2020屆江蘇無(wú)錫高三上學(xué)期期末物理試卷解析版

1、江蘇省無(wú)錫市2020屆高三上學(xué)期期末物理試卷單選題（本大題共 5小題）1.中國(guó)選手王崢在第七屆世界軍人運(yùn)動(dòng)會(huì)上獲得鏈球項(xiàng)目的金牌。如圖所示，王崢雙手握住柄環(huán)，站在投擲圈后緣，經(jīng)過(guò)預(yù)擺和34圈連續(xù)加速旋轉(zhuǎn)及最后用力，將鏈球擲出。整個(gè)過(guò)程可簡(jiǎn)化為加速圓周運(yùn)動(dòng)和斜拋運(yùn)動(dòng)，忽略空氣阻力，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.鏈球圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，鏈球受到的拉力指向圓心B.鏈球擲出瞬間速度方向沿該點(diǎn)圓周運(yùn)動(dòng)的徑向C.鏈球擲出后做勻變速運(yùn)動(dòng)D.鏈球擲出后運(yùn)動(dòng)時(shí)間與速度的方向無(wú)關(guān)2.架在A、B兩根晾衣桿之間的一定質(zhì)量的均勻鐵絲在夏、冬兩季由于熱脹冷縮的效應(yīng)，鐵絲呈現(xiàn)如圖所示的兩種形狀.則鐵絲對(duì)晾衣桿的拉力（）3.4.A

2、.夏季時(shí)的拉力較大B.冬季時(shí)的拉力較大C.夏季和冬季時(shí)的拉力一樣大D.無(wú)法確定如圖所示電路中，A、B是相同的兩小燈泡。L是一個(gè)帶鐵芯的線(xiàn)圈，電阻可不計(jì),合上開(kāi)關(guān)S,電路穩(wěn)定時(shí)兩燈泡都正常發(fā)光，再斷開(kāi)S,則（）A.合上S時(shí)，兩燈同時(shí)點(diǎn)亮B.合上S時(shí)，A逐漸變亮直到正常發(fā)光狀態(tài)C.斷開(kāi)S時(shí)，A燈立即熄滅D.斷開(kāi)S時(shí)，B燈立即熄滅如圖所示，兩位同學(xué)在體育課上進(jìn)行傳接籃球訓(xùn)練，甲同學(xué)將籃球從A點(diǎn)拋給乙（籃球運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖中實(shí)線(xiàn)1所示），乙在B點(diǎn)接住然后又將籃球傳給甲（籃球運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖中虛線(xiàn)2所示）.已知籃球在空中運(yùn)動(dòng)的最大高度恰好相同。若忽略空氣阻力，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.籃球沿軌跡1運(yùn)動(dòng)的時(shí)

3、間較長(zhǎng)B.籃球沿軌跡1運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中速度變化較快C.兩同學(xué)將籃球拋出的速度大小相等D.籃球落到B點(diǎn)前的瞬間重力做功的功率等于落到C點(diǎn)（與A、B兩點(diǎn)高度相同）前的瞬間重力做功的功率5.有一磁場(chǎng)方向豎直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度 B隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖5甲所示的勻強(qiáng)磁場(chǎng).現(xiàn)有如圖乙所示的直角三角形導(dǎo)線(xiàn)框 abc水平放置，放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中保持靜止不動(dòng)， t=0時(shí)刻，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向 垂直紙面向里，設(shè)產(chǎn)生的感應(yīng)電流i順時(shí)針?lè)较驗(yàn)檎?、豎直邊ab所受安培力F的方向水平向左為正.則 下面關(guān)于F和i隨時(shí)間t變化的圖象正確的是（）a2瓦 取 O-2廝C.D.二、多選題（本大題共 4小題，共16.0 分）6.2019年4月

4、10日，天文學(xué)家召開(kāi)全球新聞發(fā)布會(huì)，宣布首次直接拍攝到黑洞 的照片如圖所示。黑洞是一種密度極大、引力極大的天體，以至于光都無(wú)法逃 逸（光速為c）。若黑洞的質(zhì)量為 M,半徑為R,引力常量為 G,其逃逸速度公式為v.如果天文學(xué)家觀(guān)測(cè)到一天體以速度v繞某黑洞做半徑為r的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法正確的有（7.A. M=?B.該黑洞的最大半徑為C.該黑洞的最大半徑為如圖甲中的變壓器為理想變壓器 圖乙所示的正弦式交流電，電阻D.該黑洞的最小半徑為,原線(xiàn)圈匝數(shù)ni與副線(xiàn)圈匝數(shù)n2之比為10： 1,變壓器的原線(xiàn)圈接如Rl=R2=R3=20 和電容器C連接成如圖所示甲的電路，其中電容器的擊穿電壓為8V,電壓表V

