)間變化的關(guān)系，以下判斷正確的是（）a汽車的加速度時(shí)間圖象可用圖乙描述b汽車的速度時(shí)間圖象可用圖甲描述c汽車的加速度時(shí)間圖象可用圖丁描述d汽車的速度時(shí)間圖象可用圖丙描述考點(diǎn)：功率、平均功率和瞬時(shí)功率.專題：功率的計(jì)算專題分析：由p=fv可明確力、功率及速度間的關(guān)系；則可明確加速度、速度隨時(shí)間的變化關(guān)系解答：解：汽車恒定功率啟動(dòng)，則開始時(shí)加速度較大，速度增大；則由p=fv可知，牽引力減小，則加速度減??；當(dāng)牽引力等于阻力時(shí)，物體的加速度為零；此后做勻速直線運(yùn)動(dòng)；注意圖象的斜率表示縱坐標(biāo)物理量的變化；故速度時(shí)間圖象為甲圖；加速度時(shí)間圖象為乙圖；故選：ab點(diǎn)評(píng)：本題考查功率公式的應(yīng)用，要明確p=fv表示瞬時(shí)速度、力及功率的關(guān)系，故可明確物體的運(yùn)動(dòng)情況5（4分）（2012安徽）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系中，有方向平行于坐標(biāo)平面的勻強(qiáng)電場(chǎng)，其中坐標(biāo)原點(diǎn)o處的電勢(shì)為0v，點(diǎn)a處的電勢(shì)為6v，點(diǎn)b處的電勢(shì)為3v，則電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為（）a200 v/mb200 v/mc100 v/md100 v/m考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng).專題：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題分析：根據(jù)題中的數(shù)據(jù)找出x軸方向上電勢(shì)與b點(diǎn)相等的c點(diǎn)，bc兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，即bc連線上的各點(diǎn)電勢(shì)相等，通過幾何關(guān)系，求出o點(diǎn)到bc的距離，由勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系可得出電場(chǎng)強(qiáng)度的大小解答：oa的中點(diǎn)c點(diǎn)，由題意可得c點(diǎn)的電勢(shì)為3v，即bc的電勢(shì)相等，連接bc，因bc的電勢(shì)相等，所以勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向垂直于bc，過o點(diǎn)做bc的垂線相較于d點(diǎn)，由幾何關(guān)系得：od=ocsinbco=1.5cm=1.5102m則電場(chǎng)強(qiáng)度為：e=200v/m，選項(xiàng)bcd錯(cuò)誤，a正確故選：a點(diǎn)評(píng)：在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)是處處相等的，電場(chǎng)強(qiáng)度，電勢(shì)差與沿電場(chǎng)方向上的距離有關(guān)系e=，值得注意的是該關(guān)系式只適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)6（4分）（2011北京）如圖所示電路，電源內(nèi)阻不可忽略開關(guān)s閉合后，在變阻器r0的滑動(dòng)端向下滑動(dòng)的過程中（）a電壓表與電流表的示數(shù)都減小b電壓表與電流表的示數(shù)都增大c電壓表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)減小d電壓表的示數(shù)減小，電流表的示數(shù)增大考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律.分析：由電路圖可知r2與r0并聯(lián)后與r1串聯(lián)，電壓表測(cè)路端電壓；由滑片的移動(dòng)可知滑動(dòng)變阻器接入電阻的變化，則由閉合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化及路端電壓的變化，再分析局部電路可得出電流表中示數(shù)的變化解答：解：滑片下移，則滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則總電阻減小，電路中總電流增大，內(nèi)阻兩端電壓增大，則由閉合電路歐姆定律可知，電路的路端電壓減小，故電壓表示數(shù)減小；由歐姆定律可知，r1上的分壓增大，故并聯(lián)部分電壓減小，即可知電流表示數(shù)減小，故a正確，bcd