高三物理月考試卷

1、20182019物理第四次月考1418單選，1921多選14.火箭發(fā)射回收是航天技術(shù)的一大進步。如圖所示，火箭在返回地面前的某段運動，可看成先勻速后減速的直線運動，最后撞落在地面上。不計火箭質(zhì)量的變化，則（ ）A. 火箭在勻速下降過程中機械能守恒B. 火箭在減速下降過程中攜帶的檢測儀器處于失重狀態(tài)C. 火箭在減速下降過程中合力做功，等于火箭機械能的變化D. 火箭著地時，火箭對地的作用力大于自身的重力15.如圖所示，設(shè)行星繞太陽的運動是勻速圓周運動，金星自身的半徑是火星的n倍，質(zhì)量為火星的k倍，不考慮行星自轉(zhuǎn)的影響，則（ ）A. 金星表面的重力加速度是火星的B. 金星的第一宇宙速度是火星的C.

2、金星繞太陽運動的加速度比火星小D. 金星繞太陽運動的周期比火星大16.重力為G的體操運動員在進行自由體操比賽時，有如圖所示的比賽動作，當(dāng)運動員豎直倒立保持靜止?fàn)顟B(tài)時，兩手臂對稱支撐，夾角為，則：（ ）A. 當(dāng)時，運動員單手對地面的正壓力大小為B. 當(dāng)時，運動員單手對地面的正壓力大小為C. 當(dāng)不同時，運動員受到的合力不同D. 當(dāng)不同時，運動員與地面之間的相互作用力不相等17.甲、乙兩車從同一地點沿相同方向由靜止開始做直線運動，它們運動的加速度隨時間變化圖象如圖所示。關(guān)于兩車的運動情況，下列說法正確的是（ ）A. 在04 s內(nèi)甲做勻加速直線運動，乙做勻減速直線運動B. 在02 s內(nèi)兩車間距逐漸增大

3、，24 s內(nèi)兩車間距逐漸減小C. 在t2 s時甲車速度為3 m/s，乙車速度為4.5 m/sD. 在t4 s時甲車恰好追上乙車18.“天津之眼”是一座跨河建設(shè)、橋輪合一的摩天輪，是天津市的地標之一。摩天輪懸掛透明座艙，乘客隨座艙在豎直面內(nèi)做勻速圓周運動。下列敘述正確的是（ ）A. 摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客的機械能保持不變B. 在最高點，乘客重力大于座椅對他的支持力C. 摩天輪轉(zhuǎn)動一周的過程中，乘客重力的沖量為零D. 摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客重力的瞬時功率保持不變19.如圖所示，在光滑水平面上有一物塊受水平恒力F的作用而運動，在其正前方固定一個足夠長的輕質(zhì)彈簧，當(dāng)物塊與彈簧接觸并將彈簧壓至最短的過程

4、中，下列說法正確的是（ ）A. 物塊接觸彈簧后即做減速運動B. 物塊接觸彈簧后先加速后減速C. 當(dāng)彈簧最短時，物塊有向左的加速度D. 當(dāng)物塊的速度最大時，它受的合力為零20.一質(zhì)量為m的物體靜止在光滑水平面上，在水平力F作用下，經(jīng)時間t，通過位移L后，動量變?yōu)閜、動能變?yōu)镋k.若上述過程F不變，物體的質(zhì)量變?yōu)?，以下說法正確的是()A. 經(jīng)過時間2t，物體動量變?yōu)?pB. 經(jīng)過位移2L，物體動量變?yōu)?pC. 經(jīng)過時間2t，物體動能變?yōu)?EkD. 經(jīng)過位移2L，物體動能變?yōu)?Ek21.如圖，質(zhì)子（）、氘核（）和粒子都沿平行板電容器中線OO方向垂直于電場線射入板間的勻強電場，射出后都能打在同一個與中

5、線垂直的熒光屏上，使熒光屏上出現(xiàn)亮點，粒子重力不計，下列推斷正確的是（ ）A. 若它們射入電場時的速度相同，在熒光屏上將出現(xiàn)3個亮點B. 若它們射入電場時的動能相等，在熒光屏上將只出現(xiàn)1個亮點C. 若它們射入電場時的動量相同，在熒光屏上將出現(xiàn)3個亮點D. 若它們是由同一個電場從靜止加速后射入此偏轉(zhuǎn)電場，在熒光屏上將只出現(xiàn)1個亮點22.用如圖所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律。實驗所用的電源為學(xué)生電源，輸出電壓為6V 的交流電和直流電兩種，重物從高處由靜止開始落下，重物拖著的紙帶通過打點計時器打出一系列的點，對紙帶上的點的痕跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律。（1）下面列舉了該實驗的幾個操作步驟：