5、為理想交流電表，開(kāi)關(guān) S處于斷開(kāi)狀態(tài)，則（A.電壓表V的讀數(shù)約為7.07VB.電阻R2上消耗的功率為2.5WC.電流表A的讀數(shù)為0.05AD.若閉合開(kāi)關(guān)S,電容器不會(huì)被擊穿8.一個(gè)帶負(fù)電的粒子僅在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能隨時(shí)間變化規(guī)律如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是（甲LA.該粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速度一定不變B.該粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速率一定不變C.tl、t2兩個(gè)時(shí)刻，粒子所處位置電勢(shì)一定相同D. ti、t2兩個(gè)時(shí)刻，粒子所處位置電場(chǎng)強(qiáng)度一定相同mA=1 kg 和 mB=2kg 的物塊 A、9.如圖所示，一塊足夠長(zhǎng)的輕質(zhì)長(zhǎng)木板放在光滑水平地面上，質(zhì)量分別為B放在長(zhǎng)木板上，A、B與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為

6、科=0.4最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。現(xiàn)用水g=10m/s2.改變F的大小，B的加速度大小可能為（平拉力F拉A,取重力加速度A. 1m/s2B. 2m/s2C. 3m/s2D. 4m/s2三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共 2小題，共18.0分）10. LED燈的核心部件是發(fā)光二極管。某同學(xué)欲測(cè)量一只工作電壓為2.9V的發(fā)光二極管的正向伏安特性曲線(xiàn)，所用器材有：電壓表（量程3V,內(nèi)阻約3kQ）,電流表（用多用電表的直流25mA擋替代，內(nèi)阻約為5Q）,滑動(dòng)變阻器（0-20Q）,電池組，電鍵和導(dǎo)線(xiàn)若干。他設(shè)計(jì)的電路如圖（ a）所示?；卮?下列問(wèn)題：圖詢(xún)網(wǎng)向圉（1）根據(jù)圖（a）,在實(shí)物圖（b）上完成連線(xiàn)；（2）在

7、電鍵S閉合前，將多用電表選擇開(kāi)關(guān)撥至直流25mA擋，調(diào)節(jié)變阻器的滑片至最 端（填“左”或“右”）;（3）某次測(cè)量中，多用電表示數(shù)如圖（ c）,則通過(guò)二極管的電流為 mA;（4）該同學(xué)得到的正向伏安特性曲線(xiàn)如圖（d）所示。由曲線(xiàn)可知，隨著兩端電壓增加，二極管的正向電阻 （填“增大”、“減小”或“幾乎不變”）；4 m A(H LO 13 2.0 2.5 3,0 15(5)若實(shí)驗(yàn)過(guò)程中發(fā)現(xiàn)，將變阻器滑片從一端移到另一端，二極管亮度幾乎不變，電壓表示數(shù)在2.7V-2.9V之間變化，試簡(jiǎn)要描述形成這種現(xiàn)象的原因是： 。.學(xué)校開(kāi)展研究性學(xué)習(xí)，某同學(xué)為了探究桿子轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的動(dòng)能表達(dá)式，設(shè)計(jì)了下圖所示的實(shí)驗(yàn)：質(zhì)量

8、為的均勻長(zhǎng)直桿一端固定在轉(zhuǎn)軸O處，桿由水平位置靜止釋放，用置于圓弧上某位置的光電門(mén)測(cè)出另端A經(jīng)過(guò)該位置時(shí)的瞬時(shí)速度 va,并記下該位置與轉(zhuǎn)軸 O的高度差ho(1)該同學(xué)用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)得長(zhǎng)直桿的橫截面的直徑如圖為 mm。(2)調(diào)節(jié)h的大小并記錄對(duì)應(yīng)的速度 VA,數(shù)據(jù)如下表。為了形象直觀(guān)地反映VA和h的關(guān)系，請(qǐng)選擇適當(dāng)?shù)目v坐標(biāo)并畫(huà)出圖象。組次123456h/m0.050.100.150.200.250.30va/ (m?s-1)1.231.732.122.462.743.00va-1/ (s?m-1)0.810.580.470.410.360.33va2/ (m2?s-2)1.503.00

