2022-2023學(xué)年廣西南寧市二中高三物理第一學(xué)期期中檢測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、 我國首顆量子科學(xué)實驗衛(wèi)星于2016年8月16日1點40分成功發(fā)射。中國計劃在2030年建成全球化的量子通信網(wǎng)絡(luò)。量子衛(wèi)星成功運行后，我國將在世界上首次實現(xiàn)衛(wèi)星和

2、地面之間的量子通信，構(gòu)建天地一體化的量子保密通信與科學(xué)實驗體系。假設(shè)量子衛(wèi)星軌道在赤道平面，如圖所示。已知量子衛(wèi)星的軌道半徑是地球半徑的m倍，同步衛(wèi)星的軌道半徑是地球半徑的n倍，圖中P點是地球赤道上一點，由此可知（ ）A同步衛(wèi)星與量子衛(wèi)星的運行周期之比為n3m3B同步衛(wèi)星與P點的速度之比為1nC量子衛(wèi)星與同步衛(wèi)星的速度之比為nmD量子衛(wèi)星與P點的速度之比為n3m2、如圖所示，甲和他的冰車總質(zhì)量為M =30kg，乙和他的冰車總質(zhì)量也為M =30kg，甲推著小木箱m和他一起以大小為v0 =2m/s的速度滑動，乙以同樣大的速度迎面而來為了避免相撞，甲突然將小木箱沿冰面以v=5.2m/s的速度推給乙，

3、木箱滑到乙處時乙迅速把它抓住，這樣恰好避免了甲、乙相撞，若不計冰面的摩擦力，則小木箱的質(zhì)量為A5kgB10kgC15kgD20kg3、某學(xué)習(xí)小組進(jìn)行了如下探究實驗：如圖所示，一小球以速度沖向光滑斜面，并能沿斜面高，則下列結(jié)論可以寫入探究報告的是（_）A若把斜面從點鋸斷，小球沖出點后仍能升高B若把斜面彎成所示的弧形，小球仍能沿升高C若把斜面彎成所示的半弧形，小球仍能沿升高D若使小球能沿半圓形軌道到達(dá)頂點，則小球沿斜面運動時一定會沖出點4、如圖所示，A、B、C、D是水平面內(nèi)同一直線上的四點，且AB=BC=CD，在A點正上方的O點以水平拋出一小球，剛好落在C點，小球運動的軌跡與OD的連線交于E點，不

4、計空氣阻力，下列說法正確的是（）A小球經(jīng)過E點與落在C點的水平位移之比是2：3B小球經(jīng)過E點與落在C點的水平位移之比是3：4C小球經(jīng)過E點與落在C點時重力做功的比為5：9D小球經(jīng)過E點與落在C點時重力做功的比為7：165、如圖所示，在一足夠長的粗糙水平桿上套一小圓環(huán)，在小圓環(huán)上施加一水平向右的恒力F，使小圓環(huán)由靜止開始運動，同時在小圓環(huán)上施加一豎直向上的力F，且F滿足的關(guān)系為Fkv.已知小圓環(huán)的質(zhì)量為m，小圓環(huán)與水平桿之間的動摩擦因數(shù)為.則小圓環(huán)運動過程中速度隨時間變化的圖象為（ ）A B C D6、我國女子短道速滑隊在2013年世錦賽上實現(xiàn)女子3000m接力三連冠觀察發(fā)現(xiàn)，“接棒”的運動員甲

5、提前站在“交棒”的運動員乙前面，并且開始向前滑行，待乙追上甲時，乙猛推甲一把，使甲獲得更大的速度向前沖出在乙推甲的過程中，忽略運動員與冰面間在水平方向上的相互作用，則（）A甲對乙的沖量一定等于乙對甲的沖量B甲、乙的動量變化一定大小相等方向相反C甲的動能增加量一定等于乙的動能減少量D甲對乙做多少負(fù)功，乙對甲就一定做多少正功二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，MPQO為有界的豎直向下的勻強電場，電場強度為E,ACB為光滑固定的半圓形軌道，圓軌道半徑為R， AB為

