帶電粒子在有界磁場中運動問題

1、帶電粒子在有界磁場中的臨界極值問題多維探究(一)半無界磁場典例1(多選)(2012·江蘇高考)如圖8­2­17所示，MN是磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場的邊界。一質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子在紙面內(nèi)從O點射入磁場。若粒子速度為v0，最遠可落在邊界上的A點。下列說法中正確的有()圖8­2­17A若粒子落在A點的左側(cè)，其速度一定小于v0B若粒子落在A點的右側(cè)，其速度一定大于v0C若粒子落在A點左右兩側(cè)d的范圍內(nèi)，其速度不可能小于v0qBd/2mD若粒子落在A點左右兩側(cè)d的范圍內(nèi)，其速度不可能大于v0qBd/2m解析因粒子由O點以速度v0入射時，最遠落在A點

2、，又粒子在O點垂直射入磁場時，在邊界上的落點最遠，即，所以粒子若落在A的右側(cè)，速度應(yīng)大于v0，B正確；當(dāng)粒子落在A的左側(cè)時，由于不一定是垂直入射，所以速度可能等于、大于或小于v0，A錯誤；當(dāng)粒子射到A點左側(cè)相距d的點時，最小速度為xmin，則，又因，所以vminv0，所以粒子落在A點左右兩側(cè)d的范圍內(nèi)，其速度不可能小于vminv0，C正確；當(dāng)粒子射到A點右側(cè)相距d的點時，最小速度為v1，則，又因，即v1v0，D錯誤。答案BC8(多選)如圖8，兩個初速度大小相同的同種離子a和b，從O點沿垂直磁場方向進入勻強磁場，最后打到屏P上，不計重力，下列說法正確的有()圖8Aa、b均帶正電Ba在磁場中飛行的

3、時間比b的短Ca在磁場中飛行的路程比b的短Da在P上的落點與O點的距離比b的近解析：選ADa、b粒子做圓周運動的半徑都為R，畫出軌跡如圖所示，O1、O2分別為b、a軌跡的圓心，a在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角大，由tT和軌跡圖可知A、D選項正確。5(多選)(2011·浙江高考)利用如圖4所示裝置可以選擇一定速度范圍內(nèi)的帶電粒子。圖中板MN上方是磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場，板上有兩條寬度分別為 2d 和 d 的縫，兩縫近端相距為L。一群質(zhì)量為 m、電荷量為 q，具有不同速度的粒子從寬度為 2d 的縫垂直于板 MN 進入磁場，對于能夠從寬度為 d的縫射出的粒子，下列說法正確的是

4、()圖4A粒子帶正電B射出粒子的最大速度為C保持d和L不變，增大B，射出粒子的最大速度與最小速度之差增大D保持d和B不變，增大L，射出粒子的最大速度與最小速度之差增大解析：選BC由左手定則和粒子的偏轉(zhuǎn)情況可以判斷粒子帶負電，選項A錯；根據(jù)洛倫茲力提供向心力qvB可得v，r越大v越大，由圖可知r最大值為rmax，選項B正確；又r最小值為rmin，將r的最大值和最小值代入v的表達式后得出速度之差為v，可見選項C正確、D錯誤。07天津理綜×××××××××××××

5、5;×OBxyv 12、如圖所示，在x軸上方存在著垂直于紙面向里、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場。一個不計重力的帶電粒子從坐標原點O處以速度v進入磁場，粒子進入磁場時的速度方向垂直于磁場且與x軸正方向成120°角，若粒子穿過y軸正半軸后在磁場中到x軸的最大距離為a，則該粒子的比荷和所帶電荷的正負是CA，正電荷 B，正電荷 C，負電荷 D，負電荷(二)四分之一平面磁場典例2如圖8­2­18所示，一個質(zhì)量為m電荷量為q的帶電粒子從x軸上的P(a,0)點以速度v，沿與x軸正方向成60°角的方向射入第一象限內(nèi)的勻強磁場中，并恰好垂直于y軸射出第一象限。求勻強

