《高考調(diào)研測(cè)試題》word版

1、2011年高考調(diào)研測(cè)試題F1F21(鹽城一調(diào))如圖所示，斜劈A靜止放置在水平地面上。質(zhì)量為m的物體B在外力F1和F2的共同作用下沿斜劈表面向下運(yùn)動(dòng)。當(dāng)F1方向水平向右，F(xiàn)2方向沿斜劈的表面向下時(shí)斜劈受到地面的摩擦力方向向左。則下列說(shuō)法中正確的是ADA若同時(shí)撤去F1和F2，物體B的加速度方向一定沿斜面向下B若只撤去F1，在物體B仍向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，A所受地面摩擦力方向可能向右C若只撤去F2，在物體B仍向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，A所受地面摩擦力方向可能向右D若只撤去F2，在物體B仍向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，A所受地面摩擦力不變 感悟與反思：A、B選項(xiàng)有兩種解法，一是隔離法，二是利用摩擦角確定的特點(diǎn)，第二種解法更為

2、簡(jiǎn)單，但只有少部分學(xué)生能夠掌握；C、D選項(xiàng)只要選斜劈為對(duì)象，撤去F2后，斜劈受力為發(fā)生任何變化。2（揚(yáng)州期末）如圖所示，L1和L2為平行的虛線，L1上方和L2下方都是垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，AB兩點(diǎn)都在L2上帶電粒子從A點(diǎn)以初速v與L2成300斜向上射出，經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)后正好過(guò)B點(diǎn)，經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)速度方向也斜向上，不計(jì)重力，下列說(shuō)法中正確的是ABA帶電粒子經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度一定跟在A點(diǎn)的速度相同B若將帶電粒子在A點(diǎn)時(shí)的初速度變大（方向不變）它仍能經(jīng)過(guò)B點(diǎn)C若將帶電粒子在A點(diǎn)時(shí)初速度方向改為與L2成600角斜向上，它就不一定經(jīng)過(guò)B點(diǎn)D. 粒子一定帶正電荷感悟與反思： AB選項(xiàng)考查基本知識(shí)，C

3、選項(xiàng)考查這種運(yùn)動(dòng)的周期性，也能檢查學(xué)生的錯(cuò)誤思維定勢(shì)。3(揚(yáng)州期末15分)傾斜雪道的長(zhǎng)為50 m，頂端高為30 m，下端經(jīng)過(guò)一小段圓弧過(guò)渡后與很長(zhǎng)的水平雪道相接，如圖所示。一滑雪運(yùn)動(dòng)員在傾斜雪道的頂端以水平速度v010 m/s飛出，在落到傾斜雪道上時(shí)，運(yùn)動(dòng)員靠改變姿勢(shì)進(jìn)行緩沖使自己只保留沿斜面的分速度而不彈起。除緩沖外運(yùn)動(dòng)員可視為質(zhì)點(diǎn)，過(guò)渡軌道光滑，其長(zhǎng)度可忽略。設(shè)滑雪板與雪道的動(dòng)摩擦因數(shù)0.2，求：（1）運(yùn)動(dòng)員落在傾斜雪道上時(shí)與飛出點(diǎn)之間的距離；（2）運(yùn)動(dòng)員落到傾斜雪道瞬間沿斜面的速度大??；（3）運(yùn)動(dòng)員在水平雪道上滑行的距離（取g10 m/s2）。解：(1)如圖，運(yùn)動(dòng)員飛出后做平拋運(yùn)動(dòng) 由y

