高考數(shù)學(xué)理二輪復(fù)習(xí)教師用書：第1部分 重點(diǎn)強(qiáng)化專題 專題3 第6講　隨機(jī)變量及其分布 Word版含答案

1、高考數(shù)學(xué)精品復(fù)習(xí)資料 2019.5第6講隨機(jī)變量及其分布題型1相互獨(dú)立事件的概率與條件概率(對(duì)應(yīng)學(xué)生用書第18頁)核心知識(shí)儲(chǔ)備·1條件概率在a發(fā)生的條件下b發(fā)生的概率為p(b|a).2相互獨(dú)立事件同時(shí)發(fā)生的概率p(ab)p(a)p(b)3獨(dú)立重復(fù)試驗(yàn)的概率如果事件a在一次試驗(yàn)中發(fā)生的概率是p，那么它在n次獨(dú)立重復(fù)試驗(yàn)中恰好發(fā)生k次的概率為pn(k)cpk·(1p)nk，k0,1,2，n.典題試解尋法·【典題1】(考查條件概率)如圖6­1，abc和def是同一個(gè)圓的內(nèi)接正三角形，且bcef.將一顆豆子隨機(jī)地扔到該圓內(nèi)，用m表示事件“豆子落在abc內(nèi)”，n表

2、示事件“豆子落在def內(nèi)”，則p(|m)()圖6­1a.b.c.d.解析如圖，作三條輔助線，根據(jù)已知條件得這些小三角形都全等，abc包含9個(gè)小三角形，滿足事件m的有3個(gè)小三角形，所以p(|m)，故選c.答案c【典題2】(考查相互獨(dú)立事件的概率)(20xx·福州五校聯(lián)考)為了檢驗(yàn)?zāi)炒笮推古仪蛸惸凶訂未騾①愱?duì)員的訓(xùn)練成果，某校乒乓球隊(duì)舉行了熱身賽，熱身賽采取7局4勝制(即一場比賽先勝4局者為勝)的規(guī)則在隊(duì)員甲與乙的比賽中，假設(shè)每局甲獲勝的概率為，乙獲勝的概率為，各局比賽結(jié)果相互獨(dú)立(1)求甲在5局以內(nèi)(含5局)贏得比賽的概率；(2)記x為比賽決出勝負(fù)時(shí)的總局?jǐn)?shù)，求x的分布列和數(shù)

3、學(xué)期望. 【導(dǎo)學(xué)號(hào)：07804040】解(1)由題意得，甲在5局以內(nèi)(含5局)贏得比賽的概率pc×.(2)由題意知，x的所有可能取值為4,5,6,7，且p(x4)， p(x5)c×c××，p(x6)c×c×，p(x7)c×c×.所以x的分布列為x4567pe(x)4×5×6×7×.類題通法1.解決條件概率的關(guān)鍵是明確“既定條件”.2.求相互獨(dú)立事件和獨(dú)立重復(fù)試驗(yàn)的概率的方法(1)直接法：正確分析復(fù)雜事件的構(gòu)成，將復(fù)雜事件轉(zhuǎn)化為幾個(gè)彼此互斥的事件的和事件或幾個(gè)相互獨(dú)立事件同時(shí)發(fā)

4、生的積事件或獨(dú)立重復(fù)試驗(yàn)問題，然后用相應(yīng)概率公式求解.(2)間接法：當(dāng)復(fù)雜事件正面情況比較多，反面情況較少，則可利用其對(duì)立事件進(jìn)行求解.對(duì)于“至少”“至多”等問題往往也用這種方法求解.對(duì)點(diǎn)即時(shí)訓(xùn)練·1某同學(xué)用計(jì)算器產(chǎn)生了兩個(gè)0,1之間的均勻隨機(jī)數(shù)，分別記作x，y.當(dāng)y<x2時(shí)，x>的概率是()a.bc.dd記“y<x2”為事件a，“x>”為事件b，所以(x，y)構(gòu)成的區(qū)域如圖所示，所以s1，s2x2dxs1，則所求概率為，故選d.2如圖6­2，用k，a1，a2三類不同的元件連接成一個(gè)系統(tǒng)當(dāng)k正常工作且a1，a2至少有一個(gè)正常工作時(shí)，系統(tǒng)正常工作已知k