6、圓水平直徑的兩個端點，AC為圓弧一個質(zhì)量為m電荷量為 -q的帶電小球，從A點正上方高為H處由靜止釋放，并從A點沿切線進(jìn)入半圓軌道不計空氣阻力及一切能量損失，關(guān)于帶電粒子的運動情況，下列說法正確的是A小球一定能從B點離開軌道B小球在AC部分可能做勻速圓周運動C若小球能從B點離開，上升的高度一定小于HD小球到達(dá)C點的速度可能為零8、從地面豎直向上拋出一物體，其機械能E總等于動能Ek與重力勢能Ep之和取地面為重力勢能零點，該物體的E總和Ep隨它離開地面的高度h的變化如圖所示重力加速度取10 m/s1由圖中數(shù)據(jù)可得A物體的質(zhì)量為1 kgBh=0時，物體的速率為10 m/sCh=1 m時，物體的動能Ek

7、=40 JD從地面至h=4 m，物體的動能減少100 J9、如圖所示，在租糙水平面上A處平滑連接一半徑R=0.1m、豎直放置的光滑半圓軌道，半圓軌道的直徑AB垂直于水平面，一質(zhì)量為m的小滑塊從與A點相距為x(x0)處以初速度v0向左運動，并沖上半圓軌道，小滑塊從B點飛出后落在水平地面上，落點到A點的距離為y。保持初速度vO不變，多次改變x的大小，測出對應(yīng)的y的大小，通過數(shù)據(jù)分析得出了y與x的函數(shù)關(guān)系式為y2=-0.16x+0.48，其中x和y的單位均為m，取 g=10m/s。則有A小滑塊的初速度vO=4m/sB小滑塊與水平地面間的動摩擦因數(shù)=0.5C小滑塊在水平地面上的落點與A點的最小距離ym

8、in=0.2mD如果讓小滑塊進(jìn)入半圓軌道后不脫離半圓軌道(A、B兩端除外)，x應(yīng)滿足0 x2.75m10、如圖所示，真空中一條直線上有四點A、B、C、D，AB=BC=CD，只在A點放一電量為+Q的點電荷時，B點電場強度為E，若又將等量異號的點電荷Q放在D點，則（ ）AB點電場強度為，方向水平向右BB點電場強度為，方向水平向右CB、C兩點的電場強相同DBC線段的中點電場強度為零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為了探究加速度與合外力的關(guān)系，甲、乙、丙、丁四個實驗小組分別采用圖甲、圖乙、圖丙、圖丁所示的實驗裝置，小車總質(zhì)量用M表示(

9、乙圖中M包括小車與傳感器，丙圖中M包括小車和與小車固連的小滑輪)，鉤碼總質(zhì)量用m表示丁組同學(xué)先按圖丁將木板有定滑輪的一端墊起，調(diào)整木板傾角，使小車恰好帶著鉤碼和紙帶一起沿木板向下勻速運動，再保持長木板的傾角不變，取下細(xì)繩和鉤碼，然后接通電源釋放小車，使之由靜止開始加速運動并在紙帶上打點，如圖戊所示重力加速度g已知，試回答下列問題：（1）甲、乙、丙三組實驗必須平衡小車和長木板之間的摩擦力的實驗小組是_（填“甲”“乙”“丙”）（2）甲、乙、丙、丁四組實驗時必須滿足“Mm”的實驗小組是_ （填“甲”“乙”“丙”“丁”）（3）實驗時各組同學(xué)的操作均完全正確，甲、乙、丙三組同學(xué)作出的a-F圖線如圖己所示

10、（乙組同學(xué)所用F為傳感器讀數(shù)，丙組同學(xué)所用F為彈簧測力計示數(shù)），則甲、乙、丙三組實驗對應(yīng)的圖線依次是_（填“A”“B”“C”）（4）實驗時丁組同學(xué)操作的小車加速下滑受到的合力F=_，該組同學(xué)在保持小車質(zhì)量不變的情況下，通過調(diào)整改變小車所受合力，多次實驗，由實驗數(shù)據(jù)作出的a-F圖線如圖庚所示，則小車質(zhì)量為_kg12（12分）某探究學(xué)習(xí)小組的同學(xué)欲驗證“動能定理”，他們在實驗室組裝了一套如圖1所示的裝置，另外他們還找到了打點計時器所用的學(xué)生電源一臺，導(dǎo)線、復(fù)寫紙、紙帶、墊塊、細(xì)沙若干當(dāng)滑塊連接上紙帶，用細(xì)線通過滑輪掛上空的小沙桶時，釋放小桶，滑塊處于靜止?fàn)顟B(tài)若你是小組中的一位成員，要驗證滑塊所受合

