上海市虹口區(qū)2020屆高三物理下學(xué)期等級(jí)考試(二模)試題(含解析)

1、虹口區(qū) 2020 屆高三物理等級(jí)考（二模）試卷一.選擇題1. 以下來自原子核內(nèi)的帶負(fù)電的射線是（ ）A.陰極射線B. a射線【答案】 D【解析】【詳解】天然放射現(xiàn)象中的線帶正電，B射線帶負(fù)電，的電子在電場(chǎng)加速下形成的電子流，故選項(xiàng)故選選項(xiàng)D。2. 以下屬于靜電利用的措施是（ ）A. 安裝避雷針C. 飛機(jī)起落架的輪胎用導(dǎo)電橡膠制成C. Y射線D. B射線a、屋丫射線都是來自放射性元素的原子核，a 射射線不帶電； 陰極射線是從低壓氣體放電管陰極發(fā)出D 正確，A、B、 C 錯(cuò)誤；B. 油罐車車尾有一條“小尾巴”D. 復(fù)印機(jī)的硒鼓采用半導(dǎo)體材料【答案】 D【解析】【詳解】A下雨天，云層帶電打雷，往往在

2、屋頂安裝避雷針，是導(dǎo)走靜電，防止觸電，故屬于靜電防范，故選項(xiàng) A 錯(cuò)誤；B、油罐車在運(yùn)動(dòng)的過程中，由于里面的油在晃動(dòng)，也會(huì)摩擦產(chǎn)生靜電，后面拖一條的鐵鏈就可以以及時(shí)的把產(chǎn)生的靜電導(dǎo)走，有利于消除靜電，屬于靜電防范，故選項(xiàng) B 錯(cuò)誤；C、 飛機(jī)起落架的輪胎是用導(dǎo)電橡膠制成， 可以有效將飛機(jī)上的靜電導(dǎo)走， 屬于靜電防范，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D、 復(fù)印機(jī)的硒鼓采用半導(dǎo)體材料， 復(fù)印機(jī)復(fù)印文件資料， 就是利用靜電墨粉吸附在鼓上，屬于靜電的利用，故選項(xiàng) D正確；故選選項(xiàng)D。3.用電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源對(duì)外電路供電，則（）A.外電路斷開時(shí)，路端電壓為零B.電源短路時(shí)，路端電壓為最大值C.路端電壓增大時(shí)，流過

3、電源的電流一定減小D.路端電壓增大時(shí)，電源的輸出功率一定增大【答案】C【解析】【詳解】A、外電路斷開時(shí)，外電阻無窮大，電路電流為零，路端電壓等于電動(dòng)勢(shì)， 故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B、電源短路時(shí)，外電阻等于零，根據(jù)歐姆定律可知電流最大，路端電壓為零，故選 項(xiàng)B錯(cuò)誤；CD路端電壓增大時(shí)，由得知流過電源的電流減小，電源的輸出功率P =叩=一千一空尸斗及 若生，電源的電流減小時(shí)，電源的輸出功率增大；若r 4rr2E電源的電流減小時(shí)，電源白輸出功率減小，故選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤；故選選項(xiàng)。4 .用某種單色光照射某金屬表面，發(fā)生光電效應(yīng)?，F(xiàn)將該單色光的光強(qiáng)減弱，則( )A.可能不發(fā)生光電效應(yīng)B.光電子的最大初動(dòng)能減少C

4、.單位時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的光電子數(shù)減少D.需要更長(zhǎng)的照射時(shí)間才能發(fā)生光電效應(yīng)【答案】C【解析】【詳解】A、根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知能否發(fā)生光電效應(yīng)與光照強(qiáng)度無關(guān)，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B、發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知，光電子的最大初動(dòng)能為 Ekwhv-W W為逸出功，由此可知光電子的最大初動(dòng)能隨著入射光的頻率增大而增 大，與光照強(qiáng)度強(qiáng)弱，故選項(xiàng) B錯(cuò)誤；C、光照強(qiáng)度減弱，單位時(shí)間內(nèi)照射到金屬表面的光子數(shù)目減小，因此單位時(shí)間內(nèi)產(chǎn) 生的光電子數(shù)目減小，故選項(xiàng) C正確；D某種金屬能否發(fā)生光電效應(yīng)取決于入射光的頻率，與入射光的強(qiáng)度和照射時(shí)間無 關(guān)，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤； 故選選項(xiàng)。5 .在盛沙的漏斗下面放

