遼寧沈陽重點(diǎn)高中協(xié)作校2012016學(xué)年高一下期末物理試卷解析版

1、2015-2016學(xué)年遼寧省沈陽市重點(diǎn)高中協(xié)作校高一（下）期末物理試卷 TOC o 1-5 h z 一、選擇題（本題共 10小題，每小題5分，共50分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，1-7題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，8-10題有多個(gè)選項(xiàng)正確.全部選對(duì)得 5分，選不全得3分，有選錯(cuò)或 不選白勺得0分.）.如圖所示，在足夠長的斜面上A點(diǎn)，以水平速度V0拋出一個(gè)小球，不計(jì)空氣阻力，它落到斜面上的水平距離為 X1；若將此球改用2V0水平速度拋出，落到斜面上的水平距離為X2,則 Xi ： X2 為（）A. 1： 1 B. 1： 2 C. 1： 3 D. 1： 4.物體做自由落體運(yùn)動(dòng)，其相對(duì)于地面的重力勢(shì)能與下落速度

2、的關(guān)系如圖所示，其中正確 的是（）.如圖，一小物塊初速 V1,開始由A點(diǎn)沿水平面滑至B點(diǎn)時(shí)速度為V2,若該物塊仍以速 度V1從A點(diǎn)沿兩斜面滑動(dòng)至 B點(diǎn)時(shí)速度為V2，已知斜面和水平面與物塊的動(dòng)摩擦因數(shù)相 同，則（）ACh E1 *A . V2V2 B . V2V2 C. V2=V2 D .無法比較.靜電噴涂時(shí)，噴槍噴出的涂料微料帶電，在帶正電被噴工件的靜電作用下，向被噴工件運(yùn)動(dòng)，最后吸附在其表面.在涂料微粒向工件靠近的過程中（）A.涂料微粒帶正電B.離工件越近所受庫化力越小C.電場力對(duì)涂料微料做負(fù)功D.涂料微粒的電勢(shì)能減小.勻強(qiáng)電場中的三點(diǎn) A、B、C是一個(gè)三角形的三個(gè)頂點(diǎn)， AB的長度為1m,

3、 D為AB的 中點(diǎn)，如圖所示.已知電場線的方向平行于 ABC所在平面，A、B、C三點(diǎn)的電勢(shì)分別為 14V、6V和2V.設(shè)場強(qiáng)大小為 E, 一電量為1X10-6 C的正電荷從 D點(diǎn)移到C點(diǎn)電場力所 做的功為W,則（）.0A. W=8 X 10 6J, E8v/m B . W=6 X 10 6J, E6v/mC. W=8X106J, E 8v/m D , W=6 X 10 6J, EV2 B . V2V2 C, V2=V2 D .無法比較【考點(diǎn)】動(dòng)能定理.【分析】物體從A點(diǎn)滑動(dòng)到B過程中，根據(jù)動(dòng)能定理列式， 該物塊仍以速度 V1從A點(diǎn)沿兩 斜面滑動(dòng)至B點(diǎn)的過程中，設(shè)最高點(diǎn)為 C點(diǎn)，AC與水平面的夾

4、角為 仇CB與水平面的夾 角為“，根據(jù)動(dòng)能定理列式，比較兩個(gè)方程即可求解.【解答】 解：如右圖，設(shè) AB間距離為s.物體從A點(diǎn)滑動(dòng)到B過程中，根據(jù)動(dòng)能定理有：,mV22 -mVi2= .即gs 若該物塊從A點(diǎn)沿兩斜面滑動(dòng)至 B點(diǎn)的過程中，設(shè)最高點(diǎn)為C點(diǎn)，AC與水平面的夾角為 以 CB與水平面的夾角為 %則有：mV 22 mVi2=即gcos 0 ac 一師gcosa 京bc=一 mgs 由解得：V2=V2故選：C.AQz E.靜電噴涂時(shí)，噴槍噴出的涂料微料帶電，在帶正電被噴工件的靜電作用下，向被噴工件運(yùn)動(dòng)，最后吸附在其表面.在涂料微粒向工件靠近的過程中（）A.涂料微粒帶正電B.離工件越近所受庫