11、外力做的功等于其動能的變化，則：(1)還需要補充的實驗器材是_，_(2)為了簡化實驗，使滑塊所受合外力等于繩子的拉力，應(yīng)采取的措施是：_；要使繩子拉力約等于沙和沙桶的重力，應(yīng)滿足的條件是：保持沙和沙桶的質(zhì)量_滑塊的質(zhì)量(3)若挑選的一條點跡清晰的紙帶如圖2所示，且已知滑塊的質(zhì)量為M，沙和沙桶的總質(zhì)量為m，相鄰兩個點之間的時間間隔為T，從A點到B、C、D、E點的距離依次為S1、S2、S3、S4，則由此可求得紙帶上由B點到D點所對應(yīng)的過程中，沙和沙桶的重力所做的功W=_；該滑塊動能改變量的表達(dá)式為EK= _（結(jié)果用題中已知物理量的字母表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定

12、的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在光滑的水平面上有一足夠長的質(zhì)量為M=4kg的長木板，在長木板右端有一質(zhì)量為m=1kg的小物塊，長木板與小物塊間動摩擦因數(shù)為 =0.2，長木板與小物塊均靜止現(xiàn)用F=14N的水平恒力向右拉長木板，經(jīng)時間t=1s撤去水平恒力F（1）在F的作用下，長木板的加速度為多大？（2）剛撤去F時，小物塊離長木板右端多遠(yuǎn)？（3）最終長木板與小物塊一同以多大的速度勻速運動？（4）最終小物塊離長木板右端多遠(yuǎn)？14（16分）如圖所示，A為一具有光滑曲面的固定軌道，軌道底端是水平的，質(zhì)量為m的平板小車B靜止于軌道右側(cè)，其板面與軌道底端靠近且在同

13、一水平面上一個質(zhì)量、可視為質(zhì)點的小滑塊C以的初速度從軌道頂端滑下沖上小車B后，經(jīng)一段時間與小車相對靜止并繼續(xù)一起運動若軌道頂端與底端水平面的高度差為h，小滑塊C與平板小車板面間的動摩擦因數(shù)為，平板小車與水平面間的摩擦不計，重力加速度為g求：(1)小滑塊C沖上小車瞬間的速度大??；(2)平板小車加速運動所用的時間及平板小車板面的最小長度15（12分）有一個勻強電場,電場線和坐標(biāo)平面xOy平行,以原點O為圓心,半徑r=10cm的圓周上任意一點P的電勢,為O、P兩點的連線與x軸正方向所成的角,A、B、C、D為圓周與坐標(biāo)軸的四個交點,如圖所示(1)求該勻強電場場強的大小和方向;(2)若在圓周上D點處有一

14、個粒子源,能在xOy平面內(nèi)發(fā)射出初動能均為200 eV的粒子(氦核)，當(dāng)發(fā)射的方向不同時,粒子會經(jīng)過圓周上不同的點，在所有的這些點中, 粒子到達(dá)哪一點的動能最大?最大動能是多少eV？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A.根據(jù)GMmr2=m42T2r可得T=42r3GM，由題意知量子衛(wèi)星的軌道半徑r1=mR，同步衛(wèi)星的軌道半徑r2=nR，所以同步衛(wèi)星與量子衛(wèi)星的運行周期之比為T2T1=r23r13=nR3mR3=n3m3，故選項A錯誤；B.P為地球赤道上一點，P點角速度等于同步衛(wèi)星的角速度，根據(jù)v=r所以

15、同步衛(wèi)星與P點的速度之比為v2vP=r2rP=nRR=n1，故選項B錯誤；CD.根據(jù)GMmr2=mv2r可得v=GMr，所以量子衛(wèi)星與同步衛(wèi)星的速度之比為v1v2=r2r1=nRmR=nm，又由于v1=nvp，量子衛(wèi)星與P點的速度之比為v1vP=n3m，故D正確，C錯誤。2、C【解析】設(shè)推出箱子后甲的速度為，乙的速度為，取向右方向為正方向，根據(jù)動量守恒得：當(dāng)甲與乙恰好不相撞時，則有：聯(lián)立解得：A與分析不符，故A錯誤；B與分析不符，故B錯誤；C與分析相符，故C正確；D與分析不符，故D錯誤。3、C【解析】若把斜面從點鋸斷，物體沖過點做斜拋運動由于物體機械能守恒，同時斜拋運動最高點，速度不為零，故不