6、A按照圖示的裝置安裝器件；B將打點計時器接到電源的直流輸出端上；C用天平測量出重物的質(zhì)量；D釋放懸掛紙帶的夾子，接通電源開關(guān)打出一條紙帶；E測量打出的紙帶上某些點之間的距離；F根據(jù)測量的結(jié)果計算重物下落過程中減少的重力勢能是否等于增加的動能。其中沒有必要進行的步驟是_；操作不恰當(dāng)?shù)牟襟E是_。（2）某同學(xué)做“驗證機械能守恒定律”的實驗時，打下的一條紙帶如圖所示，0點為起始點，測得3 點、6 點、9 點與第一點0 間的距離分別為hA=1.75cm，hB=7.00cm，hC=15.70cm，交流電的周期是0.02s，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=9.8m/s2，設(shè)重物的質(zhì)量是m=1.00kg，則從0 點到6

7、點，重物的動能增量Ek=_J，重物重力勢能減少量Ep=_J。（兩空有效數(shù)字均保留至小數(shù)點后第2位）（3）在驗證機械能守恒定律的實驗中發(fā)現(xiàn)，重物減少的重力勢能總是大于重物動能的增加，其原因主要是在重物下落過程中存在著阻力的作用，可以通過該實驗裝置測定該阻力的大小。若已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，重物的質(zhì)量為m，打點計時器的打點頻率為f，AC 和CE 之間的距離分別為s1，s2，如圖所示。請用上述已知量表示出重物在下落過程中受到的平均阻力大小為F=_。23.為測量一根金屬絲（電阻約5 )的電阻率選用的電學(xué)器材：電壓表（量程3V，內(nèi)阻約 3K)，電流表（量程0. 6A，內(nèi)阻約0.2 )，滑動變阻器0-15

8、 )，學(xué)生電源（穩(wěn)壓輸出3V)， 開關(guān)，導(dǎo)線若干。（1）如圖甲所示，用螺旋測微器測量金屬絲的直徑時，為了防止金屬絲發(fā)生明顯形變，同時防止損壞螺旋測微器，轉(zhuǎn)動旋鈕C至測砧、測微螺桿與金屬絲將要接觸時，應(yīng)調(diào)節(jié)旋鈕_(選填'“A”“B” “C”或“D”）發(fā)出“喀喀”聲時停止；某次的測量結(jié)果如圖乙所示，其讀數(shù)為_ mm。（2）請在答題卡上用筆畫線代替導(dǎo)線將圖丙的電路補充完整。（3）如圖丁所示，實驗數(shù)據(jù)已描在坐標紙上，作出圖線，求出該金屬絲的電阻值為_ (結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。（4）有人認為用圖象法求金屬絲的電阻是為了減小系統(tǒng)誤差，他的觀點是否正確_？請說明理由 ；24.如圖所示，一帶電小球的

9、質(zhì)量m=2×10-4kg，用長為L=0.8m的細線懸掛在水平方向的勻強電場中的O點，電場場強E=3×104N/C，當(dāng)細線與豎直方向夾角為=37°時，小球恰好靜止在A點。（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求： （1）小球帶什么電？電荷量為多大？（2）若小球由豎直方向的P點靜止釋放，運動到A位置的過程中，電場力做多少功？25.如圖所示，光滑水平地面上放有一長木板B，其質(zhì)量為M，長度L=3.0m，B的右端緊靠臺階，上表面與臺階平齊B上放有一質(zhì)量為m的滑塊C現(xiàn)有一質(zhì)量也為m的滑塊A從h=1.0m高的斜面頂端由靜止滑下，然后