6、磁場的磁感應(yīng)強度B和射出點的坐標。圖8­2­18解析軌跡示意圖如圖所示，由射入、射出點的半徑可找到圓心O，并得出半徑為r，得B；射出點坐標為(0，a)。答案B；射出點坐標為(0，a)。9帶電粒子以初速度v0從a點垂直y軸進入勻強磁場，如圖9所示。運動中經(jīng)過b點，OaOb，若撤去磁場加一個與y軸平行的勻強電場，仍以v0從a點垂直y軸進入電場，粒子仍能通過b點，那么電場強度E與磁感應(yīng)強度B之比為()圖9Av0B1C2v0 D.解析：選C帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，O為圓心，故OaObr帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動，故Obv0tOat2由得2v0，故選項C對。6.（2

7、010·新課標全國卷·T25）（18分）如圖所示，在0 x a、0 y 范圍內(nèi)有垂直于xy平面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B。坐標原點O處有一個粒子源，在某時刻發(fā)射大量質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，它們的速度大小相同，速度方向均在xy平面內(nèi)，與y軸正方向的夾角分布在090°范圍內(nèi)。己知粒子在磁場中做圓周運動的半徑介于a/2到a之間，從發(fā)射粒子到粒子全部離開磁場經(jīng)歷的時間恰好為粒子在磁場中做圓周運動周期的四分之一。求最后離開磁場的粒子從粒子源射出時的（1）速度的大?。?）速度方向與y軸正方向夾角的正弦?！窘馕觥勘绢}以大量帶電粒子沿各個方向在有界勻強磁場中作勻

8、速圓周運動，建立一幅動態(tài)運動圖景，考查考生空間想象能力和運用數(shù)學(xué)知識處理物理問題的能力。（1）設(shè)粒子的發(fā)射速度為v，粒子做圓周運動的軌道半徑為R，由牛頓第二定律和洛侖茲力公式，得：， （2分）由解得： （1分）畫出沿y方向以a/2為半徑做勻速圓周運動軌跡如圖所示，再畫出從坐標原點O沿與y軸正方向以半徑R0（a/2<R0<a）做勻速圓周運動且圓弧軌跡與磁場上邊界相切時的臨界軌跡，然后將臨界軌跡以O(shè)為圓心順時針或逆時針旋轉(zhuǎn)，根據(jù)在磁場中的軌跡線的長度即可判斷運動時間的長短，如下圖所示。從圖不難看出臨界軌跡對應(yīng)的運動時間最長。當(dāng)時，在磁場中運動時間最長的粒子，其軌跡是圓心為C的圓弧，圓弧

9、與磁場的上邊界相切，如圖所示，設(shè)該粒子在磁場中運動的時間為t，依題意，得：BxyO。 （4分） 設(shè)最后離開磁場的粒子的發(fā)射速度方向與y軸正方向的夾角為，由幾何關(guān)系可得： （2分） （2分）又 （1分）由式解得： （2分）由式得： （2分）（2）由式得： （2分）【答案】（1） （2）【類題拓展】巧解有界磁場中部分圓弧運動問題（1）分析思路三步走：1.確定圓心，畫出軌跡；2.找?guī)缀侮P(guān)系，定物理量；3.畫動態(tài)圖，定臨界狀態(tài)。（2）分析方法四優(yōu)法1.幾何對稱法：粒子的運動軌跡關(guān)于入射點和出射點的中垂線對稱。2.動態(tài)放縮法：速度越大半徑越大，但速度方向不變的粒子圓心在垂直速度方向的直線上。3.旋轉(zhuǎn)平移

10、法：定點離子源發(fā)射速度大小相等、方向不同的所有粒子的軌跡圓圓心在以入射點為圓心，半徑R=mv0/(qB)的圓上，相當(dāng)于將一個定圓以入射點為圓心旋轉(zhuǎn)。4.數(shù)學(xué)解析法：寫出軌跡圓和圓形邊界的解析方程，應(yīng)用物理和數(shù)學(xué)知識求解。本題巧妙地應(yīng)用動態(tài)放縮法和旋轉(zhuǎn)平移法能夠很快得出帶電粒子在磁場中運動時間最長的臨界軌跡，問題也就迎刃而解了。8導(dǎo)學(xué)號：82460346(2015武漢聯(lián)考)如圖所示，帶異種電荷的粒子a、b以相同的動能同時從O點射入寬度為d的有界勻強磁場，兩粒子的入射方向與磁場邊界的夾角分別為30°和60°，且同時到達P點a、b兩粒子的質(zhì)量之比為()A12 B21C34 D43