4、=x tan得飛行時(shí)間t1.5 s 1分落點(diǎn)的x坐標(biāo)：xv0t15 m 2分落點(diǎn)離斜面頂端的距離：=18.75m 2分(2)落點(diǎn)距地面的高度：h=(L-s1)sin=18.75m接觸斜面前的x分速度：vx=10m/s 1分 y分速度：vy=gt=15m/s 1分沿斜面的速度大小為：= 17m/s 3分(3)設(shè)運(yùn)動(dòng)員在水平雪道上運(yùn)動(dòng)的距離為s2，由功能關(guān)系得： 3分 解得：s2141m 2分 感悟與反思：第一問(wèn)用常規(guī)解法；第二問(wèn)求運(yùn)動(dòng)員落到傾斜雪道瞬間沿斜面的速度大小，分解時(shí)正交系先選擇水平和豎直方向，看似老套其實(shí)很好，只不過(guò)要二次分解，對(duì)分解的要求很高，符合2008江蘇考試說(shuō)明的變化及要求；第

5、三問(wèn)要求正確列出動(dòng)能定理的方程。4(揚(yáng)州期末15分)如圖所示，一邊長(zhǎng)L = 0.2m，質(zhì)量m1 = 0.5kg，電阻R = 0.1的正方形導(dǎo)體線框abcd，與一質(zhì)量為m2 = 2kg的物塊通過(guò)輕質(zhì)細(xì)線跨過(guò)兩定滑輪相連。起初ad邊距磁場(chǎng)下邊界為d1 = 0.8m，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2.5T，磁場(chǎng)寬度d2 =0.3m，物塊放在傾角=53的斜面上，物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5?，F(xiàn)將物塊由靜止釋放，經(jīng)一段時(shí)間后發(fā)現(xiàn)當(dāng)ad邊從磁場(chǎng)上邊緣穿出時(shí)，線框恰好做勻速運(yùn)動(dòng)。（g取10m/s2，sin53=0.8，cos53= 0.6）求： （1）線框ad邊從磁場(chǎng)上邊緣穿出時(shí)繩中拉力的功率； （2）線框剛剛?cè)窟M(jìn)入

6、磁場(chǎng)時(shí)速度的大??； （3）整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中線框產(chǎn)生的焦耳熱。1,3,5解：1,3,5（1）由于線框勻速出磁場(chǎng)，則對(duì)m2有：得T=10N 2分對(duì)m1有： 又因?yàn)槁?lián)立可得：2分所以繩中拉力的功率P=Tv=20W 2分 （2）從線框剛剛?cè)窟M(jìn)入磁場(chǎng)到線框ad邊剛要離開(kāi)磁場(chǎng)，由動(dòng)能定理得 3分且解得v0=1.9m/s2分 （3）從初狀態(tài)到線框剛剛完全出磁場(chǎng)，由能的轉(zhuǎn)化與守恒定律可得將數(shù)值代入，整理可得線框在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱為：Q = 1.5 J 1分感悟與反思：第一問(wèn)學(xué)生往往錯(cuò)誤地應(yīng)用整體法而得出錯(cuò)誤答案；第二問(wèn)有兩種解法，一是利用能量轉(zhuǎn)化與守恒，二是純粹用運(yùn)動(dòng)學(xué)方法解，但必須正確隔離兩個(gè)物體

7、；第三問(wèn)似與第二問(wèn)考點(diǎn)重復(fù)，刪去也可。CmBO1mAO25（如東啟東期中聯(lián)考13分）如圖所示，一輕繩繞過(guò)無(wú)摩擦的兩個(gè)輕質(zhì)小定滑輪O1、O2和質(zhì)量mB=m的小球連接，另一端與套在光滑直桿上質(zhì)量mA=m的小物塊連接，已知直桿兩端固定，與兩定滑輪在同一豎直平面內(nèi)，與水平面的夾角=60，直桿上C點(diǎn)與兩定滑輪均在同一高度，C點(diǎn)到定滑輪O1的距離為L(zhǎng)，重力加速度為g，設(shè)直桿足夠長(zhǎng)，小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中不會(huì)與其他物體相碰現(xiàn)將小物塊從C點(diǎn)由靜止釋放，試求：（1）小球下降到最低點(diǎn)時(shí)，小物塊的機(jī)械能（取C點(diǎn)所在的水平面為參考平面）；（2）小物塊能下滑的最大距離；（3）小物塊在下滑距離為L(zhǎng)時(shí)的速度大小解：（1）設(shè)此時(shí)小物