10、沖上木板B，（轉(zhuǎn)角處速度大小不變，只改變方向；轉(zhuǎn)角的大小可忽略）但最終A恰好未能撞上C設(shè)A與其接觸面間的動摩擦因數(shù)均為=0.25，滑塊A的起始位置與木板B右端的水平距離s=0.8m，此過程中C與B恰好不發(fā)生相對滑動，不計滑塊A、C的大小已知M=3m，取g=10m/s2求：（1）滑塊A剛沖上木板B時的速度v0；（2）滑塊C原來離木板B右端的距離d33.（1）下列四幅圖的有關(guān)說法中不正確的是（ ）A分子間距離為r0時，分子間不存在引力和斥力B分子間距小于r0范圍內(nèi)分子間距離減小時，斥力增大引力減小，分子力表現(xiàn)為斥力C水面上的單分子油膜，在測量分子直徑d大小時可把分子當(dāng)作球形處理D食鹽晶體中的鈉、氯

11、離子按一定規(guī)律分布，具有空間上的周期性E猛推木質(zhì)推桿，密閉的氣體溫度升高，壓強變大，分子間表現(xiàn)為斥力，可看作是絕熱變化（2）如圖所示，豎直放置的導(dǎo)熱氣缸內(nèi)用活塞封閉著一定質(zhì)量的理想氣體，活塞的質(zhì)量為m，橫截面積為S，缸內(nèi)氣體高度為2h0?，F(xiàn)在活塞上緩慢添加砂粒，直至缸內(nèi)氣體的高度變?yōu)閔。然后再對氣缸緩慢加熱，讓活塞恰好回到原來位置。已知大氣壓強為p0，大氣溫度為T0，重力加速度為g，不計活塞與氣缸間摩擦。求：(i)所添加砂粒的總質(zhì)量；（ii）活塞返回至原來位置時缸內(nèi)氣體的溫度。34.略2018-2019高三物理月考答題卡（四）班級 姓名 座號 成績 一、選擇題（共48分）題號141516171

12、8192021答案二、非選擇題（共62分）22、（5分） （1） （2） （3） 23、（10分）（1） （3） （4） 24、（14分）25、（18分）33、（15分）（1） （2）2018-2019高三物理月考答題卡（四）班級 姓名 座號 成績 一、選擇題（共48分）題號1415161718192021答案DBACBBCDADCD二、非選擇題（共62分）22、（5分） （1） C BD （2） 0.67 0.69 （3） 23、（10分）（1） D 0.540（0.539-0.541） （3） 4.2-4.6 （4） 不正確 多次測量取平均值只能減小偶然誤差，不能減小系統(tǒng)誤差 （2）如圖；

13、 （3）如圖；24、（14分）解：（1）小球帶正電，由平衡條件，則有：mgtan=Eq代入數(shù)據(jù)解得：q=5×10-8C（2） 根據(jù)靜電力做功為：WFqELsin3707.2×104J25、（18分）解：（1）設(shè)斜面長為s1，傾角為，滑塊A滑到斜面底端后沖上木板B前的水平部分長為s2對滑塊A由動能定理得：由幾何關(guān)系可知 s2+s1cos=s，所以v0=4m/s（2）當(dāng)最終A恰好未能撞上C時，三個物體速度相同，設(shè)為v，由動量守恒定律得： mv0=（m+m+M）v代人數(shù)據(jù)解得：v=0.8m/s設(shè)在此過程A相對于B滑行的距離為l，由能量守恒定律可得：整理得：l=2.56m

14、所以滑塊C原來離木板B右端的距離l=2.56m33、（15分）（1） ABE （2）（i）設(shè)添加砂粒的總質(zhì)量為m0最初氣體壓強為添加砂粒后氣體壓強為該過程為等溫變化，有p1S·2hp2S·h解得（ii）設(shè)活塞回到原來位置時氣體溫度為T1，該過程為等壓變化，有解得T12 T0試卷答案14.D解：火箭勻速下降過程中.動能不變.重力勢能減小，故機械能減小，A錯誤:火箭在減速下降時.攜帶的檢測儀器受到的支持力大于自身重力力.故處在超重狀態(tài).B錯誤.由功能關(guān)系知.合力做功等于火箭動能變化.而除重力外外的其他力做功之和等于機械能變化，故C錯誤.火箭著地時.加速度向上.所以火箭對地面的作

