《高中試卷》2019年上海市奉賢區(qū)高考物理一模試卷

1、2019年上海市奉賢區(qū)高考物理一模試卷一、選擇題（共40分第1-8小題，每小題3分，第9-12小題，每小題3分每小題只有一個(gè)正確答案）1（3分）首先發(fā)現(xiàn)天然放射性現(xiàn)象的物理學(xué)家是（）a湯姆孫b盧瑟福c查德威克d貝可勒爾2（3分）下列射線中屬于電磁波的是（）a射線b射線c射線d陰極射線3（3分）用單色光照射一光電管的陰極時(shí)，有無(wú)光電效應(yīng)現(xiàn)象發(fā)生取決于該單色光的（）a頻率b強(qiáng)度c照射時(shí)間d光子數(shù)目4（3分）一彈簧振子在水平方向振動(dòng)，則當(dāng)振子遠(yuǎn)離中心位置時(shí)，逐漸增大的是（）a重力勢(shì)能b彈性勢(shì)能c動(dòng)能d機(jī)械能5（3分）如圖是某一質(zhì)點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)的vt圖象，則下列時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的加速度為零的是（）a0b1sc2

2、sd4s6（3分）下列現(xiàn)象能說(shuō)明分子間存在斥力的是（）a液體難以壓縮b破碎的玻璃通過(guò)壓緊不能粘合c壓縮氣體要用力d用斧子花很大的力氣才能把柴劈開(kāi)7（3分）如圖為一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)a變化到狀態(tài)b過(guò)程中的p-1v圖象，則該氣體的溫度變化情況是（）a逐漸變大b逐漸變小c保持不變d先變小再變大8（3分）下列圖樣中有泊松亮斑的是（）abcd9（4分）如圖所示，一根彈性桿的一端固定在傾角為的斜面上，桿的另一端固定一個(gè)小球，小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，則彈性桿對(duì)小球的彈力方向?yàn)椋ǎ゛平行于斜面沿oa斜向上b與桿右上端垂直沿ob斜向上c豎直向上沿ocd與桿右上端平行沿od斜向上10（4分）空間有一電場(chǎng)，在x軸上其

3、電場(chǎng)方向正好沿x軸，電場(chǎng)強(qiáng)度分布如圖所示，則關(guān)于電勢(shì)和電勢(shì)能的說(shuō)法正確的是（）ax2點(diǎn)的電勢(shì)最高bx1、x3點(diǎn)的電勢(shì)相等c點(diǎn)電荷在x1處的電勢(shì)能等于其在x3處的電勢(shì)能d點(diǎn)電荷在x1處的電勢(shì)能可能大于其在x2處的電勢(shì)能11（4分）如圖所示，均勻帶正電的絕緣圓環(huán)a與金屬圓環(huán)b以同心o點(diǎn)共面放置，當(dāng)a繞o點(diǎn)在其所在平面逆時(shí)針加速旋轉(zhuǎn)時(shí)，則b中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向是（）a順時(shí)針，且b具有擴(kuò)張趨勢(shì)b順時(shí)針，且b具有收縮趨勢(shì)c逆時(shí)針，且b具有擴(kuò)張趨勢(shì)d逆時(shí)針，且b具有收縮趨勢(shì)12（4分）滑塊以某一初速度從固定的粗糙斜面底端向上運(yùn)動(dòng)，然后又滑回斜面底端。若滑塊向上運(yùn)動(dòng)的位移中點(diǎn)為a，滑塊兩次經(jīng)過(guò)a點(diǎn)的速率分別

