安徽省安慶市桐城市桐城中學(xué)2020屆高三模擬考試物理試卷

1、物理試卷一、單選題（本大題共 14小題，共42.0分）1.下列說(shuō)法中正確的是（）A.物體的內(nèi)能變化，它的溫度并不一定發(fā)生變化B.當(dāng)分子間距離增大時(shí)，分子間的引力和斥力均增大C.當(dāng)分子間距離增大時(shí)，分子勢(shì)能一定增大D.布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)2.如圖所示，在一個(gè)配有活塞的厚壁有機(jī)玻璃筒底放置一小團(tuán)硝化棉，迅 速向下壓活塞，筒內(nèi)氣體被壓縮后可點(diǎn)燃硝化棉.在筒內(nèi)封閉的氣體被 活塞壓縮的過(guò)程中A.氣體對(duì)外界做正功，氣體內(nèi)能增加B.外界對(duì)氣體做正功，氣體內(nèi)能增加C.氣體的溫度升高，壓強(qiáng)不變D.氣體的體積減小，壓強(qiáng)不變3 .如圖所示的4種明暗相間的條紋，是紅光、藍(lán)光各自通過(guò)同一個(gè)雙縫干涉儀器形成的

2、干 涉圖樣以及黃光、紫光各自通過(guò)同一個(gè)單縫形成的衍射圖樣（黑色部分表示亮紋則在下面的四個(gè)圖中，哪個(gè)圖是藍(lán)光形成的干涉圖樣A.IIIIIIH B. UH Hl C.IIIHI D.IUII4 .放射性同位素衰變的快慢有一定的規(guī)律.氨 222衰變?yōu)獒?18的規(guī)律如圖所示.縱坐標(biāo)表示的是任意時(shí)刻氫 222 的質(zhì)量m與時(shí)的質(zhì)量的比值.下列說(shuō)法正確的是 1（ XA.氨222的半衰期是7/天B.氨222的半衰期是3g天C.若升高溫度，氫222的半衰期將變長(zhǎng)D.若升高溫度，氫222的半衰期將變短5 .在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，水平放置一個(gè)不變形的單匝導(dǎo)體線圈，線圈電阻恒定，規(guī)定線圈中感應(yīng)電流的正方向如圖甲所示

3、，當(dāng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度 B隨時(shí)間t如圖乙所示規(guī)律變化時(shí)，則正確表示線圈中感應(yīng)電流i隨時(shí)間t變化規(guī)律的圖象是（LbA通以圖甲所示的交變電流,Pa Ph等于（）B通以圖乙所示的交變電6 . A、B是兩個(gè)完全相同的電熱器, 流，則兩電熱器的電功率之比7.8.假設(shè)地球可視為質(zhì)量均勻分布的球體.已知地球表面重力加速度在兩極的大小為赤道的大小為g,地球自轉(zhuǎn)的周期為|T.則地球的半徑為（）R （即產(chǎn)跳產(chǎn)B. F-C.D.（即+盯產(chǎn)闋、在如圖所示，是一列沿著 x軸正方向傳播的橫波在"=°時(shí)刻的波形圖，已知這列波的周期T=2,0s.下列說(shuō)法正確的是（A.這列波的波速v=2.0iu/sB.在（=

4、0時(shí)，x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)速度為零C.經(jīng)過(guò)2.05,這列波沿x軸正方向傳播0.8mD.在l=0,3s時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)閥軸正方向9.應(yīng)用物理知識(shí)分析生活中的常見(jiàn)現(xiàn)象，可以使物理學(xué)習(xí)更加有趣和深入。例如人原地起跳時(shí)，總是身體彎曲，略下蹲，再猛然蹬地，身體打開(kāi)，同時(shí)獲得向上的初速度，雙腳 離開(kāi)地面。從開(kāi)始蹬地到雙腳離開(kāi)地面的整個(gè)過(guò)程中，下列分析正確的是10.11.12.13.A.地面對(duì)人的支持力始終等于重力B.地面對(duì)人的支持力的沖量大于重力的沖量C.人原地起跳過(guò)程中獲得的動(dòng)能來(lái)自于地面D.人與地球所組成的系統(tǒng)的機(jī)械能是守恒的如圖所示，在圓柱形區(qū)域內(nèi)存在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小 B

5、隨時(shí)間t的變化關(guān)系為B=B0+kt,其中 B口、k為正的常數(shù).在此區(qū)域的水平面內(nèi)固定一個(gè)半徑為 r的圓環(huán)形內(nèi)壁光滑的細(xì)玻璃管，將一電荷量為q的帶正電小球在管內(nèi)由靜止釋放， 不考慮帶電小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中 產(chǎn)生的磁場(chǎng)，則下列說(shuō)法正確的是A.從上往下看，小球?qū)⒃诠軆?nèi)沿順時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng), B.從上往下看，小球?qū)⒃诠軆?nèi)沿逆時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng),C.從上往下看，小球?qū)⒃诠軆?nèi)沿順時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng),D.從上往下看，小球?qū)⒃诠軆?nèi)沿逆時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng),轉(zhuǎn)動(dòng)一周的過(guò)程中動(dòng)能增量為轉(zhuǎn)動(dòng)一周的過(guò)程中動(dòng)能增量為轉(zhuǎn)動(dòng)一周的過(guò)程中動(dòng)能增量為 qkn/轉(zhuǎn)動(dòng)一周的過(guò)程中動(dòng)能增量為 qknJ如圖所示，水平桌面上有一小車，裝有砂的砂桶通過(guò)細(xì)繩給小車施加