5、，a1，a2正常工作的概率依次為0.9,0.8,0.8，則系統(tǒng)正常工作的概率為()圖6­2a0.960b0.864c0.720d0.576b法一：(直接法)由題意知k，a1，a2正常工作的概率分別為p(k)0.9，p(a1)0.8，p(a2)0.8，因?yàn)閗，a1，a2相互獨(dú)立，所以a1，a2至少有一個(gè)正常工作的概率為p(1a2)p(a12)p(a1a2)(10.8)×0.80.8×(10.8)0.8×0.80.96.所以系統(tǒng)正常工作的概率為p(k)p(1a2)p(a12)p(a1a2)0.9×0.960.864.法二：(間接法)a1，a2至少有

6、一個(gè)正常工作的概率為1p(12)1(10.8)(10.8)0.96，故系統(tǒng)正常工作的概率為p(k)1p(12)0.9×0.960.864.題型強(qiáng)化集訓(xùn)·(見專題限時(shí)集訓(xùn)t1、t3、t4、t6、t12)題型2離散型隨機(jī)變量的分布列、期望和方差的應(yīng)用(答題模板)(對(duì)應(yīng)學(xué)生用書第19頁)離散型隨機(jī)變量的分布列問題是高考的熱點(diǎn)，常以實(shí)際生活為背景，涉及事件的相互獨(dú)立性、互斥事件的概率等，綜合性強(qiáng)，難度中等(20xx·全國卷t13、20xx·全國卷t18、20xx·全國卷t19、20xx·全國卷t18、20xx·全國卷t19、20xx

7、·全國卷t19)典題試解尋法·【典題】(本小題滿分12分)(20xx·全國卷)某公司計(jì)劃購買2臺(tái)機(jī)器，該種機(jī)器使用三年后即被淘汰機(jī)器有一易損零件，在購進(jìn)機(jī)器時(shí)，可以額外購買這種零件作為備件，每個(gè)200元.在機(jī)器使用期間，如果備件不足再購買，則每個(gè)500元.現(xiàn)需決策在購買機(jī)器時(shí)應(yīng)同時(shí)購買幾個(gè)易損零件，為此搜集并整理了100臺(tái)這種機(jī)器在三年使用期內(nèi)更換的易損零件數(shù)，得下面如圖6­3所示的圖6­3以這100臺(tái)機(jī)器更換的易損零件數(shù)的頻率代替1臺(tái)機(jī)器更換的易損零件數(shù)發(fā)生的概率，n表示購買2臺(tái)機(jī)器的同時(shí)購買的易損零件數(shù)(1)求x的分布列；(2)若要求確定n

8、的最小值；(3)以購買易損零件所需費(fèi)用的期望值為決策依據(jù)，在n19與n20之中選其一，應(yīng)選用哪個(gè)？ 【導(dǎo)學(xué)號(hào)：07804041】審題指導(dǎo)題眼挖掘關(guān)鍵信息看到這種條件，想到解題時(shí)可能要分類求解.看到柱狀圖想到頻數(shù)與頻率間的關(guān)系，想到橫軸中的取值含義.看到自變量x想到柱狀圖，想到x的所有可能取值.看到p(xn)0.5想到x和n的含義，想到(1)中的分布列.規(guī)范解答(1)由柱狀圖及以頻率代替概率可得，一臺(tái)機(jī)器在三年內(nèi)需更換的易損零件數(shù)為8,9,10,11的概率分別為0.2,0.4,0.2,0.2.1分從而p(x16)0.2×0.20.04；p(x17)2×0.2×0.4

