磁場對運動電荷的作用

1、H第二部分磁場對運動電荷的作用微觀易錯判斷(X)(X)(X )（X ）（V）（V）（X）1. 解析：選B.安培力和洛倫茲力都是磁場力，A錯誤洛倫茲力永遠與電荷運動方向垂直，所以洛 倫茲力不做功，安培力是洛倫茲力的宏觀表現(xiàn)，它雖然對引起電流的定向移動的電荷不做功，但對導線是 可以做功的，B正確電荷運動方向與磁感線方向在同一直線上時，運動電荷不受洛倫茲力作用，而此處磁感應強度不為零， C錯誤.洛倫茲力不改變帶電粒子的速度大小，但改變速度的方向，D錯誤.故選B.2. 答案：D3. 解析：選B.洛倫茲力的方向總跟速度方向垂直，所以洛倫茲力永不做功，不會改變粒子的動能， 故選B.4. 解析：選B.磁感線

2、穿過手心，四指指向粒子運動的方向，拇指所指的方向就是粒子所受洛倫茲力的方向，即為左手定則.在 A中，粒子所受洛倫茲力的方向應豎直向下；B中，粒子所受洛倫茲力的方向豎直向上；C中，粒子所受洛倫茲力的方向應垂直紙面向里；D中，粒子所受洛倫茲力的方向應垂直紙面向外，故選B.5. 解析：選B.由安培定則，電流在其下方所產生的磁場方向垂直紙面向里，由左手定則，電子流所受洛倫茲力向下，故向下偏轉，故選B.6. 解析：選A.據左手定則，讓磁感線穿過掌心，拇指指向F的方向，可判斷出四指向上，這樣存在兩種可能：粒子帶正電向上運動或粒子帶負電向下運動，故A正確，B、C、D錯誤.7. 解析：選A.由右手定則判定直線

3、電流右側磁場的方向垂直紙面向里，再根據左手定則判定電子將 向右偏轉，由于洛倫茲力不做功，電子速率不變.&解析：當磁場向左運動時，相當于小球向右運動，帶正電小球所受的洛倫茲力方向向上，當其與重力平衡時，小球即將漂離平面.設此時的速度為v,則由力的平衡有qvB= mg,則v=匚.故磁場應以最qB小為v=mg的速度水平向左平移.答案：mg水平向左qBqB9.解析：選B.電子沿x軸正方向運動，則電流沿 x軸負方向；要使電子偏向 z軸負方向，則電子所受洛倫茲力或電場力應沿z軸負方向；由此可知磁場方向沿y軸正方向或電場方向沿 z軸正方向.故選 B.10 .解析：選B.若粒子帶正電，由左手定則可知洛

4、倫茲力方向沿y軸的正方向，要使該粒子所受的合外力為零（重力不計），電場力與洛倫茲力一定等大、反向，則電場方向應沿y軸的負方向；若粒子帶負電，同理可知電場方向仍沿 y軸的負方向.故選B.11.解析：選D.加速過程中，甲受向下的洛倫茲力逐漸增大，乙對地板的壓力逐漸增大，乙受摩擦 力增大，則加速度逐漸減小， A、B錯誤.甲的加速度是由乙對它的摩擦力產生的，由牛頓第二定律知， 甲、乙間的摩擦力逐漸減小， C錯誤D正確.故選D.12 思路探究帶正電小球在勻強磁場和勻強電場中所受力有什么不同？解析小球在磁場中到達軌道最低點時只有重力做功，vm = 2gR.在電場中到達軌道最低點的過程中，重力做正功，電場力

5、做負功，根據動能定理有mgR qER=茹vN, vn= 2gR 2，所以vm>Vn;因為OM = ON，所以該過程所用時間 tM v tN, A正確，C錯誤.據能量守恒定律，D正確.在M點F m =2 2vmzvNz zzzmg+ qvMB + mR，在N點Fn = mg + m，不難看出，F(xiàn)m > Fn，由牛頓第三定律可知 Fm= Fm , Fn= Fn , B正確.故選A、B、D.答案ABD13.解析：選C 洛倫茲力雖不做功，但可以改變小球的運動狀態(tài)(改變速度的方向)，小球做曲線運動，在運動中任一位置受力如圖所示，小球受到了斜向上的洛倫茲力的作用，小球在豎直方向的加速度mg q

6、vBcos 0ay=<g,故小球平拋的時間將增加，落點應在A點的右側。X2= Vot2,因此小球在14.解析：選ABD.小球離開桌面具有水平速度，無磁場時做平拋運動，水平射程 h= *gt2;有磁場時小球除受重力外還受到洛倫茲力的作用，而洛倫茲力時刻與速度方向垂直,水平方向具有加速度，在水平方向將做變加速運動，而豎直方向加速度mg Fa=(Fm向的分量)，即av g,因此下落h高度用的時間t1 >t2, B選項正確.水平方向的位移 因為洛倫茲力不做功，只有重力做功，故機械能守恒，所以V1 = V2, D選項正確,為洛倫茲力在豎直方X1> X2, A選項正確.又C選項錯誤故選A

7、、B、D.15.解析：選CD 設磁感應強度為 B，圓形軌道半徑為r，三個小球質量均為m,它們恰好通過最高點時的速度分別為2 mv甲2mv乙2 mv丙v 甲、v 乙和 v 丙，貝U mg + Bvq 甲=,mg Bvq 乙=,mg = 一，顯然， v 甲v丙>v乙，選項A、B錯誤；三個小球在運動過程中，只有重力做功，即它們的機械能守恒，選項D正確;甲球在最高點處的動能最大，因為勢能相等，所以甲球的機械能最大，甲球的釋放位置最高，選項C正確。16.解析：選ABD.帶電滑環(huán)向右運動所受洛倫茲力的方向向上，其大小與滑環(huán)的初速度大小有關.由于滑環(huán)的初速度大小未具體給出，所以洛倫茲力與滑環(huán)的重力可能

8、出現(xiàn)三種不同的關系，故選A、B、D.17.解析：選B.加上勻強磁場后，物體向下運動時受到一個垂直斜面向下的洛倫茲力，物體對斜面 的壓力變大，所受摩擦力變大，克服摩擦力做功增加，由動能定理知，加上磁場后，物體到達斜面底端時 的動能變小，速度變小，故選B. 18.解析：(1)小滑塊沿斜面下滑的過程中，受重力mg、斜面支持力Fn和洛倫茲力F.若要小滑塊離開斜面，洛倫茲力 F方向應垂直斜面向上，根據左手定則可知，小滑塊應帶有負電荷.(2)小滑塊沿斜面下滑時，垂直斜面方向的加速度為零，有qvB + Fn mgcos a= 0 0.1 x 10 3x 10X當Fn = 0時，小滑塊開始脫離斜面所以v= -g，c=4 m/sBq0.5X 5X 10 =2 .3 m/s 3.46 m/s.mgxsin a= Jmv2(3)法一：下滑過程中，只有重力做功，由動能定理得：斜面的長度至少應是 x= (2花 )m = 1.2 m.2gsin a 2X