2016年江蘇省高考物理試卷

1、2016年江蘇省高考物理試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分，每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1（3分）一輕質(zhì)彈簧原長(zhǎng)為8cm，在4N的拉力作用下伸長(zhǎng)了2cm，彈簧未超出彈性限度，則該彈簧的勁度系數(shù)為（）A40 m/NB40 N/mC200 m/ND200 N/m2（3分）有A、B兩小球，B的質(zhì)量為A的兩倍現(xiàn)將它們以相同速率沿同一方向拋出，不計(jì)空氣阻力圖中為A的運(yùn)動(dòng)軌跡，則B的運(yùn)動(dòng)軌跡是（）ABCD3（3分）一金屬容器置于絕緣板上，帶電小球用絕緣細(xì)線(xiàn)懸掛于容器中，容器內(nèi)的電場(chǎng)線(xiàn)分布如圖所示容器內(nèi)表面為等勢(shì)面，A、B為容器內(nèi)表面上的兩點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）AA點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比B點(diǎn)的

2、大B小球表面的電勢(shì)比容器內(nèi)表面的低CB點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向與該處內(nèi)表面垂直D將檢驗(yàn)電荷從A點(diǎn)沿不同路徑到B點(diǎn)，電場(chǎng)力所做的功不同4（3分）一自耦變壓器如圖所示，環(huán)形鐵芯上只饒有一個(gè)線(xiàn)圈，將其接在a、b間作為原線(xiàn)圈通過(guò)滑動(dòng)觸頭取該線(xiàn)圈的一部分，接在c、d間作為副線(xiàn)圈在a、b間輸入電壓為U1的交變電流時(shí)，c、d間的輸出電壓為U2，在將滑動(dòng)觸頭從M點(diǎn)順時(shí)針旋轉(zhuǎn)到N點(diǎn)的過(guò)程中（）AU2U1，U2降低BU2U1，U2升高CU2U1，U2降低DU2U1，U2升高5（3分）小球從一定高度處由靜止下落，與地面碰撞后回到原高度再次下落，重復(fù)上述運(yùn)動(dòng)，取小球的落地點(diǎn)為原點(diǎn)建立坐標(biāo)系，豎直向上為正方向，下列速度v和位置

3、x的關(guān)系圖象中，能描述該過(guò)程的是（）ABCD二、多項(xiàng)選擇題：本題共4個(gè)小題，每小題4分，共計(jì)16分，每個(gè)選擇題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，選錯(cuò)或不選的得0分6（4分）電吉他中電拾音器的基本結(jié)構(gòu)如圖所示，磁體附近的金屬弦被磁化，因此弦振動(dòng)時(shí)，在線(xiàn)圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流經(jīng)電路放大后傳送到音箱發(fā)生聲音，下列說(shuō)法正確的有（）A選用銅質(zhì)弦，電吉他仍能正常工作B取走磁體，電吉他將不能正常工作C增加線(xiàn)圈匝數(shù)可以增大線(xiàn)圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)D磁振動(dòng)過(guò)程中，線(xiàn)圈中的電流方向不斷變化7（4分）如圖所示，兩質(zhì)量相等的衛(wèi)星A、B繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，用R、T、Ek、S分別表示衛(wèi)星的軌道半徑、周期

4、、動(dòng)能、與地心連線(xiàn)在單位時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積下列關(guān)系式正確的有（）ATATBBEkAEkBCSA=SBD=8（4分）如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為12V，內(nèi)阻為2，四個(gè)電阻的阻值已在圖中標(biāo)出。閉合開(kāi)關(guān)S，下列說(shuō)法正確的有（）A路端電壓為10 VB電源的總功率為10 WCa、b間電壓的大小為5 VDa、b間用導(dǎo)線(xiàn)連接后，電路的總電流為1 A9（4分）如圖所示，一只貓?jiān)谧肋吤偷貙⒆啦紡聂~(yú)缸下拉出，魚(yú)缸最終沒(méi)有滑出桌面。若魚(yú)缸、桌布、桌面兩兩之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均相等，則在上述過(guò)程中（）A桌布對(duì)魚(yú)缸摩擦力的方向向左B魚(yú)缸在桌布上的滑動(dòng)時(shí)間和在桌面上的相等C若貓?jiān)龃罄?，魚(yú)缸受到的摩擦力將增大D若貓減小拉力，

5、魚(yú)缸有可能滑出桌面三、簡(jiǎn)答題：本題分必做題（第10、11題）和選做題（第12題）兩部分，共計(jì)42分請(qǐng)將解答填寫(xiě)在答題卡相應(yīng)位置10（8分）小明同學(xué)通過(guò)實(shí)驗(yàn)探究某一金屬電阻的阻值R隨溫度t的變化關(guān)系已知該金屬電阻在常溫下的阻值約10，R隨t的升高而增大實(shí)驗(yàn)電路如圖1所示，控溫箱用以調(diào)節(jié)金屬電阻的溫值實(shí)驗(yàn)時(shí)閉合S，先將開(kāi)關(guān)K與1端閉合，調(diào)節(jié)金屬電阻的溫度，分別記下溫度t1，t2，和電流表的相應(yīng)示數(shù)I1，I2，然后將開(kāi)關(guān)K與2端閉合，調(diào)節(jié)電阻箱使電流表的實(shí)數(shù)再次為I1，I2，分別記下電阻箱相應(yīng)的示數(shù)R1，R2，（1）有以下兩電流表，實(shí)驗(yàn)電路中應(yīng)選用 （A）量程0100mA，內(nèi)阻約2（B）量程00.6

6、A，內(nèi)阻可忽略（2）實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，要將電阻箱的阻值由9.9調(diào)節(jié)至10.0，需旋轉(zhuǎn)圖中電阻箱的旋鈕“a”、“b”、“c”，正確的操作順序是 將旋鈕a由“0”旋轉(zhuǎn)至“1”將旋鈕b由“9”旋轉(zhuǎn)至“0”將旋鈕c由“9”旋轉(zhuǎn)至“0”（3）實(shí)驗(yàn)記錄的t和R的數(shù)據(jù)見(jiàn)下表“溫度t（）20.040.060.080.0100.0阻值R（）9.610.411.112.112.8請(qǐng)根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在圖2作出Rt圖象由圖線(xiàn)求得R隨t的變化關(guān)系為R= 11（10分）某同學(xué)用如圖1所示的裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律一根細(xì)線(xiàn)系住鋼球，懸掛著鐵架臺(tái)上，鋼球靜止于A點(diǎn)，光電門(mén)固定在A的正下方在鋼球底部豎直地粘住一片寬帶為d的遮光條將鋼球拉