6、一水平拉力，小車從靜止開(kāi)始做直線運(yùn)動(dòng).保持小車白質(zhì)量 M不變，第一次實(shí)驗(yàn)中小車在質(zhì)量為IDj的砂和砂桶帶動(dòng)下由靜止前進(jìn)了一段距離s；第二次實(shí)驗(yàn)中小車在質(zhì)量為的砂和砂桶帶動(dòng)下由靜止前進(jìn)了相同的距離s,其中叫Um產(chǎn)M.兩次實(shí)驗(yàn)中，繩對(duì)小車的拉力分別為和T-小車、砂和砂桶系統(tǒng)的機(jī)械能變化量分別為 AEj和若空氣阻力和摩擦阻力的大小保持不變，不計(jì)繩、滑輪的質(zhì)量，則下列分析正確的是aEj = aE2如圖所示，一個(gè)閉合導(dǎo)體圓環(huán)固定在水平桌面上，一根條形磁鐵沿圓環(huán)的軸線運(yùn)動(dòng)，使產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向與條形磁鐵的運(yùn)動(dòng)情況相圓環(huán)內(nèi)產(chǎn)生了感應(yīng)電流。下列四幅圖中,從1907年起，密立根就開(kāi)始測(cè)量金屬的遏止電壓4（即圖1

7、所示的電路中電流表的讀數(shù)減小為零時(shí)夾在電極 K、A之間的反向電壓。與入射光的頻率 v,由此算出普朗克常量 h, 并與普朗克根據(jù)黑體輻射得出的 h相比較，以檢驗(yàn)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程的正確性。 按圖象如圖2所照密立根的方法我們利用圖1所示的裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，得到了某金屬的示。已知元電荷C.下列說(shuō)法正確的是圖1圖zA.該圖線的斜率為普朗克常量B,該圖線的斜率為這種金屬的逸出功C.該金屬的截止頻率約為427m10“1白D.該金屬的截止頻率約為 5.50父10/1工14 .隨著科技的不斷發(fā)展，無(wú)線充電已經(jīng)進(jìn)入人們的視線。小到手表、手機(jī)，大到電腦、電動(dòng)汽車的充電，都已經(jīng)實(shí)現(xiàn)了從理論研發(fā)到實(shí)際應(yīng)用的轉(zhuǎn)化。下圖給

8、出了某品牌的無(wú)線充電手機(jī)利用電磁感應(yīng)方式無(wú)線充電的原理圖。關(guān)于電線充電，下列說(shuō)法正確的是A.無(wú)線充電時(shí)手機(jī)接收線圈部分的工作原理是“電流的磁效應(yīng)”B.只有將充電底座接到直流電源上才能對(duì)手機(jī)進(jìn)行充電C.接收線圈中交變電流的頻率與發(fā)射線圈中交變電流的頻率相同D.只要有無(wú)線充電底座，所有手機(jī)都可以進(jìn)行無(wú)線充電二、實(shí)驗(yàn)題（本大題共 3小題，共18.0分）15 .在測(cè)量金屬絲電阻率的實(shí)驗(yàn)中用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑如圖丙所示，則金屬絲直徑d=m；心,測(cè)量金屬絲的電阻 叱時(shí)，應(yīng)選用電路圖中的 圖；口,若金屬絲的長(zhǎng)度為 L,直徑為d,金屬絲兩端電壓為 U,流過(guò)金屬絲的電流為I,則 金屬絲電阻率白表達(dá)式 尸:

9、用測(cè)得的量表示16 .用“插針?lè)ā睖y(cè)定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平 行.正確操作后，作出的光路圖及測(cè)出的相關(guān)角度如圖 甲所示.Ki這塊玻璃磚的折射率口=:用圖中字母表示k 如果有幾塊寬度d不同的玻璃磚可供選擇，為了減小 誤差，應(yīng)選用寬度d較 或“小” D的玻璃磚來(lái)測(cè)量.17 .利用單擺測(cè)當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊膶?shí)驗(yàn)中利用游標(biāo)卡尺測(cè)得金屬小球直徑如圖丁所示，小球直徑d=cm;甲乙兩個(gè)學(xué)習(xí)小組分別利用單擺測(cè)量重力加速度。甲組同學(xué)采用圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝 置；A.為比較準(zhǔn)確地測(cè)量出當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊臄?shù)值，除秒表外，在下列器材中，還應(yīng)該選用 ;用器材前的字母表示） a長(zhǎng)度接近1m的細(xì)繩 B長(zhǎng)度為30cm左右的細(xì)

