2019高考化學(xué)試題精校精析(浙江卷)(精準(zhǔn)word書稿)

1、2021高考化學(xué)試題精校精析浙江卷精準(zhǔn)word書稿2021浙江卷以下說(shuō)法不正確的選項(xiàng)是A、利用太陽(yáng)能在催化劑參與下分解水制氫是把光能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的綠色化學(xué)方法B、蔗糖、淀粉、油脂及其水解產(chǎn)物均為非電解質(zhì)C、通過(guò)紅外光譜分析可以區(qū)分乙醇與乙酸乙酯D石油催化裂化的主要目的是提升汽油等輕質(zhì)油的產(chǎn)量與質(zhì)量；石油裂解的主要目的是得到更多的乙烯、丙烯等氣態(tài)短鏈?zhǔn)?、B解析A項(xiàng),太陽(yáng)能光解水過(guò)程將太陽(yáng)能轉(zhuǎn)化為H和Q中的化學(xué)能貯存,問(wèn)接利用太陽(yáng)能,正確；B項(xiàng),蔗糖水解產(chǎn)生葡萄糖和果糖,淀粉水解產(chǎn)生葡萄糖,均為非電解質(zhì),而油脂水解產(chǎn)生丙三醇和高級(jí)脂肪酸,其中高級(jí)脂肪酸為電解質(zhì),不正確；C項(xiàng),紅外光譜分析可以確定

2、有機(jī)物分子的結(jié)構(gòu),乙醇和乙酸乙酯結(jié)構(gòu)不同,正確；D項(xiàng),石油裂化與裂解目的不同,裂化的目的是提升輕質(zhì)油產(chǎn)量和質(zhì)量,而裂解的目的是為了得到短鏈不飽和燒,正確.8、2021浙江卷以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是A、在“鍍鋅鐵皮鋅鍍層厚度的測(cè)定實(shí)驗(yàn)中,將鍍鋅鐵皮放入稀硫酸,待產(chǎn)生氫氣的速率忽然減小,可以判斷鋅鍍層已反響完全B、在“火柴頭中氯元素的檢驗(yàn)實(shí)驗(yàn)中,摘下幾根未燃過(guò)的火柴頭,將其浸于水中,稍后取少量溶液于試管中,滴加硝酸銀溶液和稀硝酸后,即可判斷氯元素的存在C、在“硫酸亞鐵錢的制備實(shí)驗(yàn)中,為了得到硫酸亞鐵俊晶體,應(yīng)小火加熱蒸發(fā)皿,直到有大量晶體析出時(shí)停止加熱D受強(qiáng)酸或強(qiáng)堿腐蝕致傷時(shí),應(yīng)先用大量水沖洗,再用2

3、%昔酸溶液或飽和硼酸溶液洗,最后用水沖洗,并視情況作進(jìn)一步處理8、A解析B項(xiàng),火柴頭中含有KC1Q,未燃燒或用復(fù)原劑復(fù)原,得不到C,加硝酸銀無(wú)法檢驗(yàn),錯(cuò)誤；C項(xiàng),硫酸亞鐵俊晶體帶有結(jié)晶水,加熱到有晶膜出現(xiàn)即可,到大量晶體析出時(shí)停止加熱,得到的晶體中會(huì)失去局部結(jié)晶水,錯(cuò)誤；D項(xiàng),受強(qiáng)酸致傷時(shí),沖洗后涂上稀的NaHCO容液,強(qiáng)堿致傷,沖洗后涂硼酸,錯(cuò)誤.2021浙江卷X、Y、Z是原子序數(shù)依次遞增的短周期元素,3種元素的原子核外電子數(shù)之和與CeT的核外電子數(shù)相等,X、Z分別得到一個(gè)電子后均形成稀有氣體原子的穩(wěn)定電子層結(jié)構(gòu).以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是A、原子半徑：Z>Y>XB、Z與X形成化合物的

