浙江省溫州市2019_2020學年高一物理上學期期末教學質量統(tǒng)一檢測試題A卷含解析

1、浙江省溫州市2019-2020學年高一物理上學期期末教學質量統(tǒng)一檢測試題（a卷）（含解析）一、選擇題1.下列物理量中屬于標量的是（ ）a. 時間b. 位移c. 速度d. 加速度【答案】a【解析】【詳解】a時間是只有大小，沒有方向的標量，故a正確；bcd位移、速度、加速度都是既有大小，又有方向的矢量，故bcd錯誤。故選a。2.下列物理量屬于基本量且單位屬于國際單位制中基本單位的是（ ）a. 質量/千克b. 長度/千米c. 時間/分鐘d. 力/牛頓【答案】a【解析】【詳解】a質量是七個基本物理量之一，其單位千克是國際單位制中的基本單位，故a正確；b長度是七個基本物理量之一，其單位千米不是國際單位制

2、中的基本單位，故b錯誤；c時間是七個基本物理量之一，其單位分鐘不是國際單位制中的基本單位，故c錯誤；d力是導出物理量，其單位牛頓是國際單位制中的導出單位，故d錯誤。故選a。3.2019年10月28日，我國自主研制的新能源電動飛機rx4e銳翔在沈陽試飛成功，時速達到260公里，航程達到300公里，標志著我國航空產業(yè)和技術創(chuàng)新“大小齊飛、油電并進”的全面發(fā)展。則下列說法正確的是（ ）a. “時速260公里”指的是平均速度b. “航程300公里”指的是位移c. 電動飛機在空中調整姿態(tài)時不可以看成質點d. 當電動飛機加速上升時，其慣性增大【答案】c【解析】【詳解】a“時速達260公里”指的是瞬時的最大

3、速度，不是平均速度，故a錯誤；b“航程300公里”指的是路程，而不是位移，故b錯誤；c電動飛機在空中調整姿態(tài)時不能忽略本身的尺寸和大小，則不能看成質點，故c正確；d慣性是由質量來量度，故當電動飛機加速上升時質量不變，則慣性不變，故d錯誤。故選c。4.夏天雨后的早晨，一只蝸牛趴在一片傾斜的樹葉上一動不動，如圖所示。下列說法中正確的是（ ）a. 蝸牛對樹葉的壓力是由樹葉的形變產生的b. 樹葉對蝸牛的摩擦力沿樹葉斜向下c. 樹葉受到的壓力與蝸牛受到的重力是一對作用力與反作用力d. 樹葉對蝸牛的作用力與蝸牛的重力是一對平衡力【答案】d【解析】【詳解】a蝸牛對樹葉的壓力，其中蝸牛是施力物體，則此力是由蝸

4、牛的形變產生的，故a錯誤；b蝸牛相對于樹葉有向下的滑動趨勢，則樹葉對蝸牛的摩擦力沿樹葉斜向上，故b錯誤；c樹葉受到的壓力與蝸牛受到的重力是不同性質的兩個力，施力和受力、作用點、大小均不同，兩個力不是一對作用力與反作用力，故c錯誤；d根據(jù)平衡條件可知，樹葉對蝸牛的作用力與蝸牛的重力是一對平衡力，故d正確。故選d。5.近幾年各學校流行跑操在通過圓形彎道時，每一列的連線沿著跑道；每一排的連線是一條直線且必須與跑道垂直；在跑操過程中，每位同學之間的間距保持不變如圖為某中學某班學生以整齊的步伐通過圓形彎道時的情形，此時此刻a. 同一列的學生的線速度相同b. 同一排的學生的線速度相同c. 全班同學的角速度

5、相同d. 同一列的學生受到的向心力相同【答案】c【解析】【詳解】ac各位學生以整齊的步伐通過圓形彎道時，因每一排的連線是一條直線，且與跑道垂直，相當于共軸轉動，所以全班同學的角速度相同，由于同一列的學生的線速度方向不同，所以線速度不同，故a錯誤，c正確b根據(jù)v=r知，同一排的學生的半徑不同，則線速度不同，故b錯誤d根據(jù)f=m2r知，同一列的學生受到的向心力大小不一定相等，向心力方向也不同，所以向心力不同，故d錯誤6.如圖所示，白胖同學在電梯內的體重計上稱體重。當電梯豎直運行時，他發(fā)現(xiàn)體重計的示數(shù)比電梯靜止時的示數(shù)小，由此可以判定（ ）a. 電梯一定是在下降b. 電梯一定是在上升c. 電梯的加速