7、至不同位置由靜止釋放，遮光條經(jīng)過(guò)光電門(mén)的擋光時(shí)間t時(shí)由計(jì)時(shí)器測(cè)出，取v=作為鋼球經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的速度記錄鋼球每次下落的高度h和計(jì)時(shí)器示數(shù)t，計(jì)算并比較鋼球在釋放點(diǎn)和A點(diǎn)之間的勢(shì)能變化大小Ep與動(dòng)能變化大小Ek，就能驗(yàn)證機(jī)械能是否守恒（1）Ep=mgh計(jì)算鋼球重力勢(shì)能變化的大小，式中鋼球下落高度h應(yīng)測(cè)量釋放時(shí)的鋼球球心到 之間的豎直距離（A）鋼球在A點(diǎn)時(shí)的頂端（B）鋼球在A點(diǎn)時(shí)的球心（C）鋼球在A點(diǎn)時(shí)的底端（2）用Ek=mv2計(jì)算鋼球動(dòng)能變化的大小，用刻度尺測(cè)量遮光條寬度，示數(shù)如圖2所示，其讀數(shù)為 cm某次測(cè)量中，計(jì)時(shí)器的示數(shù)為0.0100s，則鋼球的速度為v= m/s（3）下表為該同學(xué)的實(shí)驗(yàn)結(jié)果：

8、Ep（×102J）4.8929.78614.6919.5929.38Ek（×102J）5.0410.115.120.029.8他發(fā)現(xiàn)表中的Ep與Ek之間存在差異，認(rèn)為這是由于空氣阻力造成的你是否同意他的觀點(diǎn)？請(qǐng)說(shuō)明理由（4）請(qǐng)你提出一條減小上述差異的改進(jìn)建議四、【選做題】本題包括A、B、C三題，請(qǐng)選定其中兩小題，并在相應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)作答，若多做，則按A、B兩小題評(píng)分.選修3-3（12分）12（3分）在高原地區(qū)燒水需要使用高壓鍋，水燒開(kāi)后，鍋內(nèi)水面上方充滿(mǎn)飽和汽，停止加熱，高壓鍋在密封狀態(tài)下緩慢冷卻，在冷卻過(guò)程中，鍋內(nèi)水蒸汽的變化情況為（）A壓強(qiáng)變小B壓強(qiáng)不變C一直是飽和汽D

9、變?yōu)槲达柡推?3（9分）（1）如圖1所示，在斯特林循環(huán)的pV圖象中，一定質(zhì)量理想氣體從狀態(tài)A依次經(jīng)過(guò)狀態(tài)B、C和D后再回到狀態(tài)A，整個(gè)過(guò)程由兩個(gè)等溫和兩個(gè)等容過(guò)程組成BC的過(guò)程中，單位體積中的氣體分子數(shù)目 （選填“增大”、“減小”或“不變”），狀態(tài)A和狀態(tài)D的氣體分子熱運(yùn)動(dòng)速率的統(tǒng)計(jì)分布圖象如圖2所示，則狀態(tài)A對(duì)應(yīng)的是 （選填“”或“”）（2）如圖1所示，在AB和DA的過(guò)程中，氣體放出的熱量分別為4J和20J在BC和CD的過(guò)程中，氣體吸收的熱量分別為20J和12J求氣體完成一次循環(huán)對(duì)外界所做的功選修3-4（12分）14（3分）一艘太空飛船靜止時(shí)的長(zhǎng)度為30m，他以0.6c（c為光速）的速度沿長(zhǎng)

10、度方向飛行經(jīng)過(guò)地球，下列說(shuō)法正確的是（）A飛船上的觀測(cè)者測(cè)得該飛船的長(zhǎng)度小于30mB地球上的觀測(cè)者測(cè)得該飛船的長(zhǎng)度小于30mC飛船上的觀測(cè)者測(cè)得地球上發(fā)來(lái)的光信號(hào)速度小于cD地球上的觀測(cè)者測(cè)得飛船上發(fā)來(lái)的光信號(hào)速度小于c15（9分）（1）楊氏干涉實(shí)驗(yàn)證明光的確是一種波，一束單色光投射在兩條相距很近的狹縫上，兩狹縫就成了兩個(gè)光源，它們發(fā)出的光波滿(mǎn)足干涉的必要條件，則兩列光的 相同如圖所示，在這兩列光波相遇的區(qū)域中，實(shí)線(xiàn)表示波峰，虛線(xiàn)表示波谷，如果放置光屏，在 （選填“A”、“B”或“C”）點(diǎn)會(huì)出現(xiàn)暗條紋（2）在上述楊氏干涉試驗(yàn)中，若單色光的波長(zhǎng)=5.89×107m，雙縫間的距離d=1m

11、m，雙縫到屏的距離l=2m求第1個(gè)亮光條紋到第11個(gè)亮條紋的中心間距選修3-5（12分）16貝克勒爾在120年前首先發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，如今原子核的放射性在眾多領(lǐng)域中有著廣泛應(yīng)用。下列屬于放射性衰變的是（）ACN+eBU+nI+Y+2nCH+HHe+nDHe+AlP+n17已知光速為c，普朗克常數(shù)為h，則頻率為的光子的動(dòng)量為 。用該頻率的光垂直照射平面鏡，光被鏡面全部垂直反射回去，則光子在反射前后動(dòng)量改變量的大小為 。六、計(jì)算題：本題共4小題，共計(jì)47分解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的驗(yàn)算步驟，只寫(xiě)出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位.18幾種金屬的逸出

12、功W0見(jiàn)下表：金屬鎢鈣鈉鉀鉫W0（×1019J）7.265.123.663.603.41由一束可見(jiàn)光照射上述金屬的表面，請(qǐng)通過(guò)計(jì)算說(shuō)明哪些能發(fā)生光電效應(yīng)已知該可見(jiàn)光的波長(zhǎng)的范圍為4.0×1077.6×107m，普朗克常數(shù)h=6.63×1034Js19（15分）據(jù)報(bào)道，一法國(guó)攝影師拍到“天宮一號(hào)”空間站飛過(guò)太陽(yáng)的瞬間照片中，“天宮一號(hào)”的太陽(yáng)帆板輪廓清晰可見(jiàn)如圖所示，假設(shè)“天宮一號(hào)”正以速度v=7.7km/s繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向與太陽(yáng)帆板兩端M、N的連線(xiàn)垂直，M、N間的距離L=20m，地磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直于v、MN所在平面的分量B=1.0