10、繩 c,直徑為lEcm的塑料球 d直徑為1.8cm的鐵球 t最小刻度為1cm的米尺最小刻度為1mm的米尺B.該組同學(xué)先測(cè)出懸點(diǎn)到小球球心的距離L,然后用秒表測(cè)出單擺完成 n次全振動(dòng)所用的時(shí)間to請(qǐng)寫出重力加速度的表達(dá)式 。用所測(cè)物理量表示）C.在測(cè)量擺長(zhǎng)后，測(cè)量周期時(shí)，擺球振動(dòng)過(guò)程中懸點(diǎn)O處擺線的固定出現(xiàn)松動(dòng)，擺長(zhǎng)略微變長(zhǎng)，這將會(huì)導(dǎo)致所測(cè)重力加速度的數(shù)值 。:選填“偏大”、“偏小”或“不 變” 乙組同學(xué)在圖甲所示裝置的基礎(chǔ)上再增加一個(gè)速度傳感器，如圖乙所示。將擺球拉 開(kāi)一小角度使其做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，速度傳感器記錄了擺球振動(dòng)過(guò)程中速度隨時(shí)間變化的關(guān) 系，如圖丙所示的圖線。a.由圖丙可知，該單擺的周期r

11、r=s；B.更換擺線長(zhǎng)度后，多次測(cè)量，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，利用計(jì)算機(jī)作出產(chǎn)L（周期平方-擺長(zhǎng)）圖線，并根據(jù)圖線擬合得到方程 T*=4.04L+0.035.由此可以得出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣? mH，取/二立洸，結(jié)果保留3位有效數(shù)字）應(yīng).某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，擺長(zhǎng)沒(méi)有加小球的半徑，其它操作無(wú)誤，那么他得到的實(shí)驗(yàn) 圖象可能是下列圖象中的 、計(jì)算題（本大題共 3小題，共30.0分）18.如圖所示，光滑絕緣水平面上方分布著場(chǎng)強(qiáng)大小為E,方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng).質(zhì)量為 3m,電量為的球 A由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，與相距為 L、質(zhì)量為m的不帶電小 球B發(fā)生對(duì)心碰撞，碰撞時(shí)間極短， 碰撞后作為一個(gè)整 體繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng).兩球均可視為

12、質(zhì)點(diǎn)，求：(1)兩球發(fā)生碰撞前 A球的速度；樂(lè)B碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能；小、B碰撞過(guò)程中B球受到的沖量大小.19.如圖所示，兩平行金屬板 P、Q水平放置，板間存在電場(chǎng)強(qiáng) 度為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)和磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng).一個(gè)帶正電的粒子在兩板間沿虛線所示路徑做勻速直線運(yùn)動(dòng).粒子通過(guò)兩平行板后從。點(diǎn)進(jìn)入另一磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng) 中，在洛侖茲力的作用下，粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)半個(gè)圓周后打在擋板 MN上的A點(diǎn).測(cè)得O、A兩點(diǎn)間的距離為 |L不計(jì)粒子重力.(1)試判斷P、Q間的磁場(chǎng)方向；(2)求粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度大小v20.3)求粒子的電荷量與質(zhì)量之比葛.電磁軌道炮利用電流和磁場(chǎng)的作用使炮彈獲得

13、超高速度，其原理可用來(lái)研制新武器和航天運(yùn)載器。電磁軌道炮示意圖如圖所示。兩根固定于水平面內(nèi)的光滑平行金屬導(dǎo)軌間距 為L(zhǎng),導(dǎo)軌間存在垂直于導(dǎo)軌平面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。炮彈可視為一質(zhì)量為 m、電阻為R的金屬棒MN,垂直放在兩導(dǎo)軌間處于靜止?fàn)顟B(tài)， 并與導(dǎo)軌良好接觸。電容器電容 C,首先開(kāi)關(guān)接1,使電容器完全充電。然后將 S接至 2, MN由靜止開(kāi)始向右加速運(yùn)動(dòng)。當(dāng) MN上的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與電容器兩極板間的電壓相 等時(shí)，回路中電流為零，MN達(dá)到最大速度 ”之后離開(kāi)導(dǎo)軌。問(wèn)：1這個(gè)過(guò)程中通過(guò) MN的電量q；2直流電源的電動(dòng)勢(shì) E；(冉某同學(xué)想根據(jù)第一問(wèn)的結(jié)果，利用的公式-R-