11、解析：根據(jù)粒子a、b動能相同得，mavmbv；a粒子在磁場中運動軌跡半徑rad/，b粒子在磁場中運動軌跡半徑rbd.a粒子所對的圓心角為120°，軌跡弧長為sa2ra/32d/3，運動時間tasa/va；b粒子在磁場中運動軌跡所對的圓心角為60°，軌跡弧長為sbrb/3d/3，運動時間tbsb/vb；由a、b兩粒子同時到達P點得tatb，聯(lián)立求得a、b兩粒子速度之比為vavb2，質(zhì)量之比，選項C正確答案：C9導(dǎo)學(xué)號：82460347(2015杭州模擬)如圖所示，在豎直放置的金屬板M上放一個放射源C，可向紙面內(nèi)各個方向射出速率均為v的粒子，P是與金屬板M平行的足夠大的熒光屏，

12、到M的距離為d.現(xiàn)在P與金屬板M間加上垂直紙面的勻強磁場，調(diào)整磁感應(yīng)強度的大小，恰使沿M板向上射出的粒子剛好垂直打在熒光屏上若粒子的質(zhì)量為m，電荷量為2e.則()A磁場方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B的大小為B磁場方向垂直紙面向外，磁感應(yīng)強度B的大小為C在熒光屏上能觀察到的亮斑區(qū)的長度為2dD在熒光屏上能觀察到的亮斑區(qū)的長度為4d解析：由左手定則可判斷，磁感應(yīng)強度的方向垂直紙面向外，由Rd得：B，A錯誤，B正確；粒子沿水平面向右運動時，恰好與光屏相切，此為打在屏上最下方的粒子，故熒光屏上能觀察到的亮斑區(qū)的長度為2R2d，C正確，D錯誤答案：BC12.(2015·珠海期末)如圖12所示，

13、在平面直角坐標系xOy的第四象限有垂直紙面向里的勻強磁場，一質(zhì)量為m5.0×108 kg、電量為q1.0×106 C的帶電粒子。從靜止開始經(jīng)U010 V的電壓加速后，從P點沿圖示方向進入磁場，已知OP30 cm，(粒子重力不計，sin 37°0.6，cos 37°0.8)，求：圖12(1)帶電粒子到達P點時速度v的大??；(2)若磁感應(yīng)強度B2.0 T，粒子從x軸上的Q點離開磁場，求OQ的距離；(3)若粒子不能進入x軸上方，求磁感應(yīng)強度B滿足的條件。解析：(1)對帶電粒子的加速過程，由動能定理qUmv2代入數(shù)據(jù)得：v20 m/s(2)帶電粒子僅在洛倫茲力作

14、用下做勻速圓周運動，有：qvB得R代入數(shù)據(jù)得：R0.50 m而OP/cos 53°0.50 m故圓心一定在x軸上，軌跡如圖甲所示。由幾何關(guān)系可知：OQRRsin 53°故OQ0.90 m(3)帶電粒子不從x軸射出(如圖乙)，由幾何關(guān)系得：OP>RRcos 53°R由并代入數(shù)據(jù)得：B> T5.33 T(取“”照樣給分)答案：(1)20 m/s(2)0.90 m(3)B>5.33 T04（春季）5 如圖，在的空間中有恒定的勻強磁場，磁感強度的方向垂直于oxy平面向里，大小為B?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m電量為q的帶電粒子，在x軸上到原點的距離為的P點，以平行于y

15、軸的初速度射入此磁場，在磁場作用下沿垂直于y軸的方向射出此磁場。不計重力的影響。由這些條件可知，D A不能確定粒子通過y軸時的位置 B不能確定粒子速度的大小 C不能確定粒子在磁場中運動所經(jīng)歷的時間D以上三個判斷都不對(三)矩形磁場典例3(多選)如圖8­2­19所示，在一矩形區(qū)域內(nèi)，不加磁場時，不計重力的帶電粒子以某一初速度垂直左邊界射入，穿過此區(qū)域的時間為t。若加上磁感應(yīng)強度為B、垂直紙面向外的勻強磁場，帶電粒子仍以原來的初速度入射，粒子飛出磁場時偏離原方向60°，利用以上數(shù)據(jù)可求出下列物理量中的()圖8­2­19A帶電粒子的比荷B帶電粒子在磁

