2018高考海南物理試題與答案與解析

1、WORD格式完美 WORD 格式2021年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試*卷物理一、單項選擇題：此題共6 小題，每題4 分，共24 分。在每題給出的四個選項中，只有一項為哪一項符合題目要求的。1【2021年*， 1，4 分】光滑水平桌面上有P 、Q兩個物塊，Q的質(zhì)量是 P 的n倍。將一輕彈簧置于P 、Q之間，用外力緩慢壓P 、Q。撤去外力后，P 、Q開場運動， P 和Q的動量大小的比值為An2B nC 1D 1【答案】 Dn【解析】當(dāng)撤去外力后，物塊P 的動量大小為 PPmP vP，物塊Q的動量大小為PQmQvQ，輕彈簧與物塊P、 Q組成的系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)動量守恒定律有：mP vP mQvQ，

2、那么P和 Q 的動量大小的比值為1，應(yīng)選 D?！军c評】 此題考察動量守恒定律的應(yīng)用，要注意明確撤去拉力后的動量大小始終為零，同時在列式時一定要注意動量的矢量性。2【2021年*， 2， 4 分】關(guān)于靜電場的電場線，以下說法正確的選項是A電場強度較大的地方電場線一定較疏B沿電場線方向，電場強度一定越來越小C沿電場線方向，電勢一定越來越低D電場線一定是帶電粒子在電場中運動的軌跡【答案】 C【解析】電場線的疏密表示場強的大小，電場線密的地方電場強度大，電場線疏的地方，電場強度小，選項A錯誤；沿電場線方向，電勢降低，而電場強度不一定越來越小，選項B 錯誤，選項 C 正確；電場線是為了直觀形象地描述電場

3、分布，在電場中引入的一些假想的曲線。曲線上每一點的切線方向和該點電場強度的方向一致，電場線不是帶電粒子在電場中的運動軌跡，故D 錯誤；應(yīng)選 C。【點評】記住電場線的特點：電場線的疏密代表電場的強弱，沿電場線方向電勢逐漸降低，并要掌握電場線的兩個意義：電場線的方向反映電勢的上下，電場線的疏密表示場強的方向。3【2021年*， 3， 4 分】汽車緊急剎車后，停頓運動的車輪在水平地面上滑動直至停頓，在地面上留下的痕跡稱為剎車線。由剎車線的長短可知汽車剎車前的速度。汽車輪胎與地面之間的動摩擦因數(shù)為0.80 ，測得剎車線長 25 m。汽車在剎車前的瞬間的速度大小為重力加速度g 取10m s2A10m s

4、B 20m sC 30m sD 40m s【答案】 B【解析】汽車緊急剎車后， 做勻減速直線運動， 根據(jù)運動學(xué)公式有： 0v022ax ，根據(jù)牛頓第二定律有：mg ma ，代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：v020m s ，應(yīng)選B?！军c評】運動學(xué)問題， 一般先根據(jù)物體受力， 利用牛頓第二定律求得加速度，然后再由運動學(xué)規(guī)律求解相關(guān)位移、速度等問題。4【2021年*， 4， 4 分】如圖，平行板電容器的兩極板豎直放置并分別與電源的正負(fù)極相連，一帶電小球經(jīng)絕緣輕繩懸掛于兩極板之間，處于靜止?fàn)顟B(tài)。 現(xiàn)保持右極板不動， 將左極板向左緩慢移動。關(guān)于小球所受的電場力大小F 和繩子的拉力大小T ，以下判斷正確的選項是AF逐漸