6、度一定向下d. 電梯的加速度一定向上【答案】c【解析】【詳解】體重計的示數(shù)比電梯靜止時的示數(shù)小，說明視重小于實重，則處于失重狀態(tài)，有豎直向下的加速度，而人和電梯的速度可以向上（向上的減速運動），或速度向下（向下的加速運動），故abd錯誤，c正確。故選c。7.關于下列四幅圖說法正確的是（ ）a. 圖甲：水平管中噴出的水柱顯示了圓周運動的軌跡b. 圖乙：汽車過凸形橋最高點時速度越大，對橋面的壓力越小c. 圖丙：汽車在水平路面轉彎時，受到重力、支持力、摩擦力、向心力四個力的作用d. 圖?。合匆聶C脫水筒從靜止開始到完成脫水的過程中，衣服始終做離心運動【答案】b【解析】【詳解】a水平管中噴出的水柱顯示的

7、是平拋運動的軌跡，故a錯誤；b汽車過凸形橋最高點時有則速度越大，橋面的支持力越小，由牛頓第三定律知車對橋面的壓力越小，故b正確；c汽車在水平路面轉彎時只受三個力，為重力、支持力、摩擦力，是這三個力的合力提供向心力，而物體不受向心力，故c錯誤；d洗衣機脫水筒從靜止開始到完成脫水的過程中，開始階段做離心運動，衣服附著在桶壁上后做圓周運動，故d錯誤。故選b。8.擦窗機器人幫助人們解決了高層擦窗、室外擦窗難的問題。如圖所示，擦窗機器人在豎直玻璃窗上沿直線a向b運動，速度逐漸減小。己知f為機器人除重力外的其他力的合力，則擦窗機器人在此過程中在豎直平面內的受力分析可能正確的是（ ）a. b. c. d.

8、【答案】b【解析】【詳解】a擦窗機器人沿直線減速從a向b運動，故合外力和速度要共線，圖中的合外力（或為零）和速度不共線，要做曲線運動（或勻速直線運動），不符合運動要求，故a錯誤；b圖中的合力可能與速度共線相反，從而做減速直線運動，故b正確；c圖中的合力不可能與速度共線相反，不可能做減速直線運動，不符合要求，故c錯誤；d圖中的合外力和速度不共線，要做曲線運動，不符合運動要求，故d錯誤。故選b。9. 一列車隊從同一地點先后開出n輛汽車在平直公路上排成直線行駛，各車均由靜止出發(fā)先做加速度為a的勻加速直線運動，達到同一速度v后改做勻速直線運動，欲使n輛車都勻速行駛時彼此距離均為x，則各輛車依次啟動的時

9、間間隔為(不計汽車的大小)()a. b. c. d. 【答案】d【解析】【詳解】考點：勻變速直線運動的位移與時間的關系；勻變速直線運動的速度與時間的關系分析：設某輛車從靜止開始做勻加速直線運動經(jīng)過時間t速度恰好達到v，其前面一輛車運動時間為t+t，根據(jù)兩車的位移差為s即可求解解答：解：設某輛車從靜止開始做勻加速直線運動經(jīng)過時間t速度恰好達到v，其前面一輛車運動時間為t+t，則s1=at2/2，s1+s=at2/2+vt聯(lián)立上述方程得各輛車依次啟動的時間間隔t=s/v，故d項正確故選d點評：該題主要考查了勻加速直線運動位移時間公式，難度不大，屬于基礎題10.如圖所示，足夠長的傳送帶與水平面夾角為

10、，以速度v0勻速向下運動。在傳送帶的上端輕輕放上一個質量為m的小木塊，小木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)tan，則圖中能客觀地反映小木塊的速度隨時間變化關系的是（ ）a. b. c. d. 【答案】d【解析】【詳解】開始時小木塊相對傳送帶向后，滑動摩擦力向下，則加速的加速度為則第一階段做向下的勻加速直線運動，因皮帶足夠長，則木塊和傳送帶能夠共速，共速時，因，即最大靜摩擦力小于重力的下滑分力，木塊將繼續(xù)加速，加速度為綜上所述，木塊先以做勻加速直線運動，后以做勻加速直線運動，故abc錯誤，d正確。故選d。11.如圖所示，在一個水平桌面上方有三個金屬小球a、b、c，離桌面高度分別為h1：h2：h3=3：2

