2018高考海南物理試題與答案與解析

1、WORD格式完美 WORD 格式2021年普通高等學(xué)校招生全國(guó)統(tǒng)一考試*卷物理一、單項(xiàng)選擇題：此題共6 小題，每題4 分，共24 分。在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)為哪一項(xiàng)符合題目要求的。1【2021年*， 1，4 分】光滑水平桌面上有P 、Q兩個(gè)物塊，Q的質(zhì)量是 P 的n倍。將一輕彈簧置于P 、Q之間，用外力緩慢壓P 、Q。撤去外力后，P 、Q開(kāi)場(chǎng)運(yùn)動(dòng)， P 和Q的動(dòng)量大小的比值為An2B nC 1D 1【答案】 Dn【解析】當(dāng)撤去外力后，物塊P 的動(dòng)量大小為 PPmP vP，物塊Q的動(dòng)量大小為PQmQvQ，輕彈簧與物塊P、 Q組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：mP vP mQvQ，

2、那么P和 Q 的動(dòng)量大小的比值為1，應(yīng)選 D?！军c(diǎn)評(píng)】 此題考察動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，要注意明確撤去拉力后的動(dòng)量大小始終為零，同時(shí)在列式時(shí)一定要注意動(dòng)量的矢量性。2【2021年*， 2， 4 分】關(guān)于靜電場(chǎng)的電場(chǎng)線，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是A電場(chǎng)強(qiáng)度較大的地方電場(chǎng)線一定較疏B沿電場(chǎng)線方向，電場(chǎng)強(qiáng)度一定越來(lái)越小C沿電場(chǎng)線方向，電勢(shì)一定越來(lái)越低D電場(chǎng)線一定是帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡【答案】 C【解析】電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；沿電場(chǎng)線方向，電勢(shì)降低，而電場(chǎng)強(qiáng)度不一定越來(lái)越小，選項(xiàng)B 錯(cuò)誤，選項(xiàng) C 正確；電場(chǎng)線是為了直觀形象地描述電場(chǎng)

3、分布，在電場(chǎng)中引入的一些假想的曲線。曲線上每一點(diǎn)的切線方向和該點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向一致，電場(chǎng)線不是帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡，故D 錯(cuò)誤；應(yīng)選 C。【點(diǎn)評(píng)】記住電場(chǎng)線的特點(diǎn)：電場(chǎng)線的疏密代表電場(chǎng)的強(qiáng)弱，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，并要掌握電場(chǎng)線的兩個(gè)意義：電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的上下，電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的方向。3【2021年*， 3， 4 分】汽車緊急剎車后，停頓運(yùn)動(dòng)的車輪在水平地面上滑動(dòng)直至停頓，在地面上留下的痕跡稱為剎車線。由剎車線的長(zhǎng)短可知汽車剎車前的速度。汽車輪胎與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.80 ，測(cè)得剎車線長(zhǎng) 25 m。汽車在剎車前的瞬間的速度大小為重力加速度g 取10m s2A10m s

4、B 20m sC 30m sD 40m s【答案】 B【解析】汽車緊急剎車后， 做勻減速直線運(yùn)動(dòng)， 根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有： 0v022ax ，根據(jù)牛頓第二定律有：mg ma ，代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：v020m s ，應(yīng)選B。【點(diǎn)評(píng)】運(yùn)動(dòng)學(xué)問(wèn)題， 一般先根據(jù)物體受力， 利用牛頓第二定律求得加速度，然后再由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律求解相關(guān)位移、速度等問(wèn)題。4【2021年*， 4， 4 分】如圖，平行板電容器的兩極板豎直放置并分別與電源的正負(fù)極相連，一帶電小球經(jīng)絕緣輕繩懸掛于兩極板之間，處于靜止?fàn)顟B(tài)。 現(xiàn)保持右極板不動(dòng)， 將左極板向左緩慢移動(dòng)。關(guān)于小球所受的電場(chǎng)力大小F 和繩子的拉力大小T ，以下判斷正確的選項(xiàng)是AF逐漸

