安徽省安慶市桐城市桐城中學(xué)2020屆高三模擬考試物理試卷

1、物理試卷一、單選題（本大題共 14小題，共42.0分）1.下列說法中正確的是（）A.物體的內(nèi)能變化，它的溫度并不一定發(fā)生變化B.當(dāng)分子間距離增大時，分子間的引力和斥力均增大C.當(dāng)分子間距離增大時，分子勢能一定增大D.布朗運(yùn)動就是液體分子的無規(guī)則運(yùn)動2.如圖所示，在一個配有活塞的厚壁有機(jī)玻璃筒底放置一小團(tuán)硝化棉，迅 速向下壓活塞，筒內(nèi)氣體被壓縮后可點(diǎn)燃硝化棉.在筒內(nèi)封閉的氣體被 活塞壓縮的過程中A.氣體對外界做正功，氣體內(nèi)能增加B.外界對氣體做正功，氣體內(nèi)能增加C.氣體的溫度升高，壓強(qiáng)不變D.氣體的體積減小，壓強(qiáng)不變3 .如圖所示的4種明暗相間的條紋，是紅光、藍(lán)光各自通過同一個雙縫干涉儀器形成的

2、干 涉圖樣以及黃光、紫光各自通過同一個單縫形成的衍射圖樣（黑色部分表示亮紋則在下面的四個圖中，哪個圖是藍(lán)光形成的干涉圖樣A.IIIIIIH B. UH Hl C.IIIHI D.IUII4 .放射性同位素衰變的快慢有一定的規(guī)律.氨 222衰變?yōu)獒?18的規(guī)律如圖所示.縱坐標(biāo)表示的是任意時刻氫 222 的質(zhì)量m與時的質(zhì)量的比值.下列說法正確的是 1（ XA.氨222的半衰期是7/天B.氨222的半衰期是3g天C.若升高溫度，氫222的半衰期將變長D.若升高溫度，氫222的半衰期將變短5 .在豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，水平放置一個不變形的單匝導(dǎo)體線圈，線圈電阻恒定，規(guī)定線圈中感應(yīng)電流的正方向如圖甲所示

3、，當(dāng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度 B隨時間t如圖乙所示規(guī)律變化時，則正確表示線圈中感應(yīng)電流i隨時間t變化規(guī)律的圖象是（LbA通以圖甲所示的交變電流,Pa Ph等于（）B通以圖乙所示的交變電6 . A、B是兩個完全相同的電熱器, 流，則兩電熱器的電功率之比7.8.假設(shè)地球可視為質(zhì)量均勻分布的球體.已知地球表面重力加速度在兩極的大小為赤道的大小為g,地球自轉(zhuǎn)的周期為|T.則地球的半徑為（）R （即產(chǎn)跳產(chǎn)B. F-C.D.（即+盯產(chǎn)闋、在如圖所示，是一列沿著 x軸正方向傳播的橫波在"=°時刻的波形圖，已知這列波的周期T=2,0s.下列說法正確的是（A.這列波的波速v=2.0iu/sB.在（=

4、0時，x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)速度為零C.經(jīng)過2.05,這列波沿x軸正方向傳播0.8mD.在l=0,3s時，處的質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動方向為y軸正方向9.應(yīng)用物理知識分析生活中的常見現(xiàn)象，可以使物理學(xué)習(xí)更加有趣和深入。例如人原地起跳時，總是身體彎曲，略下蹲，再猛然蹬地，身體打開，同時獲得向上的初速度，雙腳 離開地面。從開始蹬地到雙腳離開地面的整個過程中，下列分析正確的是10.11.12.13.A.地面對人的支持力始終等于重力B.地面對人的支持力的沖量大于重力的沖量C.人原地起跳過程中獲得的動能來自于地面D.人與地球所組成的系統(tǒng)的機(jī)械能是守恒的如圖所示，在圓柱形區(qū)域內(nèi)存在豎直向上的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小 B