16、場中運動的周期C帶電粒子的初速度D帶電粒子在磁場中運動的半徑解析由帶電粒子在磁場中運動的偏轉(zhuǎn)角，可知帶電粒子運動軌跡所對應(yīng)的圓心角為60°，因此由幾何關(guān)系得磁場寬度lrsin 60°sin 60°，又未加磁場時有l(wèi)v0t，所以可求得比荷，A項對，周期T也可求出，B項對；因初速度未知，所以C、D項錯。答案AB10(2015·馬鞍山二檢)如圖10所示，abcd為一正方形邊界的勻強磁場區(qū)域，磁場邊界邊長為L，三個粒子以相同的速度從a點沿ac方向射入，粒子1從b點射出，粒子2從c點射出，粒子3從cd邊垂直于磁場邊界射出，不考慮粒子的重力和粒子間的相互作用。根據(jù)以

17、上信息，可以確定()圖10A粒子1帶負電，粒子2不帶電，粒子3帶正電B粒子1和粒子3的比荷之比為21C粒子1和粒子3在磁場中運動時間之比為41D粒子3的射出位置與d點相距解析：選B根據(jù)左手定則可知粒子1帶正電，粒子2不帶電，粒子3帶負電，選項A錯誤；粒子1在磁場中的軌跡為四分之一圓周，半徑r1L，時間t1T×，粒子3在磁場中的軌跡為八分之一圓周，半徑r3L，時間t3T×，則t1t3，選項C錯誤；由r可知粒子1和粒子3的比荷之比為r3r121，選項B正確；粒子3的射出位置與d點相距(1)L，選項D錯誤。(四)正方形磁場典例4(多選)(2011·海南高考)空間存在方向

18、垂直于紙面向里的勻強磁場，圖8­2­20中的正方形為其邊界。一細束由兩種粒子組成的粒子流沿垂直于磁場的方向從O點入射。這兩種粒子帶同種電荷，它們的電荷量、質(zhì)量均不同，但其比荷相同，且都包含不同速率的粒子。不計重力。下列說法中正確的是()圖8­2­20A入射速度不同的粒子在磁場中的運動時間一定不同B入射速度相同的粒子在磁場中的運動軌跡一定相同C在磁場中運動時間相同的粒子，其運動軌跡一定相同D在磁場中運動時間越長的粒子，其軌跡所對的圓心角一定越大解析在磁場中帶電粒子運動半徑r，運動時間：t(為轉(zhuǎn)過圓心角)，故B、D正確。當(dāng)粒子從O點所在的邊上射出時，軌跡可以

19、不同，但圓心角相同為180°，因而A、C錯。答案BD04（北京卷）6 如圖所示，正方形區(qū)域abcd中充滿勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里。一個氫核從ad邊的中點m沿著既垂直于ad邊又垂直于磁場的方向，以一定速度射入磁場，正好從ab邊中點n射出磁場。若將磁場的磁感應(yīng)強度變?yōu)樵瓉淼?倍.其他條件不變，則這個氫核射出磁場的位置是C（ ）A在b、n之間某點B在n、a之間某點Ca點D在a、m之間某點(五)半圓形磁場典例5如圖8­2­21所示，長方形abcd長ad0.6 m，寬ab0.3 m，O、e分別是ad、bc的中點，以ad為直徑的半圓內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場(邊界上無磁

20、場)，磁感應(yīng)強度B0.25 T。一群不計重力、質(zhì)量m3×107 kg、電荷量q2×103 C的帶電粒子以速度v5×102 m/s沿垂直ad方向且垂直于磁場射入磁場區(qū)域，則()圖8­2­21A從Od邊射入的粒子，出射點全部分布在Oa邊B從aO邊射入的粒子，出射點全部分布在ab邊C從Od邊射入的粒子，出射點分布在Oa邊和ab邊D從aO邊射入的粒子，出射點分布在ab邊和bc邊解析由r得帶電粒子在勻強磁場中運動的半徑r0.3 m，從Od邊射入的粒子，出射點分布在ab和be邊；從aO邊射入的粒子，出射點分布在ab邊和be邊；選項D正確。答案D07四川理綜

