精編16年高中高二物理暑假作業(yè)

1、.精編16年高中高二物理暑假作業(yè)查字典物理網(wǎng)為大家搜集整理了高二物理暑假作業(yè)，希望大家可以用心去做，不要只顧著玩耍哦!一、選擇題此題共6道小題1.2.在如下圖的電路中，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過程中，以下說法正確的選項(xiàng)是A. 電容器的電荷量增大 B. 電流表A的示數(shù)減小 C. 電壓表V1示數(shù)在變大 D. 電壓表V2示數(shù)在變小 3.在如圖a所示的電路中，R1為定值電阻，R2為滑動(dòng)變阻器.閉合電鍵S，將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從最右端滑到最左端，兩個(gè)電壓表內(nèi)阻極大的示數(shù)隨電路中電流變化的完好過程圖線如圖b所示.那么A. 圖線甲是電壓表V1示數(shù)隨電流變化的圖線 B. 電源內(nèi)電阻的阻

2、值為10 C. 電源的最大輸出功率為1.5W D. 滑動(dòng)變阻器R2的最大功率為0.9W 45.如下圖，間距為L的兩根平行金屬導(dǎo)軌彎成“L形，豎直導(dǎo)軌面與程度導(dǎo)軌面均足夠長，整個(gè)裝置處于豎直向上大小為B的勻強(qiáng)磁場中.質(zhì)量均為m、阻值均為R的導(dǎo)體棒ab、cd均垂直于導(dǎo)軌放置，兩導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間動(dòng)摩擦因數(shù)均為，當(dāng)導(dǎo)體棒cd在程度恒力作用下以速度v0沿程度導(dǎo)軌向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，釋放導(dǎo)體棒ab，它在豎直導(dǎo)軌上勻加速下滑.某時(shí)刻將導(dǎo)體棒cd所受程度恒力撤去，經(jīng)過一段時(shí)間，導(dǎo)體棒cd靜止，此過程流經(jīng)導(dǎo)體棒cd的電荷量為q導(dǎo)體棒ab、cd與導(dǎo)軌間接觸良好且接觸點(diǎn)及金屬導(dǎo)軌的電阻不計(jì)，重力加速度為g，那么A. 導(dǎo)體

3、棒cd受程度恒力作用時(shí)流經(jīng)它的電流I=B. 導(dǎo)體棒ab勻加速下滑時(shí)的加速度大小a=gC. 導(dǎo)體棒cd在程度恒力撤去后它的位移為s=D. 導(dǎo)體棒cd在程度恒力撤去后它產(chǎn)生的焦耳熱為Q=m6.圖中為一理想變壓器，其原線圈與一電壓有效值不變的交流電源相連：P為滑動(dòng)頭.現(xiàn)令P從均勻密繞的副線圈最底端開場，沿副線圈勻速上滑，直至白熾燈L兩端的電壓等于其額定電壓為止.用I1表示流過原線圈的電流，I2表示流過燈泡的電流，U1表示原線圈兩端電壓，U2表示燈泡兩端的電壓，假設(shè)在此過程中燈泡的電阻不變，那么在以下圖中，可以正確反映相應(yīng)物理量的變化趨勢的是A. B. C. D.二、實(shí)驗(yàn)題此題共2道小題 7.在“研究

4、電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)中，首先按右上圖接線，以查明電流表指針的偏轉(zhuǎn)方向與電流方向之間的關(guān)系。當(dāng)閉合S時(shí)觀察到電流表指針向左偏，不通電時(shí)電流表指針停在正中央，然后按右以下圖所示將電流表與線圈B連成一個(gè)閉合回路，將線圈A、電池、滑動(dòng)變阻器和電鍵S串聯(lián)成另一個(gè)閉合電路。1S閉合后，將線圈A插入線圈B的過程中，電流表的指針將_選填“左偏、“右偏或“不偏。2線圈A放在B中不動(dòng)時(shí)，指針將_選填“左偏、“右偏或“不偏。3線圈A放在B中不動(dòng)，將滑動(dòng)變阻器的滑片P向左滑動(dòng)時(shí)，電流表指針_選填“左偏、“右偏或“不偏。4線圈A放在B中不動(dòng)，突然斷開S，電流表指針將_選填“左偏、“右偏或“不偏。8.以下圖是某實(shí)驗(yàn)小組在研

5、究磁通量變化時(shí)感應(yīng)電流方向?qū)嶒?yàn)中的部分操作示意圖，圖甲所示是電流通過靈敏檢流計(jì)時(shí)指針的偏轉(zhuǎn)情況，圖乙是磁鐵從線圈中抽出時(shí)靈敏檢流計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)情況.1單項(xiàng)選擇圖甲電路中串聯(lián)定值電阻R主要是為了 A.減小電路兩端的電壓，保護(hù)電源B.增大電路兩端的電壓，保護(hù)電源C.減小電路中的電流，保護(hù)靈敏檢流計(jì)D.減小電路中的電流，便于觀察靈敏檢流計(jì)的讀數(shù)2實(shí)驗(yàn)操作如圖乙所示，當(dāng)磁鐵向上抽出時(shí)，檢流計(jì)中指針是_偏填“左或“右;繼續(xù)操作如圖丙所示，判斷此時(shí)條形磁鐵的運(yùn)動(dòng)是_線圈填“插入或“抽出.三、計(jì)算題此題共3道小題 9.在如下圖的電路中，R1、R2均為定值電阻，且R1=100，R2阻值未知，R3是一滑動(dòng)變阻器，