5、減小，T逐漸減小B F 逐漸增大， T 逐漸減小CF逐漸減小，T逐漸增大D F 逐漸增大， T 逐漸增大【答案】 A【解析】由題意可知，平行板電容器左極板向左緩慢移動(dòng)時(shí)，由于電容器始終與電源相連接，那么電容器兩極板間的電壓 U 不變，由于兩板距離d 變大，那么由 EU 可知，板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E 減小，那么小球所受的電場(chǎng)力大小 FqE 減小，那么細(xì)繩與豎直方向的夾角d變??；由于左極板沒(méi)有移動(dòng)之前，小球受力平衡，根據(jù)共點(diǎn)力的平衡條件可知，繩子的拉力大小Tmg ，由于細(xì)繩與豎直方向的夾角變小，那么 cos值T 變小，應(yīng)選A。cos變大，那么繩子上的拉力大小【點(diǎn)評(píng)】運(yùn)動(dòng)學(xué)問(wèn)題， 一般先根據(jù)物體受力， 利

6、用牛頓第二定律求得加速度，然后再由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律求解相關(guān)位移、速度等問(wèn)題。5【2021年*， 5，4 分】地球質(zhì)量為月球質(zhì)量的81 倍，地球半徑約為月球半徑的4 倍。假設(shè)在月球和地球?qū)I(yè)資料整理WORD格式X文 .X例 .指導(dǎo) . 參考專業(yè)資料整理WORD格式完美 WORD 格式外表同樣高度處，以一樣的初速度水平拋出物體，拋出點(diǎn)與落地點(diǎn)間的水平距離分別為s月和 s地，那么 s月 : s地約為A9:4B 6:1C3: 2D 1:1【答案】 A【解析】在星球外表，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有：GMmmg，解得： gGM，那么有：g月M 月R地216，22g 地M 地281RRR月根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)可知，落地時(shí)間

7、為2ht，那么在月球和地球外表同樣高度處，物體的落地時(shí)間之比為gt月g地9，水平射程為 xv0 t ，那么拋出點(diǎn)與落地點(diǎn)間的水平距離之比為s月t月9，應(yīng)選 A。t地g月4s地t地4【點(diǎn)評(píng)】 把月球外表的物體運(yùn)動(dòng)和天體運(yùn)動(dòng)結(jié)合起來(lái)是考試中常見(jiàn)的問(wèn)題重力加速度 g 是天體運(yùn)動(dòng)研究和天體外表宏觀物體運(yùn)動(dòng)研究聯(lián)系的物理量。6【2021年*， 6， 4 分】將一小球豎直向上拋出，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受到的空氣阻力不可忽略。a 為小球運(yùn)動(dòng)軌跡上的一點(diǎn)，小球上升和下降經(jīng)過(guò)a 點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能分別為k1k 2。從拋出開(kāi)場(chǎng)到小球第一次經(jīng)過(guò)a點(diǎn)E和 E時(shí)重力所做的功為W1，從拋出開(kāi)場(chǎng)到小球第二次經(jīng)過(guò)a 點(diǎn)時(shí)重力所做的功為

8、W2。以下選項(xiàng)正確的選項(xiàng)是AEk 1Ek 2， W1W2B Ek1Ek2， W1W2C Ek1 Ek 2， W1W2D Ek1Ek2，W1W2【答案】 B【解析】如果沒(méi)有空氣阻力， 根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知，小球上升和下降經(jīng)過(guò)a 點(diǎn)時(shí)速度大小相等， 動(dòng)能相等，但由于小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受到的空氣阻力不可忽略，那么從小球上升經(jīng)過(guò)a 點(diǎn)到下落經(jīng)過(guò) a 點(diǎn)的過(guò)程中，空氣阻力一直做負(fù)功，重力做功為零，根據(jù)動(dòng)能定理可知，小球的動(dòng)能要減小，即Ek1Ek2，而從拋出開(kāi)場(chǎng)到小球第一次經(jīng)過(guò)a 點(diǎn)以及從拋出開(kāi)場(chǎng)到小球第二次經(jīng)過(guò)a 點(diǎn)時(shí)，初、末位置的豎直高度相等，那么兩次重力做的功相等，即W1 W2，應(yīng)選 B。【點(diǎn)評(píng)