14、IT求MN加速過(guò)程的位移，請(qǐng)判斷這個(gè)方法是否可行，并說(shuō)明理由。四、簡(jiǎn)答題（本大題共 2小題，共10.0分）21 .在利用如圖所示的裝置探究影響電荷間相互作用力的因素時(shí)，我們可以通過(guò)絕緣細(xì)線與豎直方向的夾角來(lái)判斷電荷之間相互作用力的大小。如果A、B兩個(gè)帶電體在同一水平面內(nèi)，B的質(zhì)量為m,細(xì)線與豎直方向夾角 為0,求A、B之間相互作用力的大小。22 .金屬導(dǎo)體板垂直置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)電流通過(guò)導(dǎo)體板時(shí)， 外部磁場(chǎng)的洛倫茲力使運(yùn)動(dòng)的電子聚集在導(dǎo)體板的一側(cè)， 在導(dǎo)體板的另一側(cè)會(huì)出現(xiàn)多余的正電荷，從而形成電場(chǎng)， 該電場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)的電子有靜電力的作用，當(dāng)靜電力與洛倫茲力達(dá)到平衡時(shí)，在導(dǎo)體板這兩個(gè)表面之間就會(huì)形成

15、穩(wěn)定的電勢(shì)差，這種現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng)。利用霍爾效應(yīng)可以測(cè)量磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度。如圖所示,若磁場(chǎng)方向與金屬導(dǎo)體板的前后表面垂直，通過(guò)的電流I,可測(cè)得導(dǎo)體板上、下表面之間的電勢(shì)差為U,且下表面電勢(shì)高。已知導(dǎo)體板的長(zhǎng)、寬、高分別為a、b、c,電子的電荷量為e,導(dǎo)體中單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)為n。求：執(zhí)導(dǎo)體中電子定向運(yùn)動(dòng)的平均速率v；b,磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和方向。答案和解析1 .【答案】A【解析】解：A、物體的內(nèi)能變化，它的溫度并不一定發(fā)生變化，如MC的冰熔化為01T的水,溫度不變，但由于吸熱，內(nèi)能增加，故 A正確；B、當(dāng)分子間距離增大時(shí)，分子間的引力和斥力均減小，故 B錯(cuò)誤；C、如圖所示，當(dāng)在范圍內(nèi)，分子

16、力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子間距離增大時(shí)，分子間作用力做正功，分子勢(shì)能減小，故 C錯(cuò)誤；D、布朗運(yùn)動(dòng)是指懸浮在液體中的固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)，不是液體分子的運(yùn)動(dòng)，布朗運(yùn)動(dòng)間接反映了液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選：Ao根據(jù)物體內(nèi)能包括分子動(dòng)能和勢(shì)能、熱力學(xué)第一定律AU=W+Q以及溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志分析作答；分子間的引力和斥力平衡時(shí)，分子勢(shì)能最小，隨距離的增大引力和斥力都減小，斥力變化快, 引力變化慢；布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中微粒的運(yùn)動(dòng)，反映了周圍液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，布朗運(yùn)動(dòng)不是液體分子的運(yùn)動(dòng)。本題考查了內(nèi)能、分子間作用力、分子勢(shì)能以及布朗運(yùn)動(dòng)，要注意當(dāng)分子間距離增大時(shí)，分子間的引力和斥力均減小，斥

17、力減小更快，分子間作用力做正功分子勢(shì)能減小，分子間作用力做負(fù)功分子勢(shì)能增大。2 .【答案】B【解析】解：壓縮玻璃筒內(nèi)的空氣，氣體的壓強(qiáng)變大，機(jī)械能轉(zhuǎn)化為筒內(nèi)空氣的內(nèi)能，空氣 的內(nèi)能增加，溫度升高，當(dāng)達(dá)到棉花的燃點(diǎn)后，棉花會(huì)燃燒；故 B正確，ACD錯(cuò)誤 故選：B。做功可以使內(nèi)能與機(jī)械能之間進(jìn)行轉(zhuǎn)化：對(duì)氣體做功，氣體內(nèi)能會(huì)增加；氣體對(duì)外做功，氣體內(nèi)能會(huì)減少，做功可以使內(nèi)能與機(jī)械能之間進(jìn)行轉(zhuǎn)化 解決此類問(wèn)題要知道做功可以改變物體的內(nèi)能.難度一般3 .【答案】A 【解析】【分析】單縫衍射條紋是中間明亮且寬大，越向兩側(cè)寬度越小越暗，而波長(zhǎng)越大，中央亮條紋越粗;雙縫干涉的圖樣是明暗相間的干涉條紋，所有條紋

18、寬度相同且等間距，隨著波長(zhǎng)越短，則條紋間距越小。掌握單縫衍射和雙縫干涉的圖樣的特點(diǎn)和圖樣與波長(zhǎng)的關(guān)系是解決此題的唯一 途徑，故要加強(qiáng)對(duì)基礎(chǔ)知識(shí)的記憶?！窘獯稹侩p縫干涉的圖樣是明暗相間的干涉條紋，所有條紋寬度相同且等間距，隨著波長(zhǎng)越短，則條紋間距越小，故 A是藍(lán)光通過(guò)同一個(gè)雙縫干涉儀器形成的干涉圖樣，C是紅光；單縫衍射條紋是中間明亮且寬大，越向兩側(cè)寬度越小越暗，而波長(zhǎng)越大，中央亮條紋越粗， 故BD是衍射圖樣，紫光波長(zhǎng)較短，則中央亮條紋較細(xì)， 故B是紫光的衍射條紋，D是黃光。 故A正確，BCD錯(cuò)誤； 故選A。4 .【答案】B【解析】解：設(shè)衰變周期為 T,那么任意時(shí)刻 回可見(jiàn)氨222的半衰期是3.8