21、 11如圖所示，長方形abcd長ad0.6 m，寬ab0.3 m，O、e分別是ad、bc的中點，以ad為直徑的半圓內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場（邊界上無磁場），磁感應(yīng)強度B0.25 T。abcdBveO××××××一群不計重力、質(zhì)量m3×107 kg、電荷量q2×103 C的帶電粒子以速度v5×l02 m/s沿垂直ad方向且垂直于磁場射人磁場區(qū)域DA從Od邊射人的粒子，出射點全部分布在Oa邊B從aO邊射人的粒子，出射點全部分布在ab邊C從Od邊射入的粒子，出射點分布在Oa邊和ab邊D從aO邊射人的粒子，出射

22、點分布在ab邊和bc邊07寧夏理綜 1 在半徑為R的半圓形區(qū)域中有一勻強磁場，磁場的方向垂直于紙面，磁感應(yīng)強度為B。一質(zhì)量為m，帶有電量q的粒子以一定的速度沿垂直于半圓直徑AD方向經(jīng)P點（APd）射入磁場（不計重力影響）。 如果粒子恰好從A點射出磁場，求入射粒子的速度。如果粒子經(jīng)紙面內(nèi)Q點從磁場中射出，出射方向與半圓在Q點切線方向的夾角為（如圖）。求入射粒子的速度。RAOPDQ1 、由于粒子在P點垂直射入磁場，故圓弧軌道的圓心在AP上，AP是直徑。 設(shè)入射粒子的速度為v1，由洛倫茲力的表達式和牛頓第二定律得：RAOPDQO/R/ 解得：設(shè)O/是粒子在磁場中圓弧軌道的圓心，連接O/Q，設(shè)O/QR

23、/。 由幾何關(guān)系得： 由余弦定理得： 解得： 設(shè)入射粒子的速度為v，由 解出：1 .（2007·新課標全國卷·T24）（17分）在半徑為R的半圓形區(qū)域中有一勻強磁場，磁場的方向垂直于紙面，磁感應(yīng)強度為B。一質(zhì)量為m，帶有電量q的粒子以一定的速度沿垂直于半圓直徑AD方向經(jīng)P點（AP=d）射入磁場（不計重力影響）。（1）如果粒子恰好從A點射出磁場，求入射粒子的速度。（2）如果粒子經(jīng)紙面內(nèi)Q點從磁場中射出，出射方向與半圓在Q點切線的夾角為（如圖）。求入射粒子的速度。【解析】由于粒子在P點垂直射入磁場，故圓弧軌道的圓心在AP上，AP是直徑。RAOPDQO/R/ 設(shè)入射粒子的速度為v

24、1，由洛倫茲力的表達式和牛頓第二定律得： 解得：設(shè)O/是粒子在磁場中圓弧軌道的圓心，連接O/Q，設(shè)O/QR/。 由幾何關(guān)系得： 由余弦定理得： 解得： 設(shè)入射粒子的速度為v，由 解出：【答案】（1）（2）7導(dǎo)學(xué)號：82460345如圖所示，AOB為一邊界為圓的勻強磁場，O點為圓心，D點為邊界OB的中點，C點為邊界上一點，且CDAO.現(xiàn)有兩個完全相同的帶電粒子以相同的速度射入磁場(不計粒子重力)，其中粒子1從A點正對圓心射入，恰從B點射出，粒子2從C點沿CD射入，從某點離開磁場，則可判斷()A粒子2在BC之間某點射出磁場B粒子2必在B點射出磁場C粒子1與粒子2在磁場中的運動時間之比為32D粒子1

25、與粒子2的速度偏轉(zhuǎn)角度應(yīng)相同解析：粒子從A點射入，恰好從B點射出，則粒子做圓周運動的半徑等于圓的半徑，從圓弧AB水平入射的粒子都將聚集到B點，則選項B正確；分析得粒子1和2的運動的圓弧對應(yīng)的圓心角分別為90°和60°，由tT，得兩粒子運動的時間之比為32，則選項C正確答案：BC(六)圓形磁場典例6(2012·安徽高考)如圖8­2­22所示，圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強磁場，一個帶電粒子以速度v從A點沿直徑AOB方向射入磁場，經(jīng)過t時間從C點射出磁場，OC與OB成60°角。現(xiàn)將帶電粒子的速度變?yōu)?，仍從A點沿原方向射入磁場，不計重力，