9、】解決此題的關(guān)鍵知道重力做功與路徑無(wú)關(guān)，與首末位置的高度差有關(guān)，以及掌握動(dòng)能定理，知道兩次經(jīng)過(guò) a 點(diǎn)的過(guò)程中重力不做功，阻力做負(fù)功。二、多項(xiàng)選擇題：此題共4 小題，每題5 分，共20 分。在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5 分，選對(duì)但不全的得3 分，有選錯(cuò)的得0 分。7【2021年*， 7， 5分】三束單色光1、2和3的波長(zhǎng)分別為 1 、2和3123。分別用著三束光照射同一種金屬。用光束2 照射時(shí)，恰能產(chǎn)生光電子。以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是A用光束 1 照射時(shí)，不能產(chǎn)生光電子B用光束 3 照射時(shí)，不能產(chǎn)生光電子C用光束 2 照射時(shí)，光越強(qiáng)，單位時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的光電子數(shù)目

10、越多D用光束 2 照射時(shí)，光越強(qiáng)，產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能越大【答案】 AC【解析】 由于三束單色光1、2 和 3 的波長(zhǎng)關(guān)系為123 ，根據(jù)cf 可知三束單色光1、2 和 3 的頻率關(guān)系為 f1 f2f3，用光束2 照射時(shí)，恰能產(chǎn)生光電子，根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)規(guī)律可知用光束3 照射時(shí)，一定能產(chǎn)生光電子，而用用光束1 照射時(shí)，不能產(chǎn)生光電子，選項(xiàng)A 正確，選項(xiàng) B 錯(cuò)誤；根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程Ek maxhW0可知，當(dāng)用光束2 照射時(shí)，產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能與光強(qiáng)無(wú)關(guān)，但光越強(qiáng)，單位時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的光電子數(shù)目越多，光電流強(qiáng)度就越大，選項(xiàng)C 正確，選項(xiàng)D 錯(cuò)誤；應(yīng)選AC。【點(diǎn)評(píng)】考察波長(zhǎng)與頻率的

11、關(guān)系式，掌握光電效應(yīng)現(xiàn)象發(fā)生條件，理解光電效應(yīng)方程的內(nèi)容。8【2021年*， 8，5 分】如圖，電阻R、電容 C 和電感L并聯(lián)后， 接入輸出電壓有效值恒定、頻率可調(diào)的交流電源。當(dāng)電路中交流電的頻率為f 時(shí)，通過(guò)R、 C 和L的電流有效值恰好相等。假設(shè)將頻率降低為1、I2和 I 3表示此時(shí)通過(guò)RLf，分別用I 1、 和的電流有效值， 那么CAI1I32 I1I2 I 3I 2 I 2I3BCD【答案】 BC【解析】當(dāng)電路中交流電的頻率為f 時(shí)，通過(guò)R、 C 和L的電流有效值恰好相等，當(dāng)交變電流的頻率為f 時(shí)，2那么線圈的感抗變小，導(dǎo)致通過(guò) L 的電流 I3有效值變大； 對(duì)于電容器的容抗變大，導(dǎo)致

