100所名校吉林省長(zhǎng)春市實(shí)驗(yàn)中學(xué)2019屆高三上學(xué)期期中

1、百度文庫(kù)-讓每個(gè)人平等地提升自我號(hào)場(chǎng)考 不2019屆吉林省長(zhǎng)春市實(shí)驗(yàn)中學(xué)高三上學(xué)期期中考試物理試題物理注意事項(xiàng)：1 .答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形 碼粘貼在答題卡上的指定位置。2 .選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3 .非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫(xiě)在試題卷、草 稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4 .考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試題卷和答題卡一并上交。第I卷（選擇題）、單選題2f（M + m）+ m）2f（M + m）A.M B . m

2、C+ m恒 D . m + （M+ m）g4.甲、乙兩車在平直公路上同向行駛，其 v-t圖象如圖所示。已知兩車在t=3 s時(shí)并排行駛，則（）A.在t=1 s時(shí)，甲車在乙車后B.在t=0時(shí)，甲車在乙車前 7.5 mC.兩車另一次并排行駛的時(shí)刻是t=2 sD.甲、乙兩車兩次并排行駛的位置之間沿公路方向的距離為40 m5.如圖所示，將小球卜從地面以初速度“豎直上拋的同時(shí)，將另一相同質(zhì)量的小球b從距地面hh處由靜止釋放，兩球恰在2處相遇（不計(jì)空氣阻力）。則（）21 . 一物體作勻加速直線運(yùn)動(dòng)，通過(guò)一段位移及所用的時(shí)間為k,緊接著通過(guò)下一段位移 恢所用時(shí)間為t上。則物體運(yùn)動(dòng)的加速度為（）號(hào)證考準(zhǔn)裝 只2

3、Ax(t1 +1.A "3千寸 BC?D, 1名姓 級(jí)班 卷 此2 .下列有關(guān)牛頓運(yùn)動(dòng)定律的說(shuō)法，其中正確的是（）A.慣性就是物體保持靜止?fàn)顟B(tài)的性質(zhì)B. 一對(duì)作用力和反作用力的作用效果總相同C.物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)改變的難易程度就是加速度D.力的國(guó)際制單位“牛頓”是根據(jù)牛頓第二定律定義的3.如圖所示，一夾子夾住木塊，在力F作用下向上提升.夾子和木塊的質(zhì)量分別為m M夾子與木塊兩側(cè)間的最大靜摩擦力均為f,當(dāng)一起向上做加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，若木塊不滑動(dòng)，力 F的最大值是（）A.兩球同時(shí)落地B.相遇時(shí)兩球速度大小相等C.從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到相遇，球1a動(dòng)能的減少量等于球b動(dòng)能的增加量D.相遇后的任意時(shí)刻，重力對(duì)球1

4、a做功功率和對(duì)球b做功功率相等6. 一人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，假如該衛(wèi)星變軌后仍做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能減小1為原來(lái)的目,不考慮衛(wèi)星質(zhì)量的變化，則變軌前后衛(wèi)星的（）A.向心加速度大小之比為 4 ： 1B.角速度之比為 2 ： 1C.周期之比為1 ： 8百度文庫(kù)-讓每個(gè)人平等地提升自我D.軌道半徑之比為1 ： 247.如圖所示，一質(zhì)量 M=3.0 kg的長(zhǎng)方形木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一個(gè)質(zhì)量m =1.0 kg的小木塊A（可視為質(zhì)點(diǎn)），同時(shí)給A和B以大小均為2.0 m/s ,方向相反的初速度，使 A開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)，B開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng)，要使小木塊A不滑離長(zhǎng)木板B板，已知小木塊與長(zhǎng)木板之間