5、減小，T逐漸減小B F 逐漸增大， T 逐漸減小CF逐漸減小，T逐漸增大D F 逐漸增大， T 逐漸增大【答案】 A【解析】由題意可知，平行板電容器左極板向左緩慢移動時，由于電容器始終與電源相連接，那么電容器兩極板間的電壓 U 不變，由于兩板距離d 變大，那么由 EU 可知，板間的電場強度E 減小，那么小球所受的電場力大小 FqE 減小，那么細(xì)繩與豎直方向的夾角d變??；由于左極板沒有移動之前，小球受力平衡，根據(jù)共點力的平衡條件可知，繩子的拉力大小Tmg ，由于細(xì)繩與豎直方向的夾角變小，那么 cos值T 變小，應(yīng)選A。cos變大，那么繩子上的拉力大小【點評】運動學(xué)問題， 一般先根據(jù)物體受力， 利

6、用牛頓第二定律求得加速度，然后再由運動學(xué)規(guī)律求解相關(guān)位移、速度等問題。5【2021年*， 5，4 分】地球質(zhì)量為月球質(zhì)量的81 倍，地球半徑約為月球半徑的4 倍。假設(shè)在月球和地球?qū)I(yè)資料整理WORD格式X文 .X例 .指導(dǎo) . 參考專業(yè)資料整理WORD格式完美 WORD 格式外表同樣高度處，以一樣的初速度水平拋出物體，拋出點與落地點間的水平距離分別為s月和 s地，那么 s月 : s地約為A9:4B 6:1C3: 2D 1:1【答案】 A【解析】在星球外表，根據(jù)萬有引力提供向心力有：GMmmg，解得： gGM，那么有：g月M 月R地216，22g 地M 地281RRR月根據(jù)平拋運動可知，落地時間

7、為2ht，那么在月球和地球外表同樣高度處，物體的落地時間之比為gt月g地9，水平射程為 xv0 t ，那么拋出點與落地點間的水平距離之比為s月t月9，應(yīng)選 A。t地g月4s地t地4【點評】 把月球外表的物體運動和天體運動結(jié)合起來是考試中常見的問題重力加速度 g 是天體運動研究和天體外表宏觀物體運動研究聯(lián)系的物理量。6【2021年*， 6， 4 分】將一小球豎直向上拋出，小球在運動過程中所受到的空氣阻力不可忽略。a 為小球運動軌跡上的一點，小球上升和下降經(jīng)過a 點時的動能分別為k1k 2。從拋出開場到小球第一次經(jīng)過a點E和 E時重力所做的功為W1，從拋出開場到小球第二次經(jīng)過a 點時重力所做的功為

8、W2。以下選項正確的選項是AEk 1Ek 2， W1W2B Ek1Ek2， W1W2C Ek1 Ek 2， W1W2D Ek1Ek2，W1W2【答案】 B【解析】如果沒有空氣阻力， 根據(jù)豎直上拋運動規(guī)律可知，小球上升和下降經(jīng)過a 點時速度大小相等， 動能相等，但由于小球在運動過程中所受到的空氣阻力不可忽略，那么從小球上升經(jīng)過a 點到下落經(jīng)過 a 點的過程中，空氣阻力一直做負(fù)功，重力做功為零，根據(jù)動能定理可知，小球的動能要減小，即Ek1Ek2，而從拋出開場到小球第一次經(jīng)過a 點以及從拋出開場到小球第二次經(jīng)過a 點時，初、末位置的豎直高度相等，那么兩次重力做的功相等，即W1 W2，應(yīng)選 B。【點評

9、】解決此題的關(guān)鍵知道重力做功與路徑無關(guān)，與首末位置的高度差有關(guān)，以及掌握動能定理，知道兩次經(jīng)過 a 點的過程中重力不做功，阻力做負(fù)功。二、多項選擇題：此題共4 小題，每題5 分，共20 分。在每題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5 分，選對但不全的得3 分，有選錯的得0 分。7【2021年*， 7， 5分】三束單色光1、2和3的波長分別為 1 、2和3123。分別用著三束光照射同一種金屬。用光束2 照射時，恰能產(chǎn)生光電子。以下說法正確的選項是A用光束 1 照射時，不能產(chǎn)生光電子B用光束 3 照射時，不能產(chǎn)生光電子C用光束 2 照射時，光越強，單位時間內(nèi)產(chǎn)生的光電子數(shù)目

