高考生物一輪自導練15含解析新人教版

1、2019高考生物一輪自導練（15）李仕才一、選擇題1、在適宜反應(yīng)條件下，用白光照射離體的新鮮葉綠體一段時間后，突然改用光照強度與白光相同的紅光或綠光照射。下列是光源與瞬間發(fā)生變化的物質(zhì)，組合正確的是()a紅光，atp下降b紅光，未被還原的c3上升c綠光，h下降d綠光，c5上升c葉綠體中的色素主要吸收紅光和藍紫光，而對綠光吸收最少，因此當突然改用光照強度與白光相同的紅光照射時，光反應(yīng)增強，atp、h、c5含量上升，adp、c3含量減少；當突然改用光照強度與白光相同的綠光照射時，光反應(yīng)減弱，atp、h、c5含量減少，adp、c3含量增多。2、如圖表示人體內(nèi)某種消化酶在體外最適溫度條件下，反應(yīng)物濃度

2、對酶催化反應(yīng)速率的影響，據(jù)圖分析，下列說法正確的是()。 a如果在a點時，溫度再提高5 ，則反應(yīng)速率上升b在其他條件不變的情況下，在b點時，往反應(yīng)物中加入少量同樣的酶，反應(yīng)速率不變c在a點時，限制反應(yīng)速率的因素是反應(yīng)物的濃度d在c點時，限制反應(yīng)速率的因素是反應(yīng)物的濃度和酶的濃度解析在a點時，隨著反應(yīng)物濃度的增加，反應(yīng)速率也增加，表明限制反應(yīng)速率的因素是反應(yīng)物的濃度。答案c3、有如圖所示的一個食物網(wǎng)(能量傳遞效率按10%計算)，則下列敘述中正確的是()。a該食物網(wǎng)中初級消費者是昆蟲，次級消費者是鳥b昆蟲屬于第一營養(yǎng)級，鳥屬于第二營養(yǎng)級c若綠色植物固定的太陽能總量為m，昆蟲獲得的總能量為m1，鳥獲

3、得的總能量為m2，則m>m1m2d在鳥類的食物構(gòu)成中，若動物性食物占，植物性食物占，則鳥類增加能量a時，生產(chǎn)者需提供能量為55a解析能量流動具有單向流動、逐級遞減的特點，因此綠色植物固定的太陽能總量m一定比昆蟲獲得的總能量m1和鳥獲得的總能量m2大。答案c4、下圖是探究酵母菌進行呼吸方式類型的裝置，下列敘述錯誤的是()。a假設(shè)裝置1中的液滴左移，裝置2中的液滴不動，說明酵母菌只進行有氧呼吸b假設(shè)裝置1中的液滴不移動，裝置2中的液滴右移，說明酵母菌只進行無氧呼吸c假設(shè)裝置1中的液滴左移，裝置2中的液滴右移，說明酵母菌既進行有氧呼吸又進行無氧呼吸d假設(shè)裝置1、2中的液滴均不移動，說明酵母菌只

4、進行有氧呼吸或只進行無氧呼吸解析若裝置1、2中的液滴均不移動，則酵母菌既不進行有氧呼吸又不進行無氧呼吸，可能已死亡。答案d歸納提升設(shè)置對照的四種方法(1)空白對照：指不做任何實驗處理的對象組。如在“探索生長素類似物促進插條生根的最適濃度”的實驗中，除不同濃度的生長素類似物處理組外，還增加一蒸餾水處理組，蒸餾水處理組即為典型的空白對照。通過對照能明白地對比和襯托出實驗組的變化和結(jié)果，增加說服力。(2)自身對照：指實驗與對照在同一對象上進行，即不另設(shè)對照。如“觀察植物細胞質(zhì)壁分離和復原”實驗，則是典型的自身對照。自身對照關(guān)鍵是要看清楚實驗處理前后同一對象變化的差異，實驗處理前的對象狀況為對照組，實

5、驗處理后的對象變化則為實驗組。(3)條件對照：指雖給對象施以某種實驗處理，但這種處理是作為對照意義的，或者說這種處理不是實驗假設(shè)所給定的實驗變量意義的。例如“探究甲狀腺激素對幼小動物生長發(fā)育的影響”實驗，采用等組實驗。甲組：飼喂甲狀腺激素(實驗組)，乙組：飼喂甲狀腺抑制劑(條件對照組)，丙組：不飼喂藥劑(空白對照組)。該實驗既設(shè)置了條件對照，又設(shè)置了空白對照，通過比較、對照，更能充分說明實驗變量甲狀腺激素能促進蝌蚪的生長發(fā)育。(4)相互對照：指不另設(shè)對照組，而是幾個實驗組相互對照。如在“探究溫度對酶活性的影響”的實驗中，不同的溫度處理使實驗組之間相互對照，較好地平衡和抵消了無關(guān)變量的影響，使實