5、隨時間t的變化關(guān)系為B=B0+kt,其中 B口、k為正的常數(shù).在此區(qū)域的水平面內(nèi)固定一個半徑為 r的圓環(huán)形內(nèi)壁光滑的細(xì)玻璃管，將一電荷量為q的帶正電小球在管內(nèi)由靜止釋放， 不考慮帶電小球在運(yùn)動過程中 產(chǎn)生的磁場，則下列說法正確的是A.從上往下看，小球?qū)⒃诠軆?nèi)沿順時針方向運(yùn)動, B.從上往下看，小球?qū)⒃诠軆?nèi)沿逆時針方向運(yùn)動,C.從上往下看，小球?qū)⒃诠軆?nèi)沿順時針方向運(yùn)動,D.從上往下看，小球?qū)⒃诠軆?nèi)沿逆時針方向運(yùn)動,轉(zhuǎn)動一周的過程中動能增量為轉(zhuǎn)動一周的過程中動能增量為轉(zhuǎn)動一周的過程中動能增量為 qkn/轉(zhuǎn)動一周的過程中動能增量為 qknJ如圖所示，水平桌面上有一小車，裝有砂的砂桶通過細(xì)繩給小車施加

6、一水平拉力，小車從靜止開始做直線運(yùn)動.保持小車白質(zhì)量 M不變，第一次實驗中小車在質(zhì)量為IDj的砂和砂桶帶動下由靜止前進(jìn)了一段距離s；第二次實驗中小車在質(zhì)量為的砂和砂桶帶動下由靜止前進(jìn)了相同的距離s,其中叫Um產(chǎn)M.兩次實驗中，繩對小車的拉力分別為和T-小車、砂和砂桶系統(tǒng)的機(jī)械能變化量分別為 AEj和若空氣阻力和摩擦阻力的大小保持不變，不計繩、滑輪的質(zhì)量，則下列分析正確的是aEj = aE2如圖所示，一個閉合導(dǎo)體圓環(huán)固定在水平桌面上，一根條形磁鐵沿圓環(huán)的軸線運(yùn)動，使產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向與條形磁鐵的運(yùn)動情況相圓環(huán)內(nèi)產(chǎn)生了感應(yīng)電流。下列四幅圖中,從1907年起，密立根就開始測量金屬的遏止電壓4（即圖1

7、所示的電路中電流表的讀數(shù)減小為零時夾在電極 K、A之間的反向電壓。與入射光的頻率 v,由此算出普朗克常量 h, 并與普朗克根據(jù)黑體輻射得出的 h相比較，以檢驗愛因斯坦光電效應(yīng)方程的正確性。 按圖象如圖2所照密立根的方法我們利用圖1所示的裝置進(jìn)行實驗，得到了某金屬的示。已知元電荷C.下列說法正確的是圖1圖zA.該圖線的斜率為普朗克常量B,該圖線的斜率為這種金屬的逸出功C.該金屬的截止頻率約為427m10“1白D.該金屬的截止頻率約為 5.50父10/1工14 .隨著科技的不斷發(fā)展，無線充電已經(jīng)進(jìn)入人們的視線。小到手表、手機(jī)，大到電腦、電動汽車的充電，都已經(jīng)實現(xiàn)了從理論研發(fā)到實際應(yīng)用的轉(zhuǎn)化。下圖給

8、出了某品牌的無線充電手機(jī)利用電磁感應(yīng)方式無線充電的原理圖。關(guān)于電線充電，下列說法正確的是A.無線充電時手機(jī)接收線圈部分的工作原理是“電流的磁效應(yīng)”B.只有將充電底座接到直流電源上才能對手機(jī)進(jìn)行充電C.接收線圈中交變電流的頻率與發(fā)射線圈中交變電流的頻率相同D.只要有無線充電底座，所有手機(jī)都可以進(jìn)行無線充電二、實驗題（本大題共 3小題，共18.0分）15 .在測量金屬絲電阻率的實驗中用螺旋測微器測量金屬絲直徑如圖丙所示，則金屬絲直徑d=m；心,測量金屬絲的電阻 叱時，應(yīng)選用電路圖中的 圖；口,若金屬絲的長度為 L,直徑為d,金屬絲兩端電壓為 U,流過金屬絲的電流為I,則 金屬絲電阻率白表達(dá)式 尸:

9、用測得的量表示16 .用“插針法”測定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平 行.正確操作后，作出的光路圖及測出的相關(guān)角度如圖 甲所示.Ki這塊玻璃磚的折射率口=:用圖中字母表示k 如果有幾塊寬度d不同的玻璃磚可供選擇，為了減小 誤差，應(yīng)選用寬度d較 或“小” D的玻璃磚來測量.17 .利用單擺測當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊膶嶒炛欣糜螛?biāo)卡尺測得金屬小球直徑如圖丁所示，小球直徑d=cm;甲乙兩個學(xué)習(xí)小組分別利用單擺測量重力加速度。甲組同學(xué)采用圖甲所示的實驗裝 置；A.為比較準(zhǔn)確地測量出當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊臄?shù)值，除秒表外，在下列器材中，還應(yīng)該選用 ;用器材前的字母表示） a長度接近1m的細(xì)繩 B長度為30cm左右的細(xì)