15、用力大子自身重力，D正確.15.B解：有黃金代換公式GM=gR2可知g=GM/R2,所以 故A錯誤，由萬有引力提供近地衛(wèi)星做勻速圓周運動的向心力可知解得 ，所以 故B正確；由 可知軌道越高，則加速度越小，故C錯；由 可知軌道越高，則周期越大，故D錯；綜上所述本題答案是：B【點睛】結(jié)合黃金代換求出星球表面的重力加速度，并利用萬有引力提供向心力比較運動中的加速度及周期的大小。16.A解：運動員處于靜止?fàn)顟B(tài)，即平衡狀態(tài).每只手都承受自身重力的一半.和角度無關(guān)，所以A正確,BC錯誤:由牛頓第三定律知兩物體間的相互作用力大小永遠相等.故D錯誤。綜上所述本題答案是：A17.C解：根據(jù)圖象可知，乙的加速度逐

16、漸減小，不是勻減速直線運動，故A錯誤；據(jù)加速度時間圖象知道圖象與時間軸所圍的面積表示速度。據(jù)圖象可知，當(dāng)t=4s時，兩圖象與t軸所圍的面積相等，即該時刻兩輛車的速度相等；在4秒前乙車的速度大于甲車的速度，所以乙車在甲車的前方，所以兩車逐漸遠離，當(dāng)t=4s時，兩車速度相等即相距最遠，故BD錯誤；在t=2s時乙車速度為v乙×(1.5+3)×24.5m/s，甲車速度為v甲=1.5×2=3m/s，故C正確。故選C?！军c睛】本題考查了圖象與追及問題的綜合，解決本題的關(guān)鍵知道加速度時間圖線圍成的面積表示速度的變化量；知道兩車共速時相距最遠18.B摩天輪運動過程中做勻速圓周運動

17、，乘客的速度大小不變，則動能不變，但高度變化，所以機械能在變化，選項A錯誤；圓周運動過程中，在最高點由重力和支持力的合力提供向心力，即，所以重力大于支持力，選項B正確；轉(zhuǎn)動一周，重力的沖量為I=mgT，不為零，C錯誤；運動過程中，乘客的重力大小不變，速度大小不變，但是速度方向時刻在變化，根據(jù)P=mgvcos可知重力的瞬時功率在變化，選項D錯誤故選B19.BCD解：A. 物體剛接觸彈簧時，受到向左彈簧彈力的作用，但小于向右的水平恒力F，由牛頓第二定律可知物體仍然向右加速。故A錯誤；B. 由牛頓第二定律可知加速度和合外力同時變化，物體從接觸彈簧到壓縮量最大的過程中，合外力先減小到零，加速度也減小到

18、零，而速度繼續(xù)增加；然后合外力再反向增大，加速度反向增大此時加速度和速度反向，速度逐漸減小。故B正確；C. 當(dāng)彈簧處于壓縮量最大時，彈力大于向右的恒力，合外力不為零，物塊有向左的加速度，故C正確；D. 當(dāng)物體受到合外力為零時，加速度為零，之前是加速度逐漸減小到零的加速過程，此時速度最大，故D正確。故選：BCD.【點睛】根據(jù)彈簧的特點可知，隨著彈簧收縮量的增大，物體受到向外的彈力越大；F為恒力所以合外力逐漸減小并且合外力的方向會發(fā)生變化物體開始接觸彈簧合外力向右，隨著壓縮量的增大，合外力減小，當(dāng)拉力等于彈力時，合外力為零此時速度最大，根據(jù)牛頓第二定律可知物體的加速度為零物體繼續(xù)向右運動時，彈力大

19、于恒力，則合外力逐漸增大，加速度增大方向向左，速度逐漸減小，直到減速到零20.AD解：以初速度方向為正方向，根據(jù)動量定理，有：Ft=P，當(dāng)時間變?yōu)?t后，動量變?yōu)?P，故A正確；根據(jù)：，動量變?yōu)?倍，質(zhì)量減半，故動能變?yōu)?Ek，故C錯誤；經(jīng)過位移2L，根據(jù)動能定理，有：FL=Ek，故位移變?yōu)?倍后，動能變?yōu)?Ek，故D正確；根據(jù)，動能變?yōu)?倍，質(zhì)量減半，所以動量不變，故B錯誤。所以AD正確，BC錯誤。21.CD試題分析：三個粒子進入勻強電場中都做類平拋運動，在水平方向做勻速直線運動，豎直方向上做初速度為零的勻加速直線運動，則得到：a=qE/m,偏轉(zhuǎn)距離為：，運動時間為,聯(lián)立三式得：,A、若它們

