2020年高三物理二輪復(fù)習(xí)強(qiáng)基礎(chǔ)專題五：動能定理能量守恒定律(含答案解析)

1、強(qiáng)基礎(chǔ)專題五：動能定理能量守恒定律一、單選題1 .如圖，兩根相同的輕質(zhì)彈簧，沿足夠長的光滑斜面放置，下端固定在斜面底部擋板上，斜面固定不動。質(zhì)量不同，形狀相同的兩物塊分別置于兩彈簧上端?，F(xiàn)用外力作 用在物塊上，使兩彈簧具有相同的壓縮量，若撤去外力后，兩物塊由靜止沿斜面向上 彈出并離開彈簧，則從撤去外力到物塊速度第一次減為零的過程，兩物塊A.最大速度相同B最大加速度相同C.上升的最大高度不同D重力勢能的變化量不同2 .如圖所示，傳送帶足夠長，與水平面間的夾角并以產(chǎn)lOm.M的速度逆時針勻速轉(zhuǎn)動著，在傳送帶的 A端輕輕地放一個質(zhì)量為例=及巨的小物體，若已知物體與傳 送帶之間的動摩擦因數(shù) =0.5

2、, (g = 10m sin370 = 0.6,cos3-0 = 0.8 )則下列有關(guān)說 法正確的是( )A.小物體運(yùn)動1s后，受到的摩擦力大小不適用公式 F=*B.小物體運(yùn)動1s后加速度大小為2 m/s2C.在放上小物體的第1s內(nèi)，系統(tǒng)產(chǎn)生50J的熱量D.在放上小物體的第1s內(nèi)，至少給系統(tǒng)提供能量70J才能維持傳送帶勻速轉(zhuǎn)動3 .運(yùn)輸人員要把質(zhì)量為肥，體積較小的木箱拉上汽車?，F(xiàn)將長為 L的木板搭在汽車尾部與地面間，構(gòu)成一固定斜面，然后把木箱沿斜面拉上汽車。斜面與水平地面成30o角，拉力與斜面平行。木箱與斜面間的動摩擦因數(shù)為注，重力加速度為go則將木箱運(yùn)上汽車，拉力至少做功（）4 .把質(zhì)量為m

3、的小球（可看做質(zhì)點(diǎn)）放在豎直的輕質(zhì)彈簧上，并把小球下接到 A的位 置（圖甲），如圖所示。迅速松手后，彈簧把小球彈起，球升至最高位置C點(diǎn)（圖內(nèi)），途中經(jīng)過位置B時彈簧正好處于自由狀態(tài)（圖乙）。已知AB的高度差為hi, BC 的高度差為h2,重力加速度為g,不計(jì)空氣阻力。則（）nJ甲 乙 丙A.小球從A上升到B位置的過程中，動能增大B.小球從A上升到C位置的過程中，機(jī)械能一直增大C.小球在圖甲中時，彈簧的彈性勢能為 密2（比一瓦D. 一定有之%5.如圖所示，將質(zhì)量為2審的重物懸掛在輕繩的一端，輕純的另一端系一在豎直固定的 光滑直桿上，光滑定滑輪與直桿的距離為 d o現(xiàn)將小環(huán)從止釋放，當(dāng)小環(huán)沿直桿下

4、滑距離也為時（圖中B處），下列說法正確的是（重力加速度為 g）（玲 二不i /a ： f * 9A.小環(huán)減少的機(jī)械能人于重物增加的機(jī)械能B.小環(huán)到達(dá)B處時，重物上升的高度也 壯C.小環(huán)在B處的速度為vo= 10m/s的初速度從粗糙斜其速率隨時間變化的圖像g=10m/s2.下列說法中正D.小環(huán)在B處的速度與重物上升的速度大小之比等于值 6.如右圖甲所示，質(zhì)量 m=1kg的物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）以 面上的P點(diǎn)沿斜面向上運(yùn)動到達(dá)最高點(diǎn)后，又沿原路返回, 如圖乙所示，已知斜面固定且足夠長.且不計(jì)空氣阻力，取A.物塊所受的重力與摩擦力之比為 3 : 2B.在t= 1s到t = 6s的時間內(nèi)物塊所受重力的平均