10、繩 c,直徑為lEcm的塑料球 d直徑為1.8cm的鐵球 t最小刻度為1cm的米尺最小刻度為1mm的米尺B.該組同學(xué)先測出懸點(diǎn)到小球球心的距離L,然后用秒表測出單擺完成 n次全振動所用的時間to請寫出重力加速度的表達(dá)式 。用所測物理量表示）C.在測量擺長后，測量周期時，擺球振動過程中懸點(diǎn)O處擺線的固定出現(xiàn)松動，擺長略微變長，這將會導(dǎo)致所測重力加速度的數(shù)值 。:選填“偏大”、“偏小”或“不 變” 乙組同學(xué)在圖甲所示裝置的基礎(chǔ)上再增加一個速度傳感器，如圖乙所示。將擺球拉 開一小角度使其做簡諧運(yùn)動，速度傳感器記錄了擺球振動過程中速度隨時間變化的關(guān) 系，如圖丙所示的圖線。a.由圖丙可知，該單擺的周期r

11、r=s；B.更換擺線長度后，多次測量，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，利用計算機(jī)作出產(chǎn)L（周期平方-擺長）圖線，并根據(jù)圖線擬合得到方程 T*=4.04L+0.035.由此可以得出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣? mH，取/二立洸，結(jié)果保留3位有效數(shù)字）應(yīng).某同學(xué)在實驗過程中，擺長沒有加小球的半徑，其它操作無誤，那么他得到的實驗 圖象可能是下列圖象中的 、計算題（本大題共 3小題，共30.0分）18.如圖所示，光滑絕緣水平面上方分布著場強(qiáng)大小為E,方向水平向右的勻強(qiáng)電場.質(zhì)量為 3m,電量為的球 A由靜止開始運(yùn)動，與相距為 L、質(zhì)量為m的不帶電小 球B發(fā)生對心碰撞，碰撞時間極短， 碰撞后作為一個整 體繼續(xù)向右運(yùn)動.兩球均可視為

12、質(zhì)點(diǎn)，求：(1)兩球發(fā)生碰撞前 A球的速度；樂B碰撞過程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能；小、B碰撞過程中B球受到的沖量大小.19.如圖所示，兩平行金屬板 P、Q水平放置，板間存在電場強(qiáng) 度為E的勻強(qiáng)電場和磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場.一個帶正電的粒子在兩板間沿虛線所示路徑做勻速直線運(yùn)動.粒子通過兩平行板后從。點(diǎn)進(jìn)入另一磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場 中，在洛侖茲力的作用下，粒子做勻速圓周運(yùn)動，經(jīng)過半個圓周后打在擋板 MN上的A點(diǎn).測得O、A兩點(diǎn)間的距離為 |L不計粒子重力.(1)試判斷P、Q間的磁場方向；(2)求粒子做勻速直線運(yùn)動的速度大小v20.3)求粒子的電荷量與質(zhì)量之比葛.電磁軌道炮利用電流和磁場的作用使炮彈獲得

13、超高速度，其原理可用來研制新武器和航天運(yùn)載器。電磁軌道炮示意圖如圖所示。兩根固定于水平面內(nèi)的光滑平行金屬導(dǎo)軌間距 為L,導(dǎo)軌間存在垂直于導(dǎo)軌平面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場，導(dǎo)軌電阻不計。炮彈可視為一質(zhì)量為 m、電阻為R的金屬棒MN,垂直放在兩導(dǎo)軌間處于靜止?fàn)顟B(tài)， 并與導(dǎo)軌良好接觸。電容器電容 C,首先開關(guān)接1,使電容器完全充電。然后將 S接至 2, MN由靜止開始向右加速運(yùn)動。當(dāng) MN上的感應(yīng)電動勢與電容器兩極板間的電壓相 等時，回路中電流為零，MN達(dá)到最大速度 ”之后離開導(dǎo)軌。問：1這個過程中通過 MN的電量q；2直流電源的電動勢 E；(冉某同學(xué)想根據(jù)第一問的結(jié)果，利用的公式-R-