13、15;105 T，將太陽(yáng)帆板視為導(dǎo)體（1）求M、N間感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小E；（2）在太陽(yáng)帆板上將一只“1.5V、0.3W”的小燈泡與M、N相連構(gòu)成閉合電路，不計(jì)太陽(yáng)帆板和導(dǎo)線(xiàn)的電阻試判斷小燈泡能否發(fā)光，并說(shuō)明理由；（3）取地球半徑R=6.4×103 km，地球表面的重力加速度g=9.8m/s2，試估算“天宮一號(hào)”距離地球表面的高度h（計(jì)算結(jié)果保留一位有效數(shù)字）20（16分）如圖所示，傾角為的斜面A被固定在水平面上，細(xì)線(xiàn)的一端固定于墻面，另一端跨過(guò)斜面頂端的小滑輪與物塊B相連，B靜止在斜面上?；喿髠?cè)的細(xì)線(xiàn)水平，右側(cè)的細(xì)線(xiàn)與斜面平行。A、B的質(zhì)量均為m。撤去固定A的裝置后，A、B均做直線(xiàn)運(yùn)

14、動(dòng)。不計(jì)一切摩擦，重力加速度為g。求：（1）A固定不動(dòng)時(shí)，A對(duì)B支持力的大小N；（2）A滑動(dòng)的位移為x時(shí)，B的位移大小s；（3）A滑動(dòng)的位移為x時(shí)的速度大小vx。21（16分）回旋加速器的工作原理如圖1所示，置于真空中的D形金屬盒半徑為R，兩盒間狹縫的間距為d，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與盒面垂直，被加速粒子的質(zhì)量為m，電荷量為+q，加在狹縫間的交變電壓如圖2所示，電壓值的大小為Ub周期T=一束該粒子在t=0 時(shí)間內(nèi)從A處均勻地飄入狹縫，其初速度視為零。現(xiàn)考慮粒子在狹縫中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，假設(shè)能夠出射的粒子每次經(jīng)過(guò)狹縫均做加速運(yùn)動(dòng)，不考慮粒子間的相互作用。求：（1）出射粒子的動(dòng)能Em；（2）粒子從飄入

15、狹縫至動(dòng)能達(dá)到Em所需的總時(shí)間t總；（3）要使飄入狹縫的粒子中有超過(guò)99%能射出，d應(yīng)滿(mǎn)足的條件。2016年江蘇省高考物理試卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分，每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1（3分）一輕質(zhì)彈簧原長(zhǎng)為8cm，在4N的拉力作用下伸長(zhǎng)了2cm，彈簧未超出彈性限度，則該彈簧的勁度系數(shù)為（）A40 m/NB40 N/mC200 m/ND200 N/m【分析】由題確定出彈簧的彈力和伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度，根據(jù)胡克定律求解彈簧的勁度系數(shù)【解答】解：彈簧伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度為：x=2cm=0.02m，彈簧的彈力為 F=4N，根據(jù)胡克定律F=kx得：k=200N/m。故ABC錯(cuò)誤，

16、D正確。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查胡克定律的基本應(yīng)用，關(guān)鍵要知道公式F=kx中，x是彈簧伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度或縮短的長(zhǎng)度，不是彈簧的長(zhǎng)度該題還應(yīng)特別注意單位2（3分）有A、B兩小球，B的質(zhì)量為A的兩倍現(xiàn)將它們以相同速率沿同一方向拋出，不計(jì)空氣阻力圖中為A的運(yùn)動(dòng)軌跡，則B的運(yùn)動(dòng)軌跡是（）ABCD【分析】明確拋體運(yùn)動(dòng)的軌跡取決于物體的初速度和加速度，明確加速度均為重力加速度，即可分析小球B的運(yùn)動(dòng)軌跡【解答】解：兩球初速度大小和方向均相同，同時(shí)因拋出后兩物體均只受重力，故加速度相同，因此二者具有相同的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，故B的運(yùn)動(dòng)軌跡也是；選項(xiàng)A正確，BCD錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查對(duì)拋體運(yùn)動(dòng)的掌握，要注意明確質(zhì)

17、量不同的物體在空中加速度是相同的，而影響物體運(yùn)動(dòng)的關(guān)鍵因素在于加速度，與質(zhì)量無(wú)關(guān)3（3分）一金屬容器置于絕緣板上，帶電小球用絕緣細(xì)線(xiàn)懸掛于容器中，容器內(nèi)的電場(chǎng)線(xiàn)分布如圖所示容器內(nèi)表面為等勢(shì)面，A、B為容器內(nèi)表面上的兩點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）AA點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比B點(diǎn)的大B小球表面的電勢(shì)比容器內(nèi)表面的低CB點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向與該處內(nèi)表面垂直D將檢驗(yàn)電荷從A點(diǎn)沿不同路徑到B點(diǎn)，電場(chǎng)力所做的功不同【分析】A、根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的疏密可判定電場(chǎng)強(qiáng)度的強(qiáng)弱；B、依據(jù)沿著電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)是降低的，即可判定；C、根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)總與等勢(shì)線(xiàn)垂直，即可確定；D、在同一等勢(shì)線(xiàn)上，電場(chǎng)力做功為零【解答】解：A、依據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)越疏，電場(chǎng)強(qiáng)度越

18、弱，而電場(chǎng)線(xiàn)越密的，則電場(chǎng)強(qiáng)度越強(qiáng)，由圖可知，則A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比B點(diǎn)的小，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)沿著電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)是降低的，可知，小球表面的電勢(shì)比容器內(nèi)表面的高，故B錯(cuò)誤；C、因容器內(nèi)表面為等勢(shì)面，且電場(chǎng)線(xiàn)總垂直于等勢(shì)面，因此B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向與該處內(nèi)表面垂直，故C正確；D、因A、B在同一等勢(shì)面上，將檢驗(yàn)電荷從A點(diǎn)沿不同路徑到B點(diǎn)，電場(chǎng)力所做的功相同，均為零，故D錯(cuò)誤；故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】考查電場(chǎng)線(xiàn)的疏密與電場(chǎng)強(qiáng)度的強(qiáng)弱的關(guān)系，掌握電場(chǎng)線(xiàn)的方向與電勢(shì)的高低的關(guān)系，理解電場(chǎng)線(xiàn)總垂直等勢(shì)面，注意同一等勢(shì)面上，電場(chǎng)力不做功4（3分）一自耦變壓器如圖所示，環(huán)形鐵芯上只饒有一個(gè)線(xiàn)圈，將其接在a、b間作為原線(xiàn)圈