6、當(dāng)其滑片從左端滑至右端時(shí)，測得電源的路端電壓隨電流的變化圖線如下圖，其中A、B兩點(diǎn)是滑片在變阻器的兩個(gè)不同端點(diǎn)得到的.求：1電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻;2定值電阻R2的阻值;3滑動(dòng)變阻器的最大阻值.10.如圖，靜止于A處的離子，經(jīng)加速電場加速后沿圖中圓弧虛線通過靜電分析器，從P點(diǎn)垂直CN進(jìn)入矩形區(qū)域的有界勻強(qiáng)電場，電場方向程度向左.靜電分析器通道內(nèi)有均勻輻射分布的電場，圓弧虛線的半徑為R，其所在處場強(qiáng)為E、方向如下圖;離子質(zhì)量為m、電荷量為q;=2d、=3d，離子重力不計(jì).1求加速電場的電壓U及離子在P點(diǎn)時(shí)的速度大小;2假設(shè)離子恰好能打在Q點(diǎn)上，求矩形區(qū)域QNCD內(nèi)勻強(qiáng)電場場強(qiáng)E0 的值;3假設(shè)撤去矩

7、形區(qū)域QNCD內(nèi)的勻強(qiáng)電場，換為垂直紙面向里、大小為B勻強(qiáng)磁場，求離子在勻強(qiáng)磁場中運(yùn)動(dòng)半徑.11.如圖a所示，A、B為兩塊平行金屬板，極板間電壓為UAB=1125V，板中央有小孔O和O.現(xiàn)有足夠多的電子源源不斷地從小孔O由靜止進(jìn)入A、B之間.在B板右側(cè)，平行金屬板M、N長L1=4102m，板間間隔 d=4103m，在間隔 M、N右側(cè)邊緣L2=0.1m處有一熒光屏P，當(dāng)M、N之間未加電壓時(shí)電子沿M板的下邊沿穿過，打在熒光屏上的O并發(fā)出熒光.現(xiàn)給金屬板M、N之間加一個(gè)如圖b所示的變化電壓u1，在t=0時(shí)刻，M板電勢低于N板.電子質(zhì)量為kg，電量為e=1.61019C.1每個(gè)電子從B板上的小孔O射出

8、時(shí)的速度多大?2打在熒光屏上的電子范圍是多少?3打在熒光屏上的電子的最大動(dòng)能是多少?試卷答案1.解：A、當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸片P從左端滑到右端時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，總電流減小，路端電壓增大，那么L2變暗.變阻器的電阻增大，并聯(lián)部分的電阻增大，那么并聯(lián)部分的電壓增大，那么L3變亮.總電流減小，而L3的電流增大，那么L1的電流減小，那么L1變暗.故A錯(cuò)誤.B、由U1=EIRL2+r得：=RL2+r，不變.故B正確.C2.解：該電路中兩個(gè)電阻串聯(lián)，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過程中，接入電路的有效電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析可知電路中電流I變大，那么電流表

9、A讀數(shù)變大;路端電壓：U=EIr減小，電壓表V3示數(shù)在變小.A、電容器兩端的電壓為路端電壓，U減小，根據(jù)Q=CU可知電容器的帶電量減小.故A錯(cuò)誤;B、該電路中兩個(gè)電阻串聯(lián)，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過程中，接入電路的有效電阻積極性，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電路中電流I變大，那么電流表讀數(shù)變大;故B錯(cuò)誤;C、U1示數(shù)U1=IR1，隨I的增大在變大.故C正確;D、U2示數(shù)U2=EIR1+r，隨電流I的增大而減小.故D正確.應(yīng)選：CD3.解：A、當(dāng)滑片左移時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，那么電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大;而R1兩端的電壓增大，故乙表示是V1示

10、數(shù)的變化;甲表示V2示數(shù)的變化;故A錯(cuò)誤;B、由圖可知，當(dāng)只有R1接入電路時(shí)，電路中電流為0.6A，電壓為3V，那么由E=U+Ir可得：E=3+0.6r;當(dāng)滑動(dòng)變阻器全部接入時(shí)，兩電壓表示數(shù)之比為，故=;由閉合電路歐姆定律可得E=5+0.2r解得r=5，E=6V，故B錯(cuò)誤;C、因當(dāng)內(nèi)阻等于外阻時(shí)，電源的輸出功率最大，故當(dāng)外阻等于5時(shí)，電源的輸出功率最大，故此時(shí)電流I=0.6A，故電源的最大輸出功率P=UI=1.8W;故C錯(cuò)誤;D、由C的分析可知，R1的阻值為5，R2電阻為20;當(dāng)R1等效為內(nèi)阻，那么當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值等于R+r時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率最大，故當(dāng)滑動(dòng)變阻器阻值為10時(shí)，滑動(dòng)變阻器