10、越多D用光束 2 照射時，光越強，產(chǎn)生的光電子的最大初動能越大【答案】 AC【解析】 由于三束單色光1、2 和 3 的波長關(guān)系為123 ，根據(jù)cf 可知三束單色光1、2 和 3 的頻率關(guān)系為 f1 f2f3，用光束2 照射時，恰能產(chǎn)生光電子，根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)規(guī)律可知用光束3 照射時，一定能產(chǎn)生光電子，而用用光束1 照射時，不能產(chǎn)生光電子，選項A 正確，選項 B 錯誤；根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程Ek maxhW0可知，當(dāng)用光束2 照射時，產(chǎn)生的光電子的最大初動能與光強無關(guān)，但光越強，單位時間內(nèi)產(chǎn)生的光電子數(shù)目越多，光電流強度就越大，選項C 正確，選項D 錯誤；應(yīng)選AC。【點評】考察波長與頻率的

11、關(guān)系式，掌握光電效應(yīng)現(xiàn)象發(fā)生條件，理解光電效應(yīng)方程的內(nèi)容。8【2021年*， 8，5 分】如圖，電阻R、電容 C 和電感L并聯(lián)后， 接入輸出電壓有效值恒定、頻率可調(diào)的交流電源。當(dāng)電路中交流電的頻率為f 時，通過R、 C 和L的電流有效值恰好相等。假設(shè)將頻率降低為1、I2和 I 3表示此時通過RLf，分別用I 1、 和的電流有效值， 那么CAI1I32 I1I2 I 3I 2 I 2I3BCD【答案】 BC【解析】當(dāng)電路中交流電的頻率為f 時，通過R、 C 和L的電流有效值恰好相等，當(dāng)交變電流的頻率為f 時，2那么線圈的感抗變小，導(dǎo)致通過 L 的電流 I3有效值變大； 對于電容器的容抗變大，導(dǎo)致

12、通過的電流I2有效專業(yè)資料整理WORD格式X文 .X例 .指導(dǎo) . 參考專業(yè)資料整理WORD格式完美 WORD 格式值變??；對于電阻來說I1沒有變化，即I 3I 1I 2，應(yīng)選BC?！军c評】解決此題的關(guān)鍵是要掌握電容器和電感的特性，知道電流的頻率越低時，容抗越高；而線圈的頻率越低專業(yè)資料整理WORD格式時，感抗越小。9【2021年*， 9， 5 分】如圖，水平地面上有三個靠在一起的物塊為 m 、2m 和 3m ，物塊與地面間的動摩擦因數(shù)都為。用大小為記 R 和Q之間相互作用力與Q與 P 之間相互作用力大小之比為P、Q和 R，質(zhì)量分別 F 的水平外力推動物塊 P ，k 。以下判斷正確的選項是專業(yè)

13、資料整理WORD格式A假設(shè)0 ，那么 k5B假設(shè)0 ，那么 k3假設(shè)0 ，那么 k1假設(shè)0 ，那么 k36CD5【答案】 BD52【解析】假設(shè)0 ，對整體，根據(jù)牛頓第二定律有：Fm 2m3m gm2m3m a ，解得：aFg ，以 Q 與R為研究對象， 根據(jù)牛頓第二定律有：F12m3mg2m3m a ，m2 m3m解得： F15F ，以R為研究對象， 根據(jù)牛頓第二定律有：F23 mg3ma ，解得：F2F，那么 R和Q6F232，選項 A 錯誤，選項 B 正確；假設(shè)0 ，之間相互作用力 F2與Q與 P 之間相互作用力 F1大小之比k5F1根據(jù)牛頓第二定律有：F m2m 3ma ，解得： aF，