5、一木板，讓漏斗左右擺動(dòng)起來，同時(shí)其中細(xì)沙勻速流出，經(jīng) 歷一段時(shí)間后，觀察木板上沙子的堆積情況，則沙堆的剖面應(yīng)是下圖中的（）【答案】B【解析】【詳解】不考慮空氣阻力，漏斗在從最左端向最右端運(yùn)動(dòng)和從最右端向最左端運(yùn)動(dòng) 時(shí)，到達(dá)最底端運(yùn)動(dòng)速度最快，細(xì)沙漏到地面上的最少，兩端漏斗運(yùn)動(dòng)的最慢，細(xì) 沙漏到地面上的最多，故選項(xiàng) B正確，選項(xiàng)A、C、D錯(cuò)誤；故選選項(xiàng)Bo6 .繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的人造地球衛(wèi)星因受高空稀薄空氣阻力的作用，繞地球運(yùn) 轉(zhuǎn)的軌道半徑會(huì)慢慢變小，則該衛(wèi)星的（）A.動(dòng)能變小B.向心力變大C.角速度變小D.周期變大【答案】B【解析】GMm rnv2GM【詳解】A、根據(jù)萬有引力提供向心力 ：

6、二 一廠可得咱，可知軌道半徑變小， 速度變大，根據(jù)動(dòng)能的表達(dá)式 4 =可知?jiǎng)幽茏兇?，故選項(xiàng) A錯(cuò)誤；B、據(jù)萬有引力提供向心力則有F向= 7-,可知軌道半徑變小，向心力變大，故選項(xiàng) B正確；GMtn ,GM-C、根據(jù)萬有引力提供向心力 ；丁 =皿”/可得切=I,可知軌道半徑變小，角速度變大，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D根據(jù)萬有弓I力提供向心力零=巴47可得了 =1町匚可知軌道半徑變小，周期變 產(chǎn) T2J小，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選選項(xiàng)Bo7 .在粗糙的水平面上，物體在水平推力 F作用下由靜止開始作勻加速直線運(yùn)動(dòng)，一 段時(shí)間后，將F逐漸減小，在F逐漸減小到零的過程中，速度 v和加速度a的變化 情況是（）A. v減小

7、，a減小B. v增大，a減小C. v先減小后增大，a先增大后減小D. v先增大后減小，a先減小后增大【答案】D【解析】【詳解】物體在水平推力作用下由靜止開始作勻加速直線運(yùn)動(dòng)，物體水平方向受到 推力和滑動(dòng)摩擦力，水平推力從開始減小到與滑動(dòng)摩擦力大小相等的過程中，物體 受到推力大于摩擦力，做加速運(yùn)動(dòng)，合力減小，加速度減小，物體做加速度減小的 加速運(yùn)動(dòng)；此后推力繼續(xù)減小，推力小于滑動(dòng)摩擦力，合力與速度方向相反，做減 速運(yùn)動(dòng)，合力反向增大，加速度反向增大，物體做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)；所以物 體速度先增大后減小，加速度先減小后增大，故選項(xiàng)D正確，A、B C錯(cuò)誤；故選選項(xiàng)D=8.彎曲管子內(nèi)注有密度為p的水

8、，中間部分有空氣，各管內(nèi)液面高度差如圖中所標(biāo)， 大氣壓強(qiáng)為p。，重力加速度為g,則圖中A點(diǎn)處的壓強(qiáng)是（）wA. p o+3 p ghB. p 0+2 p ghC. p 0+ p ghD. p gh【答案】B【解析】【詳解】同一液體內(nèi)部等高處的壓強(qiáng)處處相等，由圖中液面的高度關(guān)系可知，封閉 氣體的壓強(qiáng)為%二同+/的，A點(diǎn)的壓強(qiáng)為：P1氏+闈仁氏十 5時(shí),故選項(xiàng)B正確， A G D錯(cuò)誤；故選選項(xiàng)Bo9 .如圖所示，MN一根固定的通電長(zhǎng)直導(dǎo)線，電流方向向上，今將一金屬線框abcd 放在導(dǎo)線上，讓線框的位置偏向?qū)Ь€左邊，兩者彼此絕緣.當(dāng)導(dǎo)線中的電流突然增 大時(shí)，線框整體受力情況為（）A.受力向右 B.受