錯(cuò)誤；故選a點(diǎn)評(píng)：分析閉合電路的歐姆定律的動(dòng)態(tài)分析的題目時(shí)，一般要按先外電路、再內(nèi)電路、后外電路的思路進(jìn)行分析；重點(diǎn)分析電路中的路端電壓、總電流及部分電路的電流及電壓變化7（4分）（2013四川）圖l是一列簡(jiǎn)諧橫波在t=1.25s時(shí)的波形圖，已知c位置的質(zhì)點(diǎn)比a位置的晚0.5s起振，則圖2所示振動(dòng)圖象對(duì)應(yīng)的質(zhì)點(diǎn)可能位于（）aaxbbbxcccxdddxe考點(diǎn)：橫波的圖象；簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振動(dòng)圖象.專題：振動(dòng)圖像與波動(dòng)圖像專題分析：由題，根據(jù)c位置的質(zhì)點(diǎn)比a位置的晚0.5s起振，確定出該波的周期及波的傳播方向，作出1.25s前的波形圖象，即t=0時(shí)刻的波形，逐項(xiàng)分析t=0時(shí)刻各個(gè)區(qū)間質(zhì)點(diǎn)的狀態(tài)，選擇與圖2相符的選項(xiàng)解答：解：由圖2知，t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)處于平衡位置上方，且向上振動(dòng)由題，c位置的質(zhì)點(diǎn)比a位置的晚0.5s起振，則知該波的周期為t=1s，波的傳播方向?yàn)橄蛴遥瑒tt=1.25s=1t，作出1.25s前的波形圖象，即t=0時(shí)刻的波形圖象如圖所示（紅線），則位于平衡位置上方且振動(dòng)方向向上的質(zhì)點(diǎn)位于區(qū)間為de間，即有dxe故選d點(diǎn)評(píng)：本題的解題技巧是畫出t=0時(shí)刻的波形，考查分析和理解波動(dòng)圖象和振動(dòng)圖象聯(lián)系的能力8（4分）（2015天水一模）如圖所示，兩平行的虛線間的區(qū)域內(nèi)存在著有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，有一較小的三角形線框abc的ab邊與磁場(chǎng)邊界平行，現(xiàn)使此線框向右勻速穿過磁場(chǎng)區(qū)域，運(yùn)動(dòng)過程中始終保持速度方向與ab邊垂直則下列各圖中哪一個(gè)可以定性地表示線框在進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的規(guī)律（）abcd考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；閉合電路的歐姆定律.專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合分析：首先根據(jù)右手定則判斷邊cb剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)回路中感應(yīng)電流方向，排除部分答案，然后根據(jù)進(jìn)入磁場(chǎng)中有效切割長度的變化，求出感應(yīng)電流的變化，從而得出正確結(jié)果解答：解：開始時(shí)進(jìn)入磁場(chǎng)切割磁感線，根據(jù)右手定則可知，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，當(dāng)開始出磁場(chǎng)時(shí)，回路中磁通量減小，產(chǎn)生的感應(yīng)電流為順時(shí)針；不論進(jìn)入磁場(chǎng)，還是出磁場(chǎng)時(shí)，由于切割的有效長度變小，導(dǎo)致產(chǎn)生感應(yīng)電流大小變小，故abc錯(cuò)誤，d正確；故選d點(diǎn)評(píng)：對(duì)于圖象問題可以通過排除法進(jìn)行求解，如根據(jù)圖象過不過原點(diǎn)、電流正負(fù)、大小變化等進(jìn)行排除9（4分）（2015天水一模）質(zhì)譜議的構(gòu)造原理如圖所示從粒子源s出來時(shí)的粒子速度很小，可以看作初速為零，粒子經(jīng)過電場(chǎng)加速后進(jìn)入有界的垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，并沿著半圓周運(yùn)動(dòng)而達(dá)到照相底片上的p點(diǎn)，測(cè)得p點(diǎn)到入口的距離為x，則以下說法正確的是（）a粒子一定帶正電b粒子一定帶負(fù)電cx越大，則粒子的質(zhì)量與電量之比一定越大dx越大，則粒子的質(zhì)量與電量之比一定越小考點(diǎn)：質(zhì)譜儀和回旋加速器的工作原理.