4、為va1、va2，上滑和下滑過(guò)程的重力勢(shì)能的變化量的絕對(duì)值分別為ep1、ep2，則（）ava1va2，ep1ep2bva1va2，ep1ep2cva1va2，ep1ep2dva1va2，ep1ep2二、填空題（每小題4分，共20分）13（4分）粗細(xì)均勻的輕繩一端固定，另一端用手握住連續(xù)上下抖動(dòng)，形成一列沿水平方向向右傳播的橫波，某一時(shí)刻的波形如圖所示。根據(jù)這些信息，得知波在繩子中的傳播速度 ，手抖動(dòng)繩的頻率 。（均選填“變大”、“變小”、“不變”或“無(wú)法判斷”）14（4分）設(shè)a、b兩顆衛(wèi)星以相同的軌道半徑分別繞質(zhì)量為m、2m的行星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。若a、b的線速度大小分別為va和vb，周期分別為

5、ta和tb，則va：vb ，ta tb（選填“”、“”或“”）15（4分）如圖所示，兩端a、b開(kāi)口的圓弧形小管充滿水且豎直放置，b端用手指堵住，a、b兩端在同一豎直線上且aob，則管內(nèi)b位置處的壓強(qiáng)為 （已知大氣壓強(qiáng)為p0，水的密度為，重力加速度為g，圓弧半徑為r）。若松開(kāi)b端的手指，則水將從 端流出（選填“a”、“b”或“a、b兩”）16（4分）如圖所示，水平地面上有一質(zhì)量為m的木箱，木箱與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，木箱在與水平方向夾角為的斜向上拉力f作用下作勻速直線運(yùn)動(dòng)，則拉力f的大小為 。保持木箱速度不變，改變f，當(dāng)10°和230°時(shí)，讓木箱發(fā)生相同的位移，兩次拉力做的功

6、分別為w1和w2，則w1 w2（選填“”、“”或“”）17（4分）如圖所示的電路中，由均勻的電阻絲組成的等邊三角形abc導(dǎo)線框，垂直于勻強(qiáng)磁場(chǎng)放置。將ab兩點(diǎn)接入一節(jié)干電池的兩端，ac和bc兩邊導(dǎo)線受到的總安培力為f，方向?yàn)?。若將ab邊移走，其它不變，則余下的導(dǎo)線受到的總安培力大小 f（選填“”、“”或“”）三、綜合題（18題10分，19題14分，20題16分，共40分）18（10分）某同學(xué)利用dis測(cè)定直流電動(dòng)機(jī)效率裝置和電路如圖（a），其中a、b、c和d都是傳感器。a、b是分別是位移傳感器的發(fā)射器和接收器，測(cè)重物上升高度h。圖（b）是所有傳感器測(cè)得的數(shù)據(jù)記錄，繪在一張圖上。（1）圖（a）

7、中，裝置c是 傳感器，d是 傳感器。（請(qǐng)?zhí)顚?xiě)傳感器名稱）（2）如圖（a）所示，閉合電鍵前，滑動(dòng)變阻器滑片應(yīng)處于 。（3）根據(jù)（b）圖中的ut、it和ht圖象，選擇區(qū)域讀取數(shù)據(jù)，為較精確地算出電動(dòng)機(jī)的效率，則對(duì)應(yīng)的時(shí)間段選取較適宜的是 （a）00.5s（b）010s（c）1.020s（d）1.030s（4）讀出所選過(guò)程中c、d的示數(shù)，已知重物和a的總質(zhì)量為m70g，重力加速度g9.80m/s2，可算得該直流電動(dòng)機(jī)的效率 %。19（14分）如圖所示，abc為金屬桿做成的軌道，固定在豎直平面內(nèi)。軌道的ab段水平粗糙，bc段是半徑為r0.1m的光滑半圓弧。一質(zhì)量m0.2kg的小環(huán)套在桿上，在恒定水平拉