19、通過(guò)滑動(dòng)觸頭取該線(xiàn)圈的一部分，接在c、d間作為副線(xiàn)圈在a、b間輸入電壓為U1的交變電流時(shí)，c、d間的輸出電壓為U2，在將滑動(dòng)觸頭從M點(diǎn)順時(shí)針旋轉(zhuǎn)到N點(diǎn)的過(guò)程中（）AU2U1，U2降低BU2U1，U2升高CU2U1，U2降低DU2U1，U2升高【分析】本題屬于自耦變壓器，輸入和輸出的電壓同樣與匝數(shù)成正比，當(dāng)滑動(dòng)觸頭M順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，輸出電壓的匝數(shù)將變小，從而可以判斷輸出的電壓的變化的情況【解答】解：根據(jù)變壓器的電壓關(guān)系有=，當(dāng)滑動(dòng)觸頭M順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，即n2減小時(shí)，電壓U2應(yīng)該減小，即降低，由于n2n1，所以U2U1，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】自耦變壓器的原理和普通的理想變壓器的原理是

20、相同的，電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，根據(jù)基本的規(guī)律分析即可5（3分）小球從一定高度處由靜止下落，與地面碰撞后回到原高度再次下落，重復(fù)上述運(yùn)動(dòng)，取小球的落地點(diǎn)為原點(diǎn)建立坐標(biāo)系，豎直向上為正方向，下列速度v和位置x的關(guān)系圖象中，能描述該過(guò)程的是（）ABCD【分析】小球先自由下落，做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，與地面碰撞后，做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，即勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，之后不斷重復(fù)小球在空中運(yùn)動(dòng)的加速度始終為g，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式分析v與x的關(guān)系，再選擇圖象【解答】解：以豎直向上為正方向，則小球下落的速度為負(fù)值，故C、D兩圖錯(cuò)誤。設(shè)小球原來(lái)距地面的高度為h。小球下落的過(guò)程中，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：v2=2g（hx），由

21、數(shù)學(xué)知識(shí)可得，vx圖象應(yīng)是開(kāi)口向左的拋物線(xiàn)。小球與地面碰撞后上升的過(guò)程，與下落過(guò)程具有對(duì)稱(chēng)性，故A正確，B錯(cuò)誤。故選：A。【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于圖象類(lèi)型的選擇題，采用判斷法和排除法相結(jié)合的方法，可提高準(zhǔn)確率和解題速度對(duì)于圖象，往往根據(jù)物理規(guī)律得到解析式再分析圖象的形狀二、多項(xiàng)選擇題：本題共4個(gè)小題，每小題4分，共計(jì)16分，每個(gè)選擇題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，選錯(cuò)或不選的得0分6（4分）電吉他中電拾音器的基本結(jié)構(gòu)如圖所示，磁體附近的金屬弦被磁化，因此弦振動(dòng)時(shí)，在線(xiàn)圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流經(jīng)電路放大后傳送到音箱發(fā)生聲音，下列說(shuō)法正確的有（）A選用銅質(zhì)弦，電吉他仍能正常工作B取走磁

22、體，電吉他將不能正常工作C增加線(xiàn)圈匝數(shù)可以增大線(xiàn)圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)D磁振動(dòng)過(guò)程中，線(xiàn)圈中的電流方向不斷變化【分析】電吉他的拾音器由磁鐵和線(xiàn)圈組成，鋼弦被磁化，彈動(dòng)鋼弦，相當(dāng)于線(xiàn)圈做切割磁感線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，在線(xiàn)圈中就會(huì)產(chǎn)生對(duì)應(yīng)的音頻電流，電流經(jīng)放大后通過(guò)音箱，我們就聽(tīng)到了聲音，根據(jù)E=可知，增加線(xiàn)圈匝數(shù)可以增大線(xiàn)圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)【解答】解：A、銅不可以被磁化，則選用銅質(zhì)弦，電吉他不能正常工作，故A錯(cuò)誤；B、取走磁體，就沒(méi)有磁場(chǎng)，振弦不能切割磁感線(xiàn)產(chǎn)生電流，電吉他將不能正常工作，故B正確；C、根據(jù)E=可知，增加線(xiàn)圈匝數(shù)可以增大線(xiàn)圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，故C正確；D、磁振動(dòng)過(guò)程中，磁場(chǎng)方向不變，但磁通量有時(shí)變大，有

23、時(shí)變小，則線(xiàn)圈中的電流方向不斷變化，故D正確。故選：BCD?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了電吉他的原理，知道法拉第電磁感應(yīng)定律在本題中的應(yīng)用，特別注意銅不可以被磁化，則選用銅質(zhì)弦，電吉他不能正常工作，難度適中7（4分）如圖所示，兩質(zhì)量相等的衛(wèi)星A、B繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，用R、T、Ek、S分別表示衛(wèi)星的軌道半徑、周期、動(dòng)能、與地心連線(xiàn)在單位時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積下列關(guān)系式正確的有（）ATATBBEkAEkBCSA=SBD=【分析】由開(kāi)普勒定律第三定律可確定周期與半徑的關(guān)系，據(jù)開(kāi)普勒第二定律可確定掃過(guò)的面積相等，則可知半徑大的速度小【解答】解：A、D、則開(kāi)普勒第三定律可知周期的二次方與半徑的三次方成正比，則D正確

24、，A的半徑大，則其周期長(zhǎng)，則A正確。B、C、由開(kāi)普勒第二定可知繞同一天體運(yùn)動(dòng)的天體與中心天體連線(xiàn)在同一時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積相等，AB不的同一軌道，則面積不同，軌道半徑大的速度小，則A的速度小于B的，又質(zhì)量相等，則A的動(dòng)能小于B的動(dòng)能，則BC錯(cuò)誤；故選：AD。【點(diǎn)評(píng)】考查開(kāi)普勒定律的內(nèi)容，其中第二定律說(shuō)明速度的變化近日點(diǎn)速度大，遠(yuǎn)日點(diǎn)速度小，第三定律確定了周期與半徑的關(guān)系，熟練掌握并理解其內(nèi)容是解題的關(guān)鍵，不難8（4分）如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為12V，內(nèi)阻為2，四個(gè)電阻的阻值已在圖中標(biāo)出。閉合開(kāi)關(guān)S，下列說(shuō)法正確的有（）A路端電壓為10 VB電源的總功率為10 WCa、b間電壓的大小為5 VD

25、a、b間用導(dǎo)線(xiàn)連接后，電路的總電流為1 A【分析】由串并聯(lián)電路分別出初態(tài)的外接電阻阻由歐姆定律確定外壓，求電流定功率；確定出a，b間的電勢(shì)求其電壓；a、b間用導(dǎo)線(xiàn)連接后電路結(jié)構(gòu)變化，重新求電阻求電流。【解答】解：A、B、外阻為R：R=10，則I=1A，則外壓U=IR=10V，功率P=EI=12W，則A正確，B錯(cuò)誤；C、選電源負(fù)極為0勢(shì)點(diǎn)，則b點(diǎn)電勢(shì)為U=×10=7.5V，a點(diǎn)電勢(shì)為U=×10=2.5V，則ab間的電壓為7.52.5=5V，則C正確；D、a、b間用導(dǎo)線(xiàn)連接后外阻為R，則R=2×=7.5，則電流I=1A，則D錯(cuò)誤；故選：AC?！军c(diǎn)評(píng)】考查串并聯(lián)電路電阻