專題：壓軸題；帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題分析：根據(jù)粒子的偏轉(zhuǎn)方向，通過左手定則判斷粒子的電性根據(jù)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑公式結(jié)合動(dòng)能定理，根據(jù)x的大小比較出粒子質(zhì)量和電量比值的大小解答：解：a、根據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)方向和洛倫茲力方向，根據(jù)左手定則，知粒子帶正電故a正確，b錯(cuò)誤c、根據(jù)半徑公式知，x=2r=，又qu=，聯(lián)立解得x=，知x越大，質(zhì)量與電量的比值越大故c正確，d錯(cuò)誤故選ac點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力、電荷運(yùn)動(dòng)方向，磁場(chǎng)方向的關(guān)系，以及掌握帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑公式10（4分）（2010天津）為探究理想變壓器原、副線圈電壓、電流的關(guān)系，將原線圈接到電壓有效值不變的正弦交流電源上，副線圈連接相同的燈泡l1、l2，電路中分別接了理想交流電壓表v1、v2和理想交流電流表a1、a2，導(dǎo)線電阻不計(jì)，如圖所示當(dāng)開關(guān)s閉合后（）aa1示數(shù)變大，a1與a2示數(shù)的比值不變ba1示數(shù)變大，a1與a2示數(shù)的比值變大cv2示數(shù)變小，v1與v2示數(shù)的比值變大dv2示數(shù)不變，v1與v2示數(shù)的比值不變考點(diǎn)：變壓器的構(gòu)造和原理；歐姆定律.專題：壓軸題分析：和閉合電路中的動(dòng)態(tài)分析類似，可以根據(jù)r2的變化，確定出總電路的電阻的變化，進(jìn)而可以確定總電路的電流的變化的情況，在根據(jù)電壓不變，來分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況解答：解：由于理想變壓器原線圈接到電壓有效值不變，則副線圈電壓不變，v2示數(shù)不變，v1與v2示數(shù)的比值不變，c錯(cuò)誤、d正確開關(guān)s閉合后，變壓器副線圈的負(fù)載電阻減小，v2不變，由歐姆定律可得a1示數(shù)變大，由于理想變壓器p2=p1，v1與v2示數(shù)的比值不變，所以a1與a2示數(shù)的比值不變，a正確、b錯(cuò)誤所以ad正確故選ad點(diǎn)評(píng)：電路的動(dòng)態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法11（4分）（2012浙江）題為了測(cè)量儲(chǔ)罐中不導(dǎo)電液體的高度，將與儲(chǔ)罐外殼絕緣的兩塊平行金屬板構(gòu)成的電容器c置于儲(chǔ)罐中，電容器可通過開關(guān)s與線圈l或電源相連，如圖所示當(dāng)開關(guān)從a撥到b時(shí)，由l與c構(gòu)成的回路中產(chǎn)生的周期t=2的振蕩電流當(dāng)罐中液面上升時(shí)（）a電容器的電容減小b電容器的電容增大clc回路的振蕩頻率減小dlc回路的振蕩頻率增大考點(diǎn)：電磁場(chǎng).專題：壓軸題分析：兩塊平行金屬板構(gòu)成的電容器c置于儲(chǔ)罐中，故電容器的電容c的大小與液體的高度有關(guān)（電介質(zhì)）：高度越高，相當(dāng)于插入的電介質(zhì)越多，電容越大之后根據(jù)，即可得出lc回路的振蕩頻率變化解答：解：ab：兩塊平行金屬板構(gòu)成的電容器c的中間的液體就是一種電介質(zhì)，當(dāng)液體的高度升高，相當(dāng)于插入的電介質(zhì)越多，電容越大故a錯(cuò)誤，b正確；cd：根據(jù)，電容c增大時(shí)，震蕩的周期t增大，由可以判定，lc回路的振蕩頻率f減小故c正確，d錯(cuò)誤故選bc點(diǎn)評(píng)：本題要注意兩塊平行金屬板構(gòu)成的電容器c的中間的液體就是一種電介質(zhì)，液體的高度越高，相當(dāng)于插入的電介質(zhì)越多，電容越大屬于簡(jiǎn)單題12（4分）（2015天水一模）如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為55：9，副線圈接有一定值電阻r熱敏電阻rt（電阻隨溫度升高而減?。?，原線圈所接電源電壓按圖乙所示規(guī)律變化，則下列說法正確的是（）a原線圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為u=220sin100tvb電壓表示數(shù)為36vc熱敏電阻rt周圍環(huán)境溫度升高，電流表的示數(shù)減小d熱敏電阻rt周圍環(huán)境溫度升高，變壓器的輸入功率增大考點(diǎn)：變壓器的構(gòu)造和原理.