11、消耗的功率最大，由閉合電路歐姆定律可得，電路中的電流I=A=0.3A，那么滑動(dòng)變阻器消耗的總功率P=I2R=0.9W;故D正確;應(yīng)選：D.4.解：A.根據(jù)安培定那么，電流I1在第一象限磁場方向是垂直紙面向里，I2在第一象限磁場方向是垂直紙面向外，所以磁通量可能為零，故A正確.B.根據(jù)安培定那么，電流I1在第二、三象限磁場方向是垂直紙面向外，I2在此處磁場方向是上半部垂直紙面向里，下半部向外，所以磁通量不可能為零，故B錯(cuò)誤.C.根據(jù)安培定那么，電流I1在第一象限磁場方向是垂直紙面向外，I2在第一象限磁場方向是垂直紙面向外，所以磁通量不可能為零，故C錯(cuò)誤.D.根據(jù)安培定那么，電流I1在第一象限磁場

12、方向是垂直紙面向外，I2在第一象限磁場方向是垂直紙面向里，所以磁通量可能為零，故D正確.應(yīng)選：AD.5. 解：A、cd切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢為 E=BLv0，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：I=.故A錯(cuò)誤.B、對(duì)于ab棒：根據(jù)牛頓第二定律得：mgf=ma，又f=N，N=BIL，聯(lián)立解得，a=g.故B正確.C、對(duì)于cd棒，根據(jù)感應(yīng)電量公式q=得：q=，那么得，s=，故C正確.D、設(shè)導(dǎo)體棒cd在程度恒力撤去后產(chǎn)生的焦耳熱為Q，由于ab的電阻與cd一樣，兩者串聯(lián)，那么ab產(chǎn)生的焦耳熱也為Q.根據(jù)能量守恒得：2Q+mgs=，又s=，解得：Q=m，故D正確.應(yīng)選：BCD6.解：A、副線圈是均勻密繞的且滑動(dòng)頭勻

13、速上滑，說明副線圈的匝數(shù)在均勻增大，由變壓器的變壓比得燈泡兩端的電壓均勻增大k為單位時(shí)間增加的匝數(shù)，原線圈功率等于燈泡功率是增大的，所以原線圈電流一定增大，故A錯(cuò)誤，D正確;B、燈泡的電阻隨著溫度的增加而變大，所以電壓和電流不是正比例的關(guān)系，故B錯(cuò)誤;C、變壓器的電壓與匝數(shù)成正比，原線圈和副線圈的總的匝數(shù)是不變的，輸入的電壓也不變，所以副線圈的總電壓的大小也不變，故C錯(cuò)誤;應(yīng)選：D.7.1右偏2分2不偏2分3右偏2分4左偏8.1C 2分;2右 抽出9.解：1電源的路端電壓隨電流的變化圖線斜率大小等于電源的內(nèi)阻，那么有內(nèi)阻r=|=20電源的電動(dòng)勢為E=U+Ir，取電壓U=16V，電流I=0.2A

14、，代入解得，E=20V.2當(dāng)滑片滑到最右端時(shí)，R1被短路，外電路的電阻最小，電流最大，此時(shí)電壓U=4V，電流I=0.8A，那么定值電阻R2=53滑動(dòng)變阻器阻值最大時(shí)，外電阻最大，電流最小，此時(shí)電壓U=16V，電流I=0.2A，外電路總電阻為R=80又R=R2+，R1=100，R2=5代入解得，R3=300答：1電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻分別為E=20V和r=20;2定值電阻R2的阻值為5;3滑動(dòng)變阻器的最大阻值為300.10.解：1離子在加速電場中加速，根據(jù)動(dòng)能定理，有：qU=mv2離子在輻向電場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，電場力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有：qE=m聯(lián)立解得：v=U=ER2離子做類平拋運(yùn)動(dòng)，故：2d=vt3d=at2由牛頓第二定律得：qE0=ma那么 E0=3粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故：qvB=m解得：R=答：1加速電場的電壓U為ER，離子在P點(diǎn)時(shí)的速度大小為;2假設(shè)離子恰好能打在Q點(diǎn)上，矩形區(qū)域QNCD內(nèi)勻強(qiáng)電場場強(qiáng)E0 的值為;3假設(shè)撤去矩形區(qū)域QNCD內(nèi)的勻強(qiáng)電場，換為垂直紙面向里、大小為B勻強(qiáng)磁場，離子在勻強(qiáng)磁場中運(yùn)動(dòng)半徑為.11.解：1電子經(jīng)A、B兩塊金屬板加速，有得2當(dāng)u=22.5V時(shí)，電子經(jīng)過MN極板向下的偏移量最大，為Y1此時(shí)電子在豎直方向的速度大小為電子射出極板MN后到達(dá)熒光屏P的時(shí)間為電子射出極板MN后到