8、力f的作用下，從a點(diǎn)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t0.5到達(dá)b點(diǎn)，然后撒去拉力f，小環(huán)沿軌道上滑，到達(dá)c處恰好掉落做自由落體運(yùn)動(dòng)。小環(huán)與水平直桿間動(dòng)摩擦因數(shù)0.3，重力加速度g取10m/s2求：（1）小環(huán)從c處落到b處所用的時(shí)間；（2）小環(huán)第一次到達(dá)b點(diǎn)時(shí)的速度大??；（3）水平拉力f大小。20（16分）如圖所示，密立根油滴實(shí)驗(yàn)的裝置示意圖。一帶負(fù)電油滴處于水平放置的兩平行金屬板a、b之間。當(dāng)平行板不帶電時(shí)，油滴由于受到重力作用加速下落，速率變大，受到的空氣阻力也變大，因此油滴很快會(huì)以一恒定速率v1勻速下落。當(dāng)上極板a帶負(fù)電，下極板b帶等量正電時(shí)，兩極板之間形成的電場(chǎng)可看作勻強(qiáng)電場(chǎng)且電場(chǎng)強(qiáng)度為e，該油

9、滴下落的最終速率為v2已知運(yùn)動(dòng)中油滴受到的阻力可由公式fkv計(jì)算（其中k為常數(shù)），速率v1、v2、常數(shù)k、電場(chǎng)強(qiáng)度e均為已知，帶電油滴運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終未觸及極板。求：（1）油滴的重力g；（2）油滴所帶的電量大小q；（3）若將兩極板a、b上所帶電荷互換，請(qǐng)分析油滴的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，并求出最終速率v3。2019年上海市奉賢區(qū)高考物理一模試卷參考答案與試題解析一、選擇題（共40分第1-8小題，每小題3分，第9-12小題，每小題3分每小題只有一個(gè)正確答案）1【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可?！窘獯稹拷猓簻穼O發(fā)現(xiàn)電子，揭示了原子具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；盧瑟福發(fā)現(xiàn)了核式結(jié)構(gòu)模型；查德威克發(fā)現(xiàn)

10、了中子；貝克勒爾發(fā)現(xiàn)天然放射性現(xiàn)象，揭示了原子核可以再分。故d正確abc錯(cuò)誤。故選：d。【點(diǎn)評(píng)】本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問(wèn)題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一。2【分析】電磁波是一個(gè)大家族，從波長(zhǎng)為1010左右的射線到102左右的長(zhǎng)波都是電磁波【解答】解：a、射線是氦核流，不是電磁波。故a錯(cuò)誤。b、射線是電子流，不是電磁波。故b錯(cuò)誤。c、射線是電磁波，故c正確。d、陰極射線是電子流，不是電磁波。故d錯(cuò)誤。故選：c?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道各種射線的實(shí)質(zhì)，以及知道電磁波譜中各種電磁波的特點(diǎn)3【分析】當(dāng)入射光的頻率大于極限頻率時(shí)才會(huì)產(chǎn)生光電效應(yīng)，由此分析?！窘?/p>

11、答】解：根據(jù)光電效應(yīng)產(chǎn)生的條件可知，當(dāng)入射光的頻率大于極限頻率時(shí)才會(huì)產(chǎn)生光電效應(yīng)，小于極限頻率時(shí)無(wú)論光照時(shí)間多么長(zhǎng)、光多么強(qiáng)，都不會(huì)產(chǎn)生光電效應(yīng)，故a正確，bcd錯(cuò)誤。故選：a?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要是考查光電效應(yīng)，解答本題要掌握光電效應(yīng)的規(guī)律，知道發(fā)生光電效應(yīng)的條件。4【分析】明確簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，根據(jù)振子是遠(yuǎn)離平衡位置還是靠近平衡位置來(lái)分析回復(fù)力、位移、速度和加速度的變化。【解答】解：a、重力勢(shì)能epmgh，振子在水平面上運(yùn)動(dòng)，故重力勢(shì)能不變，故a錯(cuò)誤；b、由于彈簧振子的形變量增大，故其彈性勢(shì)能增大，故b正確；c、振子遠(yuǎn)離平衡位置，速度減小，故動(dòng)能減小，故c錯(cuò)誤；d、由于只有彈簧彈力做功，故系統(tǒng)的

