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1、精選優(yōu)質(zhì)文檔-傾情為你奉上精選優(yōu)質(zhì)文檔-傾情為你奉上專(zhuān)心-專(zhuān)注-專(zhuān)業(yè)專(zhuān)心-專(zhuān)注-專(zhuān)業(yè)精選優(yōu)質(zhì)文檔-傾情為你奉上專(zhuān)心-專(zhuān)注-專(zhuān)業(yè)2012年江蘇省高考物理試卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題:本題共5小題,每小題3分,共計(jì)15分每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1(3分)(2012江蘇)真空中,A、B兩點(diǎn)與點(diǎn)電荷Q的距離分別為r和3r,則A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小之比為()A3:1B1:3C9:1D1:9【考點(diǎn)】點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專(zhuān)題【分析】直接根據(jù)庫(kù)倫定律公式計(jì)算出試探電荷q所受電場(chǎng)力,然后利用電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式即可求出在M所在處的場(chǎng)強(qiáng)的大小【解答】解:引入一個(gè)試探電荷q,
2、分別計(jì)算它在AB兩點(diǎn)受的電場(chǎng)力,得:F1=9F2根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式:,得:故選:C【點(diǎn)評(píng)】本題很簡(jiǎn)單直接考查了庫(kù)倫定律和電場(chǎng)強(qiáng)度定義式的應(yīng)用,對(duì)于這些公式一定要明確其適用條件和公式中各個(gè)物理量的含義2(3分)(2012江蘇)一充電后的平行板電容器保持兩極板的正對(duì)面積、間距和電荷量不變,在兩極板間插入一電介質(zhì),其電容C和兩極板間的電勢(shì)差U的變化情況是()AC和U均增大BC增大,U減小CC減小,U增大DC和U均減小【考點(diǎn)】電容器菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】電容器專(zhuān)題【分析】根據(jù)電容的決定式判斷電容大小,根據(jù)定義式判斷電壓變化【解答】解:由公式知,在兩極板間插入一電介質(zhì),其電容C增大,由公式知,電荷量不
3、變時(shí)U減小,B正確故選B【點(diǎn)評(píng)】本題考查了等容的定義式和決定式的配合應(yīng)用3(3分)(2012江蘇)如圖所示,細(xì)線的一端固定于O點(diǎn),另一端系一小球在水平拉力作用下,小球以恒定速率在豎直平面內(nèi)由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)在此過(guò)程中拉力的瞬時(shí)功率變化情況()A逐漸增大B逐漸減小C先增大,后減小D先減小,后增大【考點(diǎn)】功率、平均功率和瞬時(shí)功率菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】功率的計(jì)算專(zhuān)題【分析】根據(jù)小球做圓周運(yùn)動(dòng),合力提供向心力,即合力指向圓心,求出水平拉力和重力的關(guān)系,根據(jù)P=Fvcos得出拉力瞬時(shí)功率的表達(dá)式,從而判斷出拉力瞬時(shí)功率的變化【解答】解:因?yàn)樾∏蚴且院愣ㄋ俾蔬\(yùn)動(dòng),即它是做勻速圓周運(yùn)動(dòng),那么小球受到的重力G、
4、水平拉力F、繩子拉力T三者的合力必是沿繩子指向O點(diǎn)設(shè)繩子與豎直方向夾角是,則=tan(F與G的合力必與繩子拉力在同一直線上)得F=Gtan而水平拉力F的方向與速度V的方向夾角也是,所以水平力F的瞬時(shí)功率是P=Fvcos則P=Gvsin顯然,從A到B的過(guò)程中,是不斷增大的,所以水平拉力F的瞬時(shí)功率是一直增大的故A正確,B、C、D錯(cuò)誤故選A【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握瞬時(shí)功率的表達(dá)式P=Fvcos,注意為F與速度的夾角4(3分)(2012江蘇)將一只皮球豎直向上拋出,皮球運(yùn)動(dòng)時(shí)受到空氣阻力的大小與速度的大小成正比下列描繪皮球在上升過(guò)程中加速度大小a與時(shí)間t關(guān)系的圖象,可能正確的是()ABCD【考點(diǎn)】