9、力向左 C.受力向上 D.受力為零【答案】A 【解析】MN#線兩端的磁場(chǎng)對(duì)稱，所以線框中總磁通量方向垂直紙面向外，當(dāng)導(dǎo)線中的電流 突然增大時(shí)，磁場(chǎng)增強(qiáng)，根據(jù)楞次定律，線框要阻礙增強(qiáng)，有向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，B正確。10 .如圖，氣缸固定于水平面，用截面積為20 cm2的活塞封閉一定量的氣體，活塞與缸壁間摩擦不計(jì)。當(dāng)大氣壓強(qiáng)為 1.0X105 Pa、氣體溫度為87c時(shí)，活塞在大小 為40 N、方向向左的力F作用下保持靜止。F作用下保持活塞不動(dòng)，當(dāng)氣體溫度降 至57 C,則F應(yīng)變?yōu)?)nA. 20 NB. 10 NC. 5 ND. 0【答案】A【解析】【詳解】設(shè)初狀態(tài)時(shí)被封閉氣體的壓強(qiáng)為 右，末態(tài)被封閉

10、氣體的壓強(qiáng)為 N,活塞保 持靜止，活塞受力平衡，則有片$=P0 + 4，45 =心+再，解得：F40/Pi = Po+LL0黑10、次=1.2乂10乎% = Po+t,保持話塞不動(dòng)，故為等52.0 X 10-40 5P P容變化，根據(jù)查理定律可得： 肝廣 解得：F二 20N,故選項(xiàng)A正 確，R G D錯(cuò)誤；故選選項(xiàng)Ao11.在x軸上有兩個(gè)點(diǎn)電荷q1、q2,其靜電場(chǎng)的電勢(shì) 小在x軸上分布如圖所示，則( )A. q i和q2帶有同種電荷B. x i處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零C.負(fù)電荷從xi移到X2,電勢(shì)能減小D.負(fù)電荷從xi移到X2,受到的電場(chǎng)力增大【答案】C【解析】【詳解】A由圖可知占處電勢(shì)為零，所以仇和

11、附帶有異種電荷，故選項(xiàng) A錯(cuò)誤；B、圖中曲線斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，帆處的斜率不為零，故身處的電場(chǎng)強(qiáng)度不為零，故 選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C、負(fù)電荷從#1移到卜2,電勢(shì)升高，根據(jù) 琢=9曲可知電勢(shì)能減小，故選項(xiàng) C正確；D負(fù)電荷從*1移到曲線的斜率減小，電場(chǎng)強(qiáng)度減小，所以負(fù)電荷受到的電場(chǎng)力 減小，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤； 故選選項(xiàng)。12 .利用波的干涉，可將無線電波的干涉信號(hào)用于飛機(jī)降落的導(dǎo)航。 如圖所示，兩個(gè) 可發(fā)射無線電波的天線對(duì)稱地固定于飛機(jī)跑道兩側(cè)，每個(gè)天線都同時(shí)發(fā)出波長(zhǎng)分別為入1和入2的無線電波。飛機(jī)降落過程中，當(dāng)接收到入1和2的信號(hào)都保持最強(qiáng)時(shí)， 表明飛機(jī)已對(duì)準(zhǔn)跑道?？梢姡ǎ〢.天線發(fā)出的兩種無線電波必須一樣

12、強(qiáng)B.兩種無線電波在空間的強(qiáng)弱分布穩(wěn)定C.導(dǎo)航利用了入1與入2兩種無線電波之間的干涉D.兩種無線電波各自在空間的強(qiáng)弱分布完全重合【答案】B【解析】【詳解】AG無線電波的干涉信號(hào)可用于飛機(jī)降落的導(dǎo)航，飛機(jī)降落過程中，當(dāng)接 收到乙和公的信號(hào)都保持最強(qiáng)時(shí)，表明飛機(jī)已對(duì)準(zhǔn)跑道，即此時(shí)飛機(jī)接收到的信號(hào)為 振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，是 人與的干涉和代與乙的干涉，而不是氏與%的干涉；干涉要求兩波 源的頻率相同，無線電波的干涉與強(qiáng)弱無關(guān)，故選項(xiàng)A、C錯(cuò)誤；B、飛機(jī)接收到的信號(hào)是人的干涉波與代的干涉波的疊加，因?yàn)橐遗c乙各自強(qiáng)弱分布穩(wěn) 定，故疊加后空間中波的強(qiáng)弱分布穩(wěn)定，故選項(xiàng) B正確；D在跑道上接收網(wǎng)和乙的信號(hào)都保持最強(qiáng)，但