6、驗結(jié)果具有說服力。“探索生長素類似物促進插條生根的最適濃度”實驗中，不同濃度的生長素類似物處理組之間也是相互對照。5、下列有關(guān)固定化酶和固定化細胞的說法正確的是()。a某種固定化酶的優(yōu)勢在于能催化一系列生化反應(yīng)b固定化細胞技術(shù)一次只能固定一種酶c固定化酶和固定化細胞的共同點是所固定的酶都可在細胞外起作用d固定化酶和固定化細胞都能反復使用，但酶的活性迅速下降解析酶具有專一性，一種酶固定后不可能催化一系列生化反應(yīng)；固定化細胞技術(shù)固定的是一系列酶；固定化酶和固定化細胞都能反復使用，若條件適宜，一般不會出現(xiàn)酶的活性迅速下降問題。答案c6、(2018·福建模擬)在光合作用中，rubp羧化酶能催

7、化co2c5(即rubp)2c3。為測定rubp羧化酶的活性，某學習小組從菠菜葉中提取該酶，用其催化c5與14co2的反應(yīng)，并檢測產(chǎn)物14c3的放射性強度。下列分析錯誤的是() 【導學號：67110034】a菠菜葉肉細胞內(nèi)rubp羧化酶催化上述反應(yīng)的場所是葉綠體基質(zhì)brubp羧化酶催化的上述反應(yīng)需要在無光條件下進行c測定rubp羧化酶活性的過程中運用了同位素標記法d單位時間內(nèi)14c3生成量越多說明rubp羧化酶活性越高bco2c5(rubp)2c3為co2的固定，屬于光合作用中的暗反應(yīng)過程。a項，rubp羧化酶催化co2的固定過程，發(fā)生的場所為葉綠體基質(zhì)。b項，co2的固定在有光和無光條件下都

8、能進行，所以rubp羧化酶催化該過程在有光和無光條件下都可進行。c項，對co2中的c用同位素14c標記，可以追蹤碳元素的轉(zhuǎn)移途徑，這種方法就叫同位素標記法。d項，單位時間內(nèi)14c3生成量越多，說明反應(yīng)速率越快，即rubp羧化酶的活性越高。7、atp是細胞內(nèi)能量通貨，下列關(guān)于atp的敘述中，不正確的是()。aatp在細胞內(nèi)需要量很大，但是含量很少b所有生物的細胞合成atp所需要的能量都來自呼吸作用c呼吸作用釋放的能量中，通過熱能散失的能量多于儲存在atp中的能量d相同質(zhì)量的脂肪徹底氧化分解合成的atp比糖類徹底氧化分解合成的atp多解析atp在細胞內(nèi)需要量很大，但是含量很少，原因是atp與adp

9、轉(zhuǎn)化迅速；植物合成atp所需要的能量來自呼吸作用和光合作用。答案b8、下圖表示某水生生態(tài)系統(tǒng)的能量金字塔，下列敘述中正確的是()。a此水生生態(tài)系統(tǒng)的能量傳遞效率不足10%b該生態(tài)系統(tǒng)的全部食肉動物構(gòu)成一個種群c該生態(tài)系統(tǒng)的浮游生物、食草動物、食肉動物構(gòu)成群落d該生態(tài)系統(tǒng)能量流動和物質(zhì)循環(huán)彼此獨立命題立意本題考查種群、群落、生態(tài)系統(tǒng)的能量流動及理解判斷能力，難度中等。解析此生態(tài)系統(tǒng)中浮游生物到食草動物的能量傳遞效率為7%，食草動物到食肉動物的傳遞效率為8%，此水生生態(tài)系統(tǒng)的能量傳遞效率不足10%；該生態(tài)系統(tǒng)的某種生物構(gòu)成一個種群；群落應(yīng)包括該生態(tài)系統(tǒng)中全部的生產(chǎn)者、消費者和分解者；生態(tài)系統(tǒng)中能量