5、功為 50WC.在t= 6s時物體克服摩擦力做功的功率為 20WD.在t=0到t= 1s時間內(nèi)機(jī)械能的變化量大小與t=1s到t=6s時間內(nèi)機(jī)械能變化量 大小之比為1 : 57 .蹦極是一項(xiàng)既驚險又刺激的運(yùn)動，深受年輕人的喜愛。如圖所示，蹦極者從P點(diǎn)靜止跳下，到達(dá)A處時彈性純剛好伸直，繼續(xù)下降到最低點(diǎn) B處，B離水面還有數(shù)米距 離。蹦極者（視為質(zhì)點(diǎn)）在其下降的整個過程中，重力勢能的減少量為AB,純的彈性勢能增加量為A瓦克服空氣阻力做功為 W,則下列說法正確的是（）A.蹦極者從P到A的運(yùn)動過程中，機(jī)械能守恒8 .蹦極者與純組成的系統(tǒng)從 A到B的運(yùn)動過程中，機(jī)械能守恒C. = T - A2D. AZ

6、 + 轉(zhuǎn)=W8.如圖所示為通過彈射器研究彈性勢能的實(shí)驗(yàn)裝置。光滑3/4圓形軌道豎直固定于光滑水平面上，半徑為Ro彈射棒固定于A處。某-實(shí)驗(yàn)過程中彈射器射出一質(zhì)量為 m的小 球,恰能沿圓軌道 內(nèi)側(cè)到達(dá)最高點(diǎn) C,然后從軌道D處（D與圓心等高）下落至水平 面。取重力加速度為g下列說法正確的是（）A.小球從D處下落至水平面的時間為 我8 .小球至最低點(diǎn)B時對軌道壓力為5哨gC.小球落至水平面時的動能為2唱我D.釋放小球前彈射器的彈性勢能為5M 29 .一質(zhì)量為0.2kg的小球在空中由靜止下落，與水平地面相碰后彈到空中某一高度，其 速度隨時間變化的關(guān)系如圖，假設(shè)小球在空中運(yùn)動時所受阻力大小不變，小球與

7、地面碰撞時間可忽略不計(jì)，重力加速度 g=10m/s2,則下列說法中正確的是（）A.小球在空中運(yùn)動過程中所受阻力大小為2NB.小球與地面相碰后上升至最高點(diǎn)所用時間為0.2sC.在0-ti時間內(nèi)，由于空氣阻力作用小球損失的機(jī)械能為2.2JD.小球在與地面碰撞過程中損失機(jī)械能2.8J10.小車靜止在光滑的水平導(dǎo)軌上，一個小球用細(xì)繩懸掛在車上由圖中位置無初速釋放，在小球下擺到最低點(diǎn)的過程中，下列說法正確的是 （）B.球克服純拉力做的功等于球減少的機(jī)械能C.純對車做的功等于球減少的動能D.球減少的重力勢能等于球增加的動能11在傾角為&的同定光滑斜面上有兩個用輕彈簧相連接的物塊 A, B,它們的質(zhì)最分別

8、為mi, m2,彈簧勁度系數(shù)為k, C為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用一平行斜 面向上的恒力F拉物塊A使之向上運(yùn)動，當(dāng)物塊 B剛要離開擋板C時，物塊A運(yùn)動的距離為d,速度為v。則此時（B.物塊 B 滿足 m2gsin# =kdD .彈簧彈性勢能的增加量為A.拉力做功的瞬時功率為FvsinSF-kdC.物塊A的加速度為 中1E11：rc mjV二、多選題12 .如圖所示，周定的光滑傾斜桿上套有一個質(zhì)量為m的圓環(huán)，圓環(huán)與豎直放置的輕質(zhì)彈簧上端相連，彈簧的下端固定在水平地面上的A點(diǎn)，開始彈簧豎直并且長度恰好為原長h.現(xiàn)讓圓環(huán)由靜止沿桿滑下，滑到桿的底端（未觸及地面）時速度恰好為零， 已知當(dāng)?shù)氐闹?/p>