5、豎直上拋運(yùn)動(dòng)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】壓軸題;直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專(zhuān)題【分析】受力分析后根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度的變化規(guī)律,同時(shí)結(jié)合特殊位置(最高點(diǎn))進(jìn)行判斷【解答】解:B、D、皮球豎直向上拋出,受到重力和向下的空氣阻力,根據(jù)牛頓第二定律,有:mg+f=ma根據(jù)題意,空氣阻力的大小與速度的大小成正比,有:f=kv聯(lián)立解得:a=g+A、C、由于速度不斷減小,故加速度不斷減小,到最高點(diǎn)速度為零,阻力為零,加速度為g,不為零,故BD均錯(cuò)誤;根據(jù)BD的結(jié)論a=g+,有,由于加速度減小,故也減小,故也減小,故at圖象的斜率不斷減小,故A錯(cuò)誤,C正確;故選:C【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是受力分析后得到加速度的表達(dá)式,然后結(jié)合
6、速度的變化得到阻力變化,最后判斷出加速度的變化規(guī)律5(3分)(2012江蘇)如圖所示,一夾子夾住木塊,在力F作用下向上提升夾子和木塊的質(zhì)量分別為m、M,夾子與木塊兩側(cè)間的最大靜摩擦力均為f若木塊不滑動(dòng),力F的最大值是()ABCD【考點(diǎn)】力的合成菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】壓軸題【分析】隔離對(duì)木塊分析,通過(guò)牛頓第二定律求出木塊的最大加速度,再對(duì)整體分析,運(yùn)用牛頓第二定律求出拉力F的最大值【解答】解:對(duì)木塊分析得,2fMg=Ma,解得木塊的最大加速度a=對(duì)整體分析得,F(xiàn)(M+m)g=(M+m)a,解得F=故A正確,B、C、D錯(cuò)誤故選A【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵能夠正確地進(jìn)行受力分析,運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解
7、注意整體法和隔離法的運(yùn)用二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題4分,共計(jì)16分每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意全部選對(duì)得4分,選對(duì)但不全的得2分,錯(cuò)選或不答的得0分6(4分)(2012江蘇)如圖所示,相距l(xiāng)的兩小球A、B位于同一高度h(l、h均為定值)將A向B水平拋出的同時(shí),B自由下落A、B與地面碰撞前后,水平分速度不變,豎直分速度大小不變、方向相反不計(jì)空氣阻力及小球與地面碰撞的時(shí)間,則()AA、B在第一次落地前能否發(fā)生相碰,取決于A的初速度大小BA、B在第一次落地前若不碰,此后就不會(huì)相碰CA、B不可能運(yùn)動(dòng)到最高處相碰DA、B一定能相碰【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng);自由落體運(yùn)動(dòng)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】自由落體運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題
8、【分析】因?yàn)槠綊佭\(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng),在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng),根據(jù)該規(guī)律抓住地面碰撞前后,水平分速度不變,豎直分速度大小不變、方向相反與判斷兩球能否相碰【解答】解:A、若A球經(jīng)過(guò)水平位移為l時(shí),還未落地,則在B球正下方相碰可知當(dāng)A的初速度較大是,A、B在第一次落地前能發(fā)生相碰,故A正確B、若A、B在第一次落地前不碰,由于反彈后水平分速度不變,豎直分速度大小不變、方向相反,則以后一定能碰故B錯(cuò)誤,D正確C、若A球落地時(shí)的水平位移為時(shí),則A、B在最高點(diǎn)相碰故C錯(cuò)誤故選:AD【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律,根據(jù)該規(guī)律進(jìn)行分析7(4分)(2012江蘇)
