福建省2021-2022學年高一上學期第二次月考物理試題含解析

1、試卷主標題姓名：_ 班級：_考號：_一、選擇題（共12題）1、 A 加速度等于 2 a B 加速度大于 2 a C 摩擦力仍為 f D 摩擦力變?yōu)?2 f 2、 A 根據(jù)平均速度的定義式 ，當 趨近于零時，就可以表示物體在 t 時刻的瞬時速度，該定義運用了極限思想法 B 在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法運用了假設法 C 在實驗探究互成角度的兩個力的合成規(guī)律時，運用了等效替代法 D 伽利略通過斜面實驗探究力與運動的關系，運用了理想實驗法 3、 A 該汽車的重力等于 B 此時千斤頂每臂受到的壓力大小均為 C 若繼續(xù)搖動把手，將汽車頂起，千斤頂每臂受到的壓力將減小 D 若繼

2、續(xù)搖動把手，將汽車頂起，千斤頂每臂受到的壓力將增大 4、 A B 受到 C 的摩擦力一定沿斜面向上 B 水平面對 C 的摩擦力一定沿水平面向左 C 短桿受到定滑輪的作用力不可能沿著桿向下 D 若把細繩稍微增長一些，彈簧長度將變短 5、 A 牛頓是國際單位制中的基本單位 B 米、米 / 秒、焦耳都是國際單位制的導出單位 C 千克、米、秒都是國際單位制中的基本單位 D 在國際單位制中，長度的單位可以是米，也可以是厘米 6、 A 安全帶可有效減小駕乘人員的慣性，避免嚴重交通事故傷害 B 汽車速度越大，剎車后越難停下來，表明物體的速度越大，慣性越大 C 摩托車轉彎時要控制適當?shù)乃俣群徒嵌?，也就是調(diào)控人

3、和車的慣性 D 超載運行的大貨車不容易停下來是因為其質量大、慣性大 7、 A 甲對乙的拉力和乙對甲的拉力是一對平衡力 B 當甲把乙加速拉過去時，甲對乙的拉力大于乙對甲的拉力 C 甲對乙的拉力大于乙對甲的拉力，所以甲獲勝 D 甲對乙的拉力大小始終等于乙對甲的拉力大小，只是地面對甲的摩擦力大于地面對乙的摩擦力，所以甲獲勝 8、 A 若兩電梯勻速上升，則甲、乙兩人均沒有受到摩擦力 B 若兩電梯勻速上升，則甲受到的重力和支持力 C 若兩電梯勻加速上升，則兩人均受到沿速度方向的摩擦力 D 無論電梯加速或勻速上升，甲都不會受到摩擦力的作用 9、 A B C D 10、 A 若 ，則表明木塊做勻加速直線運動

4、 B 若 ，則表明木塊一定做勻加速直線運動 C 若只增大木板的傾角，則計算機描繪的 可能是（ b ）圖中的曲線 D 若只增大木塊的質量，則計算機描繪的 可能是（ b ）圖中的曲線 11、 A B C D 12、 A 在 時刻，小球的速度最大 B 在 時間內(nèi)，小球先做勻加速后做勻減速運動 C 在 時間內(nèi)，小球加速度先增加后減小 D 忽略空氣阻力，可以計算出小球自由下落的高度 二、實驗,探究題（共2題）1、 a 、在桌上放一塊木板，用圖釘把白紙釘在木板上； b 、用圖釘把橡皮條的一端固定在板上的 A 點，在橡皮條的另一端 O 點拴上兩條細繩，細繩的另一端系有繩套； c 、將兩個彈簧測力計分別鉤住繩

5、套，互成角度地拉橡皮條，使結點 O 到達某一位置 P ，記錄 P 點位置和兩個彈簧測力計的示數(shù) F 1 和 F 2 、兩根細繩的方向； d 、只用一個彈簧測力計通過細繩套拉橡皮條，使結點 O 到達任一位置，并記錄彈簧測力計的示數(shù) F 、一根細繩的方向； e 、取下白紙，按選好的標度用鉛筆和刻度尺作出拉力 F 的圖示；按同一標度作出兩個拉力 F 1 和 F 2 的圖示，并以 F 1 和 F 2 為鄰邊作平行四邊形，畫出它們所夾的對角線 F ´ ； f 、比較 F ´ 和 F 的大小和方向，看它們是否相同，得出結論。 （ 1 ）上述操作步驟存在錯誤的是 _ （選填步驟前的序號）