9、力加速度大小為g.則在圓環(huán)下滑的整個過程中（）A.B.C.D.圓環(huán)，彈簧和地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒彈簧的彈性勢能先增大后減小彈簧的彈性勢能增大了彈簧的最大壓縮量小于其最大伸長量13 .如圖，固定在地面的斜面體上開有凹槽，槽內(nèi)緊挨放置六個半徑均為r的相同小球，各球編號如圖。斜面與水平軌道 OA平滑連接，OA長度為6r?，F(xiàn)將六個小球由靜止同時釋放，小球離開 A點(diǎn)后均做平拋運(yùn)動，不計(jì)一切摩擦。則在各小球運(yùn)動過程中，下列說法正確的是（）A.球1的機(jī)械能守恒B球6在OA段機(jī)械能增大C.球6的水平射程最小D六個球落地點(diǎn)各不相同14 .（多選）如圖所示在一個固定的十字架上（橫豎兩桿連結(jié)點(diǎn)為。點(diǎn)），小球A套

10、在豎直 桿上，小球B套在水平桿上，A, B通過轉(zhuǎn)軸用長度為L的剛性輕桿連接，并豎直靜 止。由于微小擾動，B從O點(diǎn)開始由靜止沿水平桿向右運(yùn)動。 A, B的質(zhì)量均為m,不 計(jì)一切摩擦，小球 A, B視為質(zhì)點(diǎn)。在A下滑到O點(diǎn)的過程中，下列說法中正確的是M的木板，木板上 F作用在物塊上，整 卜列說法正確的是A.在A下滑到O點(diǎn)之前輕桿對B一直做正功B.小球A的機(jī)械能先減小后增大C. A運(yùn)動到。點(diǎn)時的速度為向iD. B的速度最大時，B對水平桿的壓力大小為2mg 15.如圖所示，豎直輕質(zhì)彈簧，下端固定在地面，上端固定一質(zhì)量為 方放一質(zhì)量為m的物塊，木板和物塊間不粘連，一豎直向下的力 個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。在撤

11、去 F,木板和物塊向上運(yùn)動的過程中,A.物塊先處于超重狀態(tài)，再處于失重狀態(tài)B.木板對物塊做正功，物塊的機(jī)械能增加C.木板和物塊組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒D.當(dāng)彈簧處于自然狀態(tài)時，物塊克服重力做功的功率最大16.（多選題）如圖甲所示，平行于光滑斜面的輕彈簧勁度系數(shù)為k, 一端固定在傾角 為后的斜面底端，另一端與物塊 A連接；兩物塊A, B質(zhì)量均為m,初始時均靜止?，F(xiàn)用平行于斜面向上的力F拉動物塊B,使B做加速度為a的勻加速運(yùn)動，A, B兩物塊在開始一段時間內(nèi)的u-M關(guān)系分別對應(yīng)圖乙中A, B圖線色時刻A, B的圖線相切，舊時刻對應(yīng)A圖線的最高點(diǎn)），重力加速度為g,則（）甲乙A. 4時刻，彈簧形變量為0

12、B.與時刻，彈簧形變量為（叫國nd +號句/無C.從開始到口時刻，拉力F逐漸增大D.從開始到2時刻，拉力F做的功比彈簧彈力做的功少17.（多選）某家用桶裝純凈水手壓式飲水器如圖所示，在手連續(xù)穩(wěn)定的按壓下，出水速度為歲，供水系統(tǒng)的效率為少，現(xiàn)測量出桶底到出水管之間的高度差 H,出水口傾斜，其離出水管的高度差可忽略，出水口的橫截面積為S,水的密度為p,重力加速度為A,出水口單位時間內(nèi)的出水體積。=遍B.出水口所出水落地時的速度C.出水后，手連續(xù)穩(wěn)定按壓的功率為 十匕士D .手按壓輸入的功率等于單位時間內(nèi)所出水的動能和重力勢能之和18.我國自行研制的新一代，戈S輪式裝甲車已達(dá)到西方國家第三代戰(zhàn)車的水