26、則粒子在磁場中的運動時間變?yōu)?)圖8­2­22A.tB2tC.t D3t解析帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，由洛倫茲力提供向心力，據(jù)牛頓第二定律有qvBm，解得粒子第一次通過磁場區(qū)時的半徑為r，圓弧AC所對應(yīng)的圓心角AO1C60°，經(jīng)歷的時間為tT(T為粒子在勻強磁場中的運動周期，大小為T，與粒子速度大小無關(guān))；當(dāng)粒子速度減小為后，根據(jù)r知其在磁場中的軌道半徑變?yōu)椋Ｗ訉腄點射出，根據(jù)圖中幾何關(guān)系得圓弧AD所對應(yīng)的圓心角AO2D120°，經(jīng)歷的時間為tT2t。由此可知本題正確選項只有B。答案B6.(2013·全國卷)如圖5，半徑為R的圓是

27、一圓柱形勻強磁場區(qū)域的橫截面(紙面)，磁感應(yīng)強度大小為B，方向垂直于紙面向外。一電荷量為q(q>0)、質(zhì)量為m的粒子沿平行于直徑ab的方向射入磁場區(qū)域，射入點與ab的距離為。已知粒子射出磁場與射入磁場時運動方向間的夾角為60°，則粒子的速率為(不計重力)()圖5A.B.C. D.解析：選B作出粒子在圓柱形勻強磁場區(qū)域的運動軌跡如圖，連接MN，根據(jù)粒子射出磁場時的速度方向與初速度方向間的夾角為60°，及MP，得出各角大小如圖所示，粒子的出射點必與磁場圓的圓心等高，四邊形OMON為菱形，粒子做圓周運動的半徑rR，根據(jù)qvB，得v。b11、（2013·新課標全國卷

28、·T18）（6分）如圖，半徑為R的圓是一圓柱形勻強磁場區(qū)域的橫截面（紙面），磁感應(yīng)強度大小為B，方向垂直于紙面向外，一電荷量為q（q>0）。質(zhì)量為m的粒子沿平行于直徑ab的方向射入磁場區(qū)域，射入點與ab的距離為，已知粒子射出磁場與射入磁場時運動方向間的夾角為60°，則粒子的速率為（不計重力）A B C D【解析】由題意知,設(shè)入射點為A,AC平行于ab,穿出磁場的點為B,圓心為O,由題意知,粒子射入磁場和射出磁場的夾角60°,所以圓心角就為60°,ABO為等邊三角形, BAC=30°,過B點做AC垂線交于C點,由三角形可得,所以帶電粒子運動

29、的半徑為r=R,由解得,所以選項B正確?！敬鸢浮緽12、（2013·新課標全國卷·T17）（6分）空間有一圓柱形勻強磁場區(qū)域，該區(qū)域的橫截面的半徑為R，磁場方向垂直橫截面。一質(zhì)量為m、電荷量為q（q0）的粒子以速率v0沿橫截面的某直徑射入磁場，離開磁場時速度方向偏離入射方向60°。不計重力，該磁場的磁感應(yīng)強度大小為【解析】畫出粒子的運動軌跡，由幾何關(guān)系可知，粒子做圓周運動的半徑，由可知，本題選A?！敬鸢浮緼（08四川卷）24（19分）如圖，一半徑為R的光滑絕緣半球面開口向下，固定在水平面上。整個空間存在勻強磁場，磁感應(yīng)強度方向豎直向下。一電荷量為q（q0）、質(zhì)量為

30、m的小球P在球面上做水平的勻速圓周運動，圓心為O。球心O到該圓周上任一點的連線與豎直方向的夾角為（0。為了使小球能夠在該圓周上運動，求磁感應(yīng)強度大小的最小值及小球P相應(yīng)的速率。重力加速度為g。解析：據(jù)題意，小球P在球面上做水平的勻速圓周運動，該圓周的圓心為O。P受到向下的重力mg、球面對它沿OP方向的支持力N和磁場的洛侖茲力 fqvB 式中v為小球運動的速率。洛侖茲力f的方向指向O。根據(jù)牛頓第二定律 由式得 由于v是實數(shù)，必須滿足0 由此得B 可見，為了使小球能夠在該圓周上運動，磁感應(yīng)強度大小的最小值為 此時，帶電小球做勻速圓周運動的速率為 由式得 (七)三角形磁場典例7如圖8­2­