5、化力越小C.電場力對(duì)涂料微料做負(fù)功D.涂料微粒的電勢(shì)能減小【考點(diǎn)】*靜電的利用和防止.【分析】解答本題關(guān)鍵抓?。涸谕苛衔⒘Ｏ蚬ぜ拷倪^程中，工件帶正電，涂料微粒帶負(fù) 電；根據(jù)庫侖定律分析庫侖力的變化；電場力做正功，涂料微粒的電勢(shì)能減小.【解答】解：A、由題目圖知，工件帶正電，則在涂料微粒向工件靠近的過程中，涂料微粒帶負(fù)電.故A錯(cuò)誤.B、離工件越近，根據(jù)庫侖定律得知，涂料微粒所受庫侖力越大.故 B錯(cuò)誤.C、D涂料微粒所受的電場力方向向左，其位移方向大體向左， 則電場力對(duì)涂料微粒做正功,其電勢(shì)能減小.故 C錯(cuò)誤，D正確.故選：D.勻強(qiáng)電場中的三點(diǎn) A、B、C是一個(gè)三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，AB的長度為1

6、m, D為AB的中點(diǎn)，如圖所示.已知電場線的方向平行于 ABC所在平面，A、B、C三點(diǎn)的電勢(shì)分別為 14V、6V和2V.設(shè)場強(qiáng)大小為 E, 一電量為1X10-6 C的正電荷從 D點(diǎn)移到C點(diǎn)電場力所 做的功為W,則（W=6 X 10C. W=8X 10 6J, E 6v/mE 6v/m【考點(diǎn)】電勢(shì)能；電場強(qiáng)度；電勢(shì)差.【分析】勻強(qiáng)電場中兩點(diǎn)電勢(shì)差與兩點(diǎn)沿電場方向的距離成正比，D為AB的中點(diǎn)，則D” . 中, + Or . . .、點(diǎn)的電勢(shì) 如= ；,電何從 D點(diǎn)移到 C點(diǎn)電場力所做的功為 W=qU DC=q （加-忙）.2【解答】解：由題勻強(qiáng)電場中，由于 D為AB的中點(diǎn)，則D點(diǎn)的電勢(shì) 如=一囪5

7、-=10V ,2電荷從D點(diǎn)移到C點(diǎn)電場力所做的功為 W=qU Dc=q （如-怩）=1 X 10 6X （10-2） J=8 X10 6J.AB的長度為1m,由于電場強(qiáng)度的方向并不是沿著AB方向，所以AB兩點(diǎn)沿電場方向的距離 dv 1m勻強(qiáng)電場中兩點(diǎn)電勢(shì)差與兩點(diǎn)沿電場方向的距離成正比，即 U=Ed所以E=鳥8 v/m d故選A .A運(yùn)動(dòng)到B的過程.如圖所示，實(shí)線是電場線，一帶電粒子只在電場力的作用下沿虛線由 中，其速率-時(shí)間圖象是選項(xiàng)中的（）Ol otol Ot【考點(diǎn)】電場線.【分析】根據(jù)帶電粒子運(yùn)動(dòng)軌跡判定電場力方向，再結(jié)合電場強(qiáng)度方向判斷電性，然后根據(jù)電場線的疏密程度判斷加速度的大小，從而

8、判斷粒子的運(yùn)動(dòng)情況選擇速度圖象.【解答】解：電場線的疏密程度表示場強(qiáng)大小， A點(diǎn)電場線密集，故電場強(qiáng)度大，電場力大, 故加速度大，所以粒子的加速度一直減小， 由粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡彎曲方向可知， 帶電粒子受電 場力的方向大致斜向左下方，與電場強(qiáng)度方向相反，故粒子帶負(fù)電，電場力做負(fù)功，速度慢 慢減小，所以粒子做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，故 B正確.故選：B.宇宙中兩個(gè)相距較近的星球可以看成雙星，它們只在相互間的萬有引力作用下，繞兩球 心連線上的某一固定點(diǎn)做周期相同的勻速圓周運(yùn)動(dòng).根據(jù)宇宙大爆炸理論， 雙星間的距離在不斷緩慢增加，設(shè)雙星仍做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則下列說法正確的是（）A.雙星相互間的萬有引力增大.雙