12、通過(guò)的電流I2有效專業(yè)資料整理WORD格式X文 .X例 .指導(dǎo) . 參考專業(yè)資料整理WORD格式完美 WORD 格式值變?。粚?duì)于電阻來(lái)說(shuō)I1沒(méi)有變化，即I 3I 1I 2，應(yīng)選BC。【點(diǎn)評(píng)】解決此題的關(guān)鍵是要掌握電容器和電感的特性，知道電流的頻率越低時(shí)，容抗越高；而線圈的頻率越低專業(yè)資料整理WORD格式時(shí)，感抗越小。9【2021年*， 9， 5 分】如圖，水平地面上有三個(gè)靠在一起的物塊為 m 、2m 和 3m ，物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為。用大小為記 R 和Q之間相互作用力與Q與 P 之間相互作用力大小之比為P、Q和 R，質(zhì)量分別 F 的水平外力推動(dòng)物塊 P ，k 。以下判斷正確的選項(xiàng)是專業(yè)

13、資料整理WORD格式A假設(shè)0 ，那么 k5B假設(shè)0 ，那么 k3假設(shè)0 ，那么 k1假設(shè)0 ，那么 k36CD5【答案】 BD52【解析】假設(shè)0 ，對(duì)整體，根據(jù)牛頓第二定律有：Fm 2m3m gm2m3m a ，解得：aFg ，以 Q 與R為研究對(duì)象， 根據(jù)牛頓第二定律有：F12m3mg2m3m a ，m2 m3m解得： F15F ，以R為研究對(duì)象， 根據(jù)牛頓第二定律有：F23 mg3ma ，解得：F2F，那么 R和Q6F232，選項(xiàng) A 錯(cuò)誤，選項(xiàng) B 正確；假設(shè)0 ，之間相互作用力 F2與Q與 P 之間相互作用力 F1大小之比k5F1根據(jù)牛頓第二定律有：F m2m 3ma ，解得： aF，

14、以 Q 與R為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定6m律有： F12m3m a ，解得： F15，以 R 為研究對(duì)象， 根據(jù)牛頓第二定律有：F23ma ，解得：F6F23F2FR 和Q之間相互作用力F2與Q與 P 之間相互作用力F1大小之比 k，選項(xiàng) C 錯(cuò)誤，那么F152選項(xiàng) D 正確；應(yīng)選 BD?！军c(diǎn)評(píng)】對(duì)物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程中某一力的求解，一般先對(duì)物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)進(jìn)展分析，得到加速度，然后應(yīng)用牛頓第二定律求得合外力，再對(duì)物體進(jìn)展受力分析即可求解。10【2021年*， 10，5 分】如圖，空間中存在一勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)方向與豎直面紙面垂直，磁場(chǎng)的上、下邊界虛線均為水平面；紙面內(nèi)磁場(chǎng)上方有一個(gè)正方形導(dǎo)線框abcd

15、，其上、下兩邊均為磁場(chǎng)邊界平行，邊長(zhǎng)小于磁場(chǎng)上、下邊界的間距。假設(shè)線框自由下落，從ab 邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)開(kāi)場(chǎng)，直至 ab 邊到達(dá)磁場(chǎng)下邊界為止，線框下落的速度大小可能A始終減小B始終不變C始終增加D先減小后增加【答案】 CD【解析】設(shè)線框的質(zhì)量為m，線框的邊長(zhǎng)為L(zhǎng) ，磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B ，由于線框從某一高度處自由下落，當(dāng)ab 邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，如果此時(shí)ab 邊受到的安培力等于線框的重力，即BILmg ，線框勻速進(jìn)入磁場(chǎng)，但于線框邊長(zhǎng)小于磁場(chǎng)上、下邊界的間距，那么可知線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后到ab 邊到達(dá)磁場(chǎng)下邊界為止，由于穿過(guò)線框的磁通量不變， 線框僅受重力， 這個(gè)過(guò)程線框做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，即線框下落的速度先