14、以 Q 與R為研究對象，根據(jù)牛頓第二定6m律有： F12m3m a ，解得： F15，以 R 為研究對象， 根據(jù)牛頓第二定律有：F23ma ，解得：F6F23F2FR 和Q之間相互作用力F2與Q與 P 之間相互作用力F1大小之比 k，選項 C 錯誤，那么F152選項 D 正確；應(yīng)選 BD?！军c評】對物體運動過程中某一力的求解，一般先對物體運動狀態(tài)進展分析，得到加速度，然后應(yīng)用牛頓第二定律求得合外力，再對物體進展受力分析即可求解。10【2021年*， 10，5 分】如圖，空間中存在一勻強磁場區(qū)域，磁場方向與豎直面紙面垂直，磁場的上、下邊界虛線均為水平面；紙面內(nèi)磁場上方有一個正方形導(dǎo)線框abcd

15、，其上、下兩邊均為磁場邊界平行，邊長小于磁場上、下邊界的間距。假設(shè)線框自由下落，從ab 邊進入磁場時開場，直至 ab 邊到達(dá)磁場下邊界為止，線框下落的速度大小可能A始終減小B始終不變C始終增加D先減小后增加【答案】 CD【解析】設(shè)線框的質(zhì)量為m，線框的邊長為L ，磁感應(yīng)強度為 B ，由于線框從某一高度處自由下落，當(dāng)ab 邊進入磁場時，如果此時ab 邊受到的安培力等于線框的重力，即BILmg ，線框勻速進入磁場，但于線框邊長小于磁場上、下邊界的間距，那么可知線框完全進入磁場后到ab 邊到達(dá)磁場下邊界為止，由于穿過線框的磁通量不變， 線框僅受重力， 這個過程線框做勻加速直線運動，即線框下落的速度先

16、不變后增加；當(dāng) ab 邊進入磁場時，如果此時ab 邊受到的安培力大于線框的重力，即BILmg ，線框減速進入磁場，同理，可知線框完全進入磁場后到ab 邊到達(dá)磁場下邊界為止，線框做勻加速度運動，即線框下落的速度先減小，后增大；當(dāng)ab 邊進入磁場時，如果此時ab 邊受到的安培力小于線框的重力，即BILmg ，線框加速進入磁場，同理可知，線框完全進入磁場后到ab 邊到達(dá)磁場下邊界為止，線框做勻加速度運動，即線框下落的速度始終增加；綜上分析可知，選項CD正確，選項 AB錯誤；應(yīng)選 CD?！军c評】 此題主要考察了線框切割磁場產(chǎn)生感應(yīng)電流同時受到安培力，根據(jù)牛頓第二定律和運動學(xué)即可判斷速度的變化。三、實驗

17、題：此題共2 小題，共 18 分把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程11【2021年， 11， 6 分】某同學(xué)用游標(biāo)卡尺分別測量金屬圓管的內(nèi)、外壁直徑，游標(biāo)卡尺的示數(shù)分別如圖a和圖 b所示。由圖可讀出，圓管內(nèi)壁的直徑為_cm，圓管外壁的直徑為_cm；由此可計算出金屬圓管橫截面的面積?！敬鸢浮?2.23 ； 2.99d 22mm30.1mm22.3mm2.23cm，所以圓管內(nèi)壁的直徑為【解析】由圖a 可知游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為2.23cm；由圖b可知游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為D29mm 0.1 9mm29.9mm2.99cm ，所以圓管外壁的專業(yè)資料整理WORD格式X文 .X例 .指導(dǎo) . 參考專

18、業(yè)資料整理WORD格式v0向右進入磁場區(qū)域，做勻變速直線運動，到達(dá)磁場區(qū)域右邊界圖v0向右進入磁場區(qū)域，做完美 WORD 格式直徑為 2.99cm?！军c評】對于根本測量儀器如游標(biāo)卡尺、 螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些根本儀器進展有關(guān)測量。12【2021年， 12，12 分】某同學(xué)用伏安法測量待測電阻的阻值?，F(xiàn)有器材為： 待測電阻阻值約為5，R電源電動勢 3V ，滑動變阻器 阻值X圍 0 10，電流表量程 0.6A ，3A ，電壓表量程 3V ，15V，開關(guān)，導(dǎo)線假設(shè)干。實驗要求在測量電路中將電流表外接，滑動變阻器起限流作用。答復(fù)以下問題： 1按照實驗要求在圖 a中畫出實物連線圖。