12、機(jī)械能守恒，故d錯(cuò)誤。故選：b?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查根據(jù)振動(dòng)特點(diǎn)分析物體振動(dòng)過(guò)程的能力。明確其速度、位移以及加速度的變化，同時(shí)根據(jù)能量轉(zhuǎn)化規(guī)律分析能量的變化情況。5【分析】vt圖象的斜率表示加速度，斜率為零時(shí)加速度為零。由此分析?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)vt圖象的斜率表示加速度，知t0、t1s、t2s時(shí)刻圖象的斜率不為零，則質(zhì)點(diǎn)的加速度不為零。t4s時(shí)，圖象的斜率為零，則質(zhì)點(diǎn)的加速度為零。故abc錯(cuò)誤，d正確。故選：d?！军c(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵抓住圖象的數(shù)學(xué)意義來(lái)分析質(zhì)點(diǎn)的加速度，知道圖象的斜率等于加速度，勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度為零。6【分析】物固體液體難被壓縮，是由于分子間存在斥力，氣體分子間的距離較大，分子力很

13、小甚至分子力為0，不存在斥力作用，難被壓縮，是氣體壓強(qiáng)造成。【解答】解：a、液體難被壓縮，是由于分子間存在斥力。故a正確；b、將破碎的玻璃用力擠在一起，卻不能將它們粘合在一起，是由于分子之間的引力比較小，不能說(shuō)明分子之間存在斥力。故b錯(cuò)誤。c、氣體的體積容易被壓縮，是由于氣體分子之間的距離比較大，不能說(shuō)明分子間存在斥力。故c錯(cuò)誤；d、用斧子花很大的力氣才能把柴劈開(kāi)，說(shuō)明是分子間存在引力而不是斥力，故d錯(cuò)誤；故選：a?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵搞清楚固液氣難被壓縮的原因：固體液體難被壓縮，是由于分子間存在斥力，氣體難被壓縮，是氣體壓強(qiáng)造成。7【分析】應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，然后根據(jù)

14、圖象分析答題?！窘獯稹拷猓河衫硐霘怏w狀態(tài)方程：pvt=c可知：p=1vct，即的p-1v圖象中過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線表示等溫變化斜率表示kct，c為常數(shù)，即傾斜程度表示溫度過(guò)a、b做過(guò)原點(diǎn)的直線，如圖所示：由圖可知：tatb故acd錯(cuò)誤，b正確；故選：b。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了判斷氣體溫度如何變化，由于理想氣體狀態(tài)方程求出圖象的函數(shù)表達(dá)式是正確解題的關(guān)鍵。8【分析】當(dāng)單色光照射在寬度小于或等于光源波長(zhǎng)的小圓板或圓珠時(shí)，會(huì)在之后的光屏上出現(xiàn)環(huán)狀的互為同心圓的衍射條紋，并且在所有同心圓的圓心處會(huì)出現(xiàn)一個(gè)極小的亮斑，這個(gè)亮斑就被稱為泊松亮斑。由此即可找出答案?！窘獯稹拷猓航Y(jié)合泊松亮斑的特點(diǎn)可知，光照射在寬度小

15、于或等于光源波長(zhǎng)的小圓板或圓珠時(shí)，會(huì)在之后的光屏上出現(xiàn)環(huán)狀的互為同心圓的衍射條紋，所以a是泊松亮斑，其他的三個(gè)都不是，故a正確，bcd錯(cuò)誤。故選：a。【點(diǎn)評(píng)】該題考查著名的泊松亮斑，要牢記泊松亮斑是光照在小圓盤上卻在屏上中央出現(xiàn)亮斑，說(shuō)明光不再沿直線傳播。9【分析】掌握二力平衡條件，對(duì)小球進(jìn)行受力分析，小球手重力和桿對(duì)它的彈力作用，又由于小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以重力和彈力是一對(duì)平衡力，大小相等、方向相反，作用在同一直線上。【解答】解：小球手重力和彈力作用，由于小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以重力和彈力是一對(duì)平衡力，重力方向豎直向下，所以彈力方向豎直向上，即沿oc方向，故c正確，abd錯(cuò)誤。故選：c?！军c(diǎn)評(píng)