5、的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.6,則長(zhǎng)木板B的最小長(zhǎng)度為（）八一|乂B r 一.A. 1.2 m B .0.8 m C , 1.0 m D .1.5 m 8.在兒童樂(lè)園的蹦床項(xiàng)目中，小孩在兩根彈性繩和彈性床的協(xié)助下實(shí)現(xiàn)上下彈跳，如圖所,斜面對(duì)小球A的支持力為0二、多選題10 .如圖所示，兩個(gè)水平圓盤(pán)的半徑分別為R 2R小圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)會(huì)帶動(dòng)大圓盤(pán)不打滑地一起轉(zhuǎn)動(dòng).質(zhì)量為m的小物塊甲放置在大圓盤(pán)上距離轉(zhuǎn)軸為R處，質(zhì)量為2m的小物塊乙放置在小圓盤(pán)的邊緣處，它們與盤(pán)面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同.當(dāng)小圓盤(pán)以角速度 轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，兩物塊均相對(duì)圓盤(pán)靜止.下列說(shuō)法正確的是（最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力 ）（）e.一根輕質(zhì)絕緣示.某次蹦床活

6、動(dòng)中小孩靜止時(shí)處于O點(diǎn)，當(dāng)其彈跳到最高點(diǎn) A后下落可將蹦床壓到最低點(diǎn) B,小孩可看成質(zhì)點(diǎn).不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)，小孩重力勢(shì)能的減少量大于動(dòng)能的增加量8 .從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，小孩動(dòng)能的減少量等于蹦床彈性勢(shì)能的增加量C.從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，小孩機(jī)械能的減少量小于蹦床彈性勢(shì)能的增加量D.從B點(diǎn)返回到A點(diǎn)，小孩機(jī)械能的增加量等于蹦床彈性勢(shì)能的減少量9 .如圖所示，水平地面上固定一個(gè)光滑絕緣斜面，斜面與水平面的夾角為 mu RA.小物塊甲受到的摩擦力大小為B.兩物塊的線速度大小相等C.在角速度3逐漸增大的過(guò)程中，小物塊甲先滑動(dòng)D.在角速度3逐漸減小的過(guò)程，摩擦力對(duì)兩物塊做

7、負(fù)功11 .如圖平行板電容器的兩個(gè)極板與水平地面成一角度，兩極板與一直流電源相連.若一帶電粒子恰能沿圖中所示水平直線通過(guò)電容器，則在此過(guò)程中，該粒子（）細(xì)線的一端固定在斜面頂端，另一端系有一個(gè)帶電小球A,細(xì)線與斜面平行.小球A的質(zhì)量為m電量為q小球A的右側(cè)固定放置帶等量同種電荷的小球B,兩球心的高度相同、間距為 d.靜電力常量為k,重力加速度為g,兩帶電小球可視為點(diǎn)電荷.小球A靜止在斜面上，則（）A.小球A與B之間庫(kù)侖力的大小為 ,q mg sinC-s I ;B.當(dāng)dk時(shí)，細(xì)線上的拉力為0q mgtanSC.當(dāng)d叱k 時(shí)，細(xì)線上的拉力為 0A.所受重力與電場(chǎng)力平衡B.電勢(shì)能逐漸增加C.動(dòng)能逐

8、漸增加D.做勻變速直線運(yùn)動(dòng)12.如圖所示，水平地面上靜止放置一輛小車A,質(zhì)量mA= 4kg,上表面光滑，小車與地面間的摩擦力極小，可以忽略不計(jì).可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊B置于A的最右端，B的質(zhì)量m<= 2kg.現(xiàn)對(duì)A施加一個(gè)水平向右的恒力 F= 10N, A運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后，小車左端固定的擋板與B發(fā)生碰撞，碰撞時(shí)間極短，碰后A、B粘合在一起，共同在 F的作用下繼續(xù)運(yùn)動(dòng)，碰撞后經(jīng)時(shí)間t = 0.6s ,二者的速度達(dá)到vt = 2m/s.下列說(shuō)法正確的是（）百度文庫(kù)-讓每個(gè)人平等地提升自我7(1)在紙帶上打下記數(shù)點(diǎn)1時(shí)的速度V1 =m/s。(2)在打點(diǎn)0 4過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)能的增量R=J,系統(tǒng)勢(shì)能的減少量