14、IT求MN加速過程的位移，請判斷這個方法是否可行，并說明理由。四、簡答題（本大題共 2小題，共10.0分）21 .在利用如圖所示的裝置探究影響電荷間相互作用力的因素時，我們可以通過絕緣細(xì)線與豎直方向的夾角來判斷電荷之間相互作用力的大小。如果A、B兩個帶電體在同一水平面內(nèi)，B的質(zhì)量為m,細(xì)線與豎直方向夾角 為0,求A、B之間相互作用力的大小。22 .金屬導(dǎo)體板垂直置于勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)電流通過導(dǎo)體板時， 外部磁場的洛倫茲力使運(yùn)動的電子聚集在導(dǎo)體板的一側(cè)， 在導(dǎo)體板的另一側(cè)會出現(xiàn)多余的正電荷，從而形成電場， 該電場對運(yùn)動的電子有靜電力的作用，當(dāng)靜電力與洛倫茲力達(dá)到平衡時，在導(dǎo)體板這兩個表面之間就會形成

15、穩(wěn)定的電勢差，這種現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng)。利用霍爾效應(yīng)可以測量磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度。如圖所示,若磁場方向與金屬導(dǎo)體板的前后表面垂直，通過的電流I,可測得導(dǎo)體板上、下表面之間的電勢差為U,且下表面電勢高。已知導(dǎo)體板的長、寬、高分別為a、b、c,電子的電荷量為e,導(dǎo)體中單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)為n。求：執(zhí)導(dǎo)體中電子定向運(yùn)動的平均速率v；b,磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和方向。答案和解析1 .【答案】A【解析】解：A、物體的內(nèi)能變化，它的溫度并不一定發(fā)生變化，如MC的冰熔化為01T的水,溫度不變，但由于吸熱，內(nèi)能增加，故 A正確；B、當(dāng)分子間距離增大時，分子間的引力和斥力均減小，故 B錯誤；C、如圖所示，當(dāng)在范圍內(nèi)，分子

16、力表現(xiàn)為斥力時，分子間距離增大時，分子間作用力做正功，分子勢能減小，故 C錯誤；D、布朗運(yùn)動是指懸浮在液體中的固體小顆粒的運(yùn)動，不是液體分子的運(yùn)動，布朗運(yùn)動間接反映了液體分子的無規(guī)則運(yùn)動，故D錯誤。故選：Ao根據(jù)物體內(nèi)能包括分子動能和勢能、熱力學(xué)第一定律AU=W+Q以及溫度是分子平均動能的標(biāo)志分析作答；分子間的引力和斥力平衡時，分子勢能最小，隨距離的增大引力和斥力都減小，斥力變化快, 引力變化慢；布朗運(yùn)動是懸浮在液體中微粒的運(yùn)動，反映了周圍液體分子的無規(guī)則運(yùn)動，布朗運(yùn)動不是液體分子的運(yùn)動。本題考查了內(nèi)能、分子間作用力、分子勢能以及布朗運(yùn)動，要注意當(dāng)分子間距離增大時，分子間的引力和斥力均減小，斥

17、力減小更快，分子間作用力做正功分子勢能減小，分子間作用力做負(fù)功分子勢能增大。2 .【答案】B【解析】解：壓縮玻璃筒內(nèi)的空氣，氣體的壓強(qiáng)變大，機(jī)械能轉(zhuǎn)化為筒內(nèi)空氣的內(nèi)能，空氣 的內(nèi)能增加，溫度升高，當(dāng)達(dá)到棉花的燃點(diǎn)后，棉花會燃燒；故 B正確，ACD錯誤 故選：B。做功可以使內(nèi)能與機(jī)械能之間進(jìn)行轉(zhuǎn)化：對氣體做功，氣體內(nèi)能會增加；氣體對外做功，氣體內(nèi)能會減少，做功可以使內(nèi)能與機(jī)械能之間進(jìn)行轉(zhuǎn)化 解決此類問題要知道做功可以改變物體的內(nèi)能.難度一般3 .【答案】A 【解析】【分析】單縫衍射條紋是中間明亮且寬大，越向兩側(cè)寬度越小越暗，而波長越大，中央亮條紋越粗;雙縫干涉的圖樣是明暗相間的干涉條紋，所有條紋

18、寬度相同且等間距，隨著波長越短，則條紋間距越小。掌握單縫衍射和雙縫干涉的圖樣的特點(diǎn)和圖樣與波長的關(guān)系是解決此題的唯一 途徑，故要加強(qiáng)對基礎(chǔ)知識的記憶。【解答】雙縫干涉的圖樣是明暗相間的干涉條紋，所有條紋寬度相同且等間距，隨著波長越短，則條紋間距越小，故 A是藍(lán)光通過同一個雙縫干涉儀器形成的干涉圖樣，C是紅光；單縫衍射條紋是中間明亮且寬大，越向兩側(cè)寬度越小越暗，而波長越大，中央亮條紋越粗， 故BD是衍射圖樣，紫光波長較短，則中央亮條紋較細(xì)， 故B是紫光的衍射條紋，D是黃光。 故A正確，BCD錯誤； 故選A。4 .【答案】B【解析】解：設(shè)衰變周期為 T,那么任意時刻 回可見氨222的半衰期是3.8