11、：1。若先后順次靜止釋放a、b、c，三球剛好同時落到桌面上，不計空氣阻力，則（ ）a. 三者運動時間之比為3：2：1b. 三者到達桌面時的速度之比是3：2：1c. 三個小球在落地前的同一高度處速度大小相等d. b與a開始下落的時間差小于c與b開始下落的時間差【答案】d【解析】【詳解】a由自由落體的運動時間可知故a錯誤；b由自由落體的速度可得故b錯誤；c小球在落地前同一高度時，之前發(fā)生的落體高度不同，由自由落體的速度可知，瞬時速度不等，故c錯誤；db與a開始下落時間差為c與b開始下落時間差為故有，故d正確。故選d。12.2019年女排世界杯，中國女排以十一連勝奪冠。如圖為排球比賽場地示意圖，其長

12、度為l，寬度s，球網(wǎng)高度為h。現(xiàn)女排隊員在底線中點正上方沿水平方向發(fā)球，發(fā)球點高度為1.5h，排球做平拋運動（排球可看做質點，忽略空氣阻力），重力加速度為g，則排球（ ）a. 能過網(wǎng)的最小初速度為b. 能落在界內的最大位移為c. 能過網(wǎng)而不出界的最大初速度為d. 能落在界內的最大末速度為【答案】c【解析】【詳解】根據(jù)平拋運動的兩分運動規(guī)律聯(lián)立可得a剛能過網(wǎng)的條件為帶入軌跡方程可得最小初速度為故a錯誤；b能落在界內的最大位移是落在斜對角上，構成的直角三角形，由幾何關系有故b錯誤；c能過網(wǎng)而不出界是落在斜對角上，條件為帶入軌跡方程可得最大初速度為故c正確；d根據(jù)末速度的合成規(guī)律可知，能落在界內的最

13、大末速度為故d錯誤。故選c。二、不定項選擇題13.關于物理學的研究方法，以下說法正確的是（ ）a. 在研究物體運動時，經(jīng)常用質點代替具體的物體，使用理想模型法b. 伽利略利用理想斜面實驗探究力和運動關系時，使用實驗歸納法c. 實驗探究加速度、力和質量三者之間關系時，使用控制變量法d. 加速度定義式a=，使用比值定義法【答案】acd【解析】【詳解】a質點的建立是忽略次要因素，抓住主要因素，使用了理想模型法，故a正確；b伽利略利用理想斜面實驗探究力和運動關系時，使用的是理想實驗法，故b錯誤；c實驗探究加速度、力和質量三者之間關系時，控制力不變，研究加速度與質量的關系，再控制質量不變，研究加速度與力

14、的關系，使用的是控制變量法，故c正確；d加速度定義式a=，用的是比值定義法定義物理量，故d正確。故選acd。14.小華坐在一列正在行駛的火車車廂里，突然看到原來靜止在水平桌面上的小球向后滑動。假設桌面是光滑的，不考慮空氣阻力，則下列說法正確的是（ ）a. 火車可能是在向前加速運動b. 小球在水平方向受到了向后的力使它向后運動c. 小球所受的合力為零，相對火車的地面小球是靜止的d. 小球離開桌面掉落地板的過程，相對火車小球做自由落體運動【答案】a【解析】【詳解】ab小球因為有慣性，要保持原來的勻速直線運動狀態(tài)，若突然看到原來靜止在水平桌面上的小球向后滾動，是小球相對于火車向后運動，說明火車正在向

15、前做加速運動，小球在水平方向并不受力的作用，故a正確，b錯誤；c小球所受的合力為零，相對火車的地面小球是向后滑動，故c錯誤；d小球離開桌面掉落地板的過程，相對火車有水平速度，豎直方向受重力，則小球相對于火車做平拋運動，故d錯誤。故選a。15.如圖，在豎直平面內固定半徑為r的光滑半圓軌道，小球以水平速度v0從軌道外側面的a點出發(fā)沿圓軌道運動，至b點時脫離軌道，最終落在水平面上的c點，不計空氣阻力、下列說法正確的是（ ）a. 從a到b過程，小球沿圓切線方向加速度逐漸增大b. 從a到b過程，小球的向心力逐漸增大c. 從b到c過程，小球做變加速曲線運動d. 若從a點靜止下滑，小球能沿圓軌道滑到地面【答