16、不變后增加；當(dāng) ab 邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，如果此時(shí)ab 邊受到的安培力大于線框的重力，即BILmg ，線框減速進(jìn)入磁場(chǎng)，同理，可知線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后到ab 邊到達(dá)磁場(chǎng)下邊界為止，線框做勻加速度運(yùn)動(dòng)，即線框下落的速度先減小，后增大；當(dāng)ab 邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，如果此時(shí)ab 邊受到的安培力小于線框的重力，即BILmg ，線框加速進(jìn)入磁場(chǎng)，同理可知，線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后到ab 邊到達(dá)磁場(chǎng)下邊界為止，線框做勻加速度運(yùn)動(dòng)，即線框下落的速度始終增加；綜上分析可知，選項(xiàng)CD正確，選項(xiàng) AB錯(cuò)誤；應(yīng)選 CD?！军c(diǎn)評(píng)】 此題主要考察了線框切割磁場(chǎng)產(chǎn)生感應(yīng)電流同時(shí)受到安培力，根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)即可判斷速度的變化。三、實(shí)驗(yàn)

17、題：此題共2 小題，共 18 分把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程11【2021年， 11， 6 分】某同學(xué)用游標(biāo)卡尺分別測(cè)量金屬圓管的內(nèi)、外壁直徑，游標(biāo)卡尺的示數(shù)分別如圖a和圖 b所示。由圖可讀出，圓管內(nèi)壁的直徑為_(kāi)cm，圓管外壁的直徑為_(kāi)cm；由此可計(jì)算出金屬圓管橫截面的面積。【答案】 2.23 ； 2.99d 22mm30.1mm22.3mm2.23cm，所以圓管內(nèi)壁的直徑為【解析】由圖a 可知游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為2.23cm；由圖b可知游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為D29mm 0.1 9mm29.9mm2.99cm ，所以圓管外壁的專業(yè)資料整理WORD格式X文 .X例 .指導(dǎo) . 參考專

18、業(yè)資料整理WORD格式v0向右進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)磁場(chǎng)區(qū)域右邊界圖v0向右進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，做完美 WORD 格式直徑為 2.99cm?！军c(diǎn)評(píng)】對(duì)于根本測(cè)量?jī)x器如游標(biāo)卡尺、 螺旋測(cè)微器等要了解其原理，要能正確使用這些根本儀器進(jìn)展有關(guān)測(cè)量。12【2021年， 12，12 分】某同學(xué)用伏安法測(cè)量待測(cè)電阻的阻值。現(xiàn)有器材為： 待測(cè)電阻阻值約為5，R電源電動(dòng)勢(shì) 3V ，滑動(dòng)變阻器 阻值X圍 0 10，電流表量程 0.6A ，3A ，電壓表量程 3V ，15V，開(kāi)關(guān)，導(dǎo)線假設(shè)干。實(shí)驗(yàn)要求在測(cè)量電路中將電流表外接，滑動(dòng)變阻器起限流作用。答復(fù)以下問(wèn)題： 1按照實(shí)驗(yàn)要求在圖 a中畫出實(shí)物連線圖。

19、2假設(shè)已按實(shí)驗(yàn)要求接線，閉合開(kāi)關(guān)后移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，電壓表的示數(shù)始終約為3V，電流表的示數(shù)始終接近 0。寫出產(chǎn)生這種現(xiàn)象的一個(gè)原因：_ 。 3在連線正確后，閉合開(kāi)關(guān)。電壓表和電流表的示數(shù)分別如圖b和圖 c所示。由圖可知，電壓表讀數(shù)為 _V，電流表讀數(shù)為 _A。由此可得待測(cè)電阻的阻值為 _結(jié)果保存3 位有效數(shù)字?！敬鸢浮?1實(shí)物連線圖見(jiàn)解析2待測(cè)電阻R出現(xiàn)斷路 3 2.2 ； 0.48 ； 4.58【解析】1因?yàn)榇郎y(cè)電阻R阻值約為 5，電源電動(dòng)勢(shì) 3V，那么可估算電路中的最大電流為：E0.6 A ，所以電流表選0.6A 的量程；I mR根據(jù)準(zhǔn)確性原那么， 電壓表選 3V 的量程； 實(shí)驗(yàn)要求在