8、塊的機(jī)械能為E1由機(jī)械能守恒定律得 （3分）（2）設(shè)小物塊能下滑的最大距離為sm，由機(jī)械能守恒定律有 （2分）而（1分）代入解得 ；（2分）（3）設(shè)小物塊下滑距離為L(zhǎng)時(shí)的速度大小為v，此時(shí)小球的速度大小為vB，則 （1分） （2分） 解得 （2分）感悟與反思：本題要求正確判斷CO1長(zhǎng)度是現(xiàn)變短后變長(zhǎng)，從而知道小球是先上升后下降，CO垂于桿時(shí)小球速度為零；物塊速度為零時(shí)小球速度也為零。最后一問(wèn)要求學(xué)生正確處理A、B兩物體之間的速度關(guān)系，即兩者沿繩速度相等。綜合考查了運(yùn)動(dòng)分析、能量守恒定律、運(yùn)動(dòng)的合成與分解等知識(shí)。學(xué)生對(duì)第一問(wèn)難以上手，所以本題三問(wèn)的區(qū)分度并不好。9（如東啟東期中聯(lián)考14分）如圖所

9、示，可視為質(zhì)點(diǎn)的三物塊A、B、C放在傾角為300、長(zhǎng)L=2m的固定斜面上，物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，A與B緊靠在一起，C緊靠在固定擋板上，三物塊的質(zhì)量分別為mA0.80kg、mB0.64kg、mC0.50kg，其中A不帶電，B、C的帶電量分別為qB4.010-5C、qC2.010-5C且保持不變，開(kāi)始時(shí)三個(gè)物塊均能保持靜止且與斜面間均無(wú)摩擦力作用如果選定兩點(diǎn)電荷在相距無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)能為0，則相距為r時(shí)，兩點(diǎn)電荷具有的電勢(shì)能可表示為現(xiàn)給A施加一平行于斜面向上的力F，使A在斜面上作加速度a1.5m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t0，力F變?yōu)楹懔Γ?dāng)A運(yùn)動(dòng)到斜面頂端時(shí)撤去力F已知靜電力常量k9.0

10、109Nm2C2，g10m/s2求：（1）未施加力F時(shí)物塊B、C間的距離；（2）t0時(shí)間內(nèi)A上滑的距離； （3）t0時(shí)間內(nèi)庫(kù)侖力做的功；（4）力F對(duì)A物塊做的總功解：（1）A、B、C處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，設(shè)B、C間距離為L(zhǎng)1， 則 C對(duì)B的庫(kù)侖斥力 （1分）以A、B為研究對(duì)象，根據(jù)力的平衡 （1分）聯(lián)立解得 L1=1.0m （1分）（2）給A施加力F后， A、B沿斜面向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，C對(duì)B的庫(kù)侖斥力逐漸減小，A、B之間的彈力也逐漸減小經(jīng)過(guò)時(shí)間t0，B、C間距離設(shè)為L(zhǎng)2，A、B兩者間彈力減小到零，此后兩者分離，力F變?yōu)楹懔tt0時(shí)刻C對(duì)B的庫(kù)侖斥力為 （1分）以B為研究對(duì)象，由牛頓第二定律有 （

11、1分）聯(lián)立 = 1 * GB3 = 2 * GB3 解得 L2=1.2m則t0時(shí)間內(nèi)A上滑的距離 （1分）（3）設(shè)t0時(shí)間內(nèi)庫(kù)侖力做的功為W0，由功能關(guān)系有 （1分）代入數(shù)據(jù)解得 （1分）（4）設(shè)在t0時(shí)間內(nèi)，末速度為v1，力F對(duì)A物塊做的功為W1，由動(dòng)能定理有 （1分）而 （1分）由式解得 J （1分）經(jīng)過(guò)時(shí)間t0后，A、B分離，力F變?yōu)楹懔?，?duì)A由牛頓第二定律有 （1分）力F對(duì)A物塊做的功 由式代入數(shù)據(jù)得 （1分）則力F對(duì)A物塊做的功 （1分）感悟與反思： 本題的設(shè)計(jì)屬于陳題翻新。這類(lèi)的老陳題多為重力勢(shì)能與彈性勢(shì)能結(jié)合，加考勻變速運(yùn)動(dòng)中的變量（受力）分析，本題用電勢(shì)能代替彈性勢(shì)能，保留重力

