備考2022練習(xí)2009年全國(guó)統(tǒng)一高考物理試卷（全國(guó)卷?。ê馕霭妫?(2)

1、2009年全國(guó)統(tǒng)一高考物理試卷（全國(guó)卷）一、選擇題（本題共8小題，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）1（6分）下列說法正確的是（）A氣體對(duì)器壁的壓強(qiáng)大小等于大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力B氣體對(duì)器壁的壓強(qiáng)就是大量氣體分子單位時(shí)間作用在器壁上的平均沖量C氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能減少，氣體的壓強(qiáng)一定減小D單位體積的氣體分子數(shù)增加，氣體的壓強(qiáng)一定增大2（6分）某物體左右兩側(cè)各有一豎直放置的平面鏡，兩平面鏡相互平行，物體距離左鏡4m，右鏡8m，如圖所示，物體在左鏡所成的像中從右向左數(shù)的第三個(gè)像與物體的

2、距離是（）A24mB32mC40mD48m3（6分）氦氖激光器能產(chǎn)生三種波長(zhǎng)的激光，其中兩種波長(zhǎng)分別為1=0.6328µm，2=3.39µm，已知波長(zhǎng)為1的激光是氖原子在能級(jí)間隔為E1=1.96eV的兩個(gè)能級(jí)之間躍遷產(chǎn)生的用E2表示產(chǎn)生波長(zhǎng)為2的激光所對(duì)應(yīng)的躍遷的能級(jí)間隔，則E2的近似值為（）A10.50eVB0.98eVC0.53eVD0.36eV4（6分）如圖，一段導(dǎo)線abcd位于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，且與磁場(chǎng)方向（垂直于紙面向里）垂直線段ab、bc和cd的長(zhǎng)度均為L(zhǎng)，且abc=bcd=135°流經(jīng)導(dǎo)線的電流為I，方向如圖中箭頭所示導(dǎo)線段abcd所受

3、到的磁場(chǎng)的作用力的合力（）A方向沿紙面向上，大小為（+1）ILBB方向沿紙面向上，大小為（1）ILBC方向沿紙面向下，大小為（+1）ILBD方向沿紙面向下，大小為（1）ILB5（6分）如圖所示，一電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布關(guān)于y軸（沿豎直方向）對(duì)稱，O、M、N是y軸上的三個(gè)點(diǎn)，且OM=MNP點(diǎn)在y軸右側(cè)，MPON則（）AM點(diǎn)的電勢(shì)比P點(diǎn)高B將負(fù)電荷由O點(diǎn)移動(dòng)到P點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功CM、N兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大于O、M兩點(diǎn)間的電勢(shì)差D在O點(diǎn)靜止釋放一帶正電粒子，該粒子將沿y軸正方向做直線運(yùn)動(dòng)6（6分）天文學(xué)家新發(fā)現(xiàn)了太陽(yáng)系外的一顆行星。這顆行星的體積是地球的4.7倍，質(zhì)量是地球的25倍。已知某一近地衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)

4、的周期約為1.4小時(shí)，引力常量G=6.67×1011Nm2/kg2，由此估算該行星的平均密度為（）A1.8×103kg/m3B5.6×103kg/m3C1.1×104kg/m3D2.9×104kg/m37（6分）一列簡(jiǎn)諧橫波在某一時(shí)刻的波形圖如圖1所示，圖中P、Q兩質(zhì)點(diǎn)的橫坐標(biāo)分別為x=1.5m和x=4.5mP點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖2所示在下列四幅圖中，Q點(diǎn)的振動(dòng)圖象可能是（）A B C D8（6分）質(zhì)量為M的物塊以速度V運(yùn)動(dòng)，與質(zhì)量為m的靜止物塊發(fā)生正撞，碰撞后兩者的動(dòng)量正好相等，兩者質(zhì)量之比可能為（）A2B3C4D5二、解答題（共5小題，滿分72