26、的求解及全電路歐姆定律，計(jì)算前要明確電路結(jié)構(gòu)是求解問(wèn)題的關(guān)鍵。9（4分）如圖所示，一只貓?jiān)谧肋吤偷貙⒆啦紡聂~(yú)缸下拉出，魚(yú)缸最終沒(méi)有滑出桌面。若魚(yú)缸、桌布、桌面兩兩之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均相等，則在上述過(guò)程中（）A桌布對(duì)魚(yú)缸摩擦力的方向向左B魚(yú)缸在桌布上的滑動(dòng)時(shí)間和在桌面上的相等C若貓?jiān)龃罄Γ~(yú)缸受到的摩擦力將增大D若貓減小拉力，魚(yú)缸有可能滑出桌面【分析】根據(jù)摩擦力性質(zhì)可判斷魚(yú)缸受到的摩擦力方向以及拉力變化時(shí)摩擦力的變化情況；再根據(jù)牛頓第二定律以及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行分析，明確拉力變化后運(yùn)動(dòng)位移的變化情況。【解答】解：A、桌布向右拉出時(shí)，魚(yú)缸相對(duì)于桌布有向左的運(yùn)動(dòng)，故魚(yú)缸受到的摩擦力向右；故A錯(cuò)誤；B、由

27、于魚(yú)缸在桌面上和在桌布上的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，故受到的摩擦力相等，則由牛頓第二定律可知，加速度大小相等；但在桌面上做減速運(yùn)動(dòng)，則由v=at可知，它在桌布上的滑動(dòng)時(shí)間和在桌面上的相等；故B正確；C、魚(yú)缸受到的摩擦力為滑動(dòng)摩擦力，其大小與拉力無(wú)關(guān)，只與壓力和動(dòng)摩擦因數(shù)有關(guān)，因此增大拉力時(shí)，摩擦力不變；故C錯(cuò)誤；D、貓減小拉力時(shí)，桌布在桌面上運(yùn)動(dòng)的加速度減小，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間變長(zhǎng)；因此魚(yú)缸加速時(shí)間變長(zhǎng)，桌布抽出時(shí)的位移以及速度均變大，則有可能滑出桌面；故D正確；故選：BD。【點(diǎn)評(píng)】本題考查牛頓第二定律以及摩擦力的應(yīng)用，分析判斷魚(yú)缸受到的摩擦力是解題的關(guān)鍵，同時(shí)，還要注意掌握物體的運(yùn)動(dòng)情況，能根據(jù)牛頓第二定律進(jìn)

28、行分析。三、簡(jiǎn)答題：本題分必做題（第10、11題）和選做題（第12題）兩部分，共計(jì)42分請(qǐng)將解答填寫(xiě)在答題卡相應(yīng)位置10（8分）小明同學(xué)通過(guò)實(shí)驗(yàn)探究某一金屬電阻的阻值R隨溫度t的變化關(guān)系已知該金屬電阻在常溫下的阻值約10，R隨t的升高而增大實(shí)驗(yàn)電路如圖1所示，控溫箱用以調(diào)節(jié)金屬電阻的溫值實(shí)驗(yàn)時(shí)閉合S，先將開(kāi)關(guān)K與1端閉合，調(diào)節(jié)金屬電阻的溫度，分別記下溫度t1，t2，和電流表的相應(yīng)示數(shù)I1，I2，然后將開(kāi)關(guān)K與2端閉合，調(diào)節(jié)電阻箱使電流表的實(shí)數(shù)再次為I1，I2，分別記下電阻箱相應(yīng)的示數(shù)R1，R2，（1）有以下兩電流表，實(shí)驗(yàn)電路中應(yīng)選用A（A）量程0100mA，內(nèi)阻約2（B）量程00.6A，內(nèi)阻可

29、忽略（2）實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，要將電阻箱的阻值由9.9調(diào)節(jié)至10.0，需旋轉(zhuǎn)圖中電阻箱的旋鈕“a”、“b”、“c”，正確的操作順序是將旋鈕a由“0”旋轉(zhuǎn)至“1”將旋鈕b由“9”旋轉(zhuǎn)至“0”將旋鈕c由“9”旋轉(zhuǎn)至“0”（3）實(shí)驗(yàn)記錄的t和R的數(shù)據(jù)見(jiàn)下表“溫度t（）20.040.060.080.0100.0阻值R（）9.610.411.112.112.8請(qǐng)根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在圖2作出Rt圖象由圖線(xiàn)求得R隨t的變化關(guān)系為R=R=0.04t+8.8【分析】（1）選擇電學(xué)儀器要滿(mǎn)足：準(zhǔn)確性原則、安全性原則、便于操作的原則指針偏轉(zhuǎn)角度要大于滿(mǎn)偏的，根據(jù)這些要求選擇合適的電流表（2）電阻箱的調(diào)節(jié)考慮到電路安全，從大到小

30、調(diào)節(jié)（3）根據(jù)表中數(shù)據(jù)描點(diǎn)連線(xiàn)，注意盡可能多的點(diǎn)在直線(xiàn)上，偏離太遠(yuǎn)的點(diǎn)舍棄，根據(jù)圖線(xiàn)寫(xiě)出R隨t變化的關(guān)系式【解答】解：（1）已知電源的電動(dòng)勢(shì)為1.5V，R在常溫下阻值約為10，滑動(dòng)變阻器的阻值為0時(shí)，電路中的最大電流約為，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值最大為10時(shí)，電路中的電流最小約為，考慮到準(zhǔn)確性原則，電流表B量程太大，指針偏轉(zhuǎn)角度小于滿(mǎn)偏的，所以應(yīng)選擇電流表A（2）將電阻箱阻值由9.9調(diào)節(jié)到10.0，要考慮到安全性原則，如果先把bc旋鈕調(diào)節(jié)到0，這樣做很危險(xiǎn)，電路中的電流過(guò)大可能會(huì)損壞電表，應(yīng)該先把電阻箱阻值調(diào)大再慢慢減小，以確保電路的安全，操作步驟是先將旋鈕a由“0”旋至“1”，然后將個(gè)位數(shù)及小數(shù)位