19、天.半衰期不受溫度的影響.B正確.故選：B根據(jù)半衰期的定義及圖象求出任意時(shí)刻氫222的質(zhì)量的表達(dá)式.本題考查衰變規(guī)律和對(duì)問(wèn)題的理解能力.根據(jù)衰變規(guī)律表示出兩個(gè)物理量之間的關(guān)系.5 .【答案】D【解析】解：感應(yīng)定律和歐姆定律得 【二息=7總廣，乂絆，所以線圈中的感應(yīng)電流決定于磁感 rk o I'll 凸 I應(yīng)強(qiáng)度B隨t的變化率。由圖乙可知，0 4s時(shí)間內(nèi)，B增大，小增大，感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相反 （感應(yīng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向向外），由楞次定律，感應(yīng)電流是順時(shí)針的，因而是正值。所以可判斷0 Is為正的恒值；在1本內(nèi)，因磁場(chǎng)的不變，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，所以感應(yīng)電流為零；同理2 3s,磁場(chǎng)在減小

20、，由楞次定律可知，感應(yīng)電流與原方向相反，即為負(fù)的恒值；根據(jù)感應(yīng)定律和歐姆定律得1號(hào)；二高尸絆，可知， K A Ma K因Th與2 3A斜率一樣大的，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小相同， 則感應(yīng)電流大小相同。 故D正確，ABC 錯(cuò)誤；故選：D。由圖乙可知磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化，則可知線圈中磁通量的變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)變化情況，由楞次定律可得感應(yīng)電流的方向，二者結(jié)合可得出正確的圖象.此類問(wèn)題不必非要求得電動(dòng)勢(shì)的大小，應(yīng)根據(jù)楞次定律判斷電路中電流的方向，結(jié)合電動(dòng)勢(shì)的變化情況即可得出正確結(jié)果.6 .【答案】A【解析】解：根據(jù)有效值的定義，則有：方波：泵尹儼RT解得：乙圖是正弦波2 P映 J0 _2根據(jù)p

21、=Fr得邑Ji 乙噴產(chǎn)故選：A根據(jù)有效值的定義求解. 取一個(gè)周期時(shí)間，將交流與直流分別通過(guò)相同的電阻，若產(chǎn)生的熱量相同，直流的電流值，即為此交流的有效值.根據(jù)功率公式P=1/求比值.對(duì)于交變電流求解熱量、熱功率、電功等都應(yīng)用有效值，求解電量用平均值 7.【答案】B【解析】【分析】質(zhì)量為m的物體在兩極所受地球的引力等于其所受的重力.根據(jù)萬(wàn)有引力定律和牛頓第二 定律，在赤道的物體所受地球的引力等于其在兩極所受的重力聯(lián)立求半徑.解決本題的關(guān)鍵是認(rèn)識(shí)到在赤道處的重力實(shí)為地球?qū)ξ矬w的萬(wàn)有引力減去物體隨地球自轉(zhuǎn) 的向心力，掌握力的關(guān)系是正確解題的前提.【解答】在兩極地區(qū)，物體只受到地球的萬(wàn)有引力，其大小為

22、mgo,在赤道處，地球?qū)ξ矬w的萬(wàn)有引力大小仍為|m聞，萬(wàn)有引力和重力的合力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力有即有：m（羯竽，可得地球半徑為：即，故ACD錯(cuò)誤,B正確。故選：B。8 .【答案】D【解析】解：A、由圖知：波長(zhǎng)人=lm,則波速八。故a錯(cuò)誤；B、在【=0時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)位于平衡位置，速度不是零而是最大。故 B錯(cuò)誤；C、過(guò)2.0,這列波沿x軸正方向傳播距離為x=v=0.5x2iii=lnio故C錯(cuò)誤；D、t二（Us=知，圖示時(shí)刻處的質(zhì)點(diǎn)正向上運(yùn)動(dòng)，故t=03時(shí)，K=0S】i處的質(zhì)點(diǎn)的運(yùn) 動(dòng)方向?yàn)閥軸正方向。故D正確。故選：Do由圖讀出波長(zhǎng) 兒 由#二守求出波速；根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的位置分析其速度；波沿x軸正方向傳播