5、分）9（8分）如圖所示的電路中，1、2、3、4、5、6為連接點(diǎn)的標(biāo)號(hào)在開關(guān)閉合后，發(fā)現(xiàn)小燈泡不亮現(xiàn)用多用電表檢查電路故障，需要檢測(cè)的有：電源、開關(guān)、小燈泡、3根導(dǎo)線以及電路中的各點(diǎn)連接（1）為了檢測(cè)小燈泡以及3根導(dǎo)線，在連接點(diǎn)1、2已接好的情況下，應(yīng)當(dāng)選用多用電表的 擋在連接點(diǎn)1、2同時(shí)斷開的情況下，應(yīng)當(dāng)選用多用電表的 擋（2）在開關(guān)閉合情況下，若測(cè)得5、6兩點(diǎn)間的電壓接近電源的電動(dòng)勢(shì)，則表明 可能有故障（3）將小燈泡拆離電路，寫出用多用表檢測(cè)該小燈泡是否有故障的具體步驟 10（10分）某同學(xué)為了探究物體在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)摩擦力與斜面傾角的關(guān)系，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)裝置如圖長(zhǎng)直平板一端放在水平桌面上，另一端架

6、在一物塊上在平板上標(biāo)出A、B兩點(diǎn)，B點(diǎn)處放置一光電門，用光電計(jì)時(shí)器記錄滑塊通過光電門時(shí)擋光的時(shí)間，實(shí)驗(yàn)步驟如下：用游標(biāo)卡尺測(cè)測(cè)最滑塊的擋光長(zhǎng)度d，用天平測(cè)量滑塊的質(zhì)量m；用直尺測(cè)量A、B之間的距離s，A點(diǎn)到水平桌面的垂直距離h1，B點(diǎn)到水平桌面的垂直距離h2；將滑塊從A點(diǎn)靜止釋放由光電計(jì)時(shí)器讀出滑塊的擋光時(shí)間t；重復(fù)步驟 數(shù)次，井求擋光時(shí)間的平均值利用所測(cè)數(shù)據(jù)求出摩擦力f和斜面傾角的余弦值cos；多次改變斜面的傾角，重復(fù)實(shí)驗(yàn)步驟做出fcos關(guān)系曲線（1）用測(cè)量的物理量完成下列各式（重力加速度為g）斜面傾角的余弦cos= ；滑塊通過光電門時(shí)的速度v= ；滑塊運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度a= ；滑塊運(yùn)動(dòng)時(shí)所受到

7、的摩擦阻力f= ；（2）測(cè)量滑塊擋光長(zhǎng)度的游標(biāo)卡尺讀數(shù)如圖所示，讀得d= 11（15分）材料的電阻率隨溫度變化的規(guī)律為=0（1+t），其中稱為電阻溫度系數(shù)，0是材料在t=0時(shí)的電阻率在一定的溫度范圍內(nèi)是與溫度無關(guān)的常數(shù)金屬的電阻一般隨溫度的增加而增加，具有正溫度系數(shù)；而某些非金屬如碳等則相反，具有負(fù)溫?cái)?shù)系數(shù)利用具有正負(fù)溫度系數(shù)的兩種材料的互補(bǔ)特性，可制成阻值在一定溫度范圍內(nèi)不隨溫度變化的電阻已知：在0時(shí)，銅的電阻率為1.7×108m，碳的電阻率為3.5×10 5m，在0附近時(shí)，銅的電阻溫度系數(shù)為3.9×1031，碳的電阻溫度系數(shù)為5.0×1041將橫截面

8、積相同的碳棒與銅棒串接成長(zhǎng)1.0m的導(dǎo)體，要求其電阻在0附近不隨溫度變化，求所需碳棒的長(zhǎng)度（忽略碳棒和銅棒的尺寸隨溫度的變化）12（18分）如圖所示，傾角為的斜面上靜止放置三個(gè)質(zhì)量均為m的木箱，相鄰兩木箱的距離均為l。工人用沿斜面的力推最下面的木箱使之上滑，逐一與其它木箱碰撞。每次碰撞后木箱都粘在一起運(yùn)動(dòng)。整個(gè)過程中工人的推力不變，最后恰好能推著三個(gè)木箱勻速上滑。已知木箱與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為g。設(shè)碰撞時(shí)間極短，求（1）工人的推力；（2）三個(gè)木箱勻速運(yùn)動(dòng)的速度；（3）在第一次碰撞中損失的機(jī)械能。13（21分）如圖，在x軸下方有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于x y平面向外