6、。請在橫線上寫出正確的操作方法： _ ； （ 2 ）其他兩位同學正確完成了上述 a 到 d 各步驟后，分別取下做好標記的白紙 A 、 B ，如圖乙所示。其中，最有利于減少實驗作圖誤差的是白紙 _ ；（選填 “A” 或 “B” ） （ 3 ）從白紙 A 中的標記可知，該同學在完成步驟 c 后，若要保持結點 O 仍然與 P 點重合且 F 1 方向不變，同時增大 F 1 、 F 2 的夾角，則 F 1 的大小將 _ 。（選填 “ 增大 ” 、 “ 減小 ” 或 “ 不變 ” ） （ 4 ）如果沒有操作失誤，上述步驟中的 F 與 F ' 兩力中，方向一定沿 AO 方向的是 _ 。 2、 （ 1

7、 ）本實驗應用的實驗方法是 _ A 控制變量法 B 假設法 C 理想實驗法 D 等效替代法 （ 2 ）（多選題）為了驗證加速度與合外力成正比，必須做到 _ A 實驗前要平衡摩擦力 B 每次實驗都必須從相同位置釋放小車 C 實驗時拉小車的細繩必須保持與小車運動軌道平行 D 實驗過程中，如拉力改變，則必須重新平衡摩擦力 （ 3 ）圖乙為某次實驗得到的紙帶，紙帶上相鄰的兩計數(shù)點間有四個點未畫出，則小車的加速度大小為 a =_m/s 2 ( 結果保留兩位有效數(shù)字 ) （ 4 ）在驗證 “ 質量一定，加速度 a 與合外力 F 的關系 ” 時，某學生根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出了如圖丙所示的 a F 圖像，其中圖線不

8、過原點并在末端發(fā)生了彎曲，產(chǎn)生這種現(xiàn)象的原因可能有 _ A 木板右端墊起的高度過?。雌胶饽Σ亮Σ蛔悖?B 木板右端墊起的高度過大（即平衡摩擦力過度） C 盤和重物的總質量 m 遠小于車和砝碼的總質量 M （即 m << M ） D 盤和重物的總質量 m 沒有遠小于車和砝碼的總質量 M 三、解答題（共3題）1、 （ 1 ）撤去 F 瞬間，金屬塊的速度為多大？ （ 2 ）金屬塊在地面上總共滑行了多遠？ 2、 (1) 物體在前 4 秒內(nèi)的位移多少？ (2) 物體與水平面間的動摩擦因數(shù)。 3、 (1) 求運動員到達 P 點時速度的大小。 (2) 若運動員助力滑下階段做勻加速直線運動，且助

9、力方向平行雪坡向下，求滑雪者助力的大小。 四、填空題（共2題）2、 =參考答案=一、選擇題1、 【詳解】 AB 設物體所受的滑動摩擦力大小為 f ，當拉力變?yōu)?2 F 時物體的加速度為 a ，根據(jù)牛頓第二定律得 則 即 故 B 正確， A 錯誤； CD 物體所受滑動摩擦力 不隨拉力變化而變化，故 C 正確， D 錯誤。 故選 BC 。 【點評】 本題考查對牛頓第二定律的理解能力，公式 中 F 是合力，不是拉力，不能簡單認為拉力變?yōu)?2 倍，加速度就變 2 倍。 2、 【詳解】 A 根據(jù)平均速度的定義式 ，當 趨近于零時，就可以表示物體在 t 時刻的瞬時速度，該定義運用了極限思想法。故 A 正確