4、沸點(diǎn)高于Z的同族元素與X形成化合物的沸點(diǎn)C、CaY與水發(fā)生氧化復(fù)原反響時(shí),CaY只作氧化劑DCaX、CaY和CaZ等3種化合物中,陽(yáng)離子與陰離子個(gè)數(shù)比均為1：29、B解析根據(jù)題意,推測(cè)X、Y、Z分別是H、OF,那么原子半徑Y(jié)>Z>X,A錯(cuò)誤；Z與X形成的化合物HF的沸點(diǎn)高于其他同族元素的氫化物,由于HF分子間存在氫鍵,B正確；CaO與水反響時(shí)既作氧化劑又作復(fù)原劑,C錯(cuò)誤；CaH、CaO和CaE中陽(yáng)離子和陰離子個(gè)數(shù)比分別為1：2、1：1、1：2.10.2021浙江卷以銘酸鉀為原料,電化學(xué)法制備重銘酸鉀的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖如下：圖0以下說(shuō)法不正確的選項(xiàng)是A、在陰極室,發(fā)生的電極反響為：2H

5、C»2e=2OH+HdB、在陽(yáng)極室,通電后溶液逐漸由黃色變?yōu)槌壬?是由于陽(yáng)極區(qū)口濃度增大,使平衡2CrQ"+2HCr2.+凡0向右移動(dòng)C、該制備過(guò)程總反響白化學(xué)方程式為：4K2CrQ+4H0=2KCr2O+4K0H-2HT+02TD測(cè)定陽(yáng)極液中K和Cr的含量,假設(shè)K與Cr的物質(zhì)的量之比(口/%)為d,那d么此時(shí)銘酸鉀的轉(zhuǎn)化率為1210、D解析根據(jù)圖中電源正負(fù)極,得出右邊惰性電極為陽(yáng)極,發(fā)生的反響為4OH-4e=210+04,左邊不銹鋼為陰極,反響為2H0+2e=HT+20H,A正確；陽(yáng)極區(qū)0H消耗,H+濃度增大,使得2Cr0"+2H+Cm."+H0平衡正

6、向移動(dòng),產(chǎn)生重銘酸鉀,B正確；陽(yáng)極發(fā)生的反響有：2凡0-4e=4H+QT和2CrC42+2I-TCrzQ"+H0,陰極發(fā)生的反響是4H0+4e=40H+2Hd,相加即可得出總反響,C正確；電解過(guò)程中K+通過(guò)陽(yáng)離子交換膜從陰極室向陽(yáng)極室nAk移動(dòng),電解前陽(yáng)極液中不=2,電解后陽(yáng)極液中至=d,陽(yáng)極室增加的n(K+)=(d-2)nCr,根據(jù)電解總反響式轉(zhuǎn)化n(Cr042)=(d2)Ac,轉(zhuǎn)化率為d-2,D不正確.2021浙江卷以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是A、按系統(tǒng)命名法,化合物CHCHCHaCHCH(CH2CH(Cl3)2的名稱為2,6-二甲基-5-乙基庚烷B、丙氨酸和苯丙氨酸脫水,最多可生成3種

7、二肽C、是苯的同系物化合物D三硝酸甘油酯的分子式為QHNQ11、D解析A項(xiàng),烷姓的命名時(shí),一選擇最長(zhǎng)碳鏈,二要支鏈最多,三要支鏈位次最小,正確命名為2,6-二甲基-3-乙基庚烷,錯(cuò)誤；B項(xiàng),丙氨酸和苯丙氨酸相互之間脫水可以形成四種二肽,錯(cuò)誤；C項(xiàng),苯的同系物是指苯環(huán)上的氫原子被烷姓基所取代形成的燒,而這里有多個(gè)苯環(huán),錯(cuò)誤；D項(xiàng)正確.12、2021浙江卷以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()A、常溫下,將pH=3的醋酸溶液稀釋到原體積的10倍后,溶液的pHH4B、為確定某酸HA是強(qiáng)酸還是弱酸,可測(cè)NaHA容液的pH.假設(shè)pH>7,那么H2A是弱酸；假設(shè)pH<7,那么HA是強(qiáng)酸C、用0.2000mo