9、星做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度增大C.雙星做圓周運(yùn)動(dòng)的周期減小D.雙星做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑增大【考點(diǎn)】萬有引力定律及其應(yīng)用.【分析】雙星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)具有相同的角速度， 靠相互間的萬有引力提供向心力， 應(yīng)用萬 有引力定律與牛頓第二定律求出雙星的軌道半徑關(guān)系，從而確定出雙星的半徑如何變化， 以及得出雙星的角速度和周期的變化.ID t ID n【解答】解：A、雙星間的距離L不斷緩慢增加，根據(jù)萬有引力公式：F=G廣可知，萬L2有引力減小，故A錯(cuò)誤.BCD、萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：G 2=miri J, G一%:=m2r2可LzL2知m1r1=m2r2,知軌道半徑比等于質(zhì)量之反比，雙星間的距離變大，則

10、雙星的軌道半徑都變大，根據(jù)萬有引力提供向心力， 可知角速度變小，周期變大.故BC錯(cuò)誤，D正確.故選：D.8. 一輛小汽車在水平路面上由靜止啟動(dòng)， 在前5s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，5s末達(dá)到額定功率， 之后保持額定功率運(yùn)動(dòng)，其 u-t圖象如圖所示.已知汽車的質(zhì)量為 m=2X103kg,汽車受到 地面的阻力為車重的 0.1倍，取g=10m/s2,則（）.汽車在前5秒內(nèi)的牽引力為 6X103NC.汽車的額定功率為 60kWD.汽車的最大速度為 30m/s【考點(diǎn)】功率、平均功率和瞬時(shí)功率；牛頓第二定律.【分析】 從v-t圖象可以看出：汽車經(jīng)歷三個(gè)運(yùn)動(dòng)過程：勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度減小的變加速直線運(yùn)動(dòng)，最后做

11、勻速直線運(yùn)動(dòng).由圖線斜率可求出前5s內(nèi)汽車的加速度，由牛頓第二定律即可求出此過程的牽引力.5s末汽車的功率就達(dá)到額定功率，由P=Fv,能求出額定功率.汽車速度最大時(shí)，牽引力等于阻力，由5=與，能求出最大速度F f【解答】 解：AB、前5s內(nèi)，由圖a=2m/s2,由牛頓第二定律 F- f=ma ,求得F=f+ma= (0.1X2X 103X 10+2X 103 X 2) N=6 X 103N 故 A 錯(cuò)誤.B 正確；C、5s末汽車的功率就達(dá)到額定功率，P=Fv=6 X 103X 10W=6 X 104W=60kW 故C正確；- PFD、vm=仃一二 r r6X10m/s=30m/s,故 D 正確

12、.0.1X2X103X10故選：BCD.真空中Ox坐標(biāo)軸上的某點(diǎn)有一個(gè)點(diǎn)電荷Q,坐標(biāo)軸上A、B兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別為 0.2m和0.7m.在A點(diǎn)放一個(gè)帶正電的試探電荷，在 B點(diǎn)放一個(gè)帶負(fù)電的試探電荷， A、B兩點(diǎn)的 試探電荷受到電場力的方向都跟 x軸正方向相同，電場力的大小 F跟試探電荷電荷量 q的關(guān)系分別如圖2中直線a、b所示.下列說法正確的是()B點(diǎn)的電場強(qiáng)度的大小為0.25 N/CA點(diǎn)的電場強(qiáng)度的方向沿x軸正方向C.點(diǎn)電荷Q是正電荷D.點(diǎn)電荷 Q的位置坐標(biāo)為 0.3 mE=工.方向與正電荷所受Q【考點(diǎn)】庫侖定律.【分析】電場強(qiáng)度等于電荷所受電場力和該電荷電量的比值，即 電場力方向相同.放在A、