20、測(cè)量電路中將電流表外接，滑動(dòng)變阻器起限流作用，那么實(shí)物連線圖如以下列圖所示：（ 2由于電流表的示數(shù)始終接近0，那么可知電路出現(xiàn)斷路故障，又電壓表的示數(shù)始終約為 3V ，根據(jù)電壓表的改裝原理可知， 電壓表與電源肯定構(gòu)成了回路，那么可判斷出待測(cè)電阻R 出現(xiàn)斷路故障；3根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，由圖示電壓表可知，其量程為3V ，分度值為0.1V ，示數(shù)為 2.2V；由圖示電流表可知，其量程為 0.6A，分度值為 0.02A，示數(shù)為 0.48A ；根據(jù)歐姆定律可知，U2.2，R4.584.58 。I0.48那么待測(cè)電阻的阻值為【點(diǎn)評(píng)】在連線圖時(shí)要注意選擇電流表和電壓表的量程，掌握故障分析的方法，讀數(shù)時(shí)理清每一格表

21、示多少，從而進(jìn)展讀數(shù)。四、計(jì)算題：此題共2 小題，共 26 分把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟13【2021年， 13， 10 分】如圖，兩光滑平行金屬導(dǎo)軌置于水平面紙面內(nèi)，軌間距為 l ，左端連有阻值為R的電阻。一金屬桿置于導(dǎo)軌上，金屬桿右側(cè)存在一磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B 、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域。金屬桿以速度勻變速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)磁場(chǎng)區(qū)域右邊界圖中虛線位置時(shí)速度恰好為零。金屬桿與導(dǎo)軌始終保持垂直且接觸良好。除左端所連電阻外，其他電阻忽略不計(jì)。求金屬桿運(yùn)動(dòng)到磁場(chǎng)區(qū)域正中間時(shí)所受安培力的大小及此時(shí)電流的功率。解：設(shè)磁場(chǎng)區(qū)域長(zhǎng)為x ，因?yàn)榻饘贄U以速度中虛線位

22、置時(shí)速度恰好為零，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：0v022ax ，那么金屬桿運(yùn)動(dòng)到磁場(chǎng)區(qū)域正中間時(shí)有：222v0，那么此時(shí)金屬桿切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：vv02a x，聯(lián)立解得： v22E Blv2 Blv0，根據(jù)歐姆定律可知此時(shí)回路中的電流大小為：IE2 Blv0 ，那么金屬桿所受安培力的2R2 R大小為： FA2B2 l 2v0；此時(shí)回路中的電流為E2Blv 02RB2 l 2v02BIlI2R，那么此時(shí)的電功率為： P I。2RR2 R【點(diǎn)評(píng)】考察法拉第電磁感應(yīng)定律與閉合電路歐姆定律的內(nèi)容，掌握安培力的表達(dá)式，理解運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的應(yīng)用，注意電功率的內(nèi)容。14【2021年， 14，16 分

23、】一輕彈簧的一端固定在傾角為的固定光滑斜面的底部，另專業(yè)資料整理WORD格式X文 .X例 .指導(dǎo) . 參考專業(yè)資料整理WORD格式完美 WORD 格式一端和質(zhì)量為m 的小物塊 a 相連，如下列圖。質(zhì)量為3m 的小物塊 b 緊靠 a 靜止在斜面5專業(yè)資料整理WORD格式上，此時(shí)彈簧的壓縮量為x0，從t0 時(shí)開(kāi)場(chǎng)，對(duì)b 施加沿斜面向上的外力，使勻加速直線運(yùn)動(dòng)。經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，物塊a 、 b 別離；再經(jīng)過(guò)同樣長(zhǎng)的時(shí)間，發(fā)點(diǎn)的距離恰好也為x0。彈簧的形變始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度大小為（ 1彈簧的勁度系數(shù)；（ 2物塊 b 加速度的大??；（ 3在物塊 a 、 b 別離前，外力大小隨時(shí)間變化的關(guān)系式。b