19、2假設(shè)已按實驗要求接線，閉合開關(guān)后移動滑動變阻器的滑片，電壓表的示數(shù)始終約為3V，電流表的示數(shù)始終接近 0。寫出產(chǎn)生這種現(xiàn)象的一個原因：_ 。 3在連線正確后，閉合開關(guān)。電壓表和電流表的示數(shù)分別如圖b和圖 c所示。由圖可知，電壓表讀數(shù)為 _V，電流表讀數(shù)為 _A。由此可得待測電阻的阻值為 _結(jié)果保存3 位有效數(shù)字?！敬鸢浮?1實物連線圖見解析2待測電阻R出現(xiàn)斷路 3 2.2 ； 0.48 ； 4.58【解析】1因為待測電阻R阻值約為 5，電源電動勢 3V，那么可估算電路中的最大電流為：E0.6 A ，所以電流表選0.6A 的量程；I mR根據(jù)準(zhǔn)確性原那么， 電壓表選 3V 的量程； 實驗要求在

20、測量電路中將電流表外接，滑動變阻器起限流作用，那么實物連線圖如以下列圖所示：（ 2由于電流表的示數(shù)始終接近0，那么可知電路出現(xiàn)斷路故障，又電壓表的示數(shù)始終約為 3V ，根據(jù)電壓表的改裝原理可知， 電壓表與電源肯定構(gòu)成了回路，那么可判斷出待測電阻R 出現(xiàn)斷路故障；3根據(jù)實驗原理，由圖示電壓表可知，其量程為3V ，分度值為0.1V ，示數(shù)為 2.2V；由圖示電流表可知，其量程為 0.6A，分度值為 0.02A，示數(shù)為 0.48A ；根據(jù)歐姆定律可知，U2.2，R4.584.58 。I0.48那么待測電阻的阻值為【點評】在連線圖時要注意選擇電流表和電壓表的量程，掌握故障分析的方法，讀數(shù)時理清每一格表

21、示多少，從而進展讀數(shù)。四、計算題：此題共2 小題，共 26 分把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟13【2021年， 13， 10 分】如圖，兩光滑平行金屬導(dǎo)軌置于水平面紙面內(nèi)，軌間距為 l ，左端連有阻值為R的電阻。一金屬桿置于導(dǎo)軌上，金屬桿右側(cè)存在一磁感應(yīng)強度大小為 B 、方向豎直向下的勻強磁場區(qū)域。金屬桿以速度勻變速直線運動，到達(dá)磁場區(qū)域右邊界圖中虛線位置時速度恰好為零。金屬桿與導(dǎo)軌始終保持垂直且接觸良好。除左端所連電阻外，其他電阻忽略不計。求金屬桿運動到磁場區(qū)域正中間時所受安培力的大小及此時電流的功率。解：設(shè)磁場區(qū)域長為x ，因為金屬桿以速度中虛線位

22、置時速度恰好為零，根據(jù)勻變速直線運動學(xué)公式有：0v022ax ，那么金屬桿運動到磁場區(qū)域正中間時有：222v0，那么此時金屬桿切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：vv02a x，聯(lián)立解得： v22E Blv2 Blv0，根據(jù)歐姆定律可知此時回路中的電流大小為：IE2 Blv0 ，那么金屬桿所受安培力的2R2 R大小為： FA2B2 l 2v0；此時回路中的電流為E2Blv 02RB2 l 2v02BIlI2R，那么此時的電功率為： P I。2RR2 R【點評】考察法拉第電磁感應(yīng)定律與閉合電路歐姆定律的內(nèi)容，掌握安培力的表達(dá)式，理解運動學(xué)公式的應(yīng)用，注意電功率的內(nèi)容。14【2021年， 14，16 分