9、4.506.057.519.00(3)當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭取10m/s2,不計(jì)一切摩擦。請(qǐng)根據(jù)能量守恒規(guī)律并結(jié)合你找出的函數(shù)關(guān)系式，寫(xiě)出此桿轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)動(dòng)能E 用數(shù)字、質(zhì)量m、速度va表示)(4)為了減小空氣阻力對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，請(qǐng)?zhí)岢鲆凰?、?jì)算題(本大題共 1小題，共16.0分).如圖所示，在傾角為。=30的固定斜面上固定一塊與斜面垂直的光滑擋板，質(zhì)量為m的4頁(yè)半圓柱體A緊靠擋板放在斜面上，質(zhì)量為2m 的圓柱體B放在A上并靠在擋板上靜止。 A與B半徑均為R,曲面均光滑，半圓柱體 A底面與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為出現(xiàn)用平行斜面向上的力拉A,使A沿斜面向上緩慢移動(dòng)，直至B恰好降到斜面。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力

10、，重力加速度為g。求：(1)未拉A時(shí)，B受到A的作用力F。(2) A移動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中，拉力做的功 W。(3)動(dòng)摩擦因數(shù)的最小值 如所。五、簡(jiǎn)答題(本大題共 3小題，共42.0分)13.如圖甲所示，靜止在水平地面上一個(gè)質(zhì)量為m=4kg的物體，其在隨位移均勻減小的水平推力作用下運(yùn)動(dòng)，推力F隨位移x變化的圖象如圖乙所示。 已知物體與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為科=0.5 g=10m/s2.求:(1)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物體的最大加速度大小為多少；(2)距出發(fā)點(diǎn)多遠(yuǎn)時(shí)物體的速度達(dá)到最大；(3)物體最終停在何處？14.在XV0空間有沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在0av 9.0cm內(nèi)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0

11、.10T, P點(diǎn)坐標(biāo)(-16cm, 32cm),帶正電的粒子(重力不計(jì)，比荷.=8.0 107C/kg)從P點(diǎn)由靜止釋放，求(1)若粒子恰能從右側(cè)飛出勻強(qiáng)磁場(chǎng)，求粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。(2)若粒子能通過(guò)x軸上的C點(diǎn)(x乙9cm,圖中未畫(huà))，通過(guò) C點(diǎn)時(shí)速度方向與 x軸正方向成37。, 則勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為多大？ ( sin37 =0.6, cos37=0.8)q=4C,求導(dǎo)體棒15.如圖所示，足夠長(zhǎng)的 U形導(dǎo)體框架的寬度 L=0.5m,底端接有阻值 R=0.5 Q 的電阻，導(dǎo)體框架電阻忽略不計(jì)，其所在平面與水平面成。=37角。有一磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.8T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直于導(dǎo)體框架平面向上。一

12、根質(zhì)量m=0.4kg、電阻r=0.5 的導(dǎo)體棒MN垂直跨放在U形導(dǎo)體框架上，某時(shí)刻 起將導(dǎo)體棒 MN由靜止釋放。已知導(dǎo)體棒MN與導(dǎo)體框架間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5 (sin37=0.6, cos37 =0.8 , g 取 10m/s2)(1)求導(dǎo)體棒剛開(kāi)始下滑時(shí)的加速度大小；(2)求導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度大??；(3)從導(dǎo)體棒開(kāi)始下滑到速度剛達(dá)到最大的過(guò)程中，通過(guò)導(dǎo)體棒橫截面的電荷量 MN在此過(guò)程中消耗的電能。六、綜合題(本大題共 1小題，共13.0分)16. 2019年6月29日首個(gè)江南文化特色的無(wú)錫融創(chuàng)樂(lè)園隆重開(kāi)園。其中有一座飛翼過(guò)山車(chē)，它是目前世 界最高(最高處60米)、速度最快(最高時(shí)速