16、】此題考查了二力平衡條件的應(yīng)用，根據(jù)二力平衡條件是判斷桿的彈力和方向的很好的辦法。此題很容易受到斜面角度和桿的彎曲程度的影響，從而造成彈力方向判斷失誤。10【分析】沿電場(chǎng)的方向電勢(shì)降低，但場(chǎng)強(qiáng)和電勢(shì)沒(méi)有直接的關(guān)系，不能根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的大小判斷電勢(shì)的高低?！窘獯稹拷猓篴bc、電場(chǎng)方向正好沿x軸，可能沿x軸正方向，也可能沿x軸負(fù)方向，所以各點(diǎn)電勢(shì)的高低無(wú)法判斷，電勢(shì)能的大小也無(wú)法判斷，故abc錯(cuò)誤；d、因?yàn)殡妱?shì)的高低無(wú)法判斷，所以點(diǎn)電荷在x1處的電勢(shì)能可能大于或小于其在x2處的電勢(shì)能，故d正確。故選：d。【點(diǎn)評(píng)】題干本題要知道場(chǎng)強(qiáng)和電勢(shì)沒(méi)有直接的關(guān)系，不能根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的大小判斷電勢(shì)的高低，同樣不能根據(jù)電勢(shì)的

17、高低去判斷場(chǎng)強(qiáng)的大小。11【分析】本題中是由于a的轉(zhuǎn)動(dòng)而形成了感應(yīng)電流，a中的感應(yīng)電流的變化可以在b中產(chǎn)生磁通量的變化，才使b中產(chǎn)生了感應(yīng)電流?！窘獯稹拷猓寒?dāng)帶正電的絕緣圓環(huán)a逆時(shí)針加速旋轉(zhuǎn)時(shí)，相當(dāng)于逆時(shí)針?lè)较螂娏?，并且在增大，根?jù)右手定則，其內(nèi)（金屬圓環(huán)a內(nèi)）有垂直紙面向外的磁場(chǎng)，其外（金屬圓環(huán)b處）有垂直紙面向里的磁場(chǎng)，并且磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度在增大，金屬圓環(huán)b包圍的面積內(nèi)的磁場(chǎng)的總磁感應(yīng)強(qiáng)度是垂直紙面向外（因?yàn)橄蛲獾谋认蚶锏拇磐慷啵蛲獾氖侨?，向里的是部分）而且增大，根?jù)楞次定律，b中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場(chǎng)垂直紙面向里，磁場(chǎng)對(duì)電流的作用力向外，所以b中產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，根據(jù)左手定則

18、，磁場(chǎng)對(duì)電流的作用力向外，所以具有擴(kuò)張趨勢(shì)，故a正確bcd錯(cuò)誤；故選：a?！军c(diǎn)評(píng)】本題有兩個(gè)判斷，一個(gè)是電流方向，另一個(gè)是收縮趨勢(shì)還是擴(kuò)張趨勢(shì)。綜合考查了電流的磁場(chǎng)（安培定則），磁通量，電磁感應(yīng)，楞次定律，磁場(chǎng)對(duì)電流的作用力，左手定則等。12【分析】根據(jù)能量守恒定律判斷速度大小，根據(jù)重力做功判斷重力勢(shì)能變化情況?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)能量守恒定律可知，滑到最高點(diǎn)又返回a時(shí)摩擦力做功比第一次滑到a點(diǎn)摩擦力做功多，故第一次動(dòng)能大于第二次的動(dòng)能，所以va1va2，根據(jù)重力做功等于重力勢(shì)能的減少量，可知重力勢(shì)能變化量相等，故ep1ep2，故c正確。故選：c?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查能量守恒和重力勢(shì)能變化，關(guān)鍵是判斷