23、的距離為KRt；根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系，分析在 1=0上時(shí)，x=0.5m處質(zhì)點(diǎn)的位置，確定其運(yùn)動(dòng)方 向.本題的關(guān)鍵要掌握波速的兩個(gè)公式 u="和知道波傳播的距離為k=vt.9 .【答案】B【解析】解：A、人在上升過(guò)程中經(jīng)歷了先加速再減速過(guò)程，加速過(guò)程中人受到的支持力大于人的重力；故A錯(cuò)誤；B、因支持力大于重力，作用時(shí)間相同，故支持力的沖量大于重力的沖量；故B正確；C、人起跳時(shí)，地面對(duì)人不做功，人的動(dòng)能來(lái)自于本身的生物能；故 C錯(cuò)誤；D、由于有人體生物能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，故機(jī)械能不守恒；故 D錯(cuò)誤；故選：B分析人的運(yùn)動(dòng)情況，根據(jù)受力分析明確人的受力情況，則可根據(jù)動(dòng)量及沖量得出沖量大小； 由功

24、能的轉(zhuǎn)化可得出能量轉(zhuǎn)化關(guān)系。本題考查動(dòng)量定理及功能轉(zhuǎn)化，要注意明確支持力對(duì)人作用的位移為零，故支持力對(duì)人不做功，人是利用自身的能量得以增加機(jī)械能的。10 .【答案】C【解析】【分析】當(dāng)磁場(chǎng)隨著時(shí)間均勻變化時(shí)，導(dǎo)致出現(xiàn)渦旋電場(chǎng)，則正電荷在電場(chǎng)力作用下，加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理，則可確定轉(zhuǎn)動(dòng)一周的動(dòng)能增量，從而即可求解。考查均勻變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生穩(wěn)定的電場(chǎng)，掌握電荷在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，理解動(dòng)能定理的應(yīng)用， 注意電荷在電場(chǎng)力作用下做功是解題的關(guān)鍵。【解答】由題意可知，如圖所示的磁場(chǎng)在均勻增加時(shí)，則會(huì)產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻臏u旋電場(chǎng)，那么正電荷在電場(chǎng)力作用下，做順時(shí)針?lè)较驁A周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理，轉(zhuǎn)動(dòng)一周過(guò)程中，動(dòng)能的增

25、量等于電場(chǎng)力做功，則為W=qU=q患n/nqlor，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選Co11 .【答案】A【解析】解：小車的砂桶用細(xì)線相連，故其加速度大小相等，根據(jù)牛頓第二定律以整體為研究對(duì)象有加速度：白=喘瞿=-曳知，當(dāng)砂桶的質(zhì)量 m增加時(shí)加速度a增大即同1由2,所以有:“力， 話+1再以砂和砂桶為研究對(duì)象有：Hig-T產(chǎn)謂-T戶口叼，所以有m1g那則BD錯(cuò)誤；根據(jù)功能關(guān)系知，除重力和彈力外其它力對(duì)系統(tǒng)做的功等于系統(tǒng)機(jī)械能的變化知，在兩種情況下運(yùn)動(dòng)，小車所受摩擦力對(duì)小車做的功相同，可知兩種情況下系統(tǒng)機(jī)械能的變化量= 所以C錯(cuò)誤，A正確。故選：A。根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律分析受力情況，根據(jù)功能關(guān)系：除重力和

26、彈力外其它力對(duì)系統(tǒng)做的功等于系統(tǒng)機(jī)械能的變化討論機(jī)械能變化情況.用整體法和隔離法對(duì)車進(jìn)行受力分析求出加速度與砂桶質(zhì)量的關(guān)系，再根據(jù)功能關(guān)系分析系統(tǒng)機(jī)械能的變化與重力和彈力外做功的關(guān)系這是解決本題的關(guān)鍵.12 .【答案】D【解析】 解：A、由圖示可知，在磁鐵 S極上升過(guò)程中，穿過(guò)圓環(huán)的磁場(chǎng)方向向上，在磁鐵 遠(yuǎn)離圓環(huán)時(shí)，穿過(guò)圓環(huán)的磁通量變小，由楞次定律可知，從上向下看，圓環(huán)中的感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较?，故A錯(cuò)誤；B、由圖示可知，在磁鐵 S極下落過(guò)程中，穿過(guò)圓環(huán)的磁場(chǎng)方向向上，在磁鐵靠近圓環(huán)時(shí)， 穿過(guò)圓環(huán)的磁通量變大，由楞次定律可知，從上向下看，圓環(huán)中的感應(yīng)電流順時(shí)針?lè)较?，故B錯(cuò)誤；C、同時(shí)，在磁鐵 N