23、】一輕彈簧的一端固定在傾角為的固定光滑斜面的底部，另專業(yè)資料整理WORD格式X文 .X例 .指導(dǎo) . 參考專業(yè)資料整理WORD格式完美 WORD 格式一端和質(zhì)量為m 的小物塊 a 相連，如下列圖。質(zhì)量為3m 的小物塊 b 緊靠 a 靜止在斜面5專業(yè)資料整理WORD格式上，此時彈簧的壓縮量為x0，從t0 時開場，對b 施加沿斜面向上的外力，使勻加速直線運動。經(jīng)過一段時間后，物塊a 、 b 別離；再經(jīng)過同樣長的時間，發(fā)點的距離恰好也為x0。彈簧的形變始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度大小為（ 1彈簧的勁度系數(shù)；（ 2物塊 b 加速度的大??；（ 3在物塊 a 、 b 別離前，外力大小隨時間變化的關(guān)系式。b

24、 始終做b 距其出g 。求：專業(yè)資料整理WORD格式解： 1剛開場時彈簧壓縮量為x0，根據(jù)平衡條件和胡克定律得3，解得： k8mg sinmm g sinkx0。55x0專業(yè)資料整理WORD格式 2 a 、 b 兩物體別離的條件是兩物體間的正壓力為x1，那么別離時，對小物塊a 有：kx1mg sin有： x0 x11at 2，b 始終做勻加速直線運動，20，設(shè)經(jīng)過時間t物塊 a 、 b 別離，此時彈簧的壓縮量為ma ，根據(jù)運動學(xué)公式可知，別離前a 、 b 運動的距離為1213。那么有： x0a2t ，聯(lián)立解得： ag sin ；x1x0254專業(yè)資料整理WORD格式 3在物塊 a 、 b 別離

25、前，對 ab 整體根據(jù)牛頓第二定律有：Fkx m3 mg sinm3 m a ；55解得： F8 ma8 mg sinkx ，由題意可知 xx01 at 2，代入整理得： F8 mg sin4mg 2 sin 2t 2，5522525 x0在物塊 a 、 b 別離前，需滿足： 05x0；那么在物塊 a 、 b 別離前，外力大小隨時間變化的關(guān)系t2g sin式為： F8mg sin4mg 2 sin 2t 2，其中 0t5 x0。2525x02 g sin【點評】 此題考察牛頓第二定律的根本應(yīng)用，解題時一定要注意明確整體法與隔離法的正確應(yīng)用，同時注意分析運動過程，明確運動學(xué)公式的選擇和應(yīng)用是解題

26、的關(guān)鍵。五、選考題：共 12分。請考生從第1516 題中任選一題作答，如果多做，那么按所做的第一題計分。15【2021年， 15， 12 分】【選修 3-3 】 1 4 分關(guān)于布朗運動，以下說法正確的選項是_。填入正確答案標(biāo)號。選對1 個得 2 分，選對2 個得 3 分，選對 3 個得 4 分；有選錯的得 0 分A布朗運動是液體中懸浮微粒的無規(guī)那么運動B液體溫度越高，液體中懸浮微粒的布朗運動越劇烈C在液體中的懸浮顆粒只要大于某一尺寸，都會發(fā)生布朗運動D液體中懸浮微粒的布朗運動使液體分子永不停息地做無規(guī)那么運動E液體中懸浮微粒的布朗運動是液體分子對它的撞擊作用不平衡所引起的【答案】 ABE【解析

27、】 布朗運動是懸浮在液體中的小顆粒的無規(guī)那么運動，小顆粒的布朗運動是由于周圍液體分子撞擊的沖力不平衡而引起的， 所以小顆粒的無規(guī)那么運動反映了周圍液體分子的無規(guī)那么運動，溫度越高， 液體分子運動越劇烈，布朗運動也越明顯；顆粒越小，受到的沖力越不平衡，布朗運動越明顯，選項ABE 正確， CD錯誤；應(yīng)選 ABE?！军c評】對于布朗運動，要理解并掌握布朗運動形成的原因，知道布朗運動既不是顆粒分子的運動，也不是液體分子的運動，而是液體分子無規(guī)那么運動的反映。 2 8 分一粗細(xì)均勻的 U 形管 ABCD 的A端封閉，D端與大氣相通。用水銀將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在 U 形管的AB一側(cè)，并將兩端向下豎直放置