13、B兩點(diǎn)的試探電荷受到的電場力方向都跟x軸的正方向相同，而正電荷所受電場力與電場強(qiáng)度方向相同，負(fù)電荷所受電場力與電場強(qiáng)度方向相反.從而知道點(diǎn)電荷位于A、B之間.根據(jù)點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式 E=X1分析. T【解答】解：A、由圖可知，B點(diǎn)的電場強(qiáng)度Eb=F=2.5x 104N/C.故A錯(cuò)誤. qB、在A點(diǎn)放一個(gè)帶正電的試探電荷，A、B兩點(diǎn)的試探電荷受到電場力的方向都跟x軸正方向相同，所以 A點(diǎn)的電場強(qiáng)度的方向沿 x軸正方向，故B正確.C、放在A、B兩點(diǎn)的試探電荷受到的電場力方向都跟x軸的正方向相同，而正電荷所受電場力與電場強(qiáng)度方向相同，負(fù)電荷所受電場力與電場強(qiáng)度方向相反.若點(diǎn)電荷在A的左側(cè)或在B的右側(cè)，正

14、負(fù)電荷所受電場力方向不可能相同，所以點(diǎn)電荷Q應(yīng)位于A、B兩點(diǎn)之間，根據(jù)正負(fù)電荷所受電場力的方向，知該點(diǎn)電荷帶負(fù)電.故 C錯(cuò)誤.D、由圖可知，A點(diǎn)的電場強(qiáng)度 Ea=4X 105N/C.QkQ Hr (x O 2)J 1設(shè)點(diǎn)電荷Q的坐標(biāo)為x,由點(diǎn)電荷的電場 E=T，可知/4LJ=_L解得：x=0.3m ,故D正確.故選：BD.10.如圖所示，輕質(zhì)彈簧的一端與固定的豎直板P拴接，另一端與物體 A相連，物體A靜止于光滑水平桌面上，右端接一細(xì)線，細(xì)線繞過光滑的定滑輪與物體B相連.開始時(shí)用手托住B,讓細(xì)線恰好伸直， 然后由靜止釋放 B,直至B獲得最大速度.下列有關(guān)該過程的分 析正確的是()dA . B物體

15、的機(jī)械能一直減小B . B物體的動(dòng)能增加量等于 B物體重力勢(shì)能的減少量B物體機(jī)械能的減少量等于彈簧的彈性勢(shì)能的增加量D .細(xì)線拉力對(duì)A做的功等于A物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量【考點(diǎn)】功能關(guān)系；機(jī)械能守恒定律.【分析】本題首先要分析清楚過程中物體受力的變化情況，清理各個(gè)力做功情況； 根據(jù)功能關(guān)系明確系統(tǒng)動(dòng)能、B重力勢(shì)能、彈簧彈性勢(shì)能等能量的變化情況，注意各種功能關(guān)系的應(yīng)用.【解答】解：A、從開始到B速度達(dá)到最大的過程中，繩子的拉力對(duì)B一直做負(fù)功，所以 B的機(jī)械能一直減小，故A正確；B、對(duì)于B物體，只有重力與細(xì)線拉力做功，根據(jù)動(dòng)能定理可知，B物體動(dòng)能的增量等于它所受重力與拉力做功之和，不等

16、于重力勢(shì)能減小量，故 B錯(cuò)誤；C、整個(gè)系統(tǒng)中，根據(jù)功能關(guān)系可知，B減小的機(jī)械能能轉(zhuǎn)化為 A的機(jī)械能以及彈簧的彈性勢(shì)能，故B物體機(jī)械能的減少量大于彈簧彈性勢(shì)能的增加量，故 C錯(cuò)誤；D、系統(tǒng)機(jī)械能的增量等于系統(tǒng)除重力和彈簧彈力之外的力所做的功，A物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量等于細(xì)線拉力對(duì)A做的功，故D正確.故選：AD .二、填空題（11小題3分，12小題3分，13小題8分，共14分）.在水平面上有 A、B兩物體，通過一根跨過定滑輪的輕繩相連，現(xiàn) A物體以V1的速度向右勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)繩被拉成與水平面的夾角分別為“、3時(shí)（如圖所示），B物體的運(yùn)動(dòng)速度, ViCosCl ,VB為 - （繩始終有拉