16、能到達(dá)高處故A錯誤；若把斜面彎成圓弧形，如果能到圓弧最高點，即處由于合力充當(dāng)向心力，速度不為零根據(jù)機械能守恒知，物體沿升高的高度小于故B錯誤；無論是把斜面從點鋸斷或把斜面彎成圓弧形，物體都不能升高故C正確；由上知，若把斜面從點鋸斷或彎成如圖所示半圓弧狀，物體都不能升高，但物體的機械能仍守恒，故D正確故選C點睛：本題關(guān)鍵是根據(jù)機械能守恒定律分析，同時要分析物體到達(dá)最高點時速度是否為零，知道沿圓弧內(nèi)側(cè)運動到達(dá)最高點時，速度不為零4、A【解析】從O到E過程，位移偏轉(zhuǎn)角的正切值為，由幾何關(guān)系得，聯(lián)立解得： ；從O到C過程，位移偏轉(zhuǎn)角的正切值為 ，由幾何關(guān)系得，聯(lián)立解得；故；平拋運動的水平分運動是勻速直

17、線運動，故，A正確，B錯誤；平拋運動的豎直分運動是自由落體運動，故，重力做功之比，CD錯誤；選A.【點睛】物體做平拋運動，在水平方向勻速運動，豎直方向自由落體運動，根據(jù)位移偏轉(zhuǎn)角的正切值公式，求得下落到E點的時間與落到C的時間關(guān)系即可判斷5、C【解析】開始時圓環(huán)受到向下的重力和細(xì)桿向上的支持力，當(dāng)施加F后，開始時細(xì)桿對圓環(huán)的支持力FN向上，根據(jù)牛頓第二定律可知a=F-FNm=F-(mg-kv)m，可知隨速度v的增加，加速度a逐漸變大；當(dāng)kv=mg時a達(dá)到最大；然后隨v的繼續(xù)增加，F(xiàn)N反向，加速度變?yōu)?a=F-FNm=F-(kv-mg)m，可知隨速度v的增加，加速度a逐漸變?。划?dāng)加速度減到零后，

18、變?yōu)閯蛩龠\動，故選C.【點睛】此題關(guān)鍵是分析圓環(huán)的受力情況，尤其是桿對圓環(huán)的彈力的大小和方向，然后分析加速度的變化，從而確定圖像的形狀.6、B【解析】A因為沖量是矢量，甲對已的作用力與乙對甲的作用力大小相等方向相反，故沖量大小相等方向相反，故A錯誤B設(shè)甲乙兩運動員的質(zhì)量分別為、，追上之前的瞬間甲、乙兩運動員的速度分別是，根據(jù)題意整個交接棒過程動量守恒：可以解得：，即B選項正確；CD經(jīng)歷了中間的完全非彈性碰撞過程 會有動能損失，CD選項錯誤【點睛】本題主要考察能量（做功正負(fù)判斷）、動量（動量定理、動量守恒）相關(guān)知識，結(jié)合彈性碰撞和非彈性碰撞的動量和能量關(guān)系展開討論二、多項選擇題：本題共4小題，每

19、小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】若電場力大于重力，則有可能不從B點離開軌道，A錯若電場力等于重力，物體做勻速圓周運動，B正確因電場力做負(fù)功，則機械能損失，上升的高度一定小于H，C正確由圓周運動知識可知若小球到達(dá)C點的速度為零，則在此之前就已脫軌了，D錯8、AD【解析】AEp-h圖像知其斜率為G，故G= =10N，解得m=1kg，故A正確Bh=0時，Ep=0，Ek=E機-Ep=100J-0=100J，故=100J，解得：v=10m/s，故B錯誤；Ch=1m時，Ep=40J，Ek= E機

20、-Ep=90J-40J=50J，故C錯誤Dh=0時，Ek=E機-Ep=100J-0=100J，h=4m時，Ek=E機-Ep=80J-80J=0J，故Ek- Ek=100J，故D正確9、AC【解析】滑塊從出發(fā)點運動到B的過程，由動能定理得：-mgx-mg2R=12mvB2-12mv02，滑塊從B離開后做平拋運動，則有：2R=12gt2，y=vBt，聯(lián)立得：y2=-8Rx+4Rgv02-16R2，代入數(shù)據(jù)解得：y2=-0.8x+0.04v02-0.16與y2=-0.16x+0.48比較系數(shù)可得：=0.2，v0=4m/s，故A正確，B錯誤；當(dāng)滑塊通過B點時，在水平地面上的落點與A點的最小距離，則在B