27、極上升過(guò)程中，穿過(guò)圓環(huán)的磁場(chǎng)方向向下，在磁鐵遠(yuǎn)離圓環(huán)時(shí)，穿過(guò)圓 環(huán)的磁通量變小，由楞次定律可知，從上向下看，圓環(huán)中的感應(yīng)電流沿順時(shí)針?lè)较?，故C錯(cuò)誤；D、由圖示可知，在磁鐵 N極下落過(guò)程中，穿過(guò)圓環(huán)的磁場(chǎng)方向向下，在磁鐵靠近圓環(huán)時(shí)， 穿過(guò)圓環(huán)的磁通量變大，由楞次定律可知，從上向下看，圓環(huán)中的感應(yīng)電流逆時(shí)針?lè)较?，故D正確； 故選：Do 由楞次定律：感應(yīng)電流磁場(chǎng)總是阻礙線圈原磁通量的變化，結(jié)合是 N極還是S極的運(yùn)動(dòng)， 從而可以判斷出感應(yīng)電流的方向。 本題考查了楞次定律的應(yīng)用，正確理解楞次定律阻礙的含義是正確解題的關(guān)鍵，同時(shí)掌握楞次定律的應(yīng)用步驟： 先確定原磁場(chǎng)方向， 再判定通過(guò)線圈的磁通量如何變化，

28、然后由“增反減同“，從而確定感應(yīng)電流磁場(chǎng)方向，最后由右手螺旋定則，確定結(jié)果。13 .【答案】C【解析】解：AB、設(shè)金屬的逸出功為 叫,截止頻率為”,則有：W產(chǎn)鵬； 光電子的最大初動(dòng)能Ek加與遏止電壓|U'的關(guān)系是：|“尸印, 光電效應(yīng)方程為：EQhvW"聯(lián)立兩式可得：故Q與v圖象的斜率為故AB錯(cuò)誤；CD、當(dāng)4=0時(shí)，可解得：V=vf此時(shí)讀圖可知： 吟4.27m10711x,即金屬的截止頻率約為 4.27x1014Hz ,故C正確，D錯(cuò)誤。 故選：Co根據(jù)光電效應(yīng)方程得出遏止電壓與入射光頻率的關(guān)系，通過(guò)圖線的斜率求出普朗克常量。 遏止電壓為零時(shí)，入射光的頻率等于截止頻率。此題考

29、查了愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程的相關(guān)計(jì)算，屬于圖象問(wèn)題，解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程以及最大初動(dòng)能與遏止電壓的關(guān)系，注意單位的統(tǒng)一。14 .【答案】C【解析】解：A、無(wú)線充電時(shí)手機(jī)接收線圈部分的工作原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，不是“電流的 磁效應(yīng)”現(xiàn)象，故 A錯(cuò)誤；B、當(dāng)充電設(shè)備通以恒定直流，無(wú)線充電設(shè)備不會(huì)產(chǎn)生交變磁場(chǎng)，那么不能夠正常使用，故 B錯(cuò)誤；C、接收線圈中交變電流的頻率與發(fā)射線圈中交變電流的頻率相同，故 C正確； D、被充電手機(jī)內(nèi)部，應(yīng)該有一類似金屬線圈的部件，與手機(jī)電池相連，當(dāng)有交變磁場(chǎng)時(shí)， 則出現(xiàn)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，那么普通手機(jī)不能夠利用無(wú)線充電設(shè)備進(jìn)行充電，故D錯(cuò)誤；故選：Co 根據(jù)電磁感應(yīng)現(xiàn)象

30、的原理，結(jié)合感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)產(chǎn)生的條件，即可一一求解?？疾槌潆娛謾C(jī)的工作原理， 理解電磁感應(yīng)現(xiàn)象的運(yùn)用，及產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的條件，注意渦流的防止與應(yīng)用。15 .【答案】1.775甲與【解析】 解：由圖示螺旋測(cè)微器可知，其示數(shù)為：L5nim+27.5x0Qlmm=1.775nmi。2滑動(dòng)變阻器最大阻值大于待測(cè)電阻阻值，可以起到保護(hù)和控制電路作用時(shí)，滑動(dòng)變阻器可以采用限流接法；由于金屬絲電阻較小， 電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻阻值，電流表可以采用外接法，故選甲圖； 國(guó)根據(jù)歐姆定律得知電阻為： R4_nUdP=IL由電阻定律可知：解得電阻率為： 故答案為：|1力樂(lè)甲；黠Q螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺

31、旋測(cè)微器示數(shù)；也根據(jù)題意確定滑動(dòng)變阻器與電流表的接法，即可確定電路圖；由電阻定律和歐姆定律列式求出電阻率的表達(dá)。本題考查了實(shí)驗(yàn)原理的確定、螺旋測(cè)微器讀數(shù)、 求電阻率的方法等， 要注意本實(shí)驗(yàn)測(cè)電阻時(shí)可以采用限流接法，而金屬絲電阻較小，應(yīng)選擇電流表外接法。sinOn16 .【答案】就大【解析】解：。根據(jù)折射定律得，玻璃磚的折射率為：n二遍.也選擇寬度較大一點(diǎn)的玻璃磚進(jìn)行測(cè)量，測(cè)量的誤差較小.而才;大根據(jù)折射定律，結(jié)合入射角和折射角求出玻璃磚的折射率.為了減小實(shí)驗(yàn)的誤差， 選擇寬度較大的玻璃磚進(jìn)行測(cè)量.解決本題的關(guān)鍵知道實(shí)驗(yàn)的原理，知道減小實(shí)驗(yàn)誤差的方法，比如玻璃磚選擇寬度大一些的， 入射角適當(dāng)大一