8、l/LNaOH標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定HCl與CHCOOH勺混合液(混合液中兩種酸的濃度均約為0.1mol/L),至中性時(shí),溶液中的酸未被完全中和D相同溫度下,將足量氯化銀固體分別放入相同體積的蒸儲(chǔ)水、0.1mol/L鹽酸、0.1mol/L氯化鎂溶液、0.1mol/L硝酸銀溶液中,Ag+濃度：>=淮12、C解析A項(xiàng),CHCOOH1弱電解質(zhì),存在電離平衡,稀釋10倍,pH變化小于1,錯(cuò)誤；B項(xiàng),NaHA容7取pH>7,那么HA水解大于電離,pH<7,HA電離大于水解,或者只有電離沒(méi)有水解,錯(cuò)誤；C項(xiàng),假設(shè)恰好完全反響,生成NaCl和CHCOONa呈堿性,要使溶液呈中性,那么酸過(guò)量,所以沒(méi)有

9、完全中和,正確；D項(xiàng),氯化銀是難溶電解質(zhì),溶液中c(Ag+)很小,所以中Ag+濃度最大,而和中氯離子對(duì)AgCl的溶解平衡起抑制作用,且C濃度越大,抑制作用越強(qiáng),所以正確順序?yàn)?gt;®>®>,錯(cuò)誤.13、2021浙江卷水溶液X中只可能溶有?、Mg+、Al：AQ、SO"、SO2一、CO2,SO中的假設(shè)干種離子.某同學(xué)對(duì)該溶液進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)：以下判斷正確的選項(xiàng)是()A、氣體甲一定是純潔物B、沉淀甲是硅酸和硅酸鎂的混合物C、(、AlO2一和Si.2定存在于溶液X中DCG2和SO一定不存在于溶液X中13、C解析溶液X與過(guò)量稀鹽酸反響能生成氣體,那么原溶液中至少

10、有SGT或CGT中的一種,那么一定不存在Mg+和Al3+,此時(shí)得到的溶液中參加過(guò)量氨水得到的白色沉淀那么為Al(OH)3,那么原溶液中一定有AlO2,能與過(guò)量鹽酸反響產(chǎn)生沉淀甲,那么原溶液還一定含有SiO32,C正確.26、2021浙江卷:I2+2S.C32=SC62+2I0相關(guān)物質(zhì)的溶度積常數(shù)見下表：物質(zhì)Cu(OH)Fe(OH%CuClCuiKsp2.2X10202.6X10391.7義10-71.3X1012某酸性CuCb溶液中含有少量的FeCb,為得到純潔的CuCl2-2HO晶體,加入,調(diào)至pH=4,使溶液中的Fe"轉(zhuǎn)化為Fe(OH%沉淀,此時(shí)溶液中的c(Fe")=?

11、過(guò)濾后,將所得濾液低溫蒸發(fā)、濃縮結(jié)晶,可得到CuCb-2H2O晶體.在空氣中直接加熱CuCl22HO晶體得不到純的無(wú)水CuCb,原因是(用化學(xué)方程式表示).由CuCL2HO晶體得到純的無(wú)水CuCl2的合理方法是0方某學(xué)習(xí)小組用“間接碘量法測(cè)定含有CuC22HO晶體的試樣(不含能與I發(fā)生反響的氧化性雜質(zhì))的純度,過(guò)程如下：取0.36g試樣溶于水,參加過(guò)量KI固體,充分反響,生成白色沉淀.用0.1000mol/LNa24Q標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定,到達(dá)滴定終點(diǎn)時(shí),消耗NaSQ標(biāo)準(zhǔn)溶液20.00mL.可選用作滴定指示劑,滴定終點(diǎn)的現(xiàn)象是0CuCl2溶液與KI反響的離子方程式為該試樣中CuCl22HO的質(zhì)量百分?jǐn)?shù)

12、為.26、答案(1)Cu(OH)2或Cii(OH)2CO2.6X109molL1(2)2CuCl2-2H2O=Cu(OH)-CuCb+2HCl+2HO主要產(chǎn)物寫成Cu(OH)、Cu(OH)Cl、CuO勻可在枯燥的HCl氣流中加熱脫水(3)淀粉溶液藍(lán)色褪去,放置一定時(shí)間后不復(fù)色2CiT+4I=2CuIj+1295%解析(1)調(diào)節(jié)pH,且不引入新的雜質(zhì)離子,所以只能參加Cu的化合物才可以&FeOH3做到,根據(jù)Fe(OH)3的離子積表達(dá)式變形得,c(Fe")=c3OH=2.6X109mol-L1.CuCl22HO加熱時(shí)會(huì)發(fā)生水解生成Cu(OH,受熱還會(huì)分解產(chǎn)生CuQ故混有雜質(zhì),所以