13、平，將成為 中國軍方快速部署型輕裝甲部隊(duì)的主力裝備。設(shè)該裝甲車的質(zhì)量為m,若在平直的公路上從靜止開始加速，前進(jìn)較短的距離 s速度便可達(dá)到最大值q。設(shè)在加速過程中發(fā)動機(jī)的功率恒定為P,坦克所受阻力恒為f,當(dāng)速度為A串）時，所受牽引力為F以下說法正確的是（）A.坦克速度為v時，坦克的牽引力做功為FsB.坦克的最大速度 =7c .坦克速度為v時加速度為b=m冊2jD.坦克從靜止開始達(dá)到最大速度vm所用時間，:一Kt19 .如圖所示，離地H高處有一個質(zhì)量為m的物體，給物體施加一個水平方向的作用力 F,已知F隨時間的變化規(guī)律為： F =芟-加（以向左為正，F(xiàn)0, k均為大于零的常 數(shù)）,物體與豎直絕緣墻

14、壁間的動摩擦因數(shù)為 口 ,且4%卞現(xiàn)。r=0時，物體從墻上 靜止釋放，若物體所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，當(dāng)物體下滑后脫離墻面，此時速度大小為 朝，最終落在地面上。則下列關(guān)于物體的運(yùn)動說法正確的是()A.當(dāng)物體沿墻壁下滑時，物體先加速再做勻速直線運(yùn)動B.物體從脫離墻壁到落地之前的運(yùn)動軌跡是一段直線C.物體克服摩擦力所做的功 砰=*D.物體與墻壁脫離的時刻為，=今K三、計(jì)算題20 .如圖1所示，A, B兩個小球分別固定在一根輕質(zhì)的剛性直角桿兩端，桿的頂點(diǎn)處有光滑的水平固定轉(zhuǎn)動軸，系統(tǒng)可以在豎起平面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動.已知A 0 A 0 f o14OA=OB=l. mA=4m, mB=3m.開始時，O

15、A處于水平位置，由靜止釋放系統(tǒng)，忽略運(yùn)動 過程中空氣阻力，小球均可視為質(zhì)點(diǎn).求： C 困2(1) A球從釋放到到達(dá)最低位置的過程中桿對 B球所做的功；(2)小球A在什么位置速度最大？最大值是多少？(3)若在A球正下方l處固定光滑小輪O,將B球卸去，一條不可伸長的足夠長輕 純，一端連接在原來 B球位置，跨過小輪系一物塊 C,如圖2.初始時純繃直，由靜 止釋放系統(tǒng)，A球逆時針轉(zhuǎn)動，減速為零時恰好與輕繩接觸，則物塊 C的質(zhì)量是多 大？21 .如圖所示，質(zhì)量mB= 3.5kg的物體B通過一輕彈簧固定在地面上，彈簧的勁度系數(shù) k=100N/m,輕純一端與物體 B連接，繞過無摩擦的兩個輕質(zhì)小定滑輪Oi,

16、O2后，另一端與套在光滑直桿頂端質(zhì)量mA= 1.6kg的小球A連接。已知直桿固定，桿長 L為0.8m,與水平面的夾角 依37,初始時使小球 A靜止不動,與A端相連的繩子保持水 平，此時純子中的張力 F為45N。已知AQi=0.5m,重力加速度g取10m/s2,繩子不可 伸長；現(xiàn)將小球A從靜止釋放，求：(1)在釋放小球A前彈簧的形變量；(2)若直線CQ1與桿垂直，求物體從 A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)的過程中繩子拉力對物體 A所 做的功。22 .如圖所示，物體 A, B用繞過光滑的定滑輪的細(xì)線連接，離滑輪足夠遠(yuǎn)的物體A置 于光滑的平臺上，物體 C中央有小孔，C放在物體B上，細(xì)線穿過C的小孔?！毙?物D固定在地