9、 6=J。A. A開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度 a=2.5m/s2B. A B碰撞后瞬間的共同速度v=1m/sC. A的上表面長(zhǎng)度l= 0.45mD. A的上表面長(zhǎng)度l= 0.55m 13.如圖，用跨過(guò)光滑定滑輪的纜繩將海面上一艘失去動(dòng)力的小船沿直線拖向岸邊.已知拖列說(shuō)法正確的是(動(dòng)纜繩的電動(dòng)機(jī)功率恒為P,小船的質(zhì)量為 3小船受到的阻力大小恒為f,經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的速度大小為vo,小船從A點(diǎn)沿直線加速運(yùn)動(dòng)到 B點(diǎn)經(jīng)歷時(shí)間為ti,A、B兩點(diǎn)間距離為d,纜繩質(zhì)量忽略不計(jì).下15.如圖，用“碰撞實(shí)驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即研究?jī)蓚€(gè)小球在軌道水平部分碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系。A.小船從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的全過(guò)程克服阻力做的功

10、W=fdB.小船經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度大小C.小船經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度大小O M P ND.小船經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的加速度大小第II卷(非選擇題)三、實(shí)驗(yàn)題14.用如圖實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證 m、m組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律，m從高處由靜止開(kāi)始下落，m上拖著的紙帶打出一系列的點(diǎn)，對(duì)紙帶上的點(diǎn)跡進(jìn)行測(cè)量，即可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。下圖給出的是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個(gè)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有 4個(gè)點(diǎn)(圖中未標(biāo)出).計(jì) 數(shù)點(diǎn)間的距離如圖所示。已知m=50g、m= l50g (g取9.8m/s 2,交流電的頻率為 50Hz,所有結(jié)果均保留三位有效數(shù)(1)實(shí)驗(yàn)中，直接測(cè)定小球碰撞前后的速度是不容易的。但是，可以通過(guò)僅測(cè)量

11、 (填 選項(xiàng)前白符號(hào))，間接地解決這個(gè)問(wèn)題。A.小球開(kāi)始釋放高度 hB.小球拋出點(diǎn)距地面的高度HC.小球做平拋運(yùn)動(dòng)的射程(2)圖中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在地面上的垂直投影，實(shí)驗(yàn)時(shí)先讓入射球m多次從傾斜軌道上 S位置靜止釋放，找到其平均落地點(diǎn)的位置P,測(cè)量平拋射程 OP然后，把被碰小球 m靜置于軌道的水平部分，再將入射球 m從斜軌上S位置靜止釋放，與小球 m相碰，并多次重復(fù)。接下來(lái)要完成的 必要步驟是 。(填選項(xiàng)前的符號(hào))A.用天平測(cè)量?jī)蓚€(gè)小球的質(zhì)量m、m2B.測(cè)量小球m開(kāi)始釋放高度hC.測(cè)量拋出點(diǎn)距地面的高度HE.測(cè)量平拋射程 OM OND.分別找到 m、m相碰后平均落地點(diǎn)的位置 M N(3)若兩球

12、相碰前后的動(dòng)量守恒，其表達(dá)式可表布為 用(2)中測(cè)量的量表布(4)若兩球發(fā)生彈，f正碰，則 OM ON OP之間一定滿足的關(guān)系是 (填選項(xiàng)前的符號(hào))。AOP=ON-OM B. 2OP=ON+OMC. OP-ON=2OM18.如圖所示，水平地面上 OP段是粗糙的，OPK為L(zhǎng)=1.6m,滑塊A B與該段間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為科=0.5,水平地面的其余部分是光滑的，滑塊 B靜止在。點(diǎn)，其質(zhì)量mB =2kg,滑塊A在O點(diǎn)左側(cè)以V0=5m/s的水平速度向右運(yùn)動(dòng)，并與 B發(fā)生正碰，A質(zhì)量是B質(zhì)量的k (k取正整數(shù)倍)，四、解答題16.如圖所示，用一塊長(zhǎng) Li=1.0 m的木板在墻和桌面間架設(shè)斜面，桌子高H=0