9、某同學(xué)設(shè)計(jì)的家庭電路保護(hù)裝置如圖所示,鐵芯左側(cè)線圈L1由火線和零線并行繞成當(dāng)右側(cè)線圈L2中產(chǎn)生電流時(shí),電流經(jīng)放大器放大后,使電磁鐵吸起鐵質(zhì)開(kāi)關(guān)K,從而切斷家庭電路僅考慮L1,在鐵芯中產(chǎn)生的磁場(chǎng),下列說(shuō)法正確的有()A家庭電路正常工作時(shí),L2中的磁通量為零B家庭電路中使用的電器增多時(shí),L2中的磁通量不變C家庭電路發(fā)生短路時(shí),開(kāi)關(guān)K將被電磁鐵吸起D地面上的人接觸火線發(fā)生觸電時(shí),開(kāi)關(guān) K 將被電磁鐵吸起【考點(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】交流電專(zhuān)題【分析】火線和零線并行繞制,所以在家庭電路正常工作時(shí),火線和零線的電流大小相等,方向相反,因此合磁通量為零,L2中的磁通量為零,地面上的人接觸
10、火線發(fā)生觸電時(shí),火線的電流突然變大,即L1中的磁場(chǎng)發(fā)生變化,導(dǎo)致L2中的磁通量變化,L2中產(chǎn)生感應(yīng)電流,電磁鐵將開(kāi)關(guān)K吸起【解答】解:A、由于火線和零線并行繞制,所以在家庭電路正常工作時(shí),火線和零線的電流大小相等,方向相反,因此合磁通量為零,L2中的磁通量為零,A項(xiàng)正確;B、當(dāng)家庭電路中使用的電器增多時(shí),火線和零線的電流仍然大小相等,方向相反,L2中的磁通量不變,B項(xiàng)正確;C、家庭電路發(fā)生短路時(shí),火線和零線的電流同時(shí)增大,合磁通量仍然為零,因此開(kāi)關(guān)K不會(huì)被電磁鐵吸起,C項(xiàng)錯(cuò)誤;D、當(dāng)?shù)孛嫔系娜私佑|火線發(fā)生觸電時(shí),火線的電流突然變大,即L1中的磁場(chǎng)發(fā)生變化,導(dǎo)致L2中的磁通量變化,L2中產(chǎn)生感應(yīng)
11、電流,電磁鐵將開(kāi)關(guān)K吸起,D項(xiàng)正確故選ABD【點(diǎn)評(píng)】本題考查了變壓器的構(gòu)造和原理,難點(diǎn)在于火線和零線并行繞制,要理解為什么副線圈中的磁通量為零8(4分)(2012江蘇)2011年8月,“嫦娥二號(hào)”成功進(jìn)入了環(huán)繞“日地拉格朗日點(diǎn)”的軌道,我國(guó)成為世界上第三個(gè)造訪該點(diǎn)的國(guó)家如圖所示,該拉格朗日點(diǎn)位于太陽(yáng)和地球連線的延長(zhǎng)線上,一飛行器處于該點(diǎn),在幾乎不消耗燃料的情況下與地球同步繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)則此飛行器的()A線速度大于地球的線速度B向心加速度大于地球的向心加速度C向心力僅有太陽(yáng)的引力提供D向心力僅由地球的引力提供【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系;萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】
12、壓軸題;人造衛(wèi)星問(wèn)題【分析】飛行器與地球同步繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng),角速度相等,飛行器靠太陽(yáng)和地球引力的合力提供向心力,根據(jù)v=r,a=r2比較線速度和向心加速度的大小【解答】解:A、飛行器與地球同步繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng),角速度相等,根據(jù)v=r,知探測(cè)器的線速度大于地球的線速度故A正確B、根據(jù)a=r2知,探測(cè)器的向心加速度大于地球的向心加速度故B正確C、探測(cè)器的向心力由太陽(yáng)和地球引力的合力提供故C、D錯(cuò)誤故選AB【點(diǎn)評(píng)】本題考查萬(wàn)有引力的應(yīng)用,題目較為新穎,在解題時(shí)要注意分析向心力的來(lái)源及題目中隱含的條件9(4分)(2012江蘇)如圖所示,MN是磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的邊界一質(zhì)量為m、電荷量為 q 的粒子在紙面內(nèi)
13、從O點(diǎn)射入磁場(chǎng)若粒子速度為v0,最遠(yuǎn)能落在邊界上的A點(diǎn)下列說(shuō)法正確的有()A若粒子落在A點(diǎn)的左側(cè),其速度一定小于v0B若粒子落在A點(diǎn)的右側(cè),其速度一定大于v0C若粒子落在A點(diǎn)左右兩側(cè)d的范圍內(nèi),其速度不可能小于v0D若粒子落在A點(diǎn)左右兩側(cè)d的范圍內(nèi),其速度不可能大于v0+【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng);牛頓第二定律;向心力菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】壓軸題;帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題【分析】由洛倫茲力提供向心力,即,可得,可利用此公式求解直線邊界的磁場(chǎng),垂直射入時(shí)達(dá)到最遠(yuǎn)點(diǎn),最遠(yuǎn)點(diǎn)距O點(diǎn)為2r沿其它方向射入時(shí),距離要小于2r【解答】解:當(dāng)從O點(diǎn)垂直射入磁場(chǎng)時(shí),OA距離最大,最大距離為2r,如圖示