9、P是y軸上距原點(diǎn)為h的一點(diǎn)，N0為x軸上距原點(diǎn)為a的一點(diǎn)A是一塊平行于x軸的擋板，與x軸的距離為，A的中點(diǎn)在y軸上，長(zhǎng)度略小于帶點(diǎn)粒子與擋板碰撞前后，x方向的分速度不變，y方向的分速度反向、大小不變質(zhì)量為m，電荷量為q（q0）的粒子從P點(diǎn)瞄準(zhǔn)N0點(diǎn)入射，最后又通過P點(diǎn)不計(jì)重力求粒子入射速度的所有可能值2009年全國(guó)統(tǒng)一高考物理試卷（全國(guó)卷）參考答案與試題解析一、選擇題（本題共8小題，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）1（6分）下列說法正確的是（）A氣體對(duì)器壁的壓強(qiáng)大小等于大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平

10、均作用力B氣體對(duì)器壁的壓強(qiáng)就是大量氣體分子單位時(shí)間作用在器壁上的平均沖量C氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能減少，氣體的壓強(qiáng)一定減小D單位體積的氣體分子數(shù)增加，氣體的壓強(qiáng)一定增大【考點(diǎn)】9C：氣體壓強(qiáng)的微觀意義；9K：封閉氣體壓強(qiáng)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】549：氣體的壓強(qiáng)專題【分析】由于大量氣體分子都在不停地做無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)，與器壁頻繁碰撞，使器壁受到一個(gè)平均持續(xù)的沖力，致使氣體對(duì)器壁產(chǎn)生一定的壓強(qiáng)根據(jù)壓強(qiáng)的定義得壓強(qiáng)等于作用力比上受力面積，即氣體對(duì)器壁的壓強(qiáng)就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力氣體壓強(qiáng)與溫度和體積有關(guān)【解答】解：A、由于大量氣體分子都在不停地做無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)，與器壁頻繁碰撞，使器

11、壁受到一個(gè)平均持續(xù)的沖力，致使氣體對(duì)器壁產(chǎn)生一定的壓強(qiáng)。根據(jù)壓強(qiáng)的定義得壓強(qiáng)等于作用力比上受力面積，即氣體對(duì)器壁的壓強(qiáng)就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力。故A正確，B錯(cuò)誤。C、氣體壓強(qiáng)與溫度和體積有關(guān)。氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能減少，即溫度減小，但是如果氣體體積也在減小，分子越密集，氣體的壓強(qiáng)不一定減小，故C錯(cuò)誤。D、單位體積的氣體分子數(shù)增加，分子越密集，但是如果溫度降低，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能減少，氣體的壓強(qiáng)不一定增大，故D錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】加強(qiáng)對(duì)基本概念的記憶，基本方法的學(xué)習(xí)利用，是學(xué)好33的基本方法此處高考要求不高，不用做太難的題目2（6分）某物體左右兩側(cè)各有一豎直放置的

12、平面鏡，兩平面鏡相互平行，物體距離左鏡4m，右鏡8m，如圖所示，物體在左鏡所成的像中從右向左數(shù)的第三個(gè)像與物體的距離是（）A24mB32mC40mD48m【考點(diǎn)】H1：光的反射定律；H2：平面鏡成像菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【分析】物體在左右兩個(gè)平面鏡中都能成像，根據(jù)物像到平面鏡距離相等作出物體在左右平面鏡中成像情況，物體在左平面鏡中成像又可以在右平面鏡中成像，依次作出像在平面鏡中成像【解答】解：（1）物體AB距離左平面鏡4m，根據(jù)物像到平面鏡距離相等，所以物體AB在左平面鏡中成像距離左平面鏡4m，如圖中左1；物體AB距離右平面鏡8m，根據(jù)物像到平面鏡距離相等，所以物體AB在右平面鏡中成像距離右平面鏡8m