24、 始終做b 距其出g 。求：專業(yè)資料整理WORD格式解： 1剛開(kāi)場(chǎng)時(shí)彈簧壓縮量為x0，根據(jù)平衡條件和胡克定律得3，解得： k8mg sinmm g sinkx0。55x0專業(yè)資料整理WORD格式 2 a 、 b 兩物體別離的條件是兩物體間的正壓力為x1，那么別離時(shí)，對(duì)小物塊a 有：kx1mg sin有： x0 x11at 2，b 始終做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，20，設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t物塊 a 、 b 別離，此時(shí)彈簧的壓縮量為ma ，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知，別離前a 、 b 運(yùn)動(dòng)的距離為1213。那么有： x0a2t ，聯(lián)立解得： ag sin ；x1x0254專業(yè)資料整理WORD格式 3在物塊 a 、 b 別離

25、前，對(duì) ab 整體根據(jù)牛頓第二定律有：Fkx m3 mg sinm3 m a ；55解得： F8 ma8 mg sinkx ，由題意可知 xx01 at 2，代入整理得： F8 mg sin4mg 2 sin 2t 2，5522525 x0在物塊 a 、 b 別離前，需滿足： 05x0；那么在物塊 a 、 b 別離前，外力大小隨時(shí)間變化的關(guān)系t2g sin式為： F8mg sin4mg 2 sin 2t 2，其中 0t5 x0。2525x02 g sin【點(diǎn)評(píng)】 此題考察牛頓第二定律的根本應(yīng)用，解題時(shí)一定要注意明確整體法與隔離法的正確應(yīng)用，同時(shí)注意分析運(yùn)動(dòng)過(guò)程，明確運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的選擇和應(yīng)用是解題

26、的關(guān)鍵。五、選考題：共 12分。請(qǐng)考生從第1516 題中任選一題作答，如果多做，那么按所做的第一題計(jì)分。15【2021年， 15， 12 分】【選修 3-3 】 1 4 分關(guān)于布朗運(yùn)動(dòng)，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是_。填入正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1 個(gè)得 2 分，選對(duì)2 個(gè)得 3 分，選對(duì) 3 個(gè)得 4 分；有選錯(cuò)的得 0 分A布朗運(yùn)動(dòng)是液體中懸浮微粒的無(wú)規(guī)那么運(yùn)動(dòng)B液體溫度越高，液體中懸浮微粒的布朗運(yùn)動(dòng)越劇烈C在液體中的懸浮顆粒只要大于某一尺寸，都會(huì)發(fā)生布朗運(yùn)動(dòng)D液體中懸浮微粒的布朗運(yùn)動(dòng)使液體分子永不停息地做無(wú)規(guī)那么運(yùn)動(dòng)E液體中懸浮微粒的布朗運(yùn)動(dòng)是液體分子對(duì)它的撞擊作用不平衡所引起的【答案】 ABE【解析

27、】 布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中的小顆粒的無(wú)規(guī)那么運(yùn)動(dòng)，小顆粒的布朗運(yùn)動(dòng)是由于周圍液體分子撞擊的沖力不平衡而引起的， 所以小顆粒的無(wú)規(guī)那么運(yùn)動(dòng)反映了周圍液體分子的無(wú)規(guī)那么運(yùn)動(dòng)，溫度越高， 液體分子運(yùn)動(dòng)越劇烈，布朗運(yùn)動(dòng)也越明顯；顆粒越小，受到的沖力越不平衡，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯，選項(xiàng)ABE 正確， CD錯(cuò)誤；應(yīng)選 ABE?！军c(diǎn)評(píng)】對(duì)于布朗運(yùn)動(dòng)，要理解并掌握布朗運(yùn)動(dòng)形成的原因，知道布朗運(yùn)動(dòng)既不是顆粒分子的運(yùn)動(dòng)，也不是液體分子的運(yùn)動(dòng)，而是液體分子無(wú)規(guī)那么運(yùn)動(dòng)的反映。 2 8 分一粗細(xì)均勻的 U 形管 ABCD 的A端封閉，D端與大氣相通。用水銀將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在 U 形管的AB一側(cè)，并將兩端向下豎直放置