17、力）.-cosp 一【考點(diǎn)】運(yùn)動(dòng)的合成和分解.【分析】分別對(duì)a、B物體速度沿著繩子方向與垂直繩子方向進(jìn)行分解，根據(jù)三角函數(shù)關(guān)系及沿著繩子方向速度大小相等，可知兩物體的速度大小關(guān)系.【解答】 解：對(duì)A物體的速度沿著繩子方向與垂直繩子方向進(jìn)行分解，則有沿著繩子方向 的速度大小為Vicos a；對(duì)B物體的速度沿著繩子方向與垂直繩子方向進(jìn)行分解，則有沿著繩子方向的速度大小為ViCOS a=V2cos 3,V2COS 3,由于沿著繩子方向速度大小相等，所以則有 因此V2=cos故答案為:vccsClcos P.如圖所示，一很長的、不可伸長的柔軟輕繩跨過光滑定滑輪，繩兩端各系一小球 a和b,a球質(zhì)量為m,

18、靜置于地面；b球質(zhì)量為3m,用手托住，高度為 h,此時(shí)輕繩剛好拉緊.不 計(jì)空氣阻力，從靜止開始釋放b后，a可能達(dá)到的最大高度1.5h .【考點(diǎn)】 機(jī)械能守恒定律.【分析】 本題可以分為兩個(gè)過程來研究：首先根據(jù)ab系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，可以求得a球上b球落地，a球的機(jī)械能守恒，從而可以求得a球上升的高度h時(shí)兩球的速度V,根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒得:升h時(shí)的速度的大小，之后，的大小.【解答】 解：設(shè)a球到達(dá)高度3mgh=mgh+-? （3m+m）解得兩球的速度為 v=、后b落地后，a球開始做初速度為 丫=位的豎直上拋運(yùn)動(dòng)，還能上升的高度為2 h =0.5h 2g所以a球能達(dá)到的最大高度為 h+0.5h=1

19、.5h故答案為：1.5h.如圖甲所示，某同學(xué)在做 探究功與速度變化的關(guān)系 ”的實(shí)驗(yàn).當(dāng)小車在1條橡皮筋的作 用下沿木板滑行時(shí)，橡皮筋對(duì)小車做的功記為W.當(dāng)用2條、3條橡皮筋重復(fù)實(shí)驗(yàn)時(shí)，設(shè)法使每次實(shí)驗(yàn)中橡皮筋所做的功分別為 2W、3W.圖甲AB C DE FG H 7?康康注靈加 L21 L28L30 * L3D L30、_ ?圖7(1)圖中電火花計(jì)時(shí)器的工作電壓是220 V的交流電.(2)實(shí)驗(yàn)室提供的器材如下：長木板、小車、橡皮筋、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、紙帶、電源等，還缺 少的測(cè)量工具是刻度尺 .(3)在正確操作的情況下， 某次所打的紙帶如圖乙所示. 打在紙帶上的點(diǎn)并不都是均勻的, 為了測(cè)量橡皮筋做功后

20、小車獲得的速度，應(yīng)選用紙帶的GJ部分進(jìn)行測(cè)量(根據(jù)紙帶中字母回答)，小車獲得的速度是 0.65 m/s.(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)【考點(diǎn)】探究功與速度變化的關(guān)系.【分析】(1)電火花計(jì)時(shí)器使用 220V的交流電源.(2)處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí)需要測(cè)出計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離，據(jù)此選擇實(shí)驗(yàn)器材.(3)實(shí)驗(yàn)時(shí)需要測(cè)出橡皮筋恢復(fù)原長，即小車做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度，根據(jù)圖示紙帶分 析答題；根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)應(yīng)用速度公式求出小車的速度.【解答】 解：(1)電火花計(jì)時(shí)器的工作電壓是220V的交流電.(2)處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí)需要測(cè)量兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離，因此還需要的器材是：刻度尺.(3)由圖示紙帶可知，GJ部分兩點(diǎn)間的距離相等，小車做勻速直

21、線運(yùn)動(dòng)，應(yīng)選用的紙帶是 GJ部分;小車獲得的速度丫=工當(dāng)筆”/s=0. 65m/s；故答案為：(1) 220; (2)刻度尺；(3) GJ; 0.65.三、計(jì)算題(14小題10分，15小題13分，16小題13分，共36分)14.在哈爾濱第24屆世界大學(xué)生冬運(yùn)會(huì)滑雪比賽中，某滑雪道可視為斜面，滑雪道長s=1200m,豎直高度h=720m.運(yùn)動(dòng)員從該滑到頂端由靜止開始滑下，經(jīng)t=200s到達(dá)滑雪到底端，此時(shí)速度 v=30m/s ,已知人和滑雪板的總質(zhì)量m=80kg ,取g=10m/s2,求：(1)人和滑雪板到達(dá)底端時(shí)的動(dòng)能；(2)到達(dá)滑雪道底端時(shí)重力的功率；(3)在下滑過程中克服阻力做的功.【考點(diǎn)