13、加熱時(shí)要給定抑制水解的條件,即枯燥的HCl氣體保護(hù)下加熱失水.為測(cè)定CuCb2HO試樣純度,利用CiJ+能氧化廠生成I2,然后用Na&Q滴定,根據(jù)Na&Q用量,可計(jì)算12的物質(zhì)的量,從而計(jì)算出Cd+的物質(zhì)的量,以測(cè)定純度,此題采用容量分析精確測(cè)定.27、2021浙江卷甲烷自熱重整是先進(jìn)的制氫方法,包含甲烷氧化和蒸汽重整.向反響系統(tǒng)同時(shí)通入甲烷、氧氣和水蒸氣,發(fā)生的主要化學(xué)反響有：化學(xué)方程式始變AH(kJ/mol)活化能Ea(kJ/mol)甲烷氧化CH(g)+2O(g)=CO(g)+2HO(g)802.6125.6CH(g)+Q(g)=CO(g)+322.0172.52H(g)蒸

14、汽重整CH(g)十凡O(g)=CO(g)+3H(g)206.2240.1CH(g)+2HO(g)=CQg)+4H(g)165.0243.9答復(fù)以下問(wèn)題：(1)反響CO(g)+HO(g)=CQg)+H(g)的AH=kJ/mol0在初始階段,甲烷蒸汽重整的反響速率甲烷氧化的反響速率(填“大于、“小于或“等于).(3)對(duì)于氣相反響,用某組分(B)的平衡壓強(qiáng)(Pb)代替物質(zhì)的量濃度(Cb)也可表示平衡常數(shù)(記作,那么反響CH(g)+H2O(g)CO(g)+3H(g)的“=;隨著溫度的升高,該平衡常數(shù)(填“增大、“減小或“不變).從能量角度分析,甲烷自熱重整方法的先進(jìn)之處在于O(5)在某一給定進(jìn)料比的情

15、況下,溫度、壓強(qiáng)對(duì)H和CO物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)的影響如下列圖：70605030如求/第朱HS嚶海XUILI1,1,-o-O.lMPaI.-*-0.9MPa；-1.5MPaL4005006007009QD900100011001200振度-n-0.1MPaf-也9MPa-*-1.5MPa500600700«00900100011001200溫度假設(shè)要到達(dá)H物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)65%CO物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)10%以下條件中最適宜的是.A、600C,0.9MPaB700C,0.9MPaC、800C,1.5MPaD1000C,1.5MPa畫出600C,0.1MPa條件下,系統(tǒng)中H物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)隨反響時(shí)間(從常溫進(jìn)料開

16、始計(jì)時(shí))的變化趨勢(shì)示意圖:100如的706050403020210求急中瘟運(yùn)聚=(6)如果進(jìn)料中氧氣量過(guò)大,最終導(dǎo)致代物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)降低,原因是027、答案(1)-41.2小于pCOp3HpCH-pH2O增大(4)系統(tǒng)內(nèi)強(qiáng)放熱的甲烷氧化反響為強(qiáng)吸熱的蒸汽重整反響提供了所需的能量(其他合理答案均可)(5)B卓彰中隹坦聚X(6)甲烷氧化程度過(guò)高,氫氣和氧氣反響(其他合理答案均可)解析(1)可以根據(jù)蒸汽重整兩個(gè)反響相減得到,所以AH=+165kJ-mol1-206.2kJmol1=41.2kJmol1.(2)初始階段,甲烷氧化的活化能小于甲烷蒸汽重整的活化能,所以重整反響速率小于甲烷氧化的反響速率.p

17、COp3代pCHpHO,由于CH(g)+代O(g)=CO(g)+3H(g)AH=+206.2kJmol1,溫度升高,反響正向進(jìn)行,平衡常數(shù)增大.(4)甲烷自熱重整方法是吸熱反響,需要甲烷氧化放熱提供能量.(5)0.1MPa時(shí),代的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)65%CO物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)10%那么溫度高于550c低于650C,沒(méi)有與之對(duì)應(yīng)的選項(xiàng)；0.9MPa時(shí),代的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)65%CO物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)10%那么700c符合,B正確；1.5MPa時(shí),H的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)65%COW質(zhì)的量分?jǐn)?shù)10%那么溫度要高于750c低于約725C,矛盾.起始進(jìn)料時(shí)代的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)為0,結(jié)合圖象可知600C,0.1MPa的條件下,平衡時(shí)系統(tǒng)