10、流動伴隨著物質(zhì)循環(huán)。答案a9、某同學畫了一個人體內(nèi)的部分代謝過程示意圖，請指出圖中產(chǎn)生atp的途徑及一處錯誤的地方分別是()。a、人體內(nèi)無過程b、人體內(nèi)無過程c、人體內(nèi)無過程d、人體內(nèi)無過程解析題圖中產(chǎn)生atp的過程是有氧呼吸和無氧呼吸，而人體無氧呼吸不能產(chǎn)生酒精。答案b10、下列對“探究某種加酶洗衣粉使用的最適溫度”的說法，最合理的是()。a加酶洗衣粉在30 的水中洗滌效果不如45 時好，說明45 為最適溫度b在不同溫度的水中，加入相同的污物及不等量的洗衣粉，看哪種效果好c取一系列不同溫度、其他條件相同的水，加入等量相同的污物及等量相同的加酶洗衣粉，看哪一個溫度下洗衣粉的洗滌效果最好d將加酶

11、洗衣粉與普通洗衣粉分別加入37 的水中洗滌同樣的污物，發(fā)現(xiàn)加酶洗衣粉效果好，說明加酶洗衣粉的最適溫度為37 解析要探究加酶洗衣粉的最佳洗滌溫度，需要設(shè)計具有溫度梯度的變量。自變量只能有溫度一個，洗衣粉的用量、種類等都屬于無關(guān)變量，而無關(guān)變量的控制要相同且適宜。答案c二、非選擇題1、有關(guān)dna分子的研究中，常用32p來標記dna分子。用、和表示atp或datp（d表示脫氧）上三個磷酸基團所處的位置（appp或dappp）。回答下列問題；（1）某種酶可以催化atp的一個磷酸基團轉(zhuǎn)移到dna末端上，同時產(chǎn)生adp。若要用該酶把32p標記到dna末端上，那么帶有32p的磷酸基團應(yīng)在atp的（填“”“”

12、或“”）位上。（2）若用帶有32p標記的datp作為dna生物合成的原料，將32p標記到新合成的dna分子上，則帶有32p的磷酸基團應(yīng)在datp的（填“”“”或“”）位上。（3）將一個帶有某種噬菌體dna分子的兩條鏈用32p進行標記，并使其感染大腸桿菌，在不含有32p的培養(yǎng)基中培養(yǎng)一段時間。若得到的所有噬菌體雙鏈dna分子都裝配成噬菌體（n個）并釋放，則其中含有32p的噬菌體所占比例為2/n，原因是。【答案】（1） （2） （3）一個含有32p標記的雙鏈dna分子經(jīng)半保留復制后，標記的兩條單鏈只能分配到兩個噬菌體的雙鏈dna分子，因此在得到的n個噬菌體中只有兩個帶有標記2、在進行dna親子鑒定

13、時，需大量的dna。pcr技術(shù)(多聚酶鏈式反應(yīng))可以使樣品dna擴增，獲得大量dna克隆分子。該技術(shù)的原理是利用dna的半保留復制，在試管中進行dna的人工復制(如圖，圖中黑色長方形是引物)。在很短的時間內(nèi)將dna擴增幾百萬倍甚至幾十億倍，使實驗室所需的遺傳物質(zhì)不再受限于活的生物體。(1)圖中的變性、延伸分別是指_、_。(2)假設(shè)pcr反應(yīng)中的dna模板為p，第一輪循環(huán)的產(chǎn)物2個子代dna為n1，第二輪的產(chǎn)物4個子代dna為n2，n1、n2中分別含有模板dna單鏈的dna分別有_個、_個。若繼續(xù)循環(huán)，該dna片段共經(jīng)過30次循環(huán)后能形成_個dna片段。(3)某樣品dna分子中共含3 000個堿

14、基對，堿基數(shù)量滿足：，若經(jīng)5次循環(huán)，至少需要向試管中加入_個腺嘌呤脫氧核苷酸。(不考慮引物所對應(yīng)的片段)(4)若圖為第一輪循環(huán)產(chǎn)生的產(chǎn)物。請繪出以a鏈和b鏈為模板經(jīng)pcr擴增的產(chǎn)物。解析(1)變性的實質(zhì)是dna雙鏈解旋；延伸的實質(zhì)是以dna單鏈為模板，按照堿基互補配對原則合成子鏈的過程。(2)由于pcr原理為dna雙鏈復制，其特點是半保留復制，所以無論復制幾次，模板鏈一直存在于2個dna分子中。dna復制的數(shù)量變化是指數(shù)式增長方式。(3)由(at)/(gc)1/2可知atgc1122，所以a的比例為1/6，在一個dna分子中的數(shù)量為3 000×2×(1/6)1 000個，5次循環(huán)的dna數(shù)為32個，所以以原料合成的dna數(shù)相當于32131個，至少需腺嘌呤脫氧核苷酸為31×1 00031