9、0.16；p(x18)2×0.2×0.20.4×0.40.24；p(x19)2×0.2×0.22×0.4×0.20.24；p(x20)2×0.2×0.40.2×0.20.2；p(x21)2×0.2×0.20.08；p(x22)0.2×0.20.04.4分所以x的分布列為x16171819202122p0.040.160.240.240.20.080.046分(2)由(1)故n的最小值為19.7分(3)記y表示2臺(tái)機(jī)器在購買易損零件上所需的費(fèi)用(單位：元)e(y)19

10、×200×0.68(19×200500)×0.2(19×2002×500)×0.08(19×2003×500)×0.044 040；9分e(y)20×200×0.88(20×200500)×0.08(20×2002×500)×0.044 080.11分可知當(dāng)n19時(shí)所需費(fèi)用的期望值小于當(dāng)n20時(shí)所需費(fèi)用的期望值，故應(yīng)選n19.12分閱卷者說易錯(cuò)點(diǎn)防范措施忽視x的實(shí)際含義導(dǎo)致取值錯(cuò)誤，進(jìn)而導(dǎo)致概率計(jì)算錯(cuò)誤.細(xì)心審題，把握題干中的

11、重要字眼，關(guān)鍵處加標(biāo)記，同時(shí)理解x取每個(gè)值的含義.忽視p(xn)0.5的含義，導(dǎo)致不會(huì)求解.結(jié)合(1)中的分布列及n的含義，推理求解便可.忽視n19與n20的含義導(dǎo)致無法解題.本題中購買零件所需費(fèi)用包含兩部分，一部分為購買機(jī)器時(shí)購買零件的費(fèi)用，另一部分為備件不足時(shí)額外購買的費(fèi)用.類題通法解答離散型隨機(jī)變量的分布列及相關(guān)問題的一般思路：(1)明確隨機(jī)變量可能取哪些值.(2)結(jié)合事件特點(diǎn)選取恰當(dāng)?shù)挠?jì)算方法計(jì)算這些可能取值的概率值.(3)根據(jù)分布列和期望、方差公式求解.提醒：明確離散型隨機(jī)變量的取值及事件間的相互關(guān)系是求解此類問題的關(guān)鍵.對(duì)點(diǎn)即時(shí)訓(xùn)練·(20xx·湖南益陽4月調(diào)研

12、)某工廠有兩條相互不影響的生產(chǎn)線分別生產(chǎn)甲、乙兩種產(chǎn)品，產(chǎn)品出廠前需要對(duì)產(chǎn)品進(jìn)行性能檢測檢測得分低于80的為不合格品，只能報(bào)廢回收；得分不低于80的為合格品，可以出廠現(xiàn)隨機(jī)抽取這兩種產(chǎn)品各60件進(jìn)行檢測，檢測結(jié)果統(tǒng)計(jì)如下：得分60,70)70,80)80,90)90,100甲種產(chǎn)品的件數(shù)5103411乙種產(chǎn)品的件數(shù)812319(1)試分別估計(jì)甲，乙兩種產(chǎn)品下生產(chǎn)線時(shí)為合格品的概率；(2)生產(chǎn)一件甲種產(chǎn)品，若是合格品，可盈利100元，若是不合格品，則虧損20元；生產(chǎn)一件乙種產(chǎn)品，若是合格品，可盈利90元，若是不合格品，則虧損15元在(1)的前提下：記x為生產(chǎn)1件甲種產(chǎn)品和1件乙種產(chǎn)品所獲得的總利