19、天.半衰期不受溫度的影響.B正確.故選：B根據(jù)半衰期的定義及圖象求出任意時刻氫222的質(zhì)量的表達(dá)式.本題考查衰變規(guī)律和對問題的理解能力.根據(jù)衰變規(guī)律表示出兩個物理量之間的關(guān)系.5 .【答案】D【解析】解：感應(yīng)定律和歐姆定律得 【二息=7總廣，乂絆，所以線圈中的感應(yīng)電流決定于磁感 rk o I'll 凸 I應(yīng)強(qiáng)度B隨t的變化率。由圖乙可知，0 4s時間內(nèi)，B增大，小增大，感應(yīng)磁場與原磁場方向相反 （感應(yīng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向向外），由楞次定律，感應(yīng)電流是順時針的，因而是正值。所以可判斷0 Is為正的恒值；在1本內(nèi)，因磁場的不變，則感應(yīng)電動勢為零，所以感應(yīng)電流為零；同理2 3s,磁場在減小

20、，由楞次定律可知，感應(yīng)電流與原方向相反，即為負(fù)的恒值；根據(jù)感應(yīng)定律和歐姆定律得1號；二高尸絆，可知， K A Ma K因Th與2 3A斜率一樣大的，感應(yīng)電動勢大小相同， 則感應(yīng)電流大小相同。 故D正確，ABC 錯誤；故選：D。由圖乙可知磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化，則可知線圈中磁通量的變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知感應(yīng)電動勢變化情況，由楞次定律可得感應(yīng)電流的方向，二者結(jié)合可得出正確的圖象.此類問題不必非要求得電動勢的大小，應(yīng)根據(jù)楞次定律判斷電路中電流的方向，結(jié)合電動勢的變化情況即可得出正確結(jié)果.6 .【答案】A【解析】解：根據(jù)有效值的定義，則有：方波：泵尹儼RT解得：乙圖是正弦波2 P映 J0 _2根據(jù)p

21、=Fr得邑Ji 乙噴產(chǎn)故選：A根據(jù)有效值的定義求解. 取一個周期時間，將交流與直流分別通過相同的電阻，若產(chǎn)生的熱量相同，直流的電流值，即為此交流的有效值.根據(jù)功率公式P=1/求比值.對于交變電流求解熱量、熱功率、電功等都應(yīng)用有效值，求解電量用平均值 7.【答案】B【解析】【分析】質(zhì)量為m的物體在兩極所受地球的引力等于其所受的重力.根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二 定律，在赤道的物體所受地球的引力等于其在兩極所受的重力聯(lián)立求半徑.解決本題的關(guān)鍵是認(rèn)識到在赤道處的重力實為地球?qū)ξ矬w的萬有引力減去物體隨地球自轉(zhuǎn) 的向心力，掌握力的關(guān)系是正確解題的前提.【解答】在兩極地區(qū)，物體只受到地球的萬有引力，其大小為

22、mgo,在赤道處，地球?qū)ξ矬w的萬有引力大小仍為|m聞，萬有引力和重力的合力提供圓周運(yùn)動向心力有即有：m（羯竽，可得地球半徑為：即，故ACD錯誤,B正確。故選：B。8 .【答案】D【解析】解：A、由圖知：波長人=lm,則波速八。故a錯誤；B、在【=0時，處的質(zhì)點(diǎn)位于平衡位置，速度不是零而是最大。故 B錯誤；C、過2.0,這列波沿x軸正方向傳播距離為x=v=0.5x2iii=lnio故C錯誤；D、t二（Us=知，圖示時刻處的質(zhì)點(diǎn)正向上運(yùn)動，故t=03時，K=0S】i處的質(zhì)點(diǎn)的運(yùn) 動方向為y軸正方向。故D正確。故選：Do由圖讀出波長 兒 由#二守求出波速；根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的位置分析其速度；波沿x軸正方向傳播