19、摩擦力的做功時(shí)使用的路程不是位移。二、填空題（每小題4分，共20分）13【分析】機(jī)械波的波速是由介質(zhì)決定的，與波長(zhǎng)無(wú)關(guān)；由圖可看出波長(zhǎng)的變化，由波速公式分析頻率的變化?！窘獯稹拷猓簷C(jī)械波的波速是由介質(zhì)決定的，則波在繩子中的傳播速度不變；根據(jù)相鄰波峰之間或波谷之間的距離等于波長(zhǎng)，由圖看出波長(zhǎng)越來(lái)越大，波速不變，由波速公式vf可知，頻率越來(lái)越小。故答案為：不變，變小【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵要抓住波速是由介質(zhì)決定，保持不變，再由波速公式分析頻率的變化情況。14【分析】衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)向心力由萬(wàn)有引力提供，得到周期、線速度與軌道半徑的關(guān)系式，再進(jìn)行分析?！窘獯稹拷猓盒l(wèi)星由萬(wàn)有引力提供向心力有：gmmr2=m42

20、t2rmv2r，則得：t2rrgm，可見(jiàn)，中心天體的質(zhì)量m越小，t越大，所以得tatb，與v=gmr得：vavb=mamb=m2m=12故答案為：1：2，【點(diǎn)評(píng)】本題要建立清晰的物理模型，利用萬(wàn)有引力等于向心力列式進(jìn)行分析。15【分析】液體產(chǎn)生的壓強(qiáng)pgh，管內(nèi)b位置處的壓強(qiáng)為p0+p?！窘獯稹拷猓阂后w產(chǎn)生的壓強(qiáng)為：pgh2grsin2所以管內(nèi)b位置處的壓強(qiáng)為：p0+pp0+2grsin2，大于大氣壓，所以松開(kāi)b端的手指，則水將從b端流出。故答案為：p0+2grsin2，b【點(diǎn)評(píng)】該題考查封閉氣體的壓強(qiáng)，使用連通器的原理即可求出。屬于基礎(chǔ)題目。16【分析】物體受力平衡，受力分析后正交分解表示出

21、拉力f，由水平方向受力平衡可得，f在水平方向的分力始終等于摩擦力，增大，摩擦力逐漸減小，故f在水平方向的分力減小，由wfx可得拉力f的功變化。【解答】解：對(duì)物體受力分析如圖：因?yàn)槲矬w勻速運(yùn)動(dòng)，水平豎直方向均受力平衡：水平方向：fcos（mgfsin）豎直方向：fn+fsinmgffn聯(lián)立解得：f=mgcos+sin，則有：wfxcos=mgxcoscos+sin=mgx1+tan，由上式知，從0逐漸增大到90°的過(guò)程中，tan增大，拉力f的功w一直減小。當(dāng)10°和230°時(shí)，讓木箱發(fā)生相同的位移，兩次拉力做的功分別為w1和w2，則w1w2故答案為：mgcos+si

22、n，?！军c(diǎn)評(píng)】本題為平衡條件的應(yīng)用問(wèn)題，受力分析后應(yīng)用平衡條件求解即可，得出功表達(dá)式是注意力和位移方向的夾角。17【分析】根據(jù)左手定則判斷出各段受到的安培力的方向，根據(jù)閉合電路的歐姆定律計(jì)算出各段上的電流大小，再計(jì)算出各段安培力的大小，然后使用平行四邊形定則合成即可【解答】解：ac和bc的等效長(zhǎng)度可看做ab的長(zhǎng)度，根據(jù)左手定則知方向?yàn)檠丶埫娲怪盿b指向c，將ab邊移走，外電路的電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律知路端電壓變大，流過(guò)ac和bc的電流要大于原來(lái)流過(guò)ac和bc的電流，它們的有效長(zhǎng)度相等，所以余下的導(dǎo)線受到的總安培力要大于f。故答案為：沿紙面垂直ab指向c，【點(diǎn)評(píng)】解題的關(guān)鍵是知道ac和b