18、中代的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)到達(dá)70%故可容易畫出H的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)隨時(shí)間變化的示意圖.(6)會(huì)使甲烷氧化,凡也會(huì)與Q反響,使得CH參加蒸汽重整的物質(zhì)的量減小28、2021浙江卷實(shí)驗(yàn)室制備苯乙酮的化學(xué)方程式為：+CHHCOOCCOACUCCHO+CHC-OHO制備過(guò)程中還有CHCOOHAlCl3>CHCOOA1Q+HC1T等副反響.主要實(shí)驗(yàn)裝置和步驟如下：圖0(I)合成：在三頸瓶中參加20g無(wú)水A1C13和30mL無(wú)水苯.為預(yù)防反響液升溫過(guò)快,邊攪拌邊慢慢滴加6mL乙酸酉T和10mL無(wú)水苯的混合液,限制滴加速率,使反響液緩緩回流.滴加完畢后加熱回流1小時(shí).(n)別離與提純：邊攪拌邊慢慢滴加一定量濃鹽

19、酸與冰水混合液,別離得到有機(jī)層.水層用苯萃取,分液.將所得有機(jī)層合并,洗滌、枯燥、蒸去苯,得到苯乙酮粗產(chǎn)品.蒸儲(chǔ)粗產(chǎn)品得到苯乙酮.答復(fù)以下問(wèn)題：儀器a的名稱：;裝置b的作用：0合成過(guò)程中要求無(wú)水操作,理由是0函假設(shè)將乙酸酊和苯的混合液一次性倒入三頸瓶,可能導(dǎo)致.A、反響太劇烈B、液體太多攪不動(dòng)C、反響變緩慢D副產(chǎn)物增多分離與提純操作的目的是0前作中是否可改用乙醇萃??？(填“是或“否),原因是0(5)分液漏斗使用前須并洗凈備用.萃取時(shí),先后參加待萃取液和萃取劑,經(jīng)振搖并后,將分液漏斗置于鐵架臺(tái)的鐵圈上靜置片刻,分層.分離上下層液體時(shí),應(yīng)先,然后翻開活塞放出下層液體,上層液體從上口倒出.(6)粗產(chǎn)

20、品蒸儲(chǔ)提純時(shí),以下裝置中溫度計(jì)位置正確的選項(xiàng)是,可能會(huì)導(dǎo)致收集到的產(chǎn)品中混有低沸點(diǎn)雜質(zhì)的裝置是.ABCD28、答案(1)枯燥管吸收HCl氣體(2)預(yù)防三氯化鋁和乙酸酊水解(只答三氯化鋁水解或乙酸酊水解也可)(3)AD(4)把溶解在水中的苯乙酮提取出來(lái)以減少損失否乙醇與水混溶(5)檢漏放氣翻開上口玻璃塞(或使玻璃塞上的凹槽對(duì)準(zhǔn)漏斗口上的小孔)(6)CAB解析這是一道以苯乙酮制取為載體的高測(cè)試題,難度較大.苯與乙酸酊反響中伴隨著副反響CHCOOHAlCl3>CHCOOA1Q+HClT,且氯化鋁與乙酸酊易水解,所以反響要在無(wú)水狀態(tài)下進(jìn)行.為預(yù)防b中的水蒸氣進(jìn)入三頸瓶引發(fā)副反響,所以要安裝a(球

21、形枯燥管),吸收尾氣中的HCl氣體時(shí)要預(yù)防倒吸.反響比擬劇烈,且副反響比擬多,所以混合過(guò)程要比擬慢且采用滴加方式.29.2021浙江卷化合物X是一種環(huán)境激素,存在如下轉(zhuǎn)化關(guān)系：1cp化合物A能與FeCl3溶液發(fā)生顯色反響,分子中含有兩個(gè)化學(xué)環(huán)境完全相同的甲基,其苯環(huán)上的一硝基取代物只有兩種.1HNMRf顯示化合物G的所有氫原子化學(xué)環(huán)境相同.F是一種可用于制備隱形眼鏡的高聚物.根據(jù)以上信息答復(fù)以下問(wèn)題.(1)以下表達(dá)正確的選項(xiàng)是.A、化合物A分子中含有聯(lián)苯結(jié)構(gòu)單元B、化合物A可以和NaHCO§液反響,放出CO氣體C、X與NaOH反響,理論上1molX最多消耗6molNaOHD化合物D能