31、旋轉(zhuǎn)至0，所以正確的順序（3）描點(diǎn)畫(huà)圖，如圖所示由圖象可得R隨t的變化關(guān)系為：R=0.04t+8.8故答案為：（1）A；（2）；（3）如圖所示，R=0.04t+8.8【點(diǎn)評(píng)】本題考查了電學(xué)儀器的選擇和操作及運(yùn)用圖象法進(jìn)行數(shù)據(jù)處理，注重考查實(shí)際操作能力，突出證據(jù)意識(shí)，如考查改變電阻箱擋位的操作，對(duì)平時(shí)注重實(shí)驗(yàn)操作的考生有利11（10分）某同學(xué)用如圖1所示的裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律一根細(xì)線(xiàn)系住鋼球，懸掛著鐵架臺(tái)上，鋼球靜止于A點(diǎn)，光電門(mén)固定在A的正下方在鋼球底部豎直地粘住一片寬帶為d的遮光條將鋼球拉至不同位置由靜止釋放，遮光條經(jīng)過(guò)光電門(mén)的擋光時(shí)間t時(shí)由計(jì)時(shí)器測(cè)出，取v=作為鋼球經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的速度記錄鋼

32、球每次下落的高度h和計(jì)時(shí)器示數(shù)t，計(jì)算并比較鋼球在釋放點(diǎn)和A點(diǎn)之間的勢(shì)能變化大小Ep與動(dòng)能變化大小Ek，就能驗(yàn)證機(jī)械能是否守恒（1）Ep=mgh計(jì)算鋼球重力勢(shì)能變化的大小，式中鋼球下落高度h應(yīng)測(cè)量釋放時(shí)的鋼球球心到B之間的豎直距離（A）鋼球在A點(diǎn)時(shí)的頂端（B）鋼球在A點(diǎn)時(shí)的球心（C）鋼球在A點(diǎn)時(shí)的底端（2）用Ek=mv2計(jì)算鋼球動(dòng)能變化的大小，用刻度尺測(cè)量遮光條寬度，示數(shù)如圖2所示，其讀數(shù)為1.50cm某次測(cè)量中，計(jì)時(shí)器的示數(shù)為0.0100s，則鋼球的速度為v=1.50m/s（3）下表為該同學(xué)的實(shí)驗(yàn)結(jié)果：Ep（×102J）4.8929.78614.6919.5929.38Ek（

33、15;102J）5.0410.115.120.029.8他發(fā)現(xiàn)表中的Ep與Ek之間存在差異，認(rèn)為這是由于空氣阻力造成的你是否同意他的觀點(diǎn)？請(qǐng)說(shuō)明理由（4）請(qǐng)你提出一條減小上述差異的改進(jìn)建議【分析】小球下落的高度h是初末位置球心之間的高度差；掌握刻度尺讀數(shù)的方法，需估讀一位；根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度求出最低點(diǎn)小球的速度；根據(jù)動(dòng)能表達(dá)式，從而得出動(dòng)能的量增加，再結(jié)合下降的高度求出重力勢(shì)能的減小量結(jié)合實(shí)驗(yàn)的裝置與實(shí)驗(yàn)的原理，分析誤差產(chǎn)生的原因，從而提出建議【解答】解：（1）小球下落的高度h是初末位置球心之間的高度差，所以要選B；（2）刻度尺讀數(shù)的方法，需估讀一位，所以讀數(shù)為1.

34、50cm；某次測(cè)量中，計(jì)時(shí)器的示數(shù)為0.0100s，則鋼球的速度為：v=m/s（3）不同意從表中的數(shù)據(jù)可知，小球動(dòng)能的增加量大于小球的重力勢(shì)能的減小量；若空氣的阻力造成的，則EK要小于WP，所以誤差不是空氣的阻力造成的（4）由圖可知，在該實(shí)驗(yàn)中所求的速度是遮光片的速度，而不是小球的速度，二者之間的速度略有差別由于小球與遮光片都做圓周運(yùn)動(dòng)，它們具有相等的角速度，根據(jù)角速度與線(xiàn)速度之間的關(guān)系：v=r可知，小球的速度與遮光片的速度之間的關(guān)系為：l和L分別是小球的球心到懸點(diǎn)的距離和光電門(mén)到懸點(diǎn)的距離，所以在計(jì)算小球的動(dòng)能時(shí)，使用的速度為：故答案為：（1）B；（2）1.5，1.5；（3）不同意，空氣的阻

35、力造成的，則EK要小于WP，所以誤差不是空氣的阻力造成的；（4）分別是小球的球心到懸點(diǎn)的距離和光電門(mén)到懸點(diǎn)的距離l和L，在計(jì)算小球的動(dòng)能時(shí)，使用的速度為：【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于基本測(cè)量?jī)x器如游標(biāo)卡尺、螺旋測(cè)微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量；抓住某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度求出瞬時(shí)速度的大小是解題的關(guān)鍵四、【選做題】本題包括A、B、C三題，請(qǐng)選定其中兩小題，并在相應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)作答，若多做，則按A、B兩小題評(píng)分.選修3-3（12分）12（3分）在高原地區(qū)燒水需要使用高壓鍋，水燒開(kāi)后，鍋內(nèi)水面上方充滿(mǎn)飽和汽，停止加熱，高壓鍋在密封狀態(tài)下緩慢冷卻，在冷卻過(guò)程中，鍋內(nèi)水蒸汽

36、的變化情況為（）A壓強(qiáng)變小B壓強(qiáng)不變C一直是飽和汽D變?yōu)槲达柡推痉治觥克戏秸羝臍鈮航酗柡蜌鈮?，只與溫度有關(guān)，只要下面還有水，那就是處于飽和狀態(tài)，根據(jù)飽和汽壓的特點(diǎn)進(jìn)行分析溫度降低時(shí)，液體分子的平均動(dòng)能減小，單位時(shí)間里從液面飛出的分子數(shù)減少，所以達(dá)到動(dòng)態(tài)平衡后該飽和汽的質(zhì)量減小，密度減小，壓強(qiáng)也減小【解答】解：水上方蒸汽的氣壓叫飽和氣壓，只與溫度有關(guān)，只要下面還有水，那就是處于飽和狀態(tài)，飽和氣壓隨著溫度的降低而減小，AC正確，BD錯(cuò)誤；故選：AC?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查飽和汽和飽和汽壓等概念的理解，關(guān)于這兩個(gè)概念注意：飽和汽壓隨溫度的升高而增大，飽和氣壓與蒸汽所占的體積無(wú)關(guān)，與該蒸汽中有無(wú)其