10、； B 在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法運用了理想模型法。故 B 錯誤； C 在實驗探究互成角度的兩個力的合成規(guī)律時，運用了等效替代法。故 C 正確； D 伽利略通過斜面實驗探究力與運動的關系，運用了理想實驗法。故 D 正確。 故選 ACD 。 3、 【詳解】 A 由圖可知，該千斤頂只頂起一個車輪，千斤頂受到的壓力只是汽車重力的一部分，所以汽車的重力一定大于 4.0×10 3 N ，故 A 錯誤； B 對千斤頂兩臂交叉點進行受力分析： 千斤頂兩臂間的夾角為 120° 時，結合幾何關系運用共點力平衡條件得 F 壓 = F = N 1 = N 2 所以

11、此時兩臂受到的壓力大小均為 4.0×10 3 N ，故 B 正確； CD 從力圖中發(fā)現(xiàn) 若繼續(xù)搖動手把， F 不變， 減小， cos 增大， 減小。所以兩臂受到的壓力將減小。故 C 正確， D 錯誤。 故選 BC 。 4、 【詳解】 A 當 B 的重力沿斜面向下的分力等于繩子的拉力時， B 不受摩擦力。故 A 錯誤； B 以 BC 組成的整體為研究對象，分析受力，畫出力圖如圖 根據(jù)平衡條件，水平面對 C 的摩擦力 方向水平向左。故 B 正確； C 滑輪受到重力、和 AB 兩個物體的拉力，這三個力的合力的方向不在豎直方向上，所以滑輪受到的桿對滑輪的作用力的方向一定不能是豎直向上。故 C

12、 正確； D 若把細繩稍微增長一些，彈簧上作用力大小不變，長度不變，故 D 錯誤。 故選 BC 。 5、 【詳解】 A “ 千克米每二次方秒 ” 是由 F = ma 推導出來的，是國際單位制中的導出單位，為了紀念牛頓把它定義為牛頓，故 A 錯誤； B 米不是國際單位制的導出單位，故 B 錯誤； C 千克、米、秒都是國際單位制中的基本單位，故 C 正確； D 在國際單位制中，長度的單位是米，故 D 錯誤。 故選 C 。 6、 【詳解】 A 安全帶可有效減小駕乘人員因為慣性造成的交通事故傷害，但不是減小慣性， A 錯誤； B 慣性只與質量有關，與速度無關， B 錯誤； C 慣性的大小只與物體的質量

13、有關，車手可以調(diào)整人和車的運動速度和方向，但不能調(diào)控慣性大小， C 錯誤； D 超載運行的大貨車不容易停下來是因為其質量大、慣性大， D 正確。 故選 D 。 7、 【詳解】 AB 甲對乙的拉力和乙對甲的拉力是一對作用力與反作用力，總是大小相等方向相反，與物體的運動狀態(tài)無關，故 AB 錯誤； CD 甲對乙的拉力等于乙對甲的拉力，甲之所以獲勝只是因為地面對甲的最大摩擦力大于地面對乙的摩擦力，所以甲獲勝，故 C 錯誤， D 正確。 故選 D 。 8、 【詳解】 AB. 若兩電梯均為勻速上升，則甲只受重力和支持力，乙則受重力、支持力和摩擦力，所以 A 錯誤， B 正確； C. 若兩電梯勻加速上升，則

14、甲所受摩擦力水平向右，乙所受摩擦力平行斜面向上， C 錯誤， D 錯誤； 故選 B. 【點睛】 對人受力分析，由牛頓第二定律及共點力的平衡條件可確定人是否受到摩擦力 9、 【詳解】 以兩個小球組成的整體為研究對象，受到總的重力 2 mg 、彈簧彈力和細線的拉力；根據(jù)平衡條件得知， F 與 T 的合力與重力 2 mg 總是大小相等、方向相反，力的合成情況如圖所示 由力的合成圖可知，當 F 與繩子 Oa 垂直時， F 有最小值，即圖中 2 位置， F 的最小值為 F min =2 mg sin = mg 則彈簧的最短伸長量為 故 B 正確， ACD 錯誤。 故選 B 。 10、 【分析】 根據(jù)勻變