28、，如下列圖。此時(shí)AB 側(cè)的氣體柱長(zhǎng)度l1 25cm 。管中 AB 、CD兩側(cè)的水銀面高度差h15cm ?，F(xiàn)將U形管緩慢旋轉(zhuǎn)180 ，使A、Dp076cmHg。求旋轉(zhuǎn)后， AB 、CD兩兩端在上，在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中沒(méi)有水銀漏出。大氣壓強(qiáng)側(cè)的水銀面高度差。解：以 U 形管的AB一側(cè)封閉的氣體為研究對(duì)象，初態(tài)：P176 5cmHg 81cmHg ，設(shè) U 形管的橫截面積為 Scm2，那么： V1 l 1S 25Scm3，現(xiàn)將 U 形管緩慢旋轉(zhuǎn) 180，使 A 、 D 兩端在上，在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中沒(méi)有水銀漏出，由于 U 形管緩慢旋轉(zhuǎn)， 此過(guò)程可以看成等溫變化， 當(dāng)使、 兩端在上，設(shè)AB中水銀下降了xcm ，A D

29、專業(yè)資料整理WORD格式X文 .X例 .指導(dǎo) . 參考專業(yè)資料整理WORD格式完美 WORD 格式CD 管中水銀面升高了 xcm ，對(duì)AB管中封閉的氣體有： 末態(tài)： P276 x5 x cmHg 71 2x cmHg ，V2 l1 x ScmPVPV2 ，代入數(shù)據(jù)解得：x2cm，另一解不符合題意舍掉；那么3 ，根據(jù) 玻意耳定律得：1 12AB 、CD兩側(cè)的水銀面高度差為h 5cm2cm2cm 1cm ?！军c(diǎn)評(píng)】此題考察了氣體定律的根本運(yùn)用，注意在這一過(guò)程中，氣體的溫度不變，結(jié)合氣體長(zhǎng)度的變化得出壓強(qiáng)的變化，根據(jù)玻意耳定律進(jìn)展求解，難度中等。16【2021年， 16， 12 分】【選修 3-4

30、】 14 分如圖，空氣中有兩塊材質(zhì)不同、上下外表平行的透明玻璃板平行放置；一細(xì)光束從空氣中以某一角度090 入射到第一塊玻璃板的上外表。以下說(shuō)法正確的是 _ 。填入正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì) 1 個(gè)得 2 分，選對(duì) 2 個(gè)得 3 分，選對(duì) 3 個(gè)得 4 分；有選錯(cuò)的得 0 分A在第一塊玻璃板下外表一定有出射光B在第二塊玻璃板下外表一定沒(méi)有出射光C第二塊玻璃板下外表的出射光方向一定與入射光方向平行D第二塊玻璃板下外表的出射光一定在入射光延長(zhǎng)線的左側(cè)E第一塊玻璃板下外表的出射光線一定在入射光延長(zhǎng)線的右側(cè)【答案】 ACD【解析】因?yàn)榧?xì)光束從空氣中以某一角度090入射到第一塊玻璃板的上外表，根據(jù)光的折射定律可知，細(xì)光束在第一塊玻璃板上外表中的折射角要小于入射角，由幾何關(guān)系可知，光束在第一塊玻璃板下外表的入射角等于光束在第一塊玻璃板上外表的折射角，所以光束在第一塊玻璃板下外表不會(huì)發(fā)生全反射而能射出玻璃板，且在第一塊玻璃板下外表出射的光線與在上外表上的入射光束平行，而且相對(duì)上外表的入射光線要向左發(fā)生平移；同理當(dāng)光束射入第二塊玻璃板上外表時(shí)，在第二塊玻璃板上外表的折射角也要小于此時(shí)的入射角，由上面分析可知，光束也能射出第二塊玻璃板