16、案】ab【解析】【詳解】設重力mg與半徑的夾角為，對圓弧上的小球受力分析，如圖所示a建立沿徑向和切向的直角坐標系，沿切向由牛頓第二定律有因夾角逐漸增大，增大，則小球沿圓切線方向加速度逐漸增大，故a正確；b從a到b過程小球加速運動，線速度逐漸增大，由向心力可知，小球的向心力逐漸增大，故b正確；c從b到c過程已離開圓弧，在空中只受重力，則加速度恒為g，做勻變速曲線運動（斜下拋運動），故c錯誤；d若從a點靜止下滑，當下滑到某一位置時斜面的支持力等于零，此時小球會離開圓弧做斜下拋運動而不會沿圓軌道滑到地面，故d錯誤。故選ab。三、實驗題16.某探究小組在物理實驗室做“探究求合力的方法”的實驗。實驗室現(xiàn)

17、有的器材有：方木板一塊，白紙一張，量程為5n的彈簧測力計兩個，橡皮條（帶兩個較長的細繩套）一條，圖釘（若干個）。(1)除了現(xiàn)有的，實驗還需要的測量工具是_；(2)實驗時，主要的步驟是：如圖甲所示，在鋪有白紙的水平木板上，橡皮條一端固定在a點，另一端拴兩個細繩套；如圖乙所示，用兩個彈簧測力計互成角度地拉橡皮條，使繩與橡皮條的結點伸長到某位置并記為o點，記下此時彈簧測力計的示數(shù)f1和f2及_；如圖丙所示，用一個彈簧測力計拉橡皮條，使繩與橡皮條的結點拉到o點。記下此時細繩的方向及彈簧測力計的示數(shù)f為_n；如圖丁所示，已按一定比例作出了f1、f2和f力的圖示。探究小組的紫珠和黑柱同學都猜想三個力的大小

18、和方向符合“平行四邊形”的規(guī)律。如何檢驗猜想呢？紫珠同學提出用虛線把拉力f的箭頭端分別與f1、f2的箭頭端連接，看看所圍成的形狀是不是像一個平行四邊形；黑柱同學則認為應該以f1、f2為鄰邊做平行四邊形，看看所得平行四邊形的對角線是不是幾乎與f重合。關于這兩種檢驗方案，你認為合理的是：_。a只有紫珠同學的方案合理 b只有黑柱同學的方案合理 c兩個方案都合理【答案】 (1). 刻度尺 (2). 方向 (3). 3.00 (4). c【解析】【詳解】(1)1驗證力的平行四邊形定則還需要刻度尺畫力的方向，按照標度作力的大??；(2)2兩個彈簧秤拉橡皮筋時，需要記錄o點的位置、兩個拉力的大小和方向；3彈簧

19、秤的最小刻度為0.1n，需要估讀到0.01n，故讀數(shù)為3.00n；4紫珠同學直接觀察合力與分力連成形狀是否為平行四邊形；黑柱同學是作出理論合力與真實合力進行比較來驗證平行四邊形定則；則兩種方法在誤差允許的范圍內都能檢驗猜想。17.用如圖甲所示的裝置可以完成兩個實驗，實驗一“探究小車速度隨時間的變化規(guī)律的實驗”，實驗二“探究加速度與力、質量的關系”。 (1)這兩個實驗中，必須要平衡阻力的是_；a、僅實驗一 b、僅實驗二 c、兩個實驗都要(2)要求托盤及其中重物總質量遠小于小車質量的實驗是_；a、僅實驗一 b、僅實驗二 c、兩個實驗都要(3)關于實驗二的操作，下列做法正確的是_；a、調節(jié)滑輪的高度