15、速直線運動的推論分析木塊是否做勻加速直線運動 根據(jù)加速度的變化，結合 判斷圖象的變化 【詳解】 A 若 ，則 木塊先后經(jīng)過 、 、 位置時的時間間隔相同，所以在這段時間內(nèi)木塊做勻速直線運動，故 A 錯誤； B 若 ，則表明木塊一定做勻速直線運動，故 B 錯誤； C 只增大木板傾斜的角度，根據(jù)牛頓第二定律知加速度增大，由 可以看出 增大，則 增大，即相等的時間，位移增大，則木塊相對傳感器的位移隨時間變化規(guī)律可能是圖中的 ，故 C 正確； D 根據(jù)牛頓第二定律有 可知加速度 與質量 無關，則圖線為 ，故 D 錯誤。 故選 C 。 【點評】 解決本題的關鍵知道勻變速直線運動的推論，掌握牛頓第二定律的

16、應用。 11、 【詳解】 設車廂的加速度為 a ，則小球速度和車廂加速度一樣，都為 a ，由牛頓第二定律得 箱子相對車廂靜止，故箱子的加速度為 a ，對箱子受力分析，由牛頓第二定律有 整理得 故 D 正確， ABC 錯誤。 故選 D 。 12、 【詳解】 AB t 1 時刻小球剛接觸彈簧，速度向下，彈力小于重力，根據(jù)牛頓第二定律可知，合力向下，隨著形變量增大，加速度減小，且方向向下，故速度增大；當彈力等于重力，合力為零，加速度為零，速度最大，之后，彈力大于重力，根據(jù)牛頓第二定律可知，合力向上，隨著形變量增大，加速度增大，且方向向上，故速度減小，由此分析可知，在 時刻，小球的速度不是最大； 這段

17、時間內(nèi)，小球先向下做加速度減小的加速運動，再向下做加速度增大的減速運動，故 AB 錯誤； C 在 時間內(nèi)， 時刻彈簧后縮量最大，彈力大于重力，根據(jù)牛頓第二定律可知，合力向上，加速度向上，隨著彈簧形變量的減小，加速度減小，速度增大；當彈力等于重力時，加速度為零，速度最大，之后彈力小于重力，根據(jù)牛頓第二定律可知，合力向下，加速度向下，隨著形變量的減小，加速度增大，速度減小。由此分析，可知在 時間內(nèi)，小球加速度先減小后增加，故 C 錯誤； D 若不考慮空氣阻力，在 這段時間小球在空中運動可視為自由落體運動，由此可知小球做自由落體運動時間為 根據(jù) 求得小球自由下落高度，故 D 正確。 故選 D 。 二

18、、實驗,探究題1、 【詳解】 (1)12 上述操作步驟存在錯誤的是 d ；正確的操作方法是把橡皮條和繩套的結點拉到 O 位置； （ (2)3A 圖中記錄力方向的點距離 O 點較遠，有利于減小確定力方向時產(chǎn)生的誤差，故選 A ； (3)4 保持結點 O 仍然與 P 點重合，則兩個力的合力不變，且 F 1 方向不變，同時增大 F 1 、 F 2 的夾角，則 F 1 的大小將增大； (4)5 在上述步驟 f 中，因 F ´ 是兩個力合力的理論值， F 是實驗值，所以方向一定沿 AO 方向的是 F 。 2、 【詳解】 （ 1 ） 1 本實驗應用的實驗方法是控制變量法，故 A 選項正確 （ 2

19、 ） 2 為了驗證加速度與合外力成正比，實驗中必須做到實驗前要平衡摩擦力和拉小車的細繩必須保持與軌道平行，而正確的操作應該是給小車一個初速度，小車能夠帶動紙帶勻速下滑，并且要注意平衡摩擦力時，不能將砂桶與小車相連掛在滑輪上，選項 AC 正確； （ 3 ） 3 根據(jù) x=aT 2 ， T=0.1s 運用逐差法得 （ 4 ） 4 其中圖線不過原點的原因是平衡摩擦力過度，故 A 選項錯誤， B 選項正確；其中圖線在末端發(fā)生了彎曲，是因為盤和重物的總質量 m 不遠小于車和砝碼的總質量 M 故 C 選項錯誤， D 選項正確 三、解答題1、 【詳解】 （ 1 ）根據(jù)牛頓定律有，水平方向 Fcos 37°- f =ma 豎直方向 N = mg - Fsin 37° 其中 f = N 得 Fcos 37°- （