13、.8 m,長(zhǎng)L2=1.5m3斜面與水平桌面的夾角 8可在。60°間調(diào)節(jié)后固定。將質(zhì)量n=0.2 kg的小物塊從斜面頂端靜止釋放，物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)陰=0.05,物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為口，忽略物塊在斜面與桌面交接處的能量損失。(重力加速度取g=10 m/s 2;最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力)滑塊均可視為質(zhì)點(diǎn)，取 g 10m/s2。A fi： ：y / / 7 r / fz < < z z / z z'z x z z / ' o P(1)若滑塊A與B發(fā)生完全非彈簧碰撞，求 A、B碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能；(2)若滑塊A與B發(fā)生彈性碰撞，試討論k在不同取值

14、范圍時(shí)，滑塊A克服摩擦力所做的功。(1)求0角增大到多少時(shí)，物塊能從斜面開(kāi)始下滑；(用正切值表示)(2)當(dāng)0角增大到37°時(shí)，物塊恰能停在桌面邊緣，求物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)(12；(已知 sin37 ° =0.6 , cos37 ° =0.8)(3)繼續(xù)增大e角，發(fā)現(xiàn)e =53。時(shí)物塊落地點(diǎn)與墻面的距離最大，求此最大距離 xrw17.圖為“嫦娥三號(hào)”探測(cè)器在月球上著陸最后階段的示意圖.首先在發(fā)動(dòng)機(jī)作用下，探測(cè)器hh受到推力在距月球高度為：處懸停(速度為0,，遠(yuǎn)小于月球半徑)；接著推力改變，探測(cè)器開(kāi)始豎直下降，到達(dá)距月面高度為外處的速度為4此后發(fā)動(dòng)機(jī)關(guān)閉，探測(cè)器僅

15、受重力下落至月面.已知探測(cè)器總質(zhì)量為.(不包括燃料)，地球和月球的半徑比為k-,質(zhì)量比為地球表面附近的重力加速度為&求：(1)月球表面附近的重力加速度大小及探測(cè)器剛接觸月面時(shí)的速度大?。?2)從開(kāi)始豎直下降到剛接觸月面時(shí)，探測(cè)器機(jī)械能的變化。百度文庫(kù)-讓每個(gè)人平等地提升自我根據(jù)E<=2 mV得v=,所以衛(wèi)星變軌前、后的速度大小之比為得衛(wèi)星變軌前、后的軌道半徑之比為,得衛(wèi)星變軌前、后的2 4"1,選項(xiàng)D錯(cuò)誤；根據(jù)2019屆吉林省長(zhǎng)春市實(shí)驗(yàn)中學(xué)高三上學(xué)期期中考試物理試題物理答案1. A【解析】|_ AxItJv產(chǎn)一T物體作勻加速直線運(yùn)動(dòng)在前一段“所用的時(shí)間為匚，平均速度為：

16、"，即為2時(shí)刻的瞬時(shí)ZtJ3TA速度；物體在后一段 h所用的時(shí)間為 0，平均速度為：4,即為2時(shí)刻的瞬時(shí)速度.速度由 七變t. +v2i 2 q-t,i -IAt =_ j- 化到巴的時(shí)間為：2 ,所以加速度為：拉州曲+引，人正確；考點(diǎn)：考查了勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】本題若設(shè)初速度和加速度，結(jié)合位移時(shí)間公式列方程組求解，可以得出加速度的大小，但是計(jì)算較復(fù)雜，沒(méi)有運(yùn)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論解決簡(jiǎn)捷.2. D【解析】慣性就是物體保持靜止或者勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的性質(zhì)，故A錯(cuò)誤；作用力和反作用力作用在兩個(gè)物體上，效果不相同，故 B錯(cuò)誤；物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)改變的難易程度取決于物體慣性大小，故

17、C錯(cuò)誤；力的國(guó)際制單位“牛頓”是根據(jù)牛頓第二定律定義的，故D正確。所以D正確，ABC錯(cuò)誤。3. A【解析】2fa = -g對(duì)木塊分析得：2f-Mg=Ma解得木塊的最大加速度為：M ,對(duì)整體分析得：F- (M+m)2&M + m F =g= (M+m) a,將a代入解得："，故A正確，BCD昔誤。4. AB【解析】已知兩車在t=0時(shí)并排行駛，在0-1s內(nèi)，甲車的速度比乙車的小，所以在 t=1s時(shí)，甲車在乙車后，故A正確.根據(jù)速度時(shí)間圖線與時(shí)間軸所圍的面積大小表示位移.可得，在 t=3s時(shí)，兩車10 + 2530«3火 3 = 7.5 rn的位移之差為 x=x乙-x甲=