37、他氣體也無(wú)關(guān)，不能用氣體實(shí)驗(yàn)定律分析，這是飽和氣體，不是理想氣體，對(duì)于未飽和汽，氣體實(shí)驗(yàn)定律近似適用13（9分）（1）如圖1所示，在斯特林循環(huán)的pV圖象中，一定質(zhì)量理想氣體從狀態(tài)A依次經(jīng)過(guò)狀態(tài)B、C和D后再回到狀態(tài)A，整個(gè)過(guò)程由兩個(gè)等溫和兩個(gè)等容過(guò)程組成BC的過(guò)程中，單位體積中的氣體分子數(shù)目不變（選填“增大”、“減小”或“不變”），狀態(tài)A和狀態(tài)D的氣體分子熱運(yùn)動(dòng)速率的統(tǒng)計(jì)分布圖象如圖2所示，則狀態(tài)A對(duì)應(yīng)的是（選填“”或“”）（2）如圖1所示，在AB和DA的過(guò)程中，氣體放出的熱量分別為4J和20J在BC和CD的過(guò)程中，氣體吸收的熱量分別為20J和12J求氣體完成一次循環(huán)對(duì)外界所做的功【分析】（1

38、）氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，根據(jù)熱力學(xué)第一定律有U=W+Q判斷氣體吸熱還是發(fā)熱；根據(jù)圖象利用理想氣體狀態(tài)方程對(duì)每一個(gè)過(guò)程進(jìn)行分析即可溫度是分子熱運(yùn)動(dòng)平均動(dòng)能的標(biāo)志；氣體的分子的運(yùn)動(dòng)的統(tǒng)計(jì)規(guī)律：中間多，兩頭少；即大多數(shù)的分子的速率是比較接近的，但不是說(shuō)速率大的和速率小的就沒(méi)有了，也是同時(shí)存在的，但是分子的個(gè)數(shù)要少很多；（2）根據(jù)熱力學(xué)第一定律即可求出氣體對(duì)外做功是多少【解答】解：（1）由圖可知，圖線(xiàn)BC與縱坐標(biāo)平行，表示氣體的體積不變，所以BC的過(guò)程中，單位體積中的氣體分子數(shù)目不變；根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程：可知，氣體的溫度越高，壓強(qiáng)與體積的乘積PV值越大，所以由圖可知TDTA；氣體的分子的運(yùn)動(dòng)的統(tǒng)

39、計(jì)規(guī)律：中間多，兩頭少；溫度高，最可幾速率向速度較大的方向移動(dòng)；故T1T2；因此狀態(tài)A對(duì)應(yīng)的是（2）在氣體完成一次循環(huán)后的內(nèi)能與開(kāi)始時(shí)是相等的，所以?xún)?nèi)能不變，即U=0；由圖可知，AB和DA的過(guò)程中，氣體放出的熱量分別為4J和20J在BC和CD的過(guò)程中氣體吸收的熱量分別為20J和12J，則吸收的熱量Q=QAB+QBC+QCD+QDA=4+20+1220=8J由熱力學(xué)第一定律得：U=Q+W，所以W=8J所以氣體完成一次循環(huán)對(duì)外做功是8J故答案為：（1）不變；（2）氣體對(duì)外做功是8J【點(diǎn)評(píng)】該題是圖象問(wèn)題，解題的關(guān)鍵從圖象判斷氣體變化過(guò)程，利用理想氣體狀態(tài)方程，然后結(jié)合熱力學(xué)第一定律進(jìn)行分析判斷即可

40、解決選修3-4（12分）14（3分）一艘太空飛船靜止時(shí)的長(zhǎng)度為30m，他以0.6c（c為光速）的速度沿長(zhǎng)度方向飛行經(jīng)過(guò)地球，下列說(shuō)法正確的是（）A飛船上的觀測(cè)者測(cè)得該飛船的長(zhǎng)度小于30mB地球上的觀測(cè)者測(cè)得該飛船的長(zhǎng)度小于30mC飛船上的觀測(cè)者測(cè)得地球上發(fā)來(lái)的光信號(hào)速度小于cD地球上的觀測(cè)者測(cè)得飛船上發(fā)來(lái)的光信號(hào)速度小于c【分析】狹義相對(duì)論的基本假設(shè)之一是光速不變?cè)?；長(zhǎng)度的相對(duì)性：，即一條沿自身長(zhǎng)度方向運(yùn)動(dòng)的桿，其長(zhǎng)度（l）總比桿靜止時(shí)的長(zhǎng)度（l0）小【解答】解：A、飛船上的觀測(cè)者測(cè)得該飛船的長(zhǎng)度是靜止時(shí)的長(zhǎng)度，為30m，故A錯(cuò)誤；B、地球上的觀測(cè)者測(cè)得該飛船的長(zhǎng)度是以0.6c的速度沿長(zhǎng)度方

41、向飛行時(shí)長(zhǎng)度，為：=30×=24m30m，故B正確；C、根據(jù)狹義相對(duì)論的光速不變?cè)?，飛船上的觀測(cè)者測(cè)得地球上發(fā)來(lái)的光信號(hào)速度等于c，地球上的觀測(cè)者測(cè)得飛船上發(fā)來(lái)的光信號(hào)速度也等于c，故CD錯(cuò)誤；故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是記住狹義相對(duì)論的光速不變?cè)?，知道運(yùn)動(dòng)中的尺縮效應(yīng)；狹義相對(duì)論的兩個(gè)基本假設(shè)：（1）狹義相對(duì)性原理：在不同的慣性參考系中，一切物理規(guī)律都是相同的（2）光速不變?cè)恚赫婵罩械墓馑僭诓煌膽T性參考系中都是相同的15（9分）（1）楊氏干涉實(shí)驗(yàn)證明光的確是一種波，一束單色光投射在兩條相距很近的狹縫上，兩狹縫就成了兩個(gè)光源，它們發(fā)出的光波滿(mǎn)足干涉的必要條件，則兩列光的頻率相

42、同如圖所示，在這兩列光波相遇的區(qū)域中，實(shí)線(xiàn)表示波峰，虛線(xiàn)表示波谷，如果放置光屏，在C（選填“A”、“B”或“C”）點(diǎn)會(huì)出現(xiàn)暗條紋（2）在上述楊氏干涉試驗(yàn)中，若單色光的波長(zhǎng)=5.89×107m，雙縫間的距離d=1mm，雙縫到屏的距離l=2m求第1個(gè)亮光條紋到第11個(gè)亮條紋的中心間距【分析】（1）光波能發(fā)生穩(wěn)定干涉的必要條件是頻率相等波峰與波谷相遇的點(diǎn)振動(dòng)減弱，出暗條紋（2）根據(jù)x=求出干涉條紋的間距，再求解第1個(gè)亮光條紋到第11個(gè)亮條紋的中心間距【解答】解：（1）產(chǎn)生穩(wěn)定干涉圖樣的必要條件是兩束光的頻率相同A、B兩點(diǎn)是波峰與波峰、波谷與波谷相遇的點(diǎn)，是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，出現(xiàn)明條紋，C點(diǎn)波峰與