28、，如下列圖。此時AB 側(cè)的氣體柱長度l1 25cm 。管中 AB 、CD兩側(cè)的水銀面高度差h15cm ?，F(xiàn)將U形管緩慢旋轉(zhuǎn)180 ，使A、Dp076cmHg。求旋轉(zhuǎn)后， AB 、CD兩兩端在上，在轉(zhuǎn)動過程中沒有水銀漏出。大氣壓強側(cè)的水銀面高度差。解：以 U 形管的AB一側(cè)封閉的氣體為研究對象，初態(tài)：P176 5cmHg 81cmHg ，設(shè) U 形管的橫截面積為 Scm2，那么： V1 l 1S 25Scm3，現(xiàn)將 U 形管緩慢旋轉(zhuǎn) 180，使 A 、 D 兩端在上，在轉(zhuǎn)動過程中沒有水銀漏出，由于 U 形管緩慢旋轉(zhuǎn)， 此過程可以看成等溫變化， 當(dāng)使、 兩端在上，設(shè)AB中水銀下降了xcm ，A D

29、專業(yè)資料整理WORD格式X文 .X例 .指導(dǎo) . 參考專業(yè)資料整理WORD格式完美 WORD 格式CD 管中水銀面升高了 xcm ，對AB管中封閉的氣體有： 末態(tài)： P276 x5 x cmHg 71 2x cmHg ，V2 l1 x ScmPVPV2 ，代入數(shù)據(jù)解得：x2cm，另一解不符合題意舍掉；那么3 ，根據(jù) 玻意耳定律得：1 12AB 、CD兩側(cè)的水銀面高度差為h 5cm2cm2cm 1cm ?！军c評】此題考察了氣體定律的根本運用，注意在這一過程中，氣體的溫度不變，結(jié)合氣體長度的變化得出壓強的變化，根據(jù)玻意耳定律進展求解，難度中等。16【2021年， 16， 12 分】【選修 3-4

30、】 14 分如圖，空氣中有兩塊材質(zhì)不同、上下外表平行的透明玻璃板平行放置；一細(xì)光束從空氣中以某一角度090 入射到第一塊玻璃板的上外表。以下說法正確的是 _ 。填入正確答案標(biāo)號。選對 1 個得 2 分，選對 2 個得 3 分，選對 3 個得 4 分；有選錯的得 0 分A在第一塊玻璃板下外表一定有出射光B在第二塊玻璃板下外表一定沒有出射光C第二塊玻璃板下外表的出射光方向一定與入射光方向平行D第二塊玻璃板下外表的出射光一定在入射光延長線的左側(cè)E第一塊玻璃板下外表的出射光線一定在入射光延長線的右側(cè)【答案】 ACD【解析】因為細(xì)光束從空氣中以某一角度090入射到第一塊玻璃板的上外表，根據(jù)光的折射定律可知，細(xì)光束在第一塊玻璃板上外表中的折射角要小于入射角，由幾何關(guān)系可知，光束在第一塊玻璃板下外表的入射角等于光束在第一塊玻璃板上外表的折射角，所以光束在第一塊玻璃板下外表不會發(fā)生全反射而能射出玻璃板，且在第一塊玻璃板下外表出射的光線與在上外表上的入射光束平行，而且相對上外表的入射光線要向左發(fā)生平移；同理當(dāng)光束射入第二塊玻璃板上外表時，在第二塊玻璃板上外表的折射角也要小于此時的入射角，由上面分析可知，光束也能射出第二塊玻璃板