13、是Z與4各自在空間的強(qiáng)弱分布不一定 完全相同，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選選項(xiàng)Bo二.填空題13 .實(shí)驗(yàn)表明，當(dāng)物體所受合外力的方向跟它的 方向不在同一直線上時(shí)，物體做曲線運(yùn)動(dòng)。勻速圓周運(yùn)動(dòng)就是一種 （選填“勻加速”、“變加 速”）曲線運(yùn)動(dòng)，其所受合外力始終 【答案】（1）. 速度；（2）.變加速；（3）.指向圓心【解析】【詳解】物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是物體所受合外力的方向跟它的速度方向不在同一 直線上，反之做直線運(yùn)動(dòng)；做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，所受合外力方向始終跟它的速 度方向垂直，方向沿著半徑指向圓心，方向時(shí)刻改變，加速度方向時(shí)刻改變，所以 勻速圓周運(yùn)動(dòng)就是一種變加速曲線運(yùn)動(dòng)；答案為：速度；變加速；指向圓

14、心；14 .質(zhì)量為m的物體（可看成質(zhì)點(diǎn)）以某一速度沖上傾角為 30。的固定斜面，具運(yùn) 動(dòng)的加速度為:g,此物體在斜面上上升的最大高度為 h,則在這個(gè)過程中物體重力 勢(shì)能增加了,摩擦力做功。(2).【解析】【詳解】物體沿斜面上升h,物體重力勢(shì)能的增加量為:降= mgh ；由牛頓第二定律解得：/ =摩擦力做功：W = - fs = 一。,25舊9 X 力5訪30" =;答案為：mgh；15.某同學(xué)在探究摩擦力的實(shí)驗(yàn)中采取了圖示裝置, 上，然后用力傳感器對(duì)木塊施加一個(gè)水平拉力將一個(gè)長(zhǎng)方體木塊放在水平桌面F,并對(duì)木塊的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)進(jìn)行監(jiān)測(cè),根據(jù)表格記錄的數(shù)據(jù)可知，木塊與桌面間的最大靜摩擦力Ffm

15、 一定不小于N木塊第二次勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的摩擦力Ff =F .實(shí)驗(yàn)次數(shù)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)水平拉力F/N1靜止3.622靜止4.033勻速4.014勻加速5.015勻加速5.49【答案】 .4.03(2). 4.01【解析】【詳解】當(dāng)物體在水平拉力作用下勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，拉力大小等于滑動(dòng)摩擦力大小，物體所受滑動(dòng)摩擦力為：6=4,01N；最大靜摩擦力不小于滑動(dòng)摩擦力，根據(jù)第二次靜止則有木塊與桌面間的最大靜摩擦力GX.03N；木塊加速運(yùn)動(dòng)時(shí)受到是滑動(dòng)摩擦力，摩擦力心oi M；答案為：4.03 ; 4.01 ;16 .電路如圖，三個(gè)電阻R、R、R3的阻值均為R,電源白內(nèi)阻r<R, c為滑動(dòng)變阻器 的中點(diǎn)。閉合開

16、關(guān)后，將滑動(dòng)變阻器的滑片由 c點(diǎn)向a端滑動(dòng)過程中，三個(gè)電阻中 功率變大的電阻是,電源輸出功率的變化是。【答案】(1). 電和收 ;(2). 變大【解析】【詳解】c為滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)，滑動(dòng)觸頭在此點(diǎn)時(shí)，總電阻最大，將滑動(dòng)變阻器 的滑片由c點(diǎn)向a端滑動(dòng)，總電阻減小，總電流增大，和電源內(nèi)阻分的電壓增大， %和電源內(nèi)阻消耗的功率變大；并聯(lián)電路電壓減小，取所在之路電阻增大，電壓減小，故電流減小，&消耗的功率減小，而 取的電流增大，故6功率增大；電源輸出的功率P在廣=H斗時(shí)最大，將滑動(dòng)變阻器的滑片由c點(diǎn)向a端滑動(dòng)過程中， 外電阻與.減小，但外電阻總大于電源的內(nèi)阻，電源輸出功率增變大；答案為：為和勺

17、；變大；17 .邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形線框，t=0時(shí)由靜止進(jìn)入大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，做勻加速直線 運(yùn)動(dòng)，t=T時(shí)剛要完全進(jìn)入磁場(chǎng)，此時(shí)線框中的感應(yīng)電流為 I。，則加速度a的大小 為;線框電阻R的大小為2L2BL1【答案】(1).(2).【解析】【詳解】根據(jù)“夕產(chǎn)可得加速度a的大小為嚼、Eye /金屬桿的速度為口 = 口/，由E = 和,=否得感應(yīng)電流為,0-,線框電阻R的大次口 RT小為R =;三.綜合題18 .運(yùn)用玻意耳定律可以測(cè)量小晶體的體積， 裝置示意圖和測(cè)量數(shù)據(jù)如圖，實(shí)驗(yàn)步驟如下：物理量、J? 1禰3120.7 7 1.00J133丁10%31.20 LOOO.SjI .取適量小晶體，裝入注射