13、，如圖中右1。（2）像左1又在右平面鏡中成像，像左1距離右平面鏡16m，根據(jù)物像到平面鏡距離相等，所以像左1在右平面鏡中成像距離右平面鏡16m，如圖中右2；像右1又在左平面鏡中成像，像右1距離左平面鏡20m，根據(jù)物像到平面鏡距離相等，所以像右1在左平面鏡中成像距離左平面鏡20m，如圖中左2。（3）如圖中像右2又在左平面鏡中成像，像右2距離左平面鏡28m，根據(jù)物像到平面鏡距離相等，所以像右2在左平面鏡中成像距離左平面鏡28m，所以物體在左鏡所成的像中從右向左數(shù)的第三個(gè)像與物體的距離是32m。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】物體在左右平面鏡中進(jìn)行多次成像，根據(jù)物像到平面鏡的距離相等，依次判斷各次成像位置，是解決

14、本題的關(guān)鍵3（6分）氦氖激光器能產(chǎn)生三種波長(zhǎng)的激光，其中兩種波長(zhǎng)分別為1=0.6328µm，2=3.39µm，已知波長(zhǎng)為1的激光是氖原子在能級(jí)間隔為E1=1.96eV的兩個(gè)能級(jí)之間躍遷產(chǎn)生的用E2表示產(chǎn)生波長(zhǎng)為2的激光所對(duì)應(yīng)的躍遷的能級(jí)間隔，則E2的近似值為（）A10.50eVB0.98eVC0.53eVD0.36eV【考點(diǎn)】J4：氫原子的能級(jí)公式和躍遷菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】54N：原子的能級(jí)結(jié)構(gòu)專題【分析】激光光子的能量E=h=，激光是氖原子在能級(jí)間隔為E兩個(gè)能級(jí)之間躍遷產(chǎn)生的，則有E=，根據(jù)此式分別研究即可求解【解答】解：由題分析得，E1=，E2=，則得，代入解得，E2

15、0.36eV。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵要掌握光子的能量公式E=h=和玻爾能量躍遷原理4（6分）如圖，一段導(dǎo)線abcd位于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，且與磁場(chǎng)方向（垂直于紙面向里）垂直線段ab、bc和cd的長(zhǎng)度均為L(zhǎng)，且abc=bcd=135°流經(jīng)導(dǎo)線的電流為I，方向如圖中箭頭所示導(dǎo)線段abcd所受到的磁場(chǎng)的作用力的合力（）A方向沿紙面向上，大小為（+1）ILBB方向沿紙面向上，大小為（1）ILBC方向沿紙面向下，大小為（+1）ILBD方向沿紙面向下，大小為（1）ILB【考點(diǎn)】CC：安培力；CD：左手定則菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【分析】當(dāng)磁場(chǎng)方向與電流方向垂直時(shí)，由安培力F=BIL，根據(jù)電

16、流的大小可求出各段安培力大小，由左手定則判定安培力方向，再根據(jù)平行四邊形定則，對(duì)安培力進(jìn)行分解即可解得【解答】解：該導(dǎo)線可以用a和d之間的直導(dǎo)線長(zhǎng)為L(zhǎng)來等效代替，根據(jù)F=BIL，可知大小為，方向根據(jù)左手定則判斷，向上；故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查安培力的大小與方向的判斷；解決本題的關(guān)鍵要掌握安培力的大小公式F=BIL（B與I垂直），同時(shí)運(yùn)用力的平行四邊形定則對(duì)安培力時(shí)行分解此處的導(dǎo)線也可以等效成將ad兩點(diǎn)連接的導(dǎo)線所受的安培力5（6分）如圖所示，一電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布關(guān)于y軸（沿豎直方向）對(duì)稱，O、M、N是y軸上的三個(gè)點(diǎn)，且OM=MNP點(diǎn)在y軸右側(cè)，MPON則（）AM點(diǎn)的電勢(shì)比P點(diǎn)高B將負(fù)電荷由O點(diǎn)

17、移動(dòng)到P點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功CM、N兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大于O、M兩點(diǎn)間的電勢(shì)差D在O點(diǎn)靜止釋放一帶正電粒子，該粒子將沿y軸正方向做直線運(yùn)動(dòng)【考點(diǎn)】A7：電場(chǎng)線菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】532：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題【分析】電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加【解答】解：A、過M、P、N做等勢(shì)線，可得到過P點(diǎn)的等勢(shì)線通過M、N之間，因順著電場(chǎng)線電勢(shì)降低，則有MPN，故A正確；B、將負(fù)電荷由O點(diǎn)移到P點(diǎn)，因UOP0，所以W=qUOP0，則負(fù)電荷做負(fù)功，故B錯(cuò)誤；C、由U=Ed可知，MN間的平均場(chǎng)強(qiáng)小于OM間的平均場(chǎng)強(qiáng)，故MN兩點(diǎn)間的電勢(shì)差小