13、潤，求隨機(jī)變量x的分布列和數(shù)學(xué)期望；求生產(chǎn)5件乙種產(chǎn)品所獲得的利潤不少于300元的概率解(1)甲種產(chǎn)品為合格品的概率約為 ，乙種產(chǎn)品為合格品的概率約為.(2)隨機(jī)變量x的所有可能取值為190,85,70，35，且p(x190)×，p(x85)×，p(x70)×，p(x35)×.所以隨機(jī)變量x的分布列為x190857035p所以e(x)125.設(shè)生產(chǎn)的5件乙種產(chǎn)品中合格品有n件，則不合格品有(5n)件，依題意得，90n15(5n)300，解得n，又因?yàn)?n5，且n為整數(shù)，所以n4或n5，設(shè)“生產(chǎn)5件乙種產(chǎn)品所獲得的利潤不少于300元”為事件a，則p(a)c

14、4×.題型強(qiáng)化集訓(xùn)·(見專題限時(shí)集訓(xùn)t2、t7、t8、t11、t13)題型3正態(tài)分布問題(對(duì)應(yīng)學(xué)生用書第21頁)核心知識(shí)儲(chǔ)備·正態(tài)分布的性質(zhì)(1)正態(tài)曲線與x軸之間面積為1.(2)正態(tài)曲線關(guān)于直線x對(duì)稱，從而在關(guān)于x對(duì)稱的區(qū)間上概率相同(3)p(xa)1p(xa)，p(xa)p(xa)(4)求概率時(shí)充分利用3原則典題試解尋法·【典題】(20xx·全國卷)為了監(jiān)控某種零件的一條生產(chǎn)線的生產(chǎn)過程，檢驗(yàn)員每天從該生產(chǎn)線上隨機(jī)抽取16個(gè)零件，并測量其尺寸(單位：cm)根據(jù)長期生產(chǎn)經(jīng)驗(yàn)，可以認(rèn)為這條生產(chǎn)線正常狀態(tài)下生產(chǎn)的零件的尺寸服從正態(tài)分布n(，2)(

15、1)假設(shè)生產(chǎn)狀態(tài)正常，記x表示一天內(nèi)抽取的16個(gè)零件中其尺寸在(3，3)之外的零件數(shù)，求p(x1)及x的數(shù)學(xué)期望；(2)一天內(nèi)抽檢零件中，如果出現(xiàn)了尺寸在(3，3)之外的零件，就認(rèn)為這條生產(chǎn)線在這一天的生產(chǎn)過程可能出現(xiàn)了異常情況，需對(duì)當(dāng)天的生產(chǎn)過程進(jìn)行檢查試說明上述監(jiān)控生產(chǎn)過程方法的合理性；下面是檢驗(yàn)員在一天內(nèi)抽取的16個(gè)零件的尺寸：9.9510.129.969.9610.019.929.9810.0410.269.9110.1310.029.2210.0410.059.95經(jīng)計(jì)算得xi9.97，s)0.212，其中xi為抽取的第i個(gè)零件的尺寸，i1,2，16.用樣本平均數(shù)作為的估計(jì)值，用樣本

16、標(biāo)準(zhǔn)差s作為的估計(jì)值，利用估計(jì)值判斷是否需對(duì)當(dāng)天的生產(chǎn)過程進(jìn)行檢查？剔除(3，3)之外的數(shù)據(jù)，用剩下的數(shù)據(jù)估計(jì)和(精確到0.01). 【導(dǎo)學(xué)號(hào)：07804042】附：若隨機(jī)變量z服從正態(tài)分布n(，2)，則p(3<z3)0.997 4,0.997 4160.959 2，0.09.思路分析(1)先由對(duì)立事件的概率公式求出p(x1)的值，再利用數(shù)學(xué)期望的公式求解(2)利用獨(dú)立性檢驗(yàn)的思想判斷監(jiān)控生產(chǎn)過程方法的合理性；確定3，3的取值，以剔除(3，3)之外的數(shù)據(jù)，再用剩下的數(shù)據(jù)估計(jì)和.解(1)抽取的一個(gè)零件的尺寸在(3，3)之內(nèi)的概率為0.997 4，從而零件的尺寸在(3，3)之外的概率為0.0