23、的距離為KRt；根據(jù)時間與周期的關(guān)系，分析在 1=0上時，x=0.5m處質(zhì)點(diǎn)的位置，確定其運(yùn)動方 向.本題的關(guān)鍵要掌握波速的兩個公式 u="和知道波傳播的距離為k=vt.9 .【答案】B【解析】解：A、人在上升過程中經(jīng)歷了先加速再減速過程，加速過程中人受到的支持力大于人的重力；故A錯誤；B、因支持力大于重力，作用時間相同，故支持力的沖量大于重力的沖量；故B正確；C、人起跳時，地面對人不做功，人的動能來自于本身的生物能；故 C錯誤；D、由于有人體生物能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，故機(jī)械能不守恒；故 D錯誤；故選：B分析人的運(yùn)動情況，根據(jù)受力分析明確人的受力情況，則可根據(jù)動量及沖量得出沖量大??； 由功

24、能的轉(zhuǎn)化可得出能量轉(zhuǎn)化關(guān)系。本題考查動量定理及功能轉(zhuǎn)化，要注意明確支持力對人作用的位移為零，故支持力對人不做功，人是利用自身的能量得以增加機(jī)械能的。10 .【答案】C【解析】【分析】當(dāng)磁場隨著時間均勻變化時，導(dǎo)致出現(xiàn)渦旋電場，則正電荷在電場力作用下，加速運(yùn)動，根據(jù)動能定理，則可確定轉(zhuǎn)動一周的動能增量，從而即可求解?？疾榫鶆蜃兓拇艌霎a(chǎn)生穩(wěn)定的電場，掌握電荷在電場中的運(yùn)動，理解動能定理的應(yīng)用， 注意電荷在電場力作用下做功是解題的關(guān)鍵?！窘獯稹坑深}意可知，如圖所示的磁場在均勻增加時，則會產(chǎn)生順時針方向的渦旋電場，那么正電荷在電場力作用下，做順時針方向圓周運(yùn)動，根據(jù)動能定理，轉(zhuǎn)動一周過程中，動能的增

25、量等于電場力做功，則為W=qU=q患n/nqlor，故C正確，ABD錯誤。故選Co11 .【答案】A【解析】解：小車的砂桶用細(xì)線相連，故其加速度大小相等，根據(jù)牛頓第二定律以整體為研究對象有加速度：白=喘瞿=-曳知，當(dāng)砂桶的質(zhì)量 m增加時加速度a增大即同1由2,所以有:“力， 話+1再以砂和砂桶為研究對象有：Hig-T產(chǎn)謂-T戶口叼，所以有m1g那則BD錯誤；根據(jù)功能關(guān)系知，除重力和彈力外其它力對系統(tǒng)做的功等于系統(tǒng)機(jī)械能的變化知，在兩種情況下運(yùn)動，小車所受摩擦力對小車做的功相同，可知兩種情況下系統(tǒng)機(jī)械能的變化量= 所以C錯誤，A正確。故選：A。根據(jù)牛頓運(yùn)動定律分析受力情況，根據(jù)功能關(guān)系：除重力和

26、彈力外其它力對系統(tǒng)做的功等于系統(tǒng)機(jī)械能的變化討論機(jī)械能變化情況.用整體法和隔離法對車進(jìn)行受力分析求出加速度與砂桶質(zhì)量的關(guān)系，再根據(jù)功能關(guān)系分析系統(tǒng)機(jī)械能的變化與重力和彈力外做功的關(guān)系這是解決本題的關(guān)鍵.12 .【答案】D【解析】 解：A、由圖示可知，在磁鐵 S極上升過程中，穿過圓環(huán)的磁場方向向上，在磁鐵 遠(yuǎn)離圓環(huán)時，穿過圓環(huán)的磁通量變小，由楞次定律可知，從上向下看，圓環(huán)中的感應(yīng)電流沿逆時針方向，故A錯誤；B、由圖示可知，在磁鐵 S極下落過程中，穿過圓環(huán)的磁場方向向上，在磁鐵靠近圓環(huán)時， 穿過圓環(huán)的磁通量變大，由楞次定律可知，從上向下看，圓環(huán)中的感應(yīng)電流順時針方向，故B錯誤；C、同時，在磁鐵 N