13、可達(dá) 120公里)、軌道最復(fù)雜的過(guò)山車(chē)。過(guò)山車(chē)運(yùn)行時(shí) 可以底朝上在圓軌道上運(yùn)行，游客不會(huì)掉下來(lái)。我們把這種情形抽象為如圖乙所示的模型：弧形軌道 的下端與豎直圓軌道相接，使質(zhì)量為m的小球從弧形軌道上端滾下，小球從圓軌道下端進(jìn)入后沿圓軌道運(yùn)動(dòng)。如果已知圓軌道的半徑為R,重力加速度為g,不考慮阻力。求：(1)若小球從高為h的A處由靜止釋放，求小球到達(dá)圓軌道底端時(shí)對(duì)軌道的壓力；(2)若要使小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中能通過(guò)圓弧最高點(diǎn)且不脫離軌道，試求小球由靜止釋放時(shí)的高度應(yīng)滿(mǎn)足的條件。圖用圉乙答案和解析.【答案】C【解析】 解：A、鏈球做加速圓周運(yùn)動(dòng)，拉力和重力的合力提供兩方面的效果，一是徑向的合力提供向心力，切向

14、的合力提供切向力，故拉力不指向圓心，故 A錯(cuò)誤。B、軌跡的切線(xiàn)方向?yàn)檫\(yùn)動(dòng)方向，鏈球擲出瞬間速度方向沿該點(diǎn)圓周運(yùn)動(dòng)的切線(xiàn)方向，故B錯(cuò)誤。C、松手后鏈球做斜拋運(yùn)動(dòng)，只受重力作用下，做勻變速運(yùn)動(dòng)，故 C正確。D、鏈球做斜拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)初速度為v,速度方向與水平方向夾角為0,則豎直方向上分速度為 vcos 運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=等，即運(yùn)動(dòng)時(shí)間與速度的方向有關(guān)，故 D錯(cuò)誤。故選：Co鏈球做加速圓周運(yùn)動(dòng)，拉力不指向圓心。軌跡的切線(xiàn)方向?yàn)檫\(yùn)動(dòng)方向。松手后鏈球做斜拋運(yùn)動(dòng)，只受重力作用下，根據(jù)斜拋運(yùn)動(dòng)及圓周運(yùn)動(dòng)相關(guān)知識(shí)即可求解。本題考查了圓周運(yùn)動(dòng)和斜拋運(yùn)動(dòng)的相關(guān)知識(shí)，解題的關(guān)鍵是明確斜拋運(yùn)動(dòng)，只受重力作用下，屬于勻變速運(yùn)動(dòng)。

15、.【答案】B【解析】 解：以整條鐵絲為研究對(duì)象，受力分析如右圖所示，由共點(diǎn)力的平衡條件知，兩桿對(duì)鐵絲的彈力的合力與其重力平衡，由幾何關(guān)系得：Fcos。拳，故5=?，由于夏天氣溫較高，鐵絲的體積會(huì)膨脹，兩桿正中部位鐵絲下墜的距離h變大，則鐵絲在桿上固定處的切線(xiàn)方向與豎直方向的夾角。變小，故F較小，根據(jù)牛頓第三定律得，鐵絲對(duì)晾衣桿拉力大小與F相等，故可知，冬天時(shí)拉力較大，故B正確，ACD錯(cuò)誤； 故選：B以整條鐵絲為研究對(duì)象，受力分析根據(jù)平衡條件列出等式，結(jié)合夏季、冬季的鐵絲幾何關(guān)系求解.本題考查共點(diǎn)力平衡條件的應(yīng)用，要比較一個(gè)物理量的大小關(guān)系，我們應(yīng)該先把這個(gè)物理量運(yùn)用物理規(guī)律 表示出來(lái).本題中應(yīng)