22、與Br2發(fā)生加成反響(2)化合物C的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式是,ZC的反響類型是.(3)寫出同時(shí)滿足以下條件的D的所有同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式(不考慮立體異構(gòu))A、屬于酯類R能發(fā)生銀鏡反響寫出B-G反應(yīng)的化學(xué)方程式0(5)寫出EF反應(yīng)的化學(xué)方程式029、答案(1)cd(2)HOBrBrCChCHBrOHBr取代反響(3)H-C-O-CHOCHCHH-CO-CHCH=GHH-CO-C=C2OCHCHOO濃HSO(4)CCH3OH23CCOOHzvOOO39HCOC3CH+2HO(5)CnCHCHCOOCHHOH餐7CHCCHCOOCCHOH解析這道有機(jī)推斷題的突破口是A分子結(jié)構(gòu)和G分子結(jié)構(gòu)特點(diǎn),根據(jù)題意信息,可以知

23、道A中含有兩個(gè)苯環(huán)和酚羥基,其一硝基取代物只有兩種,可推知A分子結(jié)構(gòu)為HOCGHHOHC為HOBrBrCC3CHBrOHBg由B(C4HQ)形成副產(chǎn)品G(GHi2Q),且G中所有氫原子化學(xué)環(huán)境相同,可知G為OOQICHCOC3CH,推知B為CCHOH3CCOQH那么D為CH=C(CH)COOHE為CCHCHCOOCHHOHF為CH-CCHCOOGCHOHA分子結(jié)構(gòu)存在的是多苯代結(jié)構(gòu),酚羥基不會(huì)與NaHCO溶液反響,ab選項(xiàng)錯(cuò)誤,cd選項(xiàng)正確.DCH=C(CH)COOH的同分異構(gòu)體中要同時(shí)滿足題述兩個(gè)條件的只能是甲酸酯類.15、2021浙江自選模塊卷?物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)?模塊(1)可正確表示原子軌道

24、的是.A、2sB、2dC、3pxD3f(2)寫出基態(tài)錢(Ga)原子的電子排布式：o(3)以下物質(zhì)變化,只與范德華力有關(guān)的是.A、干冰熔化B、乙酸汽化G乙醇與丙酮混溶DCHONCHH溶于水E、碘溶于四氯化碳F、石英熔融(4)以下物質(zhì)中,只含有極性鍵的分子是,既含離子鍵又含共價(jià)鍵的化合物是；只存在(T鍵的分子是,同時(shí)存在(T鍵和冗鍵的分子是.A、MB、COC、ChCLDCHE、GHF、CaC12GNHCl(5)用或填空：第一電離能的大小：MgAl熔點(diǎn)的上下：KClMgO15、答案(1)AC(2)1s22s22P63s23P63d104s24p1(3)AE(4)BCGCEABD(5)><解析(1)第二層沒(méi)有d軌道,B錯(cuò),第三層也沒(méi)有f軌道,D錯(cuò),AC正確.(2)錢是第四周期第田A族元素,第四層只有4s24p1o(3)物質(zhì)變化只與范德華力有關(guān)的是不含氫鍵的分子晶體的物理變化,BCD都含有氫鍵,而F是原子晶體,選AE(4)只含有極性共價(jià)鍵的分子有CHC12和CO;既含離子鍵又含共價(jià)鍵的化合物是NHC1;只存在6鍵,那么一定是分子且只有單鍵,所以CE正確；同時(shí)存在鍵和冗鍵的分子那么含有雙鍵或三鍵結(jié)構(gòu),ABDE確.(5)Mg原子3s軌道是充滿狀態(tài),而Al3p軌道還有一個(gè)未成對(duì)電子,那么Mg的第一電離能大.KCl的晶格能小于MgO勺晶格能,所以KCl晶體的熔點(diǎn)小于MgO晶體的熔點(diǎn).1