14、 又, 所以 A當(dāng)粒子打在A點(diǎn)的左側(cè),若入射方向不變,半徑減小,速度小于v0,若入射方向調(diào)整,半徑可能比原來(lái)大,也可能比原來(lái)小,所以其速度可能等于或大于v0,因?yàn)樗俣确较蛭粗x子的入射方向只要偏左或偏右皆可,故A錯(cuò)誤 B由于速度等于v0時(shí)最遠(yuǎn)到達(dá)A,故要使最遠(yuǎn)點(diǎn)到達(dá)A右側(cè),速度必須大于v0,故B正確 C當(dāng)粒子從O點(diǎn)垂直射入磁場(chǎng)時(shí),若剛好達(dá)到A點(diǎn)左側(cè)距離d處,則有 解得 同B項(xiàng),要滿(mǎn)足條件,速度必須大于v,故C正確 D由于粒子是沿任意方向飛入,所示速度極大的粒子仍可滿(mǎn)足條件故D錯(cuò)誤故選BC【點(diǎn)評(píng)】本題易錯(cuò)點(diǎn)為離子初速度方向未知,若按慣性思維認(rèn)為垂直射入即出錯(cuò)三、簡(jiǎn)答題:本題必做題(第10、11
15、題)共計(jì)42分請(qǐng)將解答填寫(xiě)在答題卡相應(yīng)的位置10(8分)(2012江蘇)如圖1所示的黑箱中有二只相同的電學(xué)元件,小明使用多用電表對(duì)其進(jìn)行探測(cè)(1)在使用多用電表前,發(fā)現(xiàn)指針不在左邊“0”刻度線處,應(yīng)先調(diào)整如圖2中多用電表的A(選填“A”、“B”或“C“)(2)在用多用電表的直流電壓擋探測(cè)黑箱a、b接點(diǎn)間是否存在電源時(shí),一表筆接a,另一表筆應(yīng)短暫(選填“短暫”或“持續(xù)”)接b,同時(shí)觀察指針偏轉(zhuǎn)情況(3)在判定黑箱中無(wú)電源后,將選擇開(kāi)關(guān)旋至“l(fā)”擋,調(diào)節(jié)好多用電表,測(cè)量各接點(diǎn)間的阻值測(cè)量中發(fā)現(xiàn),每對(duì)接點(diǎn)間正反向阻值均相等,測(cè)量記錄如下表兩表筆分別接a、b時(shí),多用電表的示數(shù)如圖2所示請(qǐng)將記錄表補(bǔ)充完
16、整,并在答題卡的黑箱圖中畫(huà)出一種可能的電路兩表筆接的接點(diǎn)多用電表的示數(shù)a,b5a,c10.0b,c15.0【考點(diǎn)】用多用電表測(cè)電阻;測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】實(shí)驗(yàn)題;壓軸題;恒定電流專(zhuān)題【分析】(1)任何電表使用前都需要機(jī)械調(diào)零;(2)由于指針可能反轉(zhuǎn),故應(yīng)該短接;(3)由于每對(duì)接點(diǎn)間正反向阻值均相等,說(shuō)明無(wú)二極管;最簡(jiǎn)單的電路是兩個(gè)電阻串聯(lián)【解答】解:(1)電表使用前都需要機(jī)械調(diào)零,故選A;(2)由于電流的流向未知,指針可能反轉(zhuǎn),故不宜長(zhǎng)時(shí)間通電,故應(yīng)該短暫接觸;(3)由于每對(duì)接點(diǎn)間正反向阻值均相等,說(shuō)明無(wú)二極管;最簡(jiǎn)單的電路是兩個(gè)電阻串聯(lián),電路如圖;故答案為:(1)A,(
17、2)短暫,(3)5,如圖所示【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是明確多用電表的使用方法,黑箱問(wèn)題判斷可以先判斷有無(wú)電源,然后判斷有無(wú)二極管,最后判斷可能的內(nèi)部構(gòu)造11(10分)(2012江蘇)為測(cè)定木塊與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù),小亮設(shè)計(jì)了如圖所示的裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)實(shí)驗(yàn)中,當(dāng)木塊A位于水平桌面上的O點(diǎn)時(shí),重物B剛好接觸地面將A拉到P 點(diǎn),待B穩(wěn)定后靜止釋放,A最終滑到Q點(diǎn)分別測(cè)量OP、OQ的長(zhǎng)度h和s改變h,重復(fù)上述實(shí)驗(yàn),分別記錄幾組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)(1)實(shí)驗(yàn)開(kāi)始時(shí),發(fā)現(xiàn)A釋放后會(huì)撞到滑輪請(qǐng)?zhí)岢鰞蓚€(gè)解決方法(2)請(qǐng)根據(jù)下表的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出sh關(guān)系的圖象h/cm20.030.040.050.060.0s/cm19.528.539.