43、波谷相遇，振動(dòng)減弱，出現(xiàn)暗條紋（2）相鄰干涉條紋的間距為x=×5.89×107m=1.178×103m則第1個(gè)亮光條紋到第11個(gè)亮條紋的中心間距為 S=10x=1.178×102m故答案為：（1）頻率，C（2）第1個(gè)亮光條紋到第11個(gè)亮條紋的中心間距為1.178×102m【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握雙縫干涉條紋的規(guī)律和干涉條紋間距公式x=知道干涉條紋是均勻分布的選修3-5（12分）16貝克勒爾在120年前首先發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，如今原子核的放射性在眾多領(lǐng)域中有著廣泛應(yīng)用。下列屬于放射性衰變的是（）ACN+eBU+nI+Y+2nCH+HHe+nDH

44、e+AlP+n【分析】放射性衰變是指不穩(wěn)定原子核自發(fā)地放射出射線(xiàn)而轉(zhuǎn)變?yōu)榱硪环N原子核的過(guò)程，放出的射線(xiàn)包括、和射線(xiàn)，衰變生成的是電子，衰變生成的是粒子，裂變是重核裂變成輕核，聚變是輕核生成重核，據(jù)此分析即可?！窘獯稹拷猓篈、A選項(xiàng)的反應(yīng)釋放出電子，屬于衰變，故A正確；B、B選項(xiàng)屬于重核裂變，故B錯(cuò)誤；C、B選項(xiàng)屬于輕核聚變，故C錯(cuò)誤；D、D選項(xiàng)是原子核的人工轉(zhuǎn)變，不是放射性衰變，故D錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】本題難度不大，要知道衰變的生成物還有幾個(gè)典型的核反應(yīng)方程，屬于基礎(chǔ)題。17已知光速為c，普朗克常數(shù)為h，則頻率為的光子的動(dòng)量為。用該頻率的光垂直照射平面鏡，光被鏡面全部垂直反射回去，則光子在

45、反射前后動(dòng)量改變量的大小為?！痉治觥扛鶕?jù)德布羅意波長(zhǎng)公式，結(jié)合c=，即可求解；根據(jù)動(dòng)量是矢量，結(jié)合動(dòng)量的變化公式p=pp，即可求解?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)德布羅意波長(zhǎng)公式，則光子的動(dòng)量為p=。取入射方向?yàn)檎较?，則光子動(dòng)量的變化量為p=p末p初=pp=2h因此當(dāng)光被鏡面全部垂直反射回去，光子的速度方向與開(kāi)始時(shí)相反，所以光子在反射前后動(dòng)量改變量的大小為；故答案為：；?！军c(diǎn)評(píng)】考查德布羅意波長(zhǎng)公式，并掌握速度、波長(zhǎng)及頻率的關(guān)系式，理解動(dòng)量、動(dòng)量的變化均是矢量。注意正方向選取是列矢量式的前提。六、計(jì)算題：本題共4小題，共計(jì)47分解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的驗(yàn)算步驟，只寫(xiě)出最后答案的不能得分，

46、有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位.18幾種金屬的逸出功W0見(jiàn)下表：金屬鎢鈣鈉鉀鉫W0（×1019J）7.265.123.663.603.41由一束可見(jiàn)光照射上述金屬的表面，請(qǐng)通過(guò)計(jì)算說(shuō)明哪些能發(fā)生光電效應(yīng)已知該可見(jiàn)光的波長(zhǎng)的范圍為4.0×1077.6×107m，普朗克常數(shù)h=6.63×1034Js【分析】根據(jù)E=求出可見(jiàn)光的最大光子能量，通過(guò)光子能量與逸出功比較，判斷哪些金屬可以發(fā)生光電效應(yīng)【解答】解：可見(jiàn)光的最大光子能量E=5.0×1019J可見(jiàn)光子能量大于鈉、鉀、銣的逸出功，可以使鈉、鉀、銣發(fā)生光電效應(yīng)答：可以使鈉、鉀、銣發(fā)生光

47、電效應(yīng)【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道發(fā)生光電效應(yīng)的條件，知道光子能量與波長(zhǎng)的關(guān)系，波長(zhǎng)越短，光子能量越大19（15分）據(jù)報(bào)道，一法國(guó)攝影師拍到“天宮一號(hào)”空間站飛過(guò)太陽(yáng)的瞬間照片中，“天宮一號(hào)”的太陽(yáng)帆板輪廓清晰可見(jiàn)如圖所示，假設(shè)“天宮一號(hào)”正以速度v=7.7km/s繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向與太陽(yáng)帆板兩端M、N的連線(xiàn)垂直，M、N間的距離L=20m，地磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直于v、MN所在平面的分量B=1.0×105 T，將太陽(yáng)帆板視為導(dǎo)體（1）求M、N間感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小E；（2）在太陽(yáng)帆板上將一只“1.5V、0.3W”的小燈泡與M、N相連構(gòu)成閉合電路，不計(jì)太陽(yáng)帆板和導(dǎo)線(xiàn)的電阻試判斷小燈

48、泡能否發(fā)光，并說(shuō)明理由；（3）取地球半徑R=6.4×103 km，地球表面的重力加速度g=9.8m/s2，試估算“天宮一號(hào)”距離地球表面的高度h（計(jì)算結(jié)果保留一位有效數(shù)字）【分析】（1）根據(jù)公式E=BLv求M、N間感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大?。?）根據(jù)穿過(guò)回路的磁通量是否變化，從而判斷小燈泡能否正常發(fā)光（3）根據(jù)萬(wàn)有引力等于向心力，以及重力等于萬(wàn)有引力，分別列式，即可求h【解答】解：（1）M、N間感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為：E=BLv=1.0×105×20×7.7×103=1.54 V（2）小燈泡與M、N相連構(gòu)成閉合電路，穿過(guò)回路的磁通量不變，沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生，所以小燈泡不能發(fā)光（3）“天宮一號(hào)”繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬(wàn)有引力提供向心力，則有：G=m在地球表面，有：mg=G聯(lián)立解得：h=R代入數(shù)據(jù)解得：h4×105m答：（1）M、N間感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小E是1.54 V（2）小燈泡與M、N相連構(gòu)成閉合電路，穿過(guò)回路的磁通量不變，沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生，所以小燈泡不能發(fā)光（3）“天宮一號(hào)”距離地球表面的高度h是4×105m【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵要建立清晰的物理模型，知道產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件，明確衛(wèi)星問(wèn)