17、板上，物體B可以穿過D的開口進(jìn)入其內(nèi)部而物體 C又恰好能被擋住。物體A, B, C的質(zhì)量分別為mA=8 kg, mB=10kg, mc=2 kg,物體B, C 一起從靜止開始 下降Hi=3 m后，C與D發(fā)生沒有能量損失的碰撞，B繼續(xù)下降H2=1.17m后也與D發(fā) 生沒有能量損失的碰撞。取g=10 m/s2,求：物體C與D碰撞時的速度大小。物體B與D碰撞時的速度大小。(3)B, C兩物體分開后第一次碰撞前 B, C的速度。答案解析1.C【解析】撤去外力后，兩物塊受到重力，彈力和支持力作用，在斜面上做往復(fù)運(yùn)動， 當(dāng)彈簧彈力等于重力沿斜面向下的分力時，速度最大，根據(jù)牛頓第二定律和動能定 理，有：冽息

18、等皿第=兀乂，廠=那以，質(zhì)量較小的物塊平衡位置較高，合力做功較 X.大，物塊的最大速度較大，A項(xiàng)錯誤；初位置時物塊具有的加速度最大，由于彈簧的 壓縮量一定，所以最大彈力相同，根據(jù)牛頓第二定律有： lr t也反 一犯且11以=鶴口 =儀= gsiu值，由于質(zhì)量不同，所以最大加速度也不同，B項(xiàng)錯誤；由于彈簧相同，兩個物塊的質(zhì)量不同，所以速度最大時的位置不同，C項(xiàng)正確；速度為零時，物塊的動能也為零，減少的彈性勢能全部轉(zhuǎn)化為物塊的重力勢能， D項(xiàng)錯誤。2.B【解析】由題意知，釋放后A受向下摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律 %由18+衣帽86 = 幽,求得加速度 凡二10mJ，再根據(jù) v= 1 = 10 rn

19、s ,可得： f = 15,即IS后物體與傳送帶速度相等，又因?yàn)?冽g出A卬咫8常，所以1S后物體 繼續(xù)做加速運(yùn)動，小三由卬咫cos日二咽勺，解得：的二2 m J ,摩擦力為動摩擦力,故適用公式F=mF*.,所以A錯誤；B正確；在第1s內(nèi)物體的位移 M = ：v/ = 5m ,傳送帶的位移x;=T=10m ,故相對位移Ax=w-%=5m ,所以系統(tǒng) 產(chǎn)生的熱量Q = 故C錯誤；物體增加的動能& =之加=5。3,系統(tǒng)提供能量e=耳+。-用5出9再，小于70J,故D錯誤。3.C【解析】在拉動過程中，克服重力做功為制或sin 30，克服摩擦力做功為 口也迎*30匚，根據(jù)功能關(guān)系，拉力至少做功為： 用

20、熱1卻口+*制口8307 .C【解析】蹦極者從P到A的過程中，除了重力做功以外，有空氣阻力做功，機(jī)械能不 守恒.故A錯誤.從A到B的過程中，有重力，彈力和阻力做功，對于系統(tǒng)，除了重 力和彈力做功以外，有阻力做功，系統(tǒng)機(jī)械能不守恒.故 B錯誤.根據(jù)能量守恒知， 由于動能變化量為零，重力勢能的減小量等于彈性勢能的增加量與克服阻力做功之 和.故C正確，D錯誤.8 .D【解析】小球恰好通過最高點(diǎn)，則由 胡區(qū)二戰(zhàn)、，解得展；小球從C到D的過程,，一 一，-1113i- ，一一一，一，中機(jī)械能守恒，則有 酬g無二不叫一彳隔廿；解得叫三審式;小球由D到地面做勻加上速直線運(yùn)動；若做自由落體運(yùn)動時，由 五二:產(chǎn)

21、可得，1r三叵；而現(xiàn)在有初速度， 2g故時間小于N至；故A錯誤； B,由B至ij C過程中，機(jī)械能守恒，則有：BR=-m-mv ; B點(diǎn)時由牛頓第二定律有：F-明自二旦;聯(lián)立解得， 二F = 6吟 故B錯誤；C,對C到地面過程由機(jī)械能守恒得：一 = MR ；耳=2一方或；故C錯誤；D,小球彈出后的機(jī)械能等于彈射器的彈性勢能；故彈性勢能為8=叫工尺+7md =一t；故D正確； 故選：D.9.B5m/s，由受力分析得【解析】由圖象信息可知，小球下落階段的加速度大小為所以可解得小球受到白空氣阻力大小為1N;小球上升階段的加速度U=些土=15m；J,可得1二1一震；在0ti時間內(nèi)，空氣阻力對小球做的負(fù)