18、048.056.5(3)實(shí)驗(yàn)測(cè)得A、B的質(zhì)量分別為m=0.4kg、M=0.50kg根據(jù)sh圖象可計(jì)算出A木塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.4(結(jié)果保留一位有效數(shù)字)(4)實(shí)驗(yàn)中,滑輪軸的摩擦?xí)?dǎo)致的測(cè)量結(jié)果偏大(選填“偏大”或“偏小”)【考點(diǎn)】探究影響摩擦力的大小的因素菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】實(shí)驗(yàn)題;壓軸題;摩擦力專(zhuān)題【分析】(1)B減少的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化成系統(tǒng)的內(nèi)能和A、B的動(dòng)能,A釋放后會(huì)撞到滑輪,說(shuō)明B減少的勢(shì)能太多,轉(zhuǎn)化成系統(tǒng)的內(nèi)能太少,從而找作答依據(jù)(2)根據(jù)所給數(shù)據(jù)進(jìn)行描點(diǎn)、連線作圖;(3)對(duì)在B下落至臨落地時(shí)和在B落地后,A運(yùn)動(dòng)到Q,兩個(gè)過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理,求得的表達(dá)式,再結(jié)合從sh圖象,即
19、可求解;(4)由于滑輪軸的摩擦?xí)?dǎo)致s變小,根據(jù)的表達(dá)式可知誤差結(jié)果【解答】解:(1)B減少的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化成系統(tǒng)的內(nèi)能和AB的動(dòng)能,A釋放后會(huì)撞到滑輪,說(shuō)明B減少的勢(shì)能太多,轉(zhuǎn)化成系統(tǒng)的內(nèi)能太少,可以通過(guò)減小B的質(zhì)量;增加細(xì)線的長(zhǎng)度(或增大A的質(zhì)量;降低B的起始高度)解決故解決方法有:可以通過(guò)減小B的質(zhì)量;增加細(xì)線的長(zhǎng)度(或增大A的質(zhì)量;降低B的起始高度)(2)描點(diǎn),連線,如圖所示:(3)B下落至臨落地時(shí)根據(jù)動(dòng)能定理有:Mghmgh=(M+m)v2,在B落地后,A運(yùn)動(dòng)到Q,有,又A、B的質(zhì)量分別為m=0.40kg、M=0.50kg,在sh圖象上任取一組數(shù)據(jù)代入可以求得:=0.4故答案為:0.4
20、(4)由于滑輪軸的摩擦,會(huì)導(dǎo)致繩子的拉力相對(duì)偏小,A運(yùn)動(dòng)的加速度也就偏小,s也就偏小,根據(jù),所以偏大故答案為:偏大【點(diǎn)評(píng)】在判斷此類(lèi)問(wèn)題時(shí),要深刻理解動(dòng)能定理,能量守恒定律,要會(huì)通過(guò)圖象分析相關(guān)問(wèn)題四、選修3-312(4分)(2012江蘇)下列現(xiàn)象中,能說(shuō)明液體存在表面張力的有()A水黽可以停在水面上B葉面上的露珠呈球形C滴入水中的紅墨水很快散開(kāi)D懸浮在水中的花粉做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)【考點(diǎn)】分子間的相互作用力;* 液體的表面張力現(xiàn)象和毛細(xì)現(xiàn)象菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】分子間相互作用力與分子間距離的關(guān)系【分析】作用于液體表面,使液體表面積縮小的力,稱(chēng)為液體表面張力它產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄
21、層,叫做表面層,表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏,分子間的距離比液體內(nèi)部大一些,分子間的相互作用表現(xiàn)為引力就象你要把彈簧拉開(kāi)些,彈簧反而表現(xiàn)具有收縮的趨勢(shì)正是因?yàn)檫@種張力的存在,有些小昆蟲(chóng)才能無(wú)拘無(wú)束地在水面上行走自如【解答】解:A、因?yàn)橐后w表面張力的存在,有些小昆蟲(chóng)才能無(wú)拘無(wú)束地在水面上行走自如,故A正確;B、草葉上的露珠存在表面張力,它表面的水分子表現(xiàn)為引力,從而使它收縮成一個(gè)球形,與表面張力有關(guān),故B正確;C、滴入水中的紅墨水很快散開(kāi)是擴(kuò)散現(xiàn)象,是液體分子無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的反映,故C錯(cuò)誤;D、懸浮在水中的花粉做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng),是液體分子無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的反映,故D錯(cuò)誤;故選AB【點(diǎn)評(píng)】此題考查