18、于OM兩點(diǎn)間的電勢(shì)差，C錯(cuò)誤；D、根據(jù)電場(chǎng)線的分布特點(diǎn)會(huì)發(fā)現(xiàn)，電場(chǎng)線關(guān)于y軸兩邊對(duì)稱，故y軸上的場(chǎng)強(qiáng)方向在 y軸上，所以在O點(diǎn)靜止釋放一帶正電粒子，其所受電場(chǎng)力沿y軸正方向，則該粒子將沿y軸正方向做直線運(yùn)動(dòng)，故D正確。故選：AD。【點(diǎn)評(píng)】加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)，掌握住電場(chǎng)線的特點(diǎn)，即可解決本題6（6分）天文學(xué)家新發(fā)現(xiàn)了太陽(yáng)系外的一顆行星。這顆行星的體積是地球的4.7倍，質(zhì)量是地球的25倍。已知某一近地衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的周期約為1.4小時(shí)，引力常量G=6.67×1011Nm2/kg2，由此估算該行星的平均密度為（）A1.8×103kg/m3B5.6×103kg/m3C1.

19、1×104kg/m3D2.9×104kg/m3【考點(diǎn)】4F：萬有引力定律及其應(yīng)用菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】528：萬有引力定律的應(yīng)用專題【分析】根據(jù)萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力知，只要知道近地衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的周期就可以估算出地球的密度，再根據(jù)行星與地球的質(zhì)量關(guān)系和半徑關(guān)系直接可得行星密度與地球密度之間的關(guān)系，從而求解即可?！窘獯稹拷猓菏紫雀鶕?jù)近地衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的向心力由萬有引力提供，可求出地球的質(zhì)量M=。又據(jù)M=得地球的密度=5.56×103kg/m3又因?yàn)樵撔行琴|(zhì)量是地球的25倍，體積是地球的4.7倍，則其密度為地球的：2.95×104kg/m3。故

20、選：D?！军c(diǎn)評(píng)】根據(jù)近地衛(wèi)星的向心力由萬有引力提供，再根據(jù)質(zhì)量和體積及密度的關(guān)系可知，地球的平均密度，從而可以算出地球的質(zhì)量，再根根據(jù)行星質(zhì)量與體積與地球的關(guān)系可以估算出行星的密度。熟練掌握萬有引力提供向心力的表達(dá)式，是解決本題的關(guān)鍵。7（6分）一列簡(jiǎn)諧橫波在某一時(shí)刻的波形圖如圖1所示，圖中P、Q兩質(zhì)點(diǎn)的橫坐標(biāo)分別為x=1.5m和x=4.5mP點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖2所示在下列四幅圖中，Q點(diǎn)的振動(dòng)圖象可能是（）ABCD【考點(diǎn)】73：簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振動(dòng)圖象；F4：橫波的圖象菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】16：壓軸題；51D：振動(dòng)圖像與波動(dòng)圖像專題【分析】由題，根據(jù)PQ橫坐標(biāo)之間的距離為3m，可知PQ間的距離是波長(zhǎng)

21、的倍，結(jié)合波形可判斷：波若向左傳播，P點(diǎn)處于波峰時(shí)，Q在平衡位置向上振動(dòng)；若波向右傳播，P點(diǎn)處于波谷時(shí)，Q在平衡位置向上振動(dòng)【解答】解：PQ橫坐標(biāo)之間的距離為3m，是波長(zhǎng)的倍。A、此振動(dòng)圖象與Q點(diǎn)的振動(dòng)圖象相同，說明P、Q是同相點(diǎn)，它們平衡位置之間的距離應(yīng)波長(zhǎng)的整數(shù)倍，與題設(shè)條件不符。故A錯(cuò)誤。B、波若向右傳播，t=0時(shí)刻，P在平衡位置向上振動(dòng)時(shí)，Q點(diǎn)處于波峰，與t=0時(shí)圖B中質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況相符。故B正確。C、若波向左傳播，t=0時(shí)刻，P在平衡位置向上振動(dòng)時(shí)，Q點(diǎn)處于波谷，與t=0時(shí)圖C中質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況相符。故C正確。D、此振動(dòng)圖象與P點(diǎn)的振動(dòng)圖象反相，兩者平衡位置之間距離等于半個(gè)波長(zhǎng)奇數(shù)倍，