16、該抓住電線(xiàn)桿上的電線(xiàn)的質(zhì)量一定，受力平衡，根據(jù)夏季、冬季電線(xiàn)在桿上固定處的 切線(xiàn)方向與豎直方向的夾角的不同分析求解.【答案】B【解析】解：AB、在開(kāi)關(guān)合上時(shí)，通過(guò)線(xiàn)圈的電流在增大，導(dǎo)致線(xiàn)圈出現(xiàn)自感電動(dòng)勢(shì)，從而阻礙燈泡A的電流增大，則B直接點(diǎn)亮，而 A逐漸變亮直到正常發(fā)光狀態(tài)，故A錯(cuò)誤，B正確。CD、斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S的瞬間，由電感的特性可知：L和A組成的回路中的電流會(huì)逐漸減小，兩燈都會(huì)慢慢熄滅，故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤。故選：Bo明確線(xiàn)圈的性質(zhì)，知道線(xiàn)圈中產(chǎn)生的自感電動(dòng)勢(shì)起阻礙電流變化的作用電路穩(wěn)定后，L的電阻很小，閉合瞬間L的電阻很大，斷開(kāi)瞬間線(xiàn)圈會(huì)延長(zhǎng)電流變化為0的時(shí)間。對(duì)于自感線(xiàn)圈，當(dāng)電流變化時(shí)產(chǎn)生自感

17、電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，當(dāng)電路穩(wěn)定時(shí)，相當(dāng)于導(dǎo)線(xiàn)，將所并聯(lián)的電 路短路。基礎(chǔ)題目。.【答案】D【解析】 解：A、籃球在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間由豎直位移決定，由于高度相同，所以?xún)纱芜\(yùn)動(dòng)時(shí)間相同；故 A錯(cuò)誤；B、籃球只受重力，根據(jù)牛頓第二定律，加速度為g,所以?xún)纱嗡俣茸兓炻嗤?；?B錯(cuò)誤；C、由軌跡知道，豎直方向初速度相同，第2次水平初速度小于第 1次，根據(jù)速度的合成，所以第 2次拋出的速度小于第1次。故C錯(cuò)誤；D、由于籃球落到 B點(diǎn)前的豎直方向速度和 C相同，所以籃球落到 B點(diǎn)前的瞬間重力做功的功率等于落到C點(diǎn)前的瞬間重力做功的功率，故D正確；故選：D。把籃球

18、的運(yùn)動(dòng)進(jìn)行分解，在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間由豎直位移決定，由于高度相同，加速度相同，比較水平位移可以比較水平分速度，從而比較初速度；根據(jù)P=mgvy得到功率的大小。本題考查拋體運(yùn)動(dòng)，要抓住拋體運(yùn)動(dòng)的概念及常見(jiàn)的拋體運(yùn)動(dòng)研究的方法：運(yùn)動(dòng)的合成和分解；要注意根 據(jù)相應(yīng)的規(guī)律解答。.【答案】A【解析】 解：ABC、在03 s時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間線(xiàn)性變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定，回路中感應(yīng)電流恒定，同時(shí)由F=BIL知道，電流恒定，安培力與磁感應(yīng)強(qiáng)度成正比，又由楞次定律判斷出回路中感應(yīng)電流的方向應(yīng)為順時(shí)針?lè)较?，即正方向，?4 s時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度

19、恒定，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)等于零，感應(yīng)電流為零，安培力等于零，故B、C錯(cuò)誤，A正確。D、03 s時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間線(xiàn)性變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定，回路中感應(yīng)電流恒定，故 D錯(cuò)誤；故選：Ao根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出各段時(shí)間內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流的大小，根據(jù)楞次定律判斷出感應(yīng)電流 的方向，通過(guò)安培力大小公式求出安培力的大小以及通過(guò)左手定則判斷安培力的方向.解決本題的關(guān)鍵掌握法拉第電磁感應(yīng)定律，會(huì)運(yùn)用楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，以及掌握安培力大小公 式，會(huì)用左手定則判定安培力的方向.【答案】AD【解析】解：A、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有：號(hào)喧,得黑洞的質(zhì)量 M；，故A正確。BCD、

20、根據(jù)逃逸速度公式， v=行，得R-,黑洞的最小半徑 R-,故BC錯(cuò)誤，D正確。故選：AD。根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，結(jié)合速度和軌道半徑求出“黑洞”的質(zhì)量。根據(jù)逃逸速度與光速的關(guān)系，求出“黑洞”的最大半徑。本題考查了萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用，解決本題的關(guān)鍵知道黑洞是一個(gè)天體，掌握萬(wàn)有引力提供向心力這一 理論，并能靈活運(yùn)用。.【答案】ABD【解析】解：A、開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，副線(xiàn)圈為Ri和R2串聯(lián)，電壓表測(cè)量R2的電壓，由圖可知原線(xiàn)圈電壓為Ui=100V,根據(jù)變壓比可知，副線(xiàn)圈電壓為 U2=10/2v,則電壓表測(cè)量 R2兩端的電壓UR2,讀數(shù)是 5 2V=7.0V,故 A 正確。C、由A的分析可知，副線(xiàn)圈電流為