22、液體表面張力的現(xiàn)象,要求對(duì)液體表面張力產(chǎn)生的原因能理解,并能分析一些現(xiàn)象13(4分)(2012江蘇)密閉在鋼瓶中的理想氣體,溫度升高時(shí)壓強(qiáng)增大從分子動(dòng)理論的角度分析,這是由于分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能增大了該氣體在溫度T1、T2時(shí)的分子速率分布圖象如圖所示,則T1小于T2(選填“大于”或“小于”)【考點(diǎn)】溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】壓軸題;內(nèi)能及其變化專(zhuān)題【分析】溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志,溫度升高平均動(dòng)能增大,體積不變時(shí),氣體的內(nèi)能由平均動(dòng)能決定【解答】解:密閉在鋼瓶中的理想氣體體積不變,溫度升高時(shí)分子平均動(dòng)能增大壓強(qiáng)增大溫度升高時(shí),速率大的分子所占比重較大T1T2答案為:平均動(dòng)能
23、,小于【點(diǎn)評(píng)】本題考查了溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志,溫度升高平均動(dòng)能增大14(4分)(2012江蘇)如圖所示,一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)等壓過(guò)程到狀態(tài)B此過(guò)程中,氣體壓強(qiáng)p=1.0105Pa,吸收的熱量Q=7.0102J,求此過(guò)程中氣體內(nèi)能的增量【考點(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】壓軸題;理想氣體狀態(tài)方程專(zhuān)題【分析】氣體從狀態(tài)A經(jīng)等壓過(guò)程到狀態(tài)B的過(guò)程中,吸收熱量,同時(shí)對(duì)外做功,要先求出體積的變化,再求功,最后根據(jù)熱力學(xué)第一定律求解【解答】解:氣體狀態(tài)A為出狀態(tài),設(shè)為V1 T1,狀態(tài)B為末狀態(tài),設(shè)為V2 T2,由蓋呂薩克定律得:,代人數(shù)據(jù),得:在該過(guò)程中,氣體對(duì)外做功:W=FL=P
24、sL=PV=2102J根據(jù)熱力學(xué)第一定律:U=Q+W其中W=W,代人數(shù)據(jù),得U=5.0102J【點(diǎn)評(píng)】該題考查熱力學(xué)第一定律和理想氣體的狀態(tài)方程,關(guān)鍵的是正確求出氣體對(duì)外做的功屬于中檔題選修3-415(4分)(2012江蘇)選修34如圖所示,白熾燈的右側(cè)依次平行放置偏振片P和Q,A點(diǎn)位于P、Q之間,B點(diǎn)位于Q右側(cè)旋轉(zhuǎn)偏振片P,A、B兩點(diǎn)光的強(qiáng)度變化情況是()AA、B均不變BA、B均有變化CA不變,B有變化DA有變化,B不變【考點(diǎn)】光的偏振菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】光的衍射、偏振和電磁本性專(zhuān)題【分析】白熾燈的光線沿各個(gè)方向的都有,只有與偏振片方向相同的光才能通過(guò)【解答】解:白熾燈的光線沿各個(gè)方向的都
25、有,旋轉(zhuǎn)偏振片P,A點(diǎn)光的強(qiáng)度不會(huì)變化,而通過(guò)Q的光線在B點(diǎn)強(qiáng)度會(huì)發(fā)生變化,C正確故選C【點(diǎn)評(píng)】本題考查了偏振片的作用,難度不大16(4分)(2012江蘇)“測(cè)定玻璃的折射率”買(mǎi)驗(yàn)中,在玻璃磚的一側(cè)豎直插兩個(gè)大頭針A、B,在另一側(cè)再豎直插兩個(gè)大頭針C、D在插入第四個(gè)大頭針D時(shí),要使它擋住C和A、B的像題如圖是在自紙上留下的實(shí)驗(yàn)痕跡,其中直線a、a是描在紙上的玻璃磚的兩個(gè)邊根據(jù)該圖可算得玻璃的折射率n=1.7(計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)【考點(diǎn)】測(cè)定玻璃的折射率菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】實(shí)驗(yàn)題;壓軸題;光的折射專(zhuān)題【分析】用“插針?lè)ā睖y(cè)定玻璃的折射率的原理是折射定律n=,關(guān)鍵是確定折射光線,方法是:在
26、玻璃磚的一側(cè)豎直插兩個(gè)大頭針A、B,在另一側(cè)再豎直插兩個(gè)大頭針C、D,使C擋住A、B的像,要使D擋住C和A、B的像作出入射光線和折射光線,畫(huà)出光路圖,用量角器量出入射角和折射角,由折射定律算出折射率【解答】解:在玻璃磚的一側(cè)豎直插兩個(gè)大頭針A、B,在另一側(cè)再豎直插兩個(gè)大頭針C、D,使C擋住A、B的像,要使D擋住C和A、B的像,說(shuō)明CD在AB的出射光線上,CD連線即為AB的出射光線作出光路圖如圖,用量角器量出入射角AOM=60,折射角CON=30,則折射率n=1.7故答案為:擋住C和A、B的像,1.7【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵理解和掌握實(shí)驗(yàn)的原理和實(shí)驗(yàn)的方法,其中實(shí)驗(yàn)原理是實(shí)驗(yàn)的核心17(4分)(2
27、012江蘇)地震時(shí),震源會(huì)同時(shí)產(chǎn)生兩種波,一種是傳播速度約為3.5km/s的S波,另一種是傳播速度約為7.0km/s的P波一次地震發(fā)生時(shí),某地震監(jiān)測(cè)點(diǎn)記錄到首次到達(dá)的P波比首次到達(dá)的S波早3min假定地震波沿直線傳播,震源的振動(dòng)周期為1.2s,求震源與監(jiān)測(cè)點(diǎn)之間的距離x和S波的波長(zhǎng)【考點(diǎn)】橫波和縱波菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】壓軸題【分析】先根據(jù)勻速運(yùn)動(dòng)的速度位移關(guān)系公式求解震源與監(jiān)測(cè)點(diǎn)之間的距離x,然后根據(jù)波速、波長(zhǎng)、周期關(guān)系公式列式求解波長(zhǎng)【解答】解:地震監(jiān)測(cè)點(diǎn)記錄到首次到達(dá)的 P 波比首次到達(dá)的S波早3min(180s),故代入數(shù)據(jù),有解得x=1260km根據(jù)波速、波長(zhǎng)、周期關(guān)系公式,得到=v