18、2工，則在t=3s時(shí)，甲車在乙車后7.5m.故B正確.根據(jù)“面積”表示位移，可知兩車另一次并排行駛的時(shí)刻是t=4s ,故C錯(cuò)誤.兩車另一次并排行駛的30x4時(shí)刻是t=4s ,甲、乙車兩次并排行駛的位置之間沿公路方向的距離為S= 2 =60m,故D錯(cuò)誤.故選AB.點(diǎn)睛：本題是追及和相遇問(wèn)題.解答此題的關(guān)鍵是根據(jù)速度圖象分析物體運(yùn)動(dòng)情況，要注意兩車的位置關(guān)系和距離隨時(shí)間如何變化，當(dāng)兩車相遇時(shí)，位移之差等于原來(lái)之間的距離.5. C【解析】A、a球做的是豎直上拋運(yùn)動(dòng)，b球是自由落體運(yùn)動(dòng)，它們的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不同，不可能同時(shí)落地，故A錯(cuò)誤.日 從題目?jī)?nèi)容可看出，在1處相遇，此時(shí)a球和b球的位移相同，時(shí)間相同，

19、它們的加速度 也相同，所以ab兩個(gè)球的運(yùn)動(dòng)的過(guò)程恰好是相反的，把a(bǔ)球的運(yùn)動(dòng)反過(guò)來(lái)看的話，應(yīng)該和 b球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程一樣，所以在相遇時(shí)，a球的速度剛好為0,而b球的速度剛好為 V。，所以B錯(cuò)誤.C由于兩球運(yùn)動(dòng)時(shí)機(jī)械能守恒，兩球恰在 宵處相遇，從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到相遇，由動(dòng)能定理可知，球a動(dòng)能的減少量等于球 b動(dòng)能的增加量，選項(xiàng) C正確.D相遇后，ab兩個(gè)球的速度的大小不同，而重力的大小是相同的，所以重力的功率不同， 故D錯(cuò)誤.故選：C.6. CmM vG = m根據(jù)r； rl2百度文庫(kù)-讓每個(gè)人平等地提升自我久）16mM 上一 = r向心加速度大小之比為 叫1,選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù) J ,得衛(wèi)星變軌前、后的角速

20、度之比為 J1 ，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)T=山，得衛(wèi)星變軌前、后的周期之比為 仆 W 8,選項(xiàng)C正6當(dāng)從開(kāi)始到AB速度相同的過(guò)程中,（M+m）v解得：v=1m/s;由能量關(guān)系可知:確；故選C.【點(diǎn)睛】能根據(jù)萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力，并由此根據(jù)半徑關(guān)系求解分析描述圓周運(yùn)動(dòng)物理量大 小關(guān)系是正確解題的關(guān)鍵.7. C【解析】取水平向右方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：（M-m）V0 =1.金2pnngL = -(M + m)v巧- -(M + mjv 解得：L=im故選c.8. A【解析】A.從A運(yùn)動(dòng)到O,小孩的速度不斷增大，根據(jù)能量轉(zhuǎn)化和守恒定律可知：其重力勢(shì)能減少量 等于增加的動(dòng)能與彈性繩的彈性勢(shì)能之