20、射入電場時的速度相等，y與比荷成正比，而三個粒子中質(zhì)子的比荷最大，氘核和粒子的比荷相等，在熒光屏上將出現(xiàn)2個亮點故A錯誤B、若它們射入電場時的動量相等，可見y與qm成正比，三個qm都不同，則在熒光屏上將只出現(xiàn)3個亮點故B錯誤C、若它們射入電場時的動能相等，y與q成正比，在熒光屏上將只出現(xiàn)2個亮點故C錯誤D、若它們是由同一個電場從靜止加速后射入此偏轉(zhuǎn)電場的，根據(jù)推論可知，y都相同，故熒光屏上將只出現(xiàn)1個亮點故D正確故選D考點：考查帶電粒子在勻強電場中的運動【名師點睛】此類題目屬于類平拋運動，解題關(guān)鍵注意水平方向勻速，豎直方向是初速度為零的勻加速直線運動，兩個方向的運動具有等時性22. (1).

21、（1）C (2). BD (3). （2）0.67 (4). 0.69 (5). （1）因為我們是比較mgh、mv2的大小關(guān)系，故m可約去比較，不需要用天平，故C沒必要將打點計時器應(yīng)接到電源的“交流輸出”上，故B錯誤步驟D應(yīng)先接通電源后放紙帶；故錯誤的步驟是BD. （2）在勻變速直線運動中，時間中點瞬時速度等于該過程中的平均速度，由此可得打第6個點時的速度為： 則從0點到6點，重物的動能增量：Ek=mv62×1.00×(1.1625)2J0.67J從打下起始點O到打下C點的過程中，重錘重力勢能的減少量等于重力所做功，因此有：EP=mghB=0.69J（3）由題意可知，s1、

22、s2是相鄰的相等時間內(nèi)的位移，而計數(shù)點時間T=2T由x=aT2可得： ；設(shè)阻力大小為F，由牛頓第二定律可知，mg-F=ma，得 F=m（g-a）=m（g-）點睛：紙帶問題的處理是力學(xué)實驗中常見的問題，在有紙帶處理實驗中，若紙帶做勻變速直線運動，測得紙帶上的點間距，利用勻變速直線運動的推論，可計算出打出某點時紙帶運動的瞬時速度和加速度；要知道重物帶動紙帶下落過程中能量轉(zhuǎn)化的過程和能量守恒23. (1). （1）D； (2). 0.540（0.539-0.541） (3). （2）如圖； (4). （3）如圖； (5). 4.2-4.6 (6). （4）不正確； (7). 多次測量取平均值只能減小

23、偶然誤差，不能減小系統(tǒng)誤差；（1）調(diào)節(jié)微調(diào)旋鈕“D”讀數(shù)為：；（2）電流表串聯(lián)在電路中，實物連接如圖：（3）利用描點作圖，將各組數(shù)據(jù)連接成直線如圖：斜率表示電阻，；（4）他的觀點不正確，多次測量取平均值只能減小偶然誤差，不能減小系統(tǒng)誤差；24.（1）小球帶正電， ；（ 2）【分析】帶電小球有電場力、細線的拉力與重力處于平衡狀態(tài)，根據(jù)圖示位置可確定電場力的方向，則由電場線的方向可得出帶電小球的電性，及電量大?。浑妶隽ψ龉Φ扔陔妶隽εc沿電場力方向的位移乘積。解：（1）小球帶正電，由平衡條件，則有：mgtan=Eq代入數(shù)據(jù)解得：q=5×10-8C（2） 根據(jù)靜電力做功為：WFqELsin3707.2×104J【點睛】本題考查了電場強度平衡條件、功的計算。根據(jù)電場力及電場線的方向來確定電荷的電性，同時還考查電場力做功與沿著電場力方向的位移有關(guān)。25.解：（1）設(shè)斜面長為s1，傾角為，滑塊A滑到斜面底端后沖上木板B前的水平部分長為s2對滑塊A由動能定理得：由幾何關(guān)系可知 s2+s1cos=s，所以v0=4m/s（2）當(dāng)最終A恰好未能撞上C時，三個物體速度相同，設(shè)為v，由動量守恒定律得： mv0=（m+m+M）v代人數(shù)據(jù)解得：v=0.8m/s設(shè)在此過程A相對于B滑行的距離為l，由能量守恒定律可得：整理