22、功等于 2.8J;小球在碰撞過程 中損失機(jī)械能等于 葭02父（父 39J = 1.6J,綜上，答案選擇Bo ji10.B【解析】在小球下擺到最低點(diǎn)的過程中，繩對球的拉力做負(fù)功，球的機(jī)械能減小，選 項(xiàng)AD錯誤；對小球，由功能關(guān)系，球克服繩拉力做的功等于球減少的機(jī)械能，繩對 車做的功等于球克服純拉力做的功，選項(xiàng) B正確，C錯誤.11.CF-kd【解析】由于拉力F與速度v同向，所以拉力的瞬時功率為F3 ,故A錯誤；開始 系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，彈簧彈力等于 A的重力沿斜面向下的分力，當(dāng) B剛離開C時，彈 簧的彈力等于B的重力沿斜面下的分力，故 m二，但由于開始是彈簧是壓縮 的，故與，故瀏盤抬起，故B錯誤；

23、當(dāng)B剛離開C時，對A,根據(jù)牛頓第二 定律得：產(chǎn)-叫g(shù)dnS-y =/外，又開始時， A平衡，則有：所1gHl1S二也，而餐 f 解得：物塊A加速度為口戶丁，故C正確；根據(jù)功能關(guān)系，彈簧彈 性勢能的增加量等于拉力的功減去系統(tǒng)動能和重力勢能的增加量，即為:12.CD【解析】圓環(huán)沿桿滑下，滑到桿的底端的過程中有兩個力對圓環(huán)做功，即環(huán)的重力和 彈簧的拉力；所以圓環(huán)的機(jī)械能不守恒，如果把圓環(huán)和彈簧組成的系統(tǒng)作為研究對 象，則系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，故 A選項(xiàng)錯誤；彈簧的彈性勢能隨彈簧的形變量的變化而 變化，由圖知彈簧先縮短后再伸長，故彈簧的彈性勢能先增大再減小，最后增大才 對.故B選項(xiàng)錯誤；根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守

24、恒，圓環(huán)的機(jī)械能減少了 用的，那么彈簧的 機(jī)械能即彈性勢能增大 府加，故C選項(xiàng)正確；由圖可知，彈簧的最大壓縮量在彈簧與 桿垂直的時刻，此時的系統(tǒng)具有的能量為圓環(huán)的動能，勢能和彈簧的彈性勢能，當(dāng)圓 環(huán)速度減為零時，到達(dá)最底端，此時圓環(huán)的動能和勢能都為零，系統(tǒng)所有的機(jī)械能全 部轉(zhuǎn)化成了彈簧的彈性勢能，此時的彈簧處于伸長狀態(tài)，所以彈簧的最大伸長量要大 于最大壓縮量，故D正確.13.BC【解析】各個球在斜面上運(yùn)動機(jī)械能守恒，在OA段前面小球?qū)⑹艿胶竺嫘∏虻耐屏ψ饔?，前面小球機(jī)械能增大，后面的小球機(jī)械能減小，球 6在OA段機(jī)械能增大，選 項(xiàng)A錯誤，B正確；由于后面的小球速度大于前面的小球，球6的水平射程

25、最小，選項(xiàng)C正確。由于OA長度為6r,后面三個小球落地點(diǎn)相同，選項(xiàng) D錯誤。14.BC【解析】A, B組成的系統(tǒng)只有重力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，當(dāng) A到達(dá)底端時，B的 速度為零，B的速度在整個過程中，先增大后減小，動能先增大后減小，所以輕桿對B先做正功，后做負(fù)功.小球 A的機(jī)械能先減小后增大，故 A錯誤，B正確.A運(yùn)動 到最低點(diǎn)時，B的速度為零，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律得：由蛭:酬,解得：匕二出無,故C正確，B的速度最大時，B此時加速度為零，桿子對 B無作用力，B對地面的壓力等于B的 重力，為雁g .故D錯誤.15.AB【解析】在撤去 F,木板和物塊向上運(yùn)動的過程中，彈簧的彈力先大于木板和物塊的