21、 C = 40 Aq A,根據(jù)變流比可知，原線(xiàn)圈電流為1=兀辦而A,故C錯(cuò)誤。，、， Il/Jj ,.B、電阻R2上消耗的功率為 P=2.5W,故B正確。D、當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合時(shí)，Ri與R3并聯(lián)后和R2串聯(lián)，電容器的電壓為并聯(lián)部分的電壓，并聯(lián)部分電阻為 R并=10億所以并聯(lián)部分的電壓，即電容器兩端的電壓Ucr：；. 一口2竽V,最大值為：Vv8V,所以電容器不會(huì)被擊穿，故D正確。故選：ABD。開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，副線(xiàn)圈為 Ri和R2串聯(lián)，電壓表測(cè)量 心的電壓，當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合時(shí)，Ri與R3并聯(lián)后和R2串聯(lián)，電容器的電壓為并聯(lián)部分的電壓，根據(jù)變壓器電壓、電流與匝數(shù)的關(guān)系以及串并聯(lián)電路的特點(diǎn)即可求解。本題考查了變壓器的

22、原理及最大值與有效值之間的數(shù)量關(guān)系。能根據(jù)歐姆定律求解電路中的電流，會(huì)求功 率，知道電表示數(shù)為有效值，電容器的擊穿電壓為最大值，難度適中。.【答案】BC【解析】 解：A、粒子的電勢(shì)能不變，電場(chǎng)力不做功，而帶電粒子只受電場(chǎng)力，不可能做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，粒子 的速度方向一定改變，故 A錯(cuò)誤；B、根據(jù)能量守恒可知粒子的動(dòng)能不變，速度大小不變，粒子做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，速度方向在改變，所以速度在 改變，故B正確；C、粒子的電勢(shì)能不變，電場(chǎng)力不做功，根據(jù)電場(chǎng)力公式W=qU知粒子運(yùn)動(dòng)軌跡上各點(diǎn)的電勢(shì)一定相等，故C正確；D、電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)無(wú)關(guān)，ti、t2兩個(gè)時(shí)刻，粒子所處位置電場(chǎng)強(qiáng)度不一定相同，故 D錯(cuò)誤。 故選：BC。由圖

23、知粒子的電勢(shì)能不變，電場(chǎng)力不做功，根據(jù)電場(chǎng)力公式W=qU分析。解決本題的關(guān)鍵要明確粒子的運(yùn)動(dòng)情況，運(yùn)用電場(chǎng)力公式W=qU分析電勢(shì)的變化，但不能確定電場(chǎng)強(qiáng)度的變化。.【答案】AB【解析】 解：當(dāng)A對(duì)長(zhǎng)木板的靜摩擦力達(dá)到最大值時(shí)，B的加速度最大，將輕質(zhì)長(zhǎng)木板和B看成整體，由牛頓第二定律得：師Ag=mBaBmax, 解得 aBmax= iM =,m/s2 =2m/s2,因?yàn)閍Bmaxv G=4m/s2,所以結(jié)果是合理，因此，B的加速度大小只可能為 1m/s2、2m/s2,不可能為3m/s2、4m/s2,故AB正確，CD錯(cuò)誤。故選：AB。當(dāng)A對(duì)長(zhǎng)木板的靜摩擦力達(dá)到最大值時(shí)，B的加速度最大，由牛頓第二定

24、律求出B的最大加速度，即可確定B加速度的可能值。解決本題的關(guān)鍵要確定臨界狀態(tài)，求B的最大加速度，要注意靈活選擇研究對(duì)象。解答本題時(shí)要注意長(zhǎng)木板的質(zhì)量是不計(jì)的。.【答案】左17.8減小 連接電源負(fù)極與滑動(dòng)變阻器的導(dǎo)線(xiàn)斷路10頁(yè)【解析】 解：(1)根據(jù)圖示電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示:(2)滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，為保護(hù)電路閉合開(kāi)關(guān)前滑片應(yīng)置于左端。(3)電流表量程為 25mA,由圖示表盤(pán)可知，其分度值為0.5mA,示數(shù)為：15.1mA;(4)由圖示圖象可知，隨著二極管兩端電壓增加，通過(guò)二極管的電流增大，電壓與電流的比值減小，(5)將變阻器滑片從一端移到另一端，二極管亮度幾乎不變，電壓