17、02 6，故xb(16,0.002 6)因此p(x1)1p(x0)10.997 4160.040 8.x的數(shù)學(xué)期望e(x)16×0.002 60.041 6.(2)如果生產(chǎn)狀態(tài)正常，一個(gè)零件尺寸在(3，3)之外的概率只有0.002 6，一天內(nèi)抽取的16個(gè)零件中，出現(xiàn)尺寸在(3，3)之外的零件的概率只有0.040 8，發(fā)生的概率很小，因此一旦發(fā)生這種情況，就有理由認(rèn)為這條生產(chǎn)線在這一天的生產(chǎn)過程可能出現(xiàn)了異常情況，需對(duì)當(dāng)天的生產(chǎn)過程進(jìn)行檢查，可見上述監(jiān)控生產(chǎn)過程的方法是合理的由9.97，s0.212，得的估計(jì)值為9.97，的估計(jì)值為0.212，由樣本數(shù)據(jù)可以看出有一個(gè)零件的尺寸在(3，

18、3)之外，因此需對(duì)當(dāng)天的生產(chǎn)過程進(jìn)行檢查剔除(3，3)之外的數(shù)據(jù)9.22，剩下數(shù)據(jù)的平均數(shù)為×(16×9.979.22)10.02.因此的估計(jì)值為10.02.x16×0.212216×9.9721 591.134，剔除(3，3)之外的數(shù)據(jù)9.22，剩下數(shù)據(jù)的樣本方差為×(1 591.1349.22215×10.022)0.008，因此的估計(jì)值為0.09.類題通法由于正態(tài)分布與頻率分布直方圖有極大的相似性，故最近五年比較受命題人青睞.解決正態(tài)分布問題有三個(gè)關(guān)鍵點(diǎn)：(1)對(duì)稱軸x；(2)標(biāo)準(zhǔn)差；(3)分布區(qū)間.利用對(duì)稱性求指定范圍內(nèi)的概率

19、值；由，分布區(qū)間的特征進(jìn)行轉(zhuǎn)化，使分布區(qū)間轉(zhuǎn)化為3特殊區(qū)間，從而求出所求概率.對(duì)點(diǎn)即時(shí)訓(xùn)練·1設(shè)xn(1，2) ，其正態(tài)分布密度曲線如圖6­4所示，且p(x3)0.022 8，那么向正方形oabc中隨機(jī)投擲10 000個(gè)點(diǎn)，則落入陰影部分的點(diǎn)的個(gè)數(shù)的估計(jì)值為()圖6­4(附：隨機(jī)變量x服從正態(tài)分布n(，2)，則p(<x<)68.26%，p(2<x<2)95.44%)a6 038b6 587c7 028d7 539b由題意得，p(x1)p(x3)0.022 8，p(1<x<3)10.022 8×20.954 4，121，

20、1，p(0x1)p(0x2)0.341 3，故估計(jì)的個(gè)數(shù)為10 000×(10.341 3)6 587，故選b.2從某市統(tǒng)考的學(xué)生數(shù)學(xué)考試卷中隨機(jī)抽查100份數(shù)學(xué)試卷作為樣本，分別統(tǒng)計(jì)出這些試卷總分，由總分得到如6­5的頻率分布直方圖圖6­5(1)求這100份數(shù)學(xué)試卷的樣本平均分和樣本方差s2(同一組中的數(shù)據(jù)用該組區(qū)間的中點(diǎn)值作代表)(2)由直方圖可以認(rèn)為，這批學(xué)生的數(shù)學(xué)總分z服從正態(tài)分布n(，2)，其中近似為樣本平均數(shù)，2近似為樣本方差s2.利用該正態(tài)分布，求p(81z119)；記x表示2400名學(xué)生的數(shù)學(xué)總分位于區(qū)間(81,119)的人數(shù)，利用的結(jié)果，求e(x