21、和，則重力勢(shì)能減少量大于動(dòng)能增加量，故A正確；B.從O運(yùn)動(dòng)到B,小孩的速度不斷減小，根據(jù)能量轉(zhuǎn)化和守恒定律可知：小孩動(dòng)能減少量和 重力勢(shì)能減少量之和等于蹦床和彈性繩彈性勢(shì)能增加量，則小孩動(dòng)能減少量小于蹦床和彈性繩彈性 勢(shì)能增加量，故B錯(cuò)誤；C.從A運(yùn)動(dòng)到B,小孩機(jī)械能轉(zhuǎn)化為彈性繩和蹦床的彈性勢(shì)能，則知小孩機(jī)械能減少量大于 蹦床彈性勢(shì)能增加量，故 C錯(cuò)誤；D.若從B返回到A,彈性繩的彈性勢(shì)能和蹦床的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為小孩的機(jī)械能，則知小孩機(jī) 械能增加量大于蹦床彈性勢(shì)能的減少量，故D錯(cuò)誤。故選：A9. AC【解析】由題意知，根據(jù)庫(kù)倫定律可求小球A與B之間庫(kù)侖力的大小為球A為研究對(duì)象受力分析如圖：根據(jù)物

22、體的平衡條件可求當(dāng)mg Fc、FN三力的合力等于零時(shí)，即 d*時(shí)，細(xì)線上的拉力為0,所以B錯(cuò)誤；C正確；由平衡條件知，小球 A受彈力不可能為零，所以 D錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：電場(chǎng)線和等勢(shì)面10. AD【解析】大圓盤(pán)和小圓盤(pán)邊緣上的線速度大小相等，當(dāng)小圓盤(pán)以角速度3轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)V=3知，大皿12f 二 mRj- = -mRcj圓盤(pán)以2轉(zhuǎn)動(dòng)，則小物塊甲受到的摩擦力4 ，故A正確；兩物塊做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑§3 一相等，但是角速度不同，則線速度大小不等，故 B錯(cuò)誤；根據(jù)wmg=m3 2知，臨界角速度J ,兩物塊的半徑相等，知臨界角速度相等，在角速度3逐漸增大的過(guò)程中，由于大圓盤(pán)的角速度是小圓盤(pán)較小的一半

23、，可知物塊乙先滑動(dòng)，故 C錯(cuò)誤；在角速度3逐漸減小的過(guò)程中，甲乙的線速度逐漸 減小，根據(jù)動(dòng)能定理知，摩擦力對(duì)兩物塊均做負(fù)功，故 D正確。所以AD正確，BC錯(cuò)誤。11. . BD【解析】帶電粒子在電場(chǎng)中受到電場(chǎng)力與重力，根據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，結(jié)合運(yùn)動(dòng)的分析，可知電場(chǎng)力垂直極板向上，從而可確定粒子的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，及根據(jù)電場(chǎng)力做功來(lái)確定電勢(shì)能如何變化。A、D項(xiàng)：帶電粒子在電場(chǎng)中受到電場(chǎng)力與重力，根據(jù)題意可知，粒子做直線運(yùn)動(dòng)，力和速度一定在同一直線上，則可知，電場(chǎng)力必定垂直極板向上，電場(chǎng)力與重力的合力必定與速度方向反向，粒子做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故 A錯(cuò)誤，D正確；B項(xiàng)：電場(chǎng)力垂直于極板向上，電場(chǎng)力做負(fù)功，則電

24、勢(shì)能增加，故 B正確；C項(xiàng)：因重力不做功，電場(chǎng)力做負(fù)功，則電勢(shì)能增加，導(dǎo)致動(dòng)能減小，故 C錯(cuò)誤。故應(yīng)選BD【點(diǎn)睛】本題考查根據(jù)運(yùn)動(dòng)情況來(lái)確定受力情況，并由電場(chǎng)力做功來(lái)確定電勢(shì)能如何，以及動(dòng)能的變點(diǎn)睛：此題關(guān)鍵能根據(jù)在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的瞬時(shí)速度大小等于該過(guò)程中的平均速化，注意電場(chǎng)力做正功時(shí)電勢(shì)能減小，而電場(chǎng)力做負(fù)功時(shí)電勢(shì)能增大。12. ABC【解析】以A為研究對(duì)象，由牛頓第二定律得： F=ma,代入數(shù)據(jù)得：a=2.5m/s 2,故A正確；A B碰 撞后共同運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，選向右的方向?yàn)檎?，由?dòng)量定理得：Ft= (m+mB) vt- (m+m) v,代入數(shù)據(jù)解得：v=1m/s,故B正確；A B