27、極上升過程中，穿過圓環(huán)的磁場方向向下，在磁鐵遠(yuǎn)離圓環(huán)時，穿過圓 環(huán)的磁通量變小，由楞次定律可知，從上向下看，圓環(huán)中的感應(yīng)電流沿順時針方向，故C錯誤；D、由圖示可知，在磁鐵 N極下落過程中，穿過圓環(huán)的磁場方向向下，在磁鐵靠近圓環(huán)時， 穿過圓環(huán)的磁通量變大，由楞次定律可知，從上向下看，圓環(huán)中的感應(yīng)電流逆時針方向，故D正確； 故選：Do 由楞次定律：感應(yīng)電流磁場總是阻礙線圈原磁通量的變化，結(jié)合是 N極還是S極的運(yùn)動， 從而可以判斷出感應(yīng)電流的方向。 本題考查了楞次定律的應(yīng)用，正確理解楞次定律阻礙的含義是正確解題的關(guān)鍵，同時掌握楞次定律的應(yīng)用步驟： 先確定原磁場方向， 再判定通過線圈的磁通量如何變化，

28、然后由“增反減同“，從而確定感應(yīng)電流磁場方向，最后由右手螺旋定則，確定結(jié)果。13 .【答案】C【解析】解：AB、設(shè)金屬的逸出功為 叫,截止頻率為”,則有：W產(chǎn)鵬； 光電子的最大初動能Ek加與遏止電壓|U'的關(guān)系是：|“尸印, 光電效應(yīng)方程為：EQhvW"聯(lián)立兩式可得：故Q與v圖象的斜率為故AB錯誤；CD、當(dāng)4=0時，可解得：V=vf此時讀圖可知： 吟4.27m10711x,即金屬的截止頻率約為 4.27x1014Hz ,故C正確，D錯誤。 故選：Co根據(jù)光電效應(yīng)方程得出遏止電壓與入射光頻率的關(guān)系，通過圖線的斜率求出普朗克常量。 遏止電壓為零時，入射光的頻率等于截止頻率。此題考

29、查了愛因斯坦光電效應(yīng)方程的相關(guān)計算，屬于圖象問題，解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程以及最大初動能與遏止電壓的關(guān)系，注意單位的統(tǒng)一。14 .【答案】C【解析】解：A、無線充電時手機(jī)接收線圈部分的工作原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，不是“電流的 磁效應(yīng)”現(xiàn)象，故 A錯誤；B、當(dāng)充電設(shè)備通以恒定直流，無線充電設(shè)備不會產(chǎn)生交變磁場，那么不能夠正常使用，故 B錯誤；C、接收線圈中交變電流的頻率與發(fā)射線圈中交變電流的頻率相同，故 C正確； D、被充電手機(jī)內(nèi)部，應(yīng)該有一類似金屬線圈的部件，與手機(jī)電池相連，當(dāng)有交變磁場時， 則出現(xiàn)感應(yīng)電動勢，那么普通手機(jī)不能夠利用無線充電設(shè)備進(jìn)行充電，故D錯誤；故選：Co 根據(jù)電磁感應(yīng)現(xiàn)象

30、的原理，結(jié)合感應(yīng)電動勢產(chǎn)生的條件，即可一一求解。考查充電手機(jī)的工作原理， 理解電磁感應(yīng)現(xiàn)象的運(yùn)用，及產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的條件，注意渦流的防止與應(yīng)用。15 .【答案】1.775甲與【解析】 解：由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：L5nim+27.5x0Qlmm=1.775nmi。2滑動變阻器最大阻值大于待測電阻阻值，可以起到保護(hù)和控制電路作用時，滑動變阻器可以采用限流接法；由于金屬絲電阻較小， 電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測電阻阻值，電流表可以采用外接法，故選甲圖； 國根據(jù)歐姆定律得知電阻為： R4_nUdP=IL由電阻定律可知：解得電阻率為： 故答案為：|1力樂甲；黠Q螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺

31、旋測微器示數(shù)；也根據(jù)題意確定滑動變阻器與電流表的接法，即可確定電路圖；由電阻定律和歐姆定律列式求出電阻率的表達(dá)。本題考查了實驗原理的確定、螺旋測微器讀數(shù)、 求電阻率的方法等， 要注意本實驗測電阻時可以采用限流接法，而金屬絲電阻較小，應(yīng)選擇電流表外接法。sinOn16 .【答案】就大【解析】解：。根據(jù)折射定律得，玻璃磚的折射率為：n二遍.也選擇寬度較大一點(diǎn)的玻璃磚進(jìn)行測量，測量的誤差較小.而才;大根據(jù)折射定律，結(jié)合入射角和折射角求出玻璃磚的折射率.為了減小實驗的誤差， 選擇寬度較大的玻璃磚進(jìn)行測量.解決本題的關(guān)鍵知道實驗的原理，知道減小實驗誤差的方法，比如玻璃磚選擇寬度大一些的， 入射角適當(dāng)大一