23、c的等效長(zhǎng)度可看做ab的長(zhǎng)度，然后依據(jù)左手定則和安培力公式分析即可。三、綜合題（18題10分，19題14分，20題16分，共40分）18【分析】解決實(shí)驗(yàn)問(wèn)題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)。該實(shí)驗(yàn)是測(cè)量電動(dòng)機(jī)的效率，為了使砝碼盤和砝碼的重力等于小車所受的合外力，實(shí)驗(yàn)應(yīng)該滿足小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于重物的質(zhì)量；【解答】解：（1）由實(shí)驗(yàn)原理和目的，要測(cè)電動(dòng)機(jī)的效率，則要測(cè)出輸入電動(dòng)機(jī)的功率或電動(dòng)機(jī)消耗的電功率，所以要測(cè)出電動(dòng)機(jī)的輸入電壓和電流，由圖（a）可以看出，c是與電動(dòng)機(jī)并聯(lián)的，所以是電壓表，而d是電動(dòng)機(jī)串聯(lián)的，是電流表。（2）為保證安全起見(jiàn)，要使電動(dòng)機(jī)逐步正常，開(kāi)始閉合

24、電路時(shí)使電路的電流最小，則滑動(dòng)變阻器調(diào)到最大，應(yīng)處最左端。（3）電動(dòng)機(jī)穩(wěn)定工作的時(shí)段是1.03.0s，但由于1.02.0s時(shí)段高度顯示不準(zhǔn)確，所以選1.03.0，d選最好。（4）電動(dòng)機(jī)輸入功率為p入ui00.58×6.0v×0.4×0.4a0.557w而電動(dòng)機(jī)的輸出功率p出=mght=70×10-3×10×(0.58-0.2)2.0w0.133w所以電動(dòng)機(jī)的效率為=p出p入=23.8%。故答案為：（1）電壓 電流（2）左端 （或阻值最大處）（3）d（全對(duì)）或c（不全對(duì)）（4）23.8 （23.025.0均可）【點(diǎn)評(píng)】本實(shí)驗(yàn)在原來(lái)的基礎(chǔ)

25、上有所創(chuàng)新，根據(jù)所學(xué)物理知識(shí)和實(shí)驗(yàn)裝置的特點(diǎn)明確實(shí)驗(yàn)原理是解答該實(shí)驗(yàn)的關(guān)鍵。19【分析】（1）小環(huán)從c處落到b處做自由落體運(yùn)動(dòng)，由位移時(shí)間公式求時(shí)間。（2）由于軌道光滑，從b到c小環(huán)的機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律求小環(huán)第一次到達(dá)b點(diǎn)時(shí)的速度大小。（3）小環(huán)從a到b做勻加速運(yùn)動(dòng)，先由速度公式求得加速度，再由牛頓第二定律求f的大小?！窘獯稹拷猓海?）小環(huán)從c處落到b處做自由落體運(yùn)動(dòng)，則 2r=12gt2可得 t2rg=20.110s0.2s（2）因小環(huán)恰好能通過(guò)c點(diǎn)，則在c點(diǎn)速度為零，又因?yàn)閎c軌道光滑，小環(huán)在bc段軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)只有重力做功，機(jī)械能守恒，以ab為零勢(shì)能面，則由機(jī)械能守恒定律得 12mvb2=mg2r解得 vb2m/s（3）在a點(diǎn)小環(huán)受重力g、支持力n、拉力f和摩擦力f，受力分析如圖小環(huán)在恒力作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為 a=vb-0t=20.5=4m/s2。根據(jù)牛頓第二定律得 ffma又 fn聯(lián)立解得 f1.4n答：（1）小環(huán)從c處落到b處所用的時(shí)間是0.2s；（2）小環(huán)第一次到達(dá)b點(diǎn)時(shí)的速度大小是2m/s；（3）水平拉力f大小是1.4n。【點(diǎn)評(píng)】