20、，使牽引小車的細繩與長木板保持平行b、在調節(jié)木板傾斜角度平衡阻力時，應該將裝有砝碼的托盤通過定滑輪拴在小車上c、實驗時，先放開小車再接通打點計時器的電源d、通過增減小車上的砝碼改變質量時，不需要重新調節(jié)木板傾斜度(4)圖乙為實驗二中打出的一條紙帶的一部分，從比較清晰的點跡起，在紙帶上標出了連續(xù)的8個計數(shù)點0、1、2、3、4、5、6、7。已知打點計時器接在頻率為50hz的交流電源兩端，則紙帶上計數(shù)點3時的速度大小v=_m/s，此次實驗中小車運動的加速度的測量值a=_m/s2。（此兩空結果均保留兩位有效數(shù)字）【答案】 (1). b (2). b (3). ad (4). 0.36 (5). 0.6

21、9【解析】【詳解】(1)1探究小車速度隨時間的變化規(guī)律的實驗不需要測出合力，只要保證加速度恒定，故不需要平衡摩擦力；探究加速度與力、質量的關系需要測出合力，而摩擦力不方便測出，故需要平衡摩擦力；故選b。(2)2實驗一對合力沒有要求，故不要求托盤及其中重物總質量遠小于小車質量；實驗二需要測出合力，用托盤及其中重物的總重力近似替代繩的拉力，故要求托盤及其中重物總質量遠小于小車質量，故選b。(3)3 a調節(jié)滑輪的高度，使牽引小車的細繩與長木板保持平行，從而保證小車所受的拉力為恒力，故a正確；b在調節(jié)木板傾斜角度平衡阻力時，是借助小車所受重力的分力平衡摩擦力，而不是借助其它外力，故不需要將裝有砝碼的托

22、盤通過定滑輪拴在小車上，故b錯誤；c打點計時器剛啟動時打點不穩(wěn)定，故實驗時，應先接通打點計時器的電源再放開小車，故c錯誤；d平衡摩擦力時滿足車的質量m不影響平衡方程，故通過增減小車上的砝碼改變質量時不需要重新調節(jié)木板傾斜度，故d正確。故選ad。(4)4 電源頻率為50hz，周期為0.02s，紙帶上每兩個計數(shù)點之間還有四個計時點，故時間間隔為，由勻變速直線運動的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，有5根據(jù)勻變速直線運動判別式，結合六段位移采用逐差法可得平均加速度18.運動員把冰壺沿水平冰面投出，讓冰壺在冰面上自由滑行，在不與其它冰壺碰撞的情況下，最終停在遠處的某個位置。按比賽規(guī)則，投擲冰壺運動員的隊

23、友，可以用毛刷在冰壺滑行前方來回摩擦冰面，減小冰面的動摩擦因數(shù)以調節(jié)冰壺的運動。運動員以4m/s的速度投擲冰壺甲，做加速度為0.25m/s2勻減速直線運動。另一個運動員也以4m/s的速度將冰壺乙投出，滑行4s后其隊友開始在其滑行前方摩擦冰面直至冰壺停下，發(fā)現(xiàn)冰壺乙比甲多滑行4.5m，g取10m/s2，求：(1)冰壺甲能在冰面上滑行的距離；(2)冰壺乙在摩擦冰面后加速度大?。?3)冰壺乙運動的平均速度?！敬鸢浮?1)32m；(2)0.2m/s2；(3)1.92m/s【解析】【詳解】(1)冰壺甲的初速度為，勻減速的加速度大小為，有可得冰壺甲能在冰面上滑行的距離為(2)冰壺乙先在內勻減速直線運動，末

24、速度為位移為摩擦冰面后，冰壺乙比甲多滑行4.5m，則乙此后的勻減速運動的位移為設冰壺乙在摩擦冰面后的加速度為，則有解得：(3)冰壺乙在摩擦冰面后的運動時間為則冰壺乙全程的平均速度為19.如圖所示，在沿水平直線運動的客車頂部用兩根輕繩懸掛質量為m的重物，其中ao繩與水平方向的夾角=30，bo繩與水平方向的夾角=60。重力加速度為g。(1)若客車在做勻速直線運動，求兩根繩子拉力分別為多大；(2)若ao繩和bo繩的拉力大小相等，求客車的加速度大小及方向；(3)若客車的加速度大小a=g，方向向右，求兩根繩子拉力分別為多大。【答案】(1)，；(2)，水平向左；(3)ao的拉力為零；bo繩的拉力【解析】【詳解】(1)重物受兩個拉力和重力，處于平衡狀態(tài)，如圖所示：根據(jù)平衡條件，水平方向f1sin60-f2sin30=0豎直方向f1cos60+f2cos30