22、與題設(shè)條件不符。故D錯(cuò)誤。故選：BC。【點(diǎn)評(píng)】本題的解題關(guān)鍵是掌握波動(dòng)和振動(dòng)的之間關(guān)系，要結(jié)合波形進(jìn)行分析對(duì)于振動(dòng)圖象往往抓住同一時(shí)刻進(jìn)行比較，比如t=0時(shí)刻，分析兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的狀態(tài)8（6分）質(zhì)量為M的物塊以速度V運(yùn)動(dòng)，與質(zhì)量為m的靜止物塊發(fā)生正撞，碰撞后兩者的動(dòng)量正好相等，兩者質(zhì)量之比可能為（）A2B3C4D5【考點(diǎn)】53：動(dòng)量守恒定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】16：壓軸題；52K：動(dòng)量與動(dòng)能定理或能的轉(zhuǎn)化與守恒定律綜合【分析】根據(jù)動(dòng)量守恒定律，以及在碰撞的過程中動(dòng)能不增加，通過這兩個(gè)關(guān)系判斷兩個(gè)物體的質(zhì)量關(guān)系【解答】解：根據(jù)動(dòng)量守恒和能量守恒得，設(shè)碰撞后兩者的動(dòng)量都為P，則總動(dòng)量為2P，根據(jù)動(dòng)量和

23、動(dòng)能的關(guān)系有：P2=2mEK，根據(jù)能量的關(guān)系得，由于動(dòng)能不增加，則有：，得1，故A、B正確，C、D錯(cuò)誤。故選：AB?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道碰撞的過程中動(dòng)量守恒，總動(dòng)能不增加二、解答題（共5小題，滿分72分）9（8分）如圖所示的電路中，1、2、3、4、5、6為連接點(diǎn)的標(biāo)號(hào)在開關(guān)閉合后，發(fā)現(xiàn)小燈泡不亮現(xiàn)用多用電表檢查電路故障，需要檢測(cè)的有：電源、開關(guān)、小燈泡、3根導(dǎo)線以及電路中的各點(diǎn)連接（1）為了檢測(cè)小燈泡以及3根導(dǎo)線，在連接點(diǎn)1、2已接好的情況下，應(yīng)當(dāng)選用多用電表的電壓擋在連接點(diǎn)1、2同時(shí)斷開的情況下，應(yīng)當(dāng)選用多用電表的歐姆擋（2）在開關(guān)閉合情況下，若測(cè)得5、6兩點(diǎn)間的電壓接近電源的電動(dòng)勢(shì)，

24、則表明開關(guān)或連接點(diǎn)5、6可能有故障（3）將小燈泡拆離電路，寫出用多用表檢測(cè)該小燈泡是否有故障的具體步驟調(diào)到歐姆檔將紅、黑表筆相接，檢查歐姆檔能否正常工作測(cè)量小燈泡的電阻，如電阻無窮大，表明小燈泡有故障【考點(diǎn)】B4：多用電表的原理及其使用；N4：用多用電表測(cè)電阻菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】13：實(shí)驗(yàn)題；535：恒定電流專題【分析】在電源接入時(shí)，電路故障判定一般選用電壓表并聯(lián)，電壓表示數(shù)接近電動(dòng)勢(shì)，說明該處斷路，無視數(shù)則正常；電源不接入時(shí)，使用歐姆表，歐姆表示數(shù)為無窮大，即說明電路發(fā)生斷路【解答】解：（1）在1、2兩點(diǎn)接好的情況下，應(yīng)當(dāng)選用多用電表的電壓檔，若選電流擋易造成表頭燒壞、電源短路；若選歐姆擋