32、些.I 2217 .【答案】22.6 adf ",丁偏小2.0機(jī)76 B【解析】 解：0 .小球直徑d=22nim+6xO,lnim=22Xram;儂A、根據(jù)單擺的周期公式得：g=隼?，知需要測(cè)量擺長(zhǎng)，擺長(zhǎng)等于擺線的長(zhǎng)度和擺球的半徑之和，所以選擇長(zhǎng)近1m的細(xì)線，直徑為I&m的鐵球，需要測(cè)量擺長(zhǎng)和擺球的直徑，所以需要最小刻度為1mm的米尺和螺旋測(cè)微器，故 adf正確，bce錯(cuò)誤；故選：adf ； 1I 2 RB、單擺的周期為： 鵬 所以重力加速度的表達(dá)式為 月二（??；C、在測(cè)量擺長(zhǎng)后，測(cè)量周期時(shí)，擺球振動(dòng)過(guò)程中懸點(diǎn)O處擺線的固定出現(xiàn)松動(dòng)，擺長(zhǎng)略微變長(zhǎng)，則擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏小，測(cè)得的

33、重力加速度偏小;心演、根據(jù)圖象可知，該單擺的周期B、根據(jù)單擺的周期公式T=2irg得：仁=4/1,所以有：f=4.04，解得 g=9.76m/J；C、某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，擺長(zhǎng)沒(méi)有加小球的半徑，則根據(jù)周期公式有L=彈，故ACD錯(cuò)誤，B正確；故選：B。故答案為：（1）22,6 也普偏小2.0 9.76 B。Q游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺的讀數(shù)加上游標(biāo)尺的讀數(shù)；代根據(jù)單擺的周期公式確定所需測(cè)量的物理量，從而確定所需的器材和測(cè)量工具；結(jié)合單擺的周期公式， 根據(jù)周期的大小求出重力加速度的表達(dá)式，通過(guò)表達(dá)式，分析誤差是偏大還是偏小；國(guó)根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的圖線得出單擺的周期，根據(jù)單擺的周期公式求出爐工關(guān)系式，結(jié)合圖線的

34、斜率求出重力加速度；實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，擺長(zhǎng)沒(méi)有加小球的半徑，分析關(guān)系式，再選擇圖象。解決該題需要掌握該實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理和實(shí)驗(yàn)的注意事項(xiàng)，掌握單擺的周期公式， 能正確推導(dǎo)產(chǎn)工的關(guān)系式，掌握游標(biāo)卡尺的讀數(shù)原理。18 .【答案】解：I。）碰撞前電場(chǎng)力做功，由動(dòng)能定理：EqL=與mm?解得：皇二舞3mv=(3ni+m)V|系統(tǒng)碰撞的過(guò)程中動(dòng)量守恒，設(shè)向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律: 解得vt系統(tǒng)損失的機(jī)械能：所以：AF=1EqL（3）以B為研究對(duì)象，設(shè)向右為正方向，由動(dòng)量定理：二口氏/0所以：二也孚四；方向水平向右答：兩球發(fā)生碰撞前 A球的速度是.青:，；A、B碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能是 |EqL；（3）4

35、B碰撞過(guò)程中B球受到的沖量大小是i'6HqLin【解析】（1）對(duì)A進(jìn)行分析，根據(jù)牛屯第二定律求出A球的加速度，由速度位移公式求出A球與B球碰撞前的速度.（2）由題可知，碰撞的時(shí)間短，則在碰撞的瞬間二者之間的相互作用比較大，二者在水平方向的動(dòng)量近似守恒，由動(dòng)量守恒定律即可求出二者在水平方向的速度，由功能關(guān)系即可求出損失的機(jī)械能；（3）由動(dòng)量定理即可求出 A、B碰撞過(guò)程中B球受到的沖量大小.該題考查動(dòng)量守恒定律，在解答的過(guò)程中要注意，由于碰撞的時(shí)間短， 則在碰撞的瞬間二者之間的相互作用比較大，二者在水平方向的動(dòng)量近似守恒，可以在水平方向使用動(dòng)量守恒定律.19 .【答案】解：|1）粒子做勻速運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡（如圖所示K1根據(jù)左手定則知，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里.I（2）電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，qE=qvB-,解得串三用.帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，qyR產(chǎn)血,又L二2，解得蔣二瑞號(hào)答：（1）耳Q間的磁場(chǎng)方向?yàn)榇怪奔埫嫦蚶铮?）粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度大小為 含；（打粒子的電荷量與質(zhì)量之比為 市瓦.【解析】（1）抓住粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，根據(jù)洛倫茲力的方向，通過(guò)左手定則得出 P、Q間磁場(chǎng)的方向.（2）根據(jù)電場(chǎng)力和洛