21、點有：mg=mvB2R，滑塊從B離開后做平拋運動，則有：2R=12gt2，y=vBt，聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得最小距離為：ymin=0.2m，故C正確；滑塊通過B點的臨界條件是重力等于向心力，則在B點有：mg=mvB02R，滑塊從出發(fā)點運動到B的過程，由動能定理得：-mgx-mg2R=12mvB02-12mv02，聯(lián)立解得 x=2.5m，所以x的取值范圍是 0 x2.5m，故D錯誤。所以AC正確，BD錯誤。10、BC【解析】AB.只在A點放正電荷時，B點的場強為：，又將等量異號的點電荷Q放在D點后，-Q在B點產(chǎn)生的場強為：，所以B點場強為：，方向水平向右，故A錯誤，B正確；C. C點場強為：，方向水

22、平向右，所以B、C兩點的電場強度相同，故C正確；D. BC線段的中點電場強度：，故D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、甲乙丙 甲 CBA mg 2 【解析】（1）本實驗探究當(dāng)質(zhì)量一定時，物體運動的加速度與它所受的合外力的關(guān)系，所以三個實驗小組都需要平衡摩擦力，即甲乙丙都需要平衡摩擦力，（2）乙和丙繩子的拉力可以由彈簧測力計和力傳感器直接得到，不需要用重物的重力代替，所以乙丙兩組不需要滿足Mm，而甲組用重物的重力代替繩子的拉力，要滿足Mm，（3）甲組用重物的重力代替繩子的拉力，要滿足Mm，隨著m的增大，不滿足Mm時，圖象出現(xiàn)彎曲，所

23、以甲組對應(yīng)的是C，根據(jù)裝置可知，乙圖中小車受到的拉力大于彈簧測力計的示數(shù)，丙圖中受到的拉力等于力傳感器的示數(shù)，當(dāng)F相等時，乙組的加速度大，所以乙組對應(yīng)B，丙組對應(yīng)A，（4）平衡摩擦力后，小車加速下滑時受到的合力F=mg；由牛頓第二定律得：a=F，由圖2（C）所示的aF圖線可知：圖象斜率：k=，則小車的質(zhì)量：M=2kg12、天平毫米刻度尺平衡摩擦力遠(yuǎn)小于mg（S3-S1）M(s4-s2)2-s228T2【解析】（1）由于實驗需要測量紙帶的長度，所以需要刻度尺，根據(jù)動能定理表達(dá)式可知，需要用天平測量物體的質(zhì)量，所以缺少的器材是天平和毫米刻度尺受力分析可知，使滑塊所受合外力等于繩子的拉力，應(yīng)采取的措

24、施是平衡摩擦力平衡摩擦力：先將小沙桶和滑塊的連線斷開，用墊塊將長木板的左端稍墊起，直至輕推滑塊，滑塊能在水平長木板上勻速滑行為止；設(shè)滑塊的質(zhì)量為M，沙和沙桶的總質(zhì)量為m，繩子上的拉力為F，則根據(jù)牛頓第二定律得：對m有：mg-F=ma對M有：F=Ma聯(lián)立解得：F=mg(1+mM)，因此要使繩子拉力約等于沙和沙桶的重力，應(yīng)滿足的條件是：mM，即保持沙和沙桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量。由點B到D點所對應(yīng)的過程中，沙和沙桶的重力所做的功W=mg（s3-s1）根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律，得：B點的速度為：vB=s22TD點的速度為：vD=(s4-s2)2T該滑塊動能改變量的表達(dá)式為EK=12MvD2-12MvB

25、2，化簡得：EK12M(S4-S22T)2-(S22T)2或EK=M8T2(S4-S2)2-S22。點睛：注意動能定理中功是總功或合力做的功的含義，及平衡摩擦力的用意，本題考查了實驗的基礎(chǔ)操作，以及利用功能關(guān)系和勻變速直線運動規(guī)律來處理數(shù)據(jù)，較好的考查了學(xué)生對基礎(chǔ)知識、基本規(guī)律的掌握情況。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1） （2） （3） （4）【解析】（1）對木板，受拉力和摩擦力作用，由牛頓第二定律得，F(xiàn)-mg=Ma1，解得： （2）對小物塊，受摩擦力作用，由牛頓第二定律得，mg=ma2，解得：a2=g=0.210m/s2=2m/s2，長木板運動的位移：x1=a1t2=312m=1.5m，小物塊運動的位移：x2=a2t2=212m=1m，則小物塊相對于長木板的