專題：交流電專題分析：圖乙可知交流電壓最大值，周期，可由周期求出角速度的值，則可得交流電壓u的表達(dá)式 u=umsint（v），由變壓器原理可得變壓器原、副線圈中的電流之比，輸入、輸出功率之比，rt處溫度升高時(shí)，阻值減小，根據(jù)負(fù)載電阻的變化，可知電流、電壓變化解答：解：a、由圖象知輸入電壓的最大值為220v，周期0.02s，角速度，原線圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為u=220sin100tv，a正確；b、原線圈電壓有效值為220v，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知副線圈兩端電壓即電壓表的示數(shù)為=36v，故b錯(cuò)誤 c、rt溫度升高時(shí)，阻值減小，電流表的示數(shù)變大，但不會(huì)影響輸入和輸出電壓值，故輸入功率等于輸出功率都增大，故c錯(cuò)誤，d正確故選：ad點(diǎn)評(píng)：根據(jù)圖象準(zhǔn)確找出已知量，是對(duì)學(xué)生認(rèn)圖的基本要求，準(zhǔn)確掌握理想變壓器的特點(diǎn)及電壓、電流比與匝數(shù)比的關(guān)系，是解決本題的關(guān)鍵二、填空題（本題包括兩小題，每空2分，共20分把答案填在題中橫線上或按題目要求作答）13（12分）（2015天水一模）某同學(xué)用量程為1ma、內(nèi)阻為120的表頭按圖（a）所示電路改裝成量程分別為1v和1a的多用電表圖中r1和r2為定值電阻，s為開關(guān)回答下列問題：（1）根據(jù)圖（a）所示的電路，在圖（b）所示的實(shí)物圖上連線（2）開關(guān)s閉合時(shí)，多用電表用于測(cè)量電流 （填“電流”、“電壓”或“電阻”）；開關(guān)s斷開時(shí)，多用電表用于測(cè)量電壓 （填“電流”、“電壓”或“電阻”）（3）表筆a應(yīng)為黑色（填“紅”或“黑”）（4）定值電阻的阻值r1=1.00，r2=880（結(jié)果取3位有效數(shù)字）考點(diǎn)：用多用電表測(cè)電阻.專題：實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專題分析：（1）對(duì)照電路圖連線即可，注意電流表的正負(fù)接線柱；（2）并聯(lián)分流電阻電流量程擴(kuò)大；串聯(lián)分壓電阻電壓量程擴(kuò)大；（3）紅正黑負(fù)，即電流從紅表筆流入，黑表筆流出；（4）根據(jù)電路串并聯(lián)知識(shí)列式求解即可解答：解：（1）對(duì)照電路圖連線，如圖所示；（2）開關(guān)s斷開時(shí)，串聯(lián)分壓電阻電壓量程擴(kuò)大，是電壓表；開關(guān)s閉合時(shí)，并聯(lián)分流電阻電流量程擴(kuò)大，是電流表；（3）紅正黑負(fù)，故表筆a連接負(fù)接線柱，為黑表筆；（4）開關(guān)s斷開時(shí)，電壓量程為1v，故：rv=；故r2=rvrg=1000120=880；r1=；故答案為：（1）如圖所示； （2）電流，電壓； （3）黑； （4）1.00，880點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵明確電壓表和電流的改裝原理，然后根據(jù)串并聯(lián)電路的電流、電壓、電阻關(guān)系列式求解；注意電表是純電阻電路14（8分）（2015天水一模）在“用雙縫干涉測(cè)光的波長”試驗(yàn)中，將測(cè)量頭的分劃板中心刻線與某亮紋中心對(duì)齊，將該亮紋定為第1條亮紋，此時(shí)手輪上的示數(shù)如圖甲所示然后同方向轉(zhuǎn)動(dòng)測(cè)量頭，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對(duì)齊，記下此時(shí)圖乙中手輪上的示數(shù)13.870mm，求得相鄰亮紋的間距x為2.310mm；已知雙縫間距d為2.0104m，測(cè)得雙縫到屏的距離l為0.700m，由計(jì)算公式=，求得所測(cè)紅光波長為6.6104mm考點(diǎn)：用雙縫干涉測(cè)光的波長.