25、則有可能造成短路、指針倒轉(zhuǎn)在1、2同時(shí)斷開的情況下，應(yīng)選用歐姆檔，直接測(cè)量某段電路的電阻即可 （2）電壓表示數(shù)接近電動(dòng)勢(shì)，只有一種可能，即電壓表與燈泡串聯(lián)接入電路，電壓表內(nèi)阻極大，分得大部分電壓，說明開關(guān)或連接點(diǎn)5、6兩點(diǎn)斷路 （3）調(diào)到歐姆檔將紅黑表筆相接，檢查歐姆檔能否正常工作（由于無需精確測(cè)量電路阻值，所以不必調(diào)零）測(cè)量小燈泡的電阻，如電阻無窮大，表明小燈泡有故障（燈絲斷或燈座接觸不良）故答案為：（1）電壓，歐姆 （2）開關(guān)或連接點(diǎn)5、6 （3）調(diào)到歐姆檔； 將紅、黑表筆相接，檢查歐姆檔能否正常工作；測(cè)量小燈泡的電阻，如電阻無窮大，表明小燈泡有故障【點(diǎn)評(píng)】用電壓擋測(cè)電路斷路故障原理是：某

26、處斷路時(shí)，并聯(lián)接入的電壓表，與一般電阻串聯(lián)，由于電壓表內(nèi)阻大，能分到大部分電壓，其示數(shù)接電動(dòng)勢(shì)；若電路完好，則總電路斷路時(shí)，電壓表無示數(shù)；另外，電壓表只要量程夠大，不必?fù)?dān)心電表燒壞或電路短路10（10分）某同學(xué)為了探究物體在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)摩擦力與斜面傾角的關(guān)系，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)裝置如圖長(zhǎng)直平板一端放在水平桌面上，另一端架在一物塊上在平板上標(biāo)出A、B兩點(diǎn)，B點(diǎn)處放置一光電門，用光電計(jì)時(shí)器記錄滑塊通過光電門時(shí)擋光的時(shí)間，實(shí)驗(yàn)步驟如下：用游標(biāo)卡尺測(cè)測(cè)最滑塊的擋光長(zhǎng)度d，用天平測(cè)量滑塊的質(zhì)量m；用直尺測(cè)量A、B之間的距離s，A點(diǎn)到水平桌面的垂直距離h1，B點(diǎn)到水平桌面的垂直距離h2；將滑塊從A點(diǎn)靜止釋放由光電計(jì)

27、時(shí)器讀出滑塊的擋光時(shí)間t；重復(fù)步驟 數(shù)次，井求擋光時(shí)間的平均值利用所測(cè)數(shù)據(jù)求出摩擦力f和斜面傾角的余弦值cos；多次改變斜面的傾角，重復(fù)實(shí)驗(yàn)步驟做出fcos關(guān)系曲線（1）用測(cè)量的物理量完成下列各式（重力加速度為g）斜面傾角的余弦cos=；滑塊通過光電門時(shí)的速度v=；滑塊運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度a=；滑塊運(yùn)動(dòng)時(shí)所受到的摩擦阻力f=；（2）測(cè)量滑塊擋光長(zhǎng)度的游標(biāo)卡尺讀數(shù)如圖所示，讀得d=3.62cm【考點(diǎn)】M9：探究影響摩擦力的大小的因素菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】13：實(shí)驗(yàn)題；524：摩擦力專題【分析】（1）正確解答本題需要掌握：根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)求解正余弦函數(shù)值；滑塊在通過光電門時(shí)，平均速度等于遮光片的寬度d與其通

28、過的時(shí)間之比由于寬度較小，時(shí)間很短，所以瞬時(shí)速度接近平均速度；熟練應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解物體的加速度大??；應(yīng)用牛頓第二定律求解有關(guān)問題（2）游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀【解答】解：根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知：故答案為：由于寬度較小，時(shí)間很短，所以瞬時(shí)速度接近平均速度，因此有：v=故答案為：應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：，故解得：故答案為：根據(jù)牛頓第二定律有：mgsinf=ma將，帶入得：f=故答案為：（2）游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為3.6cm，游標(biāo)尺上第2個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，因此其讀數(shù)為為0.1×2mm=0.2mm=0.02cm，所以最終讀數(shù)為：3.6cm+0.02cm=3.62cm故