12、的分立代替原重力?？疾楣δ芎苤苯樱阂皇强疾閷W(xué)生能否用熟悉的方法解決相似問(wèn)題的能力，二是能否綜合應(yīng)用幾乎全部力學(xué)規(guī)律（勻變速運(yùn)動(dòng)、牛頓第二定律、能量守恒定律）解決問(wèn)題，不失為一道立意鮮明難度適當(dāng)?shù)暮玫木C合題。12(蘇北三市14分) 如圖甲所示，一邊長(zhǎng)L=2.5m、質(zhì)量m=0.5kg的正方形金屬線框，放在光滑絕緣的水平面上，整個(gè)裝置放在方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.8T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，它的一邊與磁場(chǎng)的邊界MN重合。在水平力F作用下由靜止開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)5s線框被拉出磁場(chǎng)。測(cè)得金屬線框中的電流隨時(shí)間變化的圖像如乙圖所示，在金屬線框被拉出的過(guò)程中。求通過(guò)線框?qū)Ь€截面的電量及線框的電阻；寫(xiě)出水平力F隨

13、時(shí)間變化的表達(dá)式；已知在這5s內(nèi)力F做功1.92J，那么在此過(guò)程中，線框產(chǎn)生的焦耳熱是多少？MNB甲乙0I/At/s1236450.20.40.6解：根據(jù)q =t，由It圖象得：q =1.25C （2分） 又根據(jù) （2分） 得R = 4 （1分） 由電流圖像可知，感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的規(guī)律：I0.1t （1分）由感應(yīng)電流，可得金屬框的速度隨時(shí)間也是線性變化的，（1分）線框做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度a = 0.2m/s2 （1分）線框在外力F和安培力FA作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，（1分）得力F（0.2 t0.1）N （1分） t5s時(shí)，線框從磁場(chǎng)中拉出時(shí)的速度v5 = at =1m/s （1分）線框中

14、產(chǎn)生的焦耳熱J （3分）感悟與反思： 這道題精彩之處在于通過(guò)給出感應(yīng)電流隨時(shí)間做正比例變化，倒推出運(yùn)動(dòng)性質(zhì)為勻變速運(yùn)動(dòng)，結(jié)合牛頓第二定律解出相關(guān)物理量。難度適中，所考查的知識(shí)點(diǎn)也不少。另外，學(xué)生計(jì)算焦耳熱時(shí)可能會(huì)錯(cuò)誤地應(yīng)用平均值概念，這是具有迷惑性的地方。16.如圖所示，在真空室內(nèi)x軸正半軸 點(diǎn)固定一負(fù)的點(diǎn)電荷，電量 。點(diǎn)電荷左側(cè)的電場(chǎng)分布以y軸為界限。在x軸負(fù)半軸遠(yuǎn)離原點(diǎn)某處有一粒子放射源不斷沿x軸正向放射出速度相同的帶正電的粒子。粒子質(zhì)量 ，電量 ，速率 。為使帶電粒子進(jìn)入y軸右側(cè)后作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，最終打在位于x正半軸點(diǎn)電荷右側(cè)的熒光屏上（未畫(huà)出），可在y軸左側(cè)加一個(gè)方向垂直紙面向外、圓心在x軸上的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，其磁感應(yīng)強(qiáng)度 。不計(jì)粒子重力，靜電力常數(shù) 。求：（1）所加圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的圓心坐標(biāo)。（2）所加磁場(chǎng)的區(qū)域半徑。解：（1）設(shè)粒子進(jìn)入電場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r （3分）由題意可知：要使粒子進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)作勻速圓周