25、碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，以 A的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：1 t同=: m4VAmvA= (m+mi) v, A從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到與 B發(fā)生碰撞前，由動(dòng)能定理得：21,聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)得：l =0.45m,故C正確，D錯(cuò)誤。所以 ABC正確，D錯(cuò)誤。13. ABD【解析】小船從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)過(guò)程中克服阻力做功：W=fd,故A正確；小船從 A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，電1 , 1 JI J 2(Pt-fd jW-W, = -mv；V = V +動(dòng)機(jī)牽引纜繩對(duì)小船做功： W=Pt ,由動(dòng)能定理有：2 2 ，聯(lián)立解得：、 E ,故B正確，C錯(cuò)誤；設(shè)小船經(jīng)過(guò) B點(diǎn)時(shí)繩的拉力大小為 F,繩與水平方向夾角為 0 ,繩的

26、速度大小為e+ 2 mt Ptfd)舊v' , P=Fv' , v' =vicos 0 ,牛頓第二定律 Fcos8-f=ma 聯(lián)立解得：'口，故D正確。所以 ABD正確，C錯(cuò)誤。14. ( 1) 0.480(2) 0.369 ; 0.384【解析】(1)每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有 4個(gè)點(diǎn)，因此相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為0.1s；根據(jù)在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的瞬時(shí)速度大小等于該過(guò)程中的平均速度，可知打第1個(gè)點(diǎn)時(shí)的速度為：x03 2.40 + 7.20 J=箕1。1v1=u-=0.480m/s16.79 +2 L61 J-=x 10(2)同理，v4=2T0.2=1.92m/

27、s1系統(tǒng)的初速度為零，所以動(dòng)能的增加量為：(m+m) v42 - 0=0.369J ;系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量等于系統(tǒng)重力做功，即為： Ep=W=(mm) gh=0.1 X 9.8 X (2.4+7.2+12.01+16.79 ) X 10 2=0.376J ;度求出打下記數(shù)點(diǎn)時(shí)的速度；根據(jù)系統(tǒng)的初末動(dòng)能大小可以求出動(dòng)能的增加量，根據(jù)系統(tǒng)重力做功 和重力勢(shì)能之間的關(guān)系求出系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量.15. ( 1) C(2) ADE(3) m - OMb m - OIN= m - OP(4) A【解析】(1)小球離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，由于小球拋出點(diǎn)的高度相等，它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，小球的水平位移與小

28、球的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其初速度，即測(cè)量射程，故C正確，ABD錯(cuò)誤。(2)要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律定律，即驗(yàn)證：mv1=mv2+mv3,小球離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，它們拋出點(diǎn)的高度相等，在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，上式兩邊同時(shí)乘以 t得：mv1t= mimt + m2V3t,得：mOPmOMmON因此實(shí)驗(yàn)需要過(guò)程為：測(cè)量?jī)汕虻馁|(zhì)量、確定落點(diǎn)從而確定小球的水平位移，故選 ADE(3)由(2)可知，實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證：mO展mOMmONm1=m22riiV二vj 丫工=(4)根據(jù)彈性碰撞的公式，碰撞后兩球的速度為：叫+嗎，?衛(wèi)顯然v2-v1=v。,因平拋運(yùn)動(dòng)中的時(shí)間相等，所以有：ORONOM故A正

29、確，BCD昔誤。16. (1) tan 0 >0.05科2為0.8(3)最大距離x為1.9m【解析】(1)為使小物塊下滑，則有： mgsin 0 >mgcos。；故0應(yīng)滿足的條件為：tan 0 > 0.05 ;(2)克服摩擦力做功 W1mgLcos 0 +2mg (L2 - Leos 0)由動(dòng)能定理得： mgLsin 0 - W=0代入數(shù)據(jù)解得：科2=0.8；1(3)由動(dòng)能定理得：mgLsin 0 - Wmd解得：v=1m/s;工對(duì)于平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向有：H=gt2;解得：t=0.4s ;水平方向X1=vt解得：x0.4m；百度文庫(kù)-讓每個(gè)人平等地提升自我總位移 Xm=Xi+L2=0.4+1.5=1.9m ;當(dāng)k>9