29、答案為：3.62cm【點(diǎn)評(píng)】熟練應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)和牛頓第二定律以及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解決問題；掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀11（15分）材料的電阻率隨溫度變化的規(guī)律為=0（1+t），其中稱為電阻溫度系數(shù)，0是材料在t=0時(shí)的電阻率在一定的溫度范圍內(nèi)是與溫度無關(guān)的常數(shù)金屬的電阻一般隨溫度的增加而增加，具有正溫度系數(shù)；而某些非金屬如碳等則相反，具有負(fù)溫?cái)?shù)系數(shù)利用具有正負(fù)溫度系數(shù)的兩種材料的互補(bǔ)特性，可制成阻值在一定溫度范圍內(nèi)不隨溫度變化的電阻已知：在0時(shí)，銅的電阻率為1.7×108m，碳的電阻率為3.5×10 5m，在0附近時(shí)，銅的電阻溫度系數(shù)為3.9×

30、1031，碳的電阻溫度系數(shù)為5.0×1041將橫截面積相同的碳棒與銅棒串接成長(zhǎng)1.0m的導(dǎo)體，要求其電阻在0附近不隨溫度變化，求所需碳棒的長(zhǎng)度（忽略碳棒和銅棒的尺寸隨溫度的變化）【考點(diǎn)】B7：電阻定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】535：恒定電流專題【分析】根據(jù)題意應(yīng)用電阻定律列方程，即可求出碳棒的長(zhǎng)度【解答】解：設(shè)碳棒的長(zhǎng)度為x，則銅棒的電阻為R1=1=01（1+1t），碳棒的電阻R2=2=02（1+2t），要使得在0附近總電阻不隨溫度變化，則有R1+R2=定值，則有式中t的系數(shù)必須為零，即有x0.0038m答：所需碳棒的長(zhǎng)度為0.0038m【點(diǎn)評(píng)】本題考查了電阻定律的應(yīng)用，根據(jù)題目所給條

31、件，應(yīng)用電阻定律即可正確解題12（18分）如圖所示，傾角為的斜面上靜止放置三個(gè)質(zhì)量均為m的木箱，相鄰兩木箱的距離均為l。工人用沿斜面的力推最下面的木箱使之上滑，逐一與其它木箱碰撞。每次碰撞后木箱都粘在一起運(yùn)動(dòng)。整個(gè)過程中工人的推力不變，最后恰好能推著三個(gè)木箱勻速上滑。已知木箱與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為g。設(shè)碰撞時(shí)間極短，求（1）工人的推力；（2）三個(gè)木箱勻速運(yùn)動(dòng)的速度；（3）在第一次碰撞中損失的機(jī)械能?！究键c(diǎn)】37：牛頓第二定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】16：壓軸題；522：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題【分析】（1）最后恰好能推著三個(gè)木箱勻速上滑，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出推力的大小。（2）根據(jù)牛頓第二

32、定律求出第一個(gè)木箱與第二個(gè)木箱碰撞前的加速度，根據(jù)速度位移公式求出與第二個(gè)木箱碰撞前的速度，由于碰撞的時(shí)間極短，知碰撞前后瞬間動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出碰撞瞬間的速度，根據(jù)牛頓第二定律求出與第三個(gè)木箱碰撞前的加速度，根據(jù)速度位移公式求出跟第三個(gè)木箱碰撞前的速度，根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出與第三個(gè)木箱碰撞后的速度，即勻速運(yùn)動(dòng)的速度。（3）根據(jù)碰撞前后瞬間的速度，分別得出碰撞前后瞬間系統(tǒng)的動(dòng)能，根據(jù)能量守恒定律求出損失的能量?！窘獯稹拷猓海?）當(dāng)勻速時(shí)，把三個(gè)物體看作一個(gè)整體受重力、推力F、摩擦力f和支持力。根據(jù)平衡的知識(shí)有 F=3mgsin+3mgcos。（2）第一個(gè)木箱與第二個(gè)木箱碰撞之前的速度為V1，加速度=2g（sin+co