專題：實(shí)驗(yàn)題分析：螺旋測(cè)微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，需估讀根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式推導(dǎo)波長的表達(dá)式，并求出波長的大小解答：解：圖甲中螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為2mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.0132.0mm=0.320mm，所以最終讀數(shù)為2.320mm圖乙中螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為13.5mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.0137.0mm=0.370mm，所以最終讀數(shù)為13.870mm故x= mm=2.310 mm由x=可得：=x可求出：=2.310 mm=6.6104 mm故答案為：13.870，2.310，x，6.6104點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，以及知道雙縫干涉的條紋間距公式三、計(jì)算題（本題包括3小題，共32分解答應(yīng)寫出必要的文字說明，方程式和驗(yàn)算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）15（8分）（2015天水一模）如圖所示，用一根長為l=1m的細(xì)線，一端系一質(zhì)量為m=1kg的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），另一端固定在一光滑錐體頂端，錐面與豎直方向的夾角=37，當(dāng)小球在水平面內(nèi)繞錐體的軸做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的角速度為時(shí)，細(xì)線的張力為t（g取10m/s2，結(jié)果可用根式表示）求：（1）若要小球離開錐面，則小球的角速度0至少為多大？（2）若細(xì)線與豎直方向的夾角為60，則小球的角速度為多大？考點(diǎn)：向心力.專題：勻速圓周運(yùn)動(dòng)專題分析：（1）小球剛要離開錐面時(shí)的速度，此時(shí)支持力為零，根據(jù)牛頓第二定律求出該臨界角速度0（2）若細(xì)線與豎直方向的夾角為60時(shí)，小球離開錐面，由重力和細(xì)線拉力的合力提供向心力，運(yùn)用牛頓第二定律求解解答：解：（1）若要小球剛好離開錐面，則小球受到重力和細(xì)線拉力如圖所示小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡圓在水平面上，故向心力水平在水平方向運(yùn)用牛頓第二定律及向心力公式得： mgtan =mlsin 解得：=，即0= rad/s（2）同理，當(dāng)細(xì)線與豎直方向成60角時(shí)，由牛頓第二定律及向心力公式有： mgtan =m2lsin 解得：2=，即=2 rad/s答：（1）小球的角速度0至少為 rad/s（2）小球的角速度為=2 rad/s點(diǎn)評(píng)：本題的關(guān)鍵點(diǎn)在于判斷小球是否離開圓錐體表面，不能直接應(yīng)用向心力公式求解16（10分）（2013浙江）山谷中有三塊石頭和一根不可伸長的輕質(zhì)青藤，其示意圖如下圖中a、b、c、d均為石頭的邊緣點(diǎn)，o為青藤的固定點(diǎn)，h1=1.8m，h2=4.0m，x1=4.8m，x2=8.0m開始時(shí)，質(zhì)量分別為m=10kg和m=2kg的大、小兩只滇金絲猴分別位于左邊和中間的石頭上，當(dāng)大猴發(fā)現(xiàn)小猴將受到傷害時(shí)，迅速從左邊石頭a點(diǎn)起水平跳到中間石頭，大猴抱起小猴跑到c點(diǎn)，抓住青藤下端蕩到右邊石頭上的d點(diǎn)，此時(shí)速度恰好為零運(yùn)動(dòng)過程中猴子均看成質(zhì)點(diǎn)，空氣阻力不計(jì)，重力加速度g=10m/s2求：（1）大猴從a點(diǎn)水平跳離時(shí)速度的最小值；（2）猴子抓住青藤蕩起時(shí)的速度大??；（3）猴子蕩起時(shí)，青藤對(duì)猴子的拉力大小考點(diǎn)：機(jī)械能守恒定律；牛頓第二定律；向心力.專題：機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題分析：（1）大猴從a點(diǎn)到b點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)高度求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間，再根據(jù)水平位移求出大猴水平跳離時(shí)的速度最小值（2）根據(jù)c到d點(diǎn)機(jī)械能守恒，抓住到達(dá)d點(diǎn)的速度為零，求出猴子抓住青藤蕩起時(shí)的速度大小（3）根據(jù)牛頓第二定律，通過豎直方向上的合力提供向心力求出拉力的大小解答：解：根據(jù)，解得則跳離的最小速度（2）根據(jù)機(jī)械能守恒定律得，解得v=m/s9m/s（3）根據(jù)牛頓第二定律得，根據(jù)幾何關(guān)系得，聯(lián)立解得f=216n答：（1）大猴從a點(diǎn)水平跳離時(shí)速度的最小值為8m/s（2）猴子抓住青藤蕩起時(shí)的速度大小9m/s（3）猴