18、器內(nèi)；n.緩慢推動(dòng)活塞至某一位置，記錄活塞所在位置的容積刻度 M,通過壓強(qiáng)傳感器、 數(shù)據(jù)采集器從計(jì)算機(jī)上讀取此時(shí)氣體的壓強(qiáng) pi ；田.重復(fù)步驟H ,記錄活塞在另一位置的容積刻度 V2和讀取相應(yīng)的氣體的壓強(qiáng)P2；IV.再重復(fù)步驟處理記錄的 3組數(shù)據(jù)，得到小晶體的體積。(1)實(shí)驗(yàn)中緩慢推動(dòng)活塞，是為了保持 不變；(2)為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，采用作直線圖線的方法來處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)， 右邊方格圖的縱 坐標(biāo)應(yīng)標(biāo)明的物理量是 ,橫坐標(biāo)則應(yīng)標(biāo)明 ;(3)如果圖線的斜率用k表示，則注射器內(nèi)小晶體的體積 V0與容積刻度V、氣體的壓強(qiáng)p的關(guān)系表達(dá)式為：V0=;(4)采用作圖法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，則本次數(shù)據(jù)的不足之處是 1L【

19、答案】(1). 溫度；(2).V;(3).;(4). V ；(5). 測(cè)PP量5組或5組以上數(shù)據(jù)【解析】【詳解】解：(1)由于運(yùn)用玻意耳定律可以測(cè)量小晶體的體積，所以注射器中的氣體 發(fā)生的是等溫變化，所以實(shí)驗(yàn)中緩慢推動(dòng)活塞，是為了保持溫度不變；(2)根據(jù)玻意耳定律有：叫=匚，為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，采用作直線圖線的方法來處 理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，故作圖象，格圖的縱坐標(biāo)應(yīng)標(biāo)明的物理量是M,橫坐標(biāo)則應(yīng)標(biāo)明上 注射器中的氣體發(fā)生的是等溫變化，根據(jù)玻意耳定律，= 所以氣體體積趨向于0時(shí)，P趨向于無窮大；橫軸截距表示固體的體積，故有：“二廠二P3采用作圖法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)應(yīng)當(dāng)要多組數(shù)據(jù)，而本次實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)為3組，所以本次數(shù) 據(jù)

20、的不足之處是實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)測(cè)量次數(shù)小，應(yīng)當(dāng)測(cè)量 5組或5組以上數(shù)據(jù);19 .對(duì)以下兩位同學(xué)的結(jié)論做出評(píng)價(jià)，并分析說明理由X X X X -圖 X X X XX X X X1MTLX X X XBXXFX乂 H xf X X X X X XM(1)如圖(1)所示，足夠長(zhǎng)平行光滑軌道放置在水平面上，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。左側(cè)接額定功率為 P的燈泡。一質(zhì)量為mi電阻為r的金屬棒靜置 于導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌電阻不計(jì)?，F(xiàn)用一包力 F沿軌道方向拉金屬棒，最終燈泡剛好正常 發(fā)光，說明整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中導(dǎo)體棒的速度變化和能量轉(zhuǎn)換關(guān)系。甲同學(xué)：由于恒力F作用，導(dǎo)體棒先做勻加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)；F做功轉(zhuǎn)換為燈的電能。（

21、2）如圖（2）所示，兩端封閉的豎直玻璃管用水銀柱隔開空氣柱 A和B,初始溫 度相同，若使A、B同時(shí)升高相同的溫度，水銀柱將如何移動(dòng)？穩(wěn)定后 A、B壓強(qiáng)變 化量大小關(guān)系如何？乙同學(xué)：設(shè)兩段空氣柱體積不變，由查理定律推出Ap=； p ,當(dāng)T、AT相同時(shí)，由Pb> Pa,得ApB> A Pa,所以水銀柱向上移動(dòng)；升溫前后B的壓強(qiáng)變化量比A大?！敬鸢浮浚?）甲同學(xué)錯(cuò)誤導(dǎo)體棒先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)；F 做的功轉(zhuǎn)化為燈的電能及金屬棒的電能和動(dòng)能；（2）乙同學(xué)錯(cuò)誤水銀柱向上移動(dòng)； B的壓強(qiáng)變化量和A相等【解析】【詳解】解：（1）甲同學(xué)錯(cuò)誤；導(dǎo)體棒在包力F和安培力作用下，初始安培力力小于恒力F,合外力向右，加速運(yùn)動(dòng)，