25、表示數(shù)在2.7V-2.9V之間變化,移動(dòng)滑片滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值不變，可能是連接電源負(fù)極與滑動(dòng)變阻器的導(dǎo)線(xiàn)斷路造成的。故答案為：(1)實(shí)物電路圖如圖所示(2)左；(3) 17.8； (4)減??；(5)連接電源負(fù)極與滑動(dòng)變阻器的導(dǎo)線(xiàn)斷路。(1)根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖。(2)滑動(dòng)變阻器采用分壓接法時(shí)，為保護(hù)電路閉合開(kāi)關(guān)前滑片應(yīng)置于分壓電路分壓為零的位置。(3)根據(jù)電流表量程確定其分度值，然后根據(jù)指針位置讀出其示數(shù)。(4)根據(jù)圖示圖線(xiàn)應(yīng)用歐姆定律分析阻值如何變化；(5)常見(jiàn)電路故障有斷路與短路兩種，根據(jù)電路故障現(xiàn)象分析電路故障原因。本題考查了實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)與實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法時(shí)

26、，為保護(hù)電路閉合開(kāi)關(guān)前滑片應(yīng)置 于分壓電路分壓為零的位置，分析圖示圖線(xiàn)應(yīng)用歐姆定律即可解題。.【答案】7.25嬴城 選擇密度較大的直桿【解析】解：(1)游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為7mm,游標(biāo)尺上第5條刻度線(xiàn)和主尺上某一刻度線(xiàn)對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為5M.05mm=0.25mm,所以最終讀數(shù)為：7mm+0.25mmp7.25mm。(2)用描點(diǎn)法做出桿的速度的平方與下降的高度之間的圖象如圖;(3)設(shè)桿長(zhǎng)L,桿轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為：3在桿上取Ax長(zhǎng)度微元，設(shè)其離 O點(diǎn)間距為x,其動(dòng)能為:積分得到：Ek；：?一？(4)為了減小空氣阻力對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，選擇密度較大的直桿或選擇直徑較小的直桿。11頁(yè)故答案為：(1) 7.2

27、5;(2)如圖；(3)；(4)選擇密度較大的直桿(或選擇直徑較小的直桿)(1) 20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量精度是 0.05mm,游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀；(2)使用描點(diǎn)法作圖即可；(3)在桿上取以長(zhǎng)度微元，求出動(dòng)能表達(dá)式，然后積分求解出總動(dòng)能表達(dá)式。(4)為了減小空氣阻力對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，選擇密度較大的直桿或選擇直徑較小的直桿。本題第二問(wèn)數(shù)據(jù)處理時(shí)要先猜測(cè)，然后逐一驗(yàn)證；第三問(wèn)要用到微元法，不能將將質(zhì)量當(dāng)作集中到重心處,只有考慮平衡時(shí)才能將質(zhì)量當(dāng)作集中到重心。12.【答案】 解：(1)設(shè)A對(duì)B的支持力為F,對(duì)B據(jù)平衡條件可知：F=2mgcos 0解得： (2)對(duì)整體，據(jù)平衡條

28、件，斜面對(duì)A的支持力為：移動(dòng)過(guò)程中滑動(dòng)摩擦力：f = pN =當(dāng),由幾何關(guān)系解得 A的位移：x = 2RcoQa = R,克服摩擦力做功：Wf=fx=4.5 mgR,由幾何關(guān)系可知 a上升的高度和b下降的高度均為： 仁標(biāo)根據(jù)功能關(guān)系： W+2mgh-mgh-Wf=0,解得：W = 件一(3) B剛好接觸斜面時(shí)，擋板對(duì) B彈力最大，研究 B可得：=對(duì)整體：fmin+3mgsin30 = Nm,解得：fmin=2.5mg)動(dòng)摩擦因數(shù)的最小值：答：(1)未拉A時(shí)，B受到A的作用力是與mg。(2) A移動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中，拉力做的功是 事(93) mgRo(3)動(dòng)摩擦因數(shù)的最小值是 學(xué)?！窘馕觥?1)對(duì)B