26、總重力，后小于總重力，所以木板和物塊先向上加速運(yùn)動，后向上減速運(yùn)動，加速度 先向上后向下，則物塊先處于超重狀態(tài)，再處于失重狀態(tài)，故 A正確.由于木板對物 塊的支持力一直做正功，由功能原理可知物塊的機(jī)械能不斷增加，故 B正確.由于彈 簧對木板做正功，所以木板和物塊組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加，故 C錯誤.對于木板和物 塊組成的系統(tǒng)，當(dāng)總重力與彈簧的彈力大小相等時速度最大，此時彈簧處于壓縮狀 態(tài)，物塊克服重力做功的功率最大，故 D錯誤.16.BD【解析】由圖知，t2時刻A的加速度為零，速度最大，根據(jù)牛頓第二定律和胡克定律得：旭且疝口6 =鼠，則得：=些產(chǎn),故A錯誤；由圖讀出，t1時刻A, B開始分 k離，

27、對 A根據(jù)牛頓第二定律： -mgsin3-ma ,則冀二叫,故b正確.從 K開始到t1時刻，對 AB整體，根據(jù)牛頓第二定律得： F + 丘-訊= ,得 F = rxgsindFma-kx , x減小，F(xiàn)增大；t1時刻到t2時刻，對B,由牛頓第二定律 得：5kls =制口，得F = 哂gsin 9+用口，可知F不變，故C錯誤.由上知：t1時 亥|JA, B開始分離 開始時有：2憎dn 二 從開始到t1時刻，彈簧釋放的 勢能與二：丘:小 從開始到t1時刻的過程中，根據(jù)動能定理得：JL-工，訐f毛一父-r）二由解得： 可；正尸=一空好二包，所以拉力F做的功比彈簧釋放的勢能少，故 D正確.17.AC【

28、解析】由題意知，設(shè)流水時間為 t,則水柱長立，體積4二vt$ ,可得：單位時間內(nèi) 的出水體積0 =詁，所以A正確；設(shè)落地的速度為V,根據(jù)動能定理 1 , 1 - -= -mv 一二陰北，故水洛地時的速度不等于舟T ,所以B錯誤；設(shè)t時間中演二pMS代入得F二,所以C正確；D錯誤。,其內(nèi)，供水質(zhì)量為m,人做功為W,根據(jù)供水系統(tǒng)的效率為可得:18.BC【解析】因?yàn)樵谶\(yùn)動的過程中，功率不變，速度增大，則牽引力減小，知牽引力不是恒力，不能通過干三民求解牽引力做功的大小，所以牽引力做功不等于 片,因?yàn)楣β?不變，知牽引力做功 W -Pt.故A錯誤._P當(dāng)牽引力與阻力相等時，速度最大，根據(jù) 產(chǎn)二戶皿知，最

29、大速度一了 .故B正確.當(dāng)坦克的速度為v時，根據(jù)牛頓第二定律得，a 二工二工,故C正確.根據(jù)動能定理得，PL方=h 則，斗聲.故d錯誤.- P19.CD【解析】豎直方向上，由牛頓第二定律有：用且一次=加口，隨著F減小，加速度a逐漸增大，做變加速運(yùn)動，當(dāng) F=0時，加速度增大到重力加速度g,此后物塊脫離墻面，故A錯誤.物體脫離墻面時的速度向下，之后所受合外力與初速度不在同一條直 線上，所以運(yùn)動軌跡為曲線.故 B錯誤.物體從開始運(yùn)動到脫離墻面 F一直不做功， 由動能定理得烏-二用。償產(chǎn)，物體克服摩擦力所做的功 甲二 g”H .故C正2.j確.當(dāng)物體與墻面脫離時F為零,所以F = E-肘=0,解得時間，=冷.故D正確. K20. (1)(2)小球A在與水平方向偏角53口時速度最大?現(xiàn)(3) L 7十 /6 + 2 2【解析】(1)設(shè)A球在底端時速度為V,從釋放到到達(dá)最低位置的過程中，A, B球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，重力勢能減少量等