28、sT=3.5km/s1.2s=4.2km答:震源與監(jiān)測(cè)點(diǎn)之間的距離x為21km,S波的波長(zhǎng)為4.2km【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵根據(jù)波速的兩個(gè)公式以及列式計(jì)算,基礎(chǔ)題選修3-518(4分)(2012江蘇)35如圖所示是某原子的能級(jí)圖,a、b、c為原子躍遷所發(fā)出的二種波長(zhǎng)的光在下列該原子光譜的各選項(xiàng)中,譜線從左向右的波長(zhǎng)依次增大,則正確的是 ()ABCD【考點(diǎn)】氫原子的能級(jí)公式和躍遷菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】原子的能級(jí)結(jié)構(gòu)專(zhuān)題【分析】能級(jí)間躍遷時(shí)輻射的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差,根據(jù)比較出波長(zhǎng)的大小【解答】解:從能級(jí)圖可知,E3E1E2E1E3E2,根據(jù)知,acb故C正確,A、B、D錯(cuò)誤故選C【點(diǎn)評(píng)】解決本
29、題的關(guān)鍵知道頻率與波長(zhǎng)的關(guān)系,以及知道19(4分)(2012江蘇)一個(gè)中子與某原子核發(fā)生核反應(yīng),生成一個(gè)氘核,其核反應(yīng)方程式為n+HH;該反應(yīng)放出的能量為Q,則氘核的比結(jié)合能為【考點(diǎn)】愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】壓軸題;愛(ài)因斯坦的質(zhì)能方程應(yīng)用專(zhuān)題【分析】核反應(yīng)過(guò)程中,質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒,據(jù)此寫(xiě)出核反應(yīng)方程式;核反應(yīng)釋放出的能量與核子數(shù)之比是結(jié)合能【解答】解:由質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒可知,核反應(yīng)方程式為:n+HH;氘核的比結(jié)合能為:;故答案為:n+HH;【點(diǎn)評(píng)】應(yīng)用質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒可以寫(xiě)出核反應(yīng)方程式,知道結(jié)合能的概念是正確求出結(jié)合能的關(guān)鍵20(4分)(2012江蘇)A、B兩種光子
30、的能量之比為2:l,它們都能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng),且所產(chǎn)生的光電子最大初動(dòng)能分別為 EA、EB求A、B兩種光子的動(dòng)量之比和該金屬的逸出功【考點(diǎn)】光電效應(yīng)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】壓軸題;光電效應(yīng)專(zhuān)題【分析】由光子能量公式和動(dòng)量公式判斷動(dòng)量之比,由光電效應(yīng)方程求逸出功【解答】解:由光子能量公式和動(dòng)量公式知,A、B兩種光子的動(dòng)量之比等于A、B兩種光子的能量之比為2:l;由EA=E1W和EB=E2W聯(lián)立得W=EA2EB答:A、B兩種光子的動(dòng)量之比為2:l;金屬的逸出功為W=EA2EB【點(diǎn)評(píng)】本題考查的知識(shí)點(diǎn)較偏,特別是光子的能量和動(dòng)量方程要記住四、計(jì)算題:本題共3小題,共計(jì)47分解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字
31、說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟只與出最后答案的不能得分有數(shù)值計(jì)算的題,答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位21(15分)(2012江蘇)某興趣小組設(shè)計(jì)了一種發(fā)電裝置,如圖所示在磁極和圓柱狀鐵芯之間形成的兩磁場(chǎng)區(qū)域的圓心角均為,磁場(chǎng)均沿半徑方向匝數(shù)為N的矩形線圈abcd的邊長(zhǎng)ab=cd=l、bc=ad=2l線圈以角速度繞中心軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng),bc和ad邊同時(shí)進(jìn)入磁場(chǎng)在磁場(chǎng)中,兩條邊所經(jīng)過(guò)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B、方向始終與兩邊的運(yùn)動(dòng)方向垂直線圈的總電阻為r,外接電阻為R求:(1)線圈切割磁感線時(shí),感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小Em;(2)線圈切割磁感線時(shí),bc邊所受安培力的大小F;(3)外接電阻上電流的有效值I【考點(diǎn)】導(dǎo)體切