22、】功能關(guān)系；功的計(jì)算.【分析】(1)已知人和滑雪板的總質(zhì)量和到達(dá)底端時(shí)的速度，根據(jù)動(dòng)能的表達(dá)式求出人和滑雪板到達(dá)底端的動(dòng)能；(2)根據(jù)公式P=mgsin v V求出到達(dá)滑雪道底端時(shí)重力的功率；(3)根據(jù)動(dòng)能定理，求出在滑動(dòng)過程中克服阻力做功的大小.【解答】解：(1)人和滑雪板到達(dá)底端的動(dòng)能：Ek=-mv2=-X 80X 302J=3.6X 104J.22(2)設(shè)斜面的傾角為“，則彳導(dǎo):sina=U=0.6.S 1200所以到達(dá)滑雪道底端時(shí)重力的功率為：P=mgsin aR=80 x 10X 0.6X 30W=1.44 x 104w(3)根據(jù)動(dòng)能定理得：mgh- Wf=4mv2- 02代入數(shù)據(jù)解

23、得克服阻力做的功為：Wf=5.4 X105J.答：(1)到達(dá)底端時(shí)的動(dòng)能為 3.6X104j；(2)在滑動(dòng)過程中重力做功的功率為1.44X 104W；(3)在滑動(dòng)過程中克服阻力做的功為5.4X105J.15.如圖所示，質(zhì)量 m=0.2kg的小物體，從光滑曲面上高度H=0.8m處釋放，到達(dá)底端時(shí)水平進(jìn)入軸心距離 L=6m的水平傳送帶，傳送帶可由一電機(jī)驅(qū)使逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng).已知物體與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)尸0.1 (取g=10m/s2).(1)求物體到達(dá)曲面底端時(shí)的速度大小？(2)若電機(jī)不開啟，傳送帶不轉(zhuǎn)動(dòng)，則物體滑離傳送帶右端的速度大小和在傳送帶上所用時(shí)間分別為多少？(3)若開啟電機(jī)，傳送帶以速率5m/

24、s逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，則物體在傳送帶上滑動(dòng)的過程中產(chǎn)生多少熱量？【考點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與位移的關(guān)系；牛頓第二定律.【分析】(1)根據(jù)機(jī)械能守恒定律列式求解即可；(2)先根據(jù)牛頓第二定律求解加速度，然后根據(jù)速度位移公式和速度時(shí)間公式列式求解;(3)先求解出皮帶與物體額相對(duì)位移，然后根據(jù)公式Q=f?4S列式求解.【解答】解：(1)物體從曲面上下滑時(shí)機(jī)械能守恒，有 rngH=ymvQ解得物體滑到底端時(shí)的速度, 二一二(2)設(shè)水平向右為正方向，物體滑上傳送帶后向右做勻減速運(yùn)動(dòng)，期間物體的加速度大小 TOC o 1-5 h z 一、一、， F#L和萬向都不變，加速度為 _ U -.-.物體滑離傳送帶右端時(shí)速度為V1根據(jù)速度位移關(guān)系公式，有：.,:解得：v1=2m/s由 0得,t=2s a(3)以地面為參考系，則滑上逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的傳送帶后，物體向右做勻減速運(yùn)動(dòng).由以上計(jì)算可知，期間物體的加速度大小和方向都不變，所以到達(dá)右端時(shí)速度大小為2m/s,所用時(shí)間為2s,最后將從右端滑離傳送帶.此段時(shí)間內(nèi)， TOC o 1-5 h z 物體向右運(yùn)動(dòng)位移大小顯然為6m皮帶向左運(yùn)動(dòng)的位移大小為 S2=vt=10m物體相對(duì)于傳送帶滑行