29、由平衡條件可求得 B受到A的作用力；(2)對(duì)整體分析，由平衡條件判斷斜面對(duì)半圓柱體的支持力變化，從而求得半圓柱體受到的摩擦力，由幾何關(guān)系可求得A的位移及B下降的高度，根據(jù)功能關(guān)系求拉力做的功。(3)對(duì)小球B,分析受力情況，根據(jù)平衡條件分析擋板對(duì)小球支持力的最大值，從而求得動(dòng)摩擦因數(shù)的最 小值。解決本題的關(guān)鍵是靈活選擇研究對(duì)象，采用隔離法和整體法結(jié)合分析受力情況。同時(shí)，要熟練運(yùn)用數(shù)學(xué)知 識(shí)求解半圓柱體移動(dòng)的距離。13.【答案】 解：(1)由牛頓第二定律得 Fm-叼g=ma,其中Fm=100N,解得：a=20m/s2;12頁(yè)(2)由圖象得出，推力 F隨位移x變化的豎直關(guān)系為：F=100-25x,速

30、度最大時(shí)，物體的加速度為零，則F=mg=20N,解得：x=3.2m；(3) F與位移x的關(guān)系圖線(xiàn)圍城的面積表示F所做的功，即 皿-=#沏=200人對(duì)全程運(yùn)動(dòng)動(dòng)能定理得 Wf-|imgxm=0 ,解得：xm=10m；答：(1)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物體的最大加速度大小為20m/s2;(2)距出發(fā)點(diǎn)3.2m時(shí)物體的速度達(dá)到最大；(3)物體最終停在據(jù)出發(fā)點(diǎn)10m處；【解析】(1)當(dāng)推力F最大時(shí)，加速度最大，根據(jù)牛頓第二定律求出物體的最大加速度。(2)當(dāng)推力大于摩擦力，物體做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)推力小于摩擦力， 物體做減速運(yùn)動(dòng)，可知推力等于摩擦力時(shí), 速度最大。結(jié)合推力與位移的關(guān)系式得出速度最大時(shí)經(jīng)歷的位移。(3) F與

31、位移關(guān)系圖線(xiàn)圍成的面積表示F所做的功，對(duì)全過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理，抓住動(dòng)能的變化量為零，求出物體在水平面上運(yùn)動(dòng)的最大位移。本題考查了牛頓第二定律和動(dòng)能定理的綜合運(yùn)用，知道F-x圖線(xiàn)圍成的面積表示 F做功的大小。14.【答案】 解：(1)粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：T=；粒子恰能從右側(cè)飛出勻強(qiáng)磁場(chǎng)，此情形粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t二；T；解得：t=2.0X10-7s(2)設(shè)電場(chǎng)強(qiáng)度為 E2,粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為2,則由幾何關(guān)系，有：r2=m=15cm由功能關(guān)系，有：-qE2xp=l,mv2,由牛頓定律有：qvB= m代入數(shù)據(jù)解得：E2=5.625 104V/m。答：(1)若粒子恰能從右側(cè)飛出

32、勻強(qiáng)磁場(chǎng)，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為2.0X0-7s；(2)勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為 5.625 M04V/m?！窘馕觥?1)粒子恰能從右側(cè)飛出勻強(qiáng)磁場(chǎng)，軌跡與x=9cm的直線(xiàn)相切，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為四分之一周期；(2)知道速度偏轉(zhuǎn)角為 37。，故軌跡的圓心角為 37。，結(jié)合幾何關(guān)系求解軌道半徑；根據(jù)對(duì)加速過(guò)程根據(jù) 動(dòng)能定理列式，對(duì)圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程根據(jù)牛頓第二定律列式求解。對(duì)于帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況分析，一般是確定圓心位置，根據(jù)幾何關(guān)系求半徑，結(jié)合洛倫茲力提供 向心力求解未知量；根據(jù)周期公式結(jié)合軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角求時(shí)間；對(duì)于帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，一般是 按類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)進(jìn)行解答。.【答案】解：(1)以ab為研究對(duì)象進(jìn)行受力分析