32、些.I 2217 .【答案】22.6 adf ",丁偏小2.0機(jī)76 B【解析】 解：0 .小球直徑d=22nim+6xO,lnim=22Xram;儂A、根據(jù)單擺的周期公式得：g=隼?，知需要測量擺長，擺長等于擺線的長度和擺球的半徑之和，所以選擇長近1m的細(xì)線，直徑為I&m的鐵球，需要測量擺長和擺球的直徑，所以需要最小刻度為1mm的米尺和螺旋測微器，故 adf正確，bce錯誤；故選：adf ； 1I 2 RB、單擺的周期為： 鵬 所以重力加速度的表達(dá)式為 月二（小；C、在測量擺長后，測量周期時，擺球振動過程中懸點(diǎn)O處擺線的固定出現(xiàn)松動，擺長略微變長，則擺長的測量值偏小，測得的

33、重力加速度偏小;心演、根據(jù)圖象可知，該單擺的周期B、根據(jù)單擺的周期公式T=2irg得：仁=4/1,所以有：f=4.04，解得 g=9.76m/J；C、某同學(xué)在實驗過程中，擺長沒有加小球的半徑，則根據(jù)周期公式有L=彈，故ACD錯誤，B正確；故選：B。故答案為：（1）22,6 也普偏小2.0 9.76 B。Q游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺的讀數(shù)加上游標(biāo)尺的讀數(shù)；代根據(jù)單擺的周期公式確定所需測量的物理量，從而確定所需的器材和測量工具；結(jié)合單擺的周期公式， 根據(jù)周期的大小求出重力加速度的表達(dá)式，通過表達(dá)式，分析誤差是偏大還是偏小；國根據(jù)簡諧運(yùn)動的圖線得出單擺的周期，根據(jù)單擺的周期公式求出爐工關(guān)系式，結(jié)合圖線的

34、斜率求出重力加速度；實驗過程中，擺長沒有加小球的半徑，分析關(guān)系式，再選擇圖象。解決該題需要掌握該實驗的實驗原理和實驗的注意事項，掌握單擺的周期公式， 能正確推導(dǎo)產(chǎn)工的關(guān)系式，掌握游標(biāo)卡尺的讀數(shù)原理。18 .【答案】解：I。）碰撞前電場力做功，由動能定理：EqL=與mm?解得：皇二舞3mv=(3ni+m)V|系統(tǒng)碰撞的過程中動量守恒，設(shè)向右為正方向，由動量守恒定律: 解得vt系統(tǒng)損失的機(jī)械能：所以：AF=1EqL（3）以B為研究對象，設(shè)向右為正方向，由動量定理：二口氏/0所以：二也孚四；方向水平向右答：兩球發(fā)生碰撞前 A球的速度是.青:，；A、B碰撞過程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能是 |EqL；（3）4

35、B碰撞過程中B球受到的沖量大小是i'6HqLin【解析】（1）對A進(jìn)行分析，根據(jù)牛屯第二定律求出A球的加速度，由速度位移公式求出A球與B球碰撞前的速度.（2）由題可知，碰撞的時間短，則在碰撞的瞬間二者之間的相互作用比較大，二者在水平方向的動量近似守恒，由動量守恒定律即可求出二者在水平方向的速度，由功能關(guān)系即可求出損失的機(jī)械能；（3）由動量定理即可求出 A、B碰撞過程中B球受到的沖量大小.該題考查動量守恒定律，在解答的過程中要注意，由于碰撞的時間短， 則在碰撞的瞬間二者之間的相互作用比較大，二者在水平方向的動量近似守恒，可以在水平方向使用動量守恒定律.19 .【答案】解：|1）粒子做勻速運(yùn)動，電場力和洛倫茲力平衡（如圖所示K1根據(jù)左手定則知，磁場方向垂直紙面向里.I（2）電場力和洛倫茲力平衡，qE=qvB-,解得串三用.帶電粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，qyR產(chǎn)血,又L二2，解得蔣二瑞號答：（1）耳Q間的磁場方向為垂直紙面向里；2）粒子做勻速直線運(yùn)動的速度大小為 含；（打粒子的電荷量與質(zhì)量之比為 市瓦.【解析】（1）抓住粒子做勻速直線運(yùn)動，電場力和洛倫茲力平衡，根據(jù)洛倫茲力的方向，通過左手定則得出 P、Q間磁場的方向.（2）根據(jù)電場力和洛