32、割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】電磁感應(yīng)中的力學(xué)問(wèn)題【分析】(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)(2)根據(jù)歐姆定律得出電流大小,根據(jù)安培力公式求出大?。?)根據(jù)電流的熱效應(yīng)求出電流的有效值【解答】解:(1)bc、ad 邊的運(yùn)動(dòng)速度v= 感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)Em=4NBlv 解得Em=2NBl2(2)根據(jù)歐姆定律得電流 Im= 安培力F=2NBlml 解得F=(3)一個(gè)周期內(nèi),通電時(shí)間 t=TR 上消耗的電能W=Im2Rt 且W=I2RT解得I=答:(1)線圈切割磁感線時(shí),感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小是2NBl2;(2)線圈切割磁感線時(shí),bc邊所受安培力的大小是;(3)外接電阻上電流的有效值是【點(diǎn)評(píng)
33、】本題研究交變電流的產(chǎn)生,實(shí)質(zhì)上是電磁感應(yīng)知識(shí)的具體應(yīng)用,是右手定則、法拉第電磁感應(yīng)定律、安培力等知識(shí)的綜合應(yīng)用22(16分)(2012江蘇)與輕桿相連,輕桿可在固定的槽內(nèi)移動(dòng),與槽間的滑動(dòng)摩擦力恒為 f輕桿向右移動(dòng)不超過(guò)l時(shí),裝置可安全工作一質(zhì)量為m的小車(chē)若以速度v0撞擊彈簧,將導(dǎo)致輕桿向右移動(dòng)輕桿與槽間的最大靜擦力等于滑動(dòng)摩擦力,且不計(jì)小車(chē)與地面的摩擦(1)若彈簧的勁度系數(shù)為k,求輕桿開(kāi)始移動(dòng)時(shí),彈簧的壓縮量x;(2)求為使裝置安全工作,允許該小車(chē)撞擊的最大速度vm;(3)討論在裝置安全工作時(shí),該小車(chē)彈回速度v和撞擊速度v的關(guān)系【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用;胡克定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】壓軸題;
34、動(dòng)能定理的應(yīng)用專(zhuān)題【分析】(1)輕桿開(kāi)始移動(dòng)時(shí),根據(jù)胡克定律求出彈簧的壓縮量(2)小車(chē)從撞擊到停止的過(guò)程中由動(dòng)能定理列出等式,同理,小車(chē)以vm撞擊彈簧時(shí)由動(dòng)能定理列出等式求解(3)根據(jù)動(dòng)能定理求解【解答】解:(1)輕桿開(kāi)始移動(dòng)時(shí),彈簧的彈力F=kx 且F=f 解得 x= (2)設(shè)輕桿移動(dòng)前小車(chē)對(duì)彈簧所做的功為W,則小車(chē)從撞擊到停止的過(guò)程中 由動(dòng)能定理得f()W=0m 同理,小車(chē)以vm撞擊彈簧時(shí)flW=0m 解得 vm= (3)設(shè)輕桿恰好移動(dòng)時(shí),小車(chē)撞擊速度為v1m=W 由解得 v1= 當(dāng)v時(shí),v=v 當(dāng)v時(shí), v=答:(1)若彈簧的勁度系數(shù)為k,輕桿開(kāi)始移動(dòng)時(shí),彈簧的壓縮量是;(2)求為使裝置
35、安全工作,允許該小車(chē)撞擊的最大速度是;(3)該小車(chē)彈回速度v和撞擊速度v的關(guān)系是當(dāng)v時(shí),v=v 當(dāng)v時(shí),v=【點(diǎn)評(píng)】正緩沖裝置是一種實(shí)用裝置,在生產(chǎn)和生活中有著廣泛的應(yīng)用,本題就是根據(jù)某種緩沖裝置改編的一道物理試題,試題設(shè)計(jì)新穎,物理思想深刻正確解答這道試題,要求考生具有扎實(shí)的高中物理基礎(chǔ)以及很強(qiáng)的分析和解決問(wèn)題的能力23(16分)(2012江蘇)如圖所示,待測(cè)區(qū)域中存在勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng),根據(jù)帶電粒子射入時(shí)的受力情況可推測(cè)其電場(chǎng)和磁場(chǎng)圖中裝置由加速器和平移器組成,平移器由兩對(duì)水平放置、相距為l的相同平行金屬板構(gòu)成,極板長(zhǎng)度為l、間距為d,兩對(duì)極板間偏轉(zhuǎn)電壓大小相等、電場(chǎng)方向相反質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子經(jīng)加速電壓U0加速后,水平射入偏轉(zhuǎn)電壓為U1的平移器,最終從A點(diǎn)水平射入待測(cè)區(qū)域不考慮粒子受到的重力(1)求粒子射出平移器時(shí)的速度大小v1;(2)當(dāng)加速電壓變?yōu)?U0時(shí),欲使粒子仍從A點(diǎn)射入待測(cè)區(qū)域,求此時(shí)的偏轉(zhuǎn)電壓U;(3)已知粒子以不同速度水平向右射入待測(cè)區(qū)域,剛進(jìn)入時(shí)的受力大小均為F現(xiàn)取水平向右為x軸正方向,建立如圖所示的直角坐標(biāo)系Oxyz保持加速電壓為U0不變,移動(dòng)裝置使粒子沿不同的坐標(biāo)軸方向射入待測(cè)區(qū)域,粒子剛射入時(shí)的受力大小如下表所示射入方向yyzz受力大小FFFF請(qǐng)
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