21、)(用樣本的分布區(qū)估計(jì)總體的分布). 【導(dǎo)學(xué)號(hào)：07804043】附：19，18，若zn(，2)，則p(z)0.6826，p(2z2)0.9544.解(1)60×0.0270×0.0880×0.1490×0.15100×0.24110×0.15120×0.1130×0.08140×0.04100.s2(60100)2×0.02(70100)2×0.08(80100)2×0.14(90100)2×0.15(110100)2×0.15(120100)2

22、5;0.1(130100)2×0.08(140100)2×0.04366.(2)由題意可知zn(100,366)又19，故p(81z119)p(10019z10019)0.6826.由可知一名學(xué)生總分落在(81,119)的概率為0.6826.因?yàn)閤b(2400,0.6826)，所以e(x)2400×0.68261638.24.題型強(qiáng)化集訓(xùn)·(見專題限時(shí)集訓(xùn)t5、t9、t10、t14)三年真題| 驗(yàn)收復(fù)習(xí)效果(對(duì)應(yīng)學(xué)生用書第22頁)1(20xx·全國卷)投籃測試中，每人投3次，至少投中2次才能通過測試已知某同學(xué)每次投籃投中的概率為0.6，且各次投

23、籃是否投中相互獨(dú)立，則該同學(xué)通過測試的概率為()a0.648b0.432c0.36 d0.312a3次投籃投中2次的概率為p(k2)c×0.62×(10.6)，投中3次的概率為p(k3)0.63，所以通過測試的概率為p(k2)p(k3)c×0.62×(10.6)0.630.648.故選a.2(20xx·全國卷)一批產(chǎn)品的二等品率為0.02，從這批產(chǎn)品中每次隨機(jī)取一件，有放回地抽取100次，x表示抽到的二等品件數(shù)，則dx_. 1.96由題意得xb(100,0.02)，dx100×0.02×(10.02)1.96.3(20xx&

24、#183;全國卷)某險(xiǎn)種的基本保費(fèi)為a(單位：元)，繼續(xù)購買該險(xiǎn)種的投保人稱為續(xù)保人，續(xù)保人本年度的保費(fèi)與其上年度出險(xiǎn)次數(shù)的關(guān)聯(lián)如下：上年度出險(xiǎn)次數(shù)012345保費(fèi)0.85aa1.25a1.5a1.75a2a設(shè)該險(xiǎn)種一續(xù)保人一年內(nèi)出險(xiǎn)次數(shù)與相應(yīng)概率如下：一年內(nèi)出險(xiǎn)次數(shù)012345概率0.300.150.200.200.100.05(1)求一續(xù)保人本年度的保費(fèi)高于基本保費(fèi)的概率；(2)若一續(xù)保人本年度的保費(fèi)高于基本保費(fèi)，求其保費(fèi)比基本保費(fèi)高出60%的概率；(3)求續(xù)保人本年度的平均保費(fèi)與基本保費(fèi)的比值解(1)設(shè)a表示事件“一續(xù)保人本年度的保費(fèi)高于基本保費(fèi)”，則事件a發(fā)生當(dāng)且僅當(dāng)一年內(nèi)出險(xiǎn)次數(shù)大于

25、1，故p(a)0.20.20.10.050.55.(2)設(shè)b表示事件“一續(xù)保人本年度的保費(fèi)比基本保費(fèi)高出60%”，則事件b發(fā)生當(dāng)且僅當(dāng)一年內(nèi)出險(xiǎn)次數(shù)大于3，故p(b)0.10.050.15.又p(ab)p(b)，故p(b|a).因此所求概率為.(3)記續(xù)保人本年度的保費(fèi)為x，則x的分布列為x0.85aa1.25a1.5a1.75a2ap0.300.150.200.200.100.05e(x)0.85a×0.30a×0.151.25a×0.201.5a×0.201.75a×0.102a×0.051.23a.因此續(xù)保人本年度的平均保費(fèi)與基本保費(fèi)的比值為1.23.4(20xx·全國卷)某超市計(jì)劃