【高考模擬】1月浙江省普通高校招生選考物理試卷答案與祥細(xì)解析

1、試卷第 =page 36 36頁，總 =sectionpages 36 36頁試卷第 =page 35 35頁，總 =sectionpages 36 36頁1月浙江省普通高校招生選考物理試卷一、選擇題（本共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項(xiàng)中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1. 如圖所示是我國自主研發(fā)的全自動無人值守望遠(yuǎn)鏡，它安裝在位于南極大陸的昆侖站，電力供應(yīng)僅為1103W若用國際單位制基本單位的符號來表示W(wǎng)，正確的是（ ） A.NsB.Nm/sC.kgm/sD.kgm2/s32. 12月我國科學(xué)家在量子計(jì)算領(lǐng)域取得了重大成果，構(gòu)建了一臺76個光子10

2、0個模式的量子計(jì)算機(jī)“九章”，它處理“高斯玻色取樣”的速度比目前最快的超級計(jì)算機(jī)“富岳”快一百萬億倍。關(guān)于量子，下列說法正確的是（ ） A.是計(jì)算機(jī)運(yùn)算的一種程序B.表示運(yùn)算速度的一個單位C.表示微觀世界的不連續(xù)性觀念D.類似于質(zhì)子、中子的微觀粒子3. 11月10日，我國“奮斗者”號載人潛水器在馬里亞納海溝成功坐底，坐底深度10909m?！皧^斗者”號照片如圖所示，下列情況中“奮斗者”號一定可視為質(zhì)點(diǎn)的是（ ） A.估算下降總時間時B.用推進(jìn)器使其轉(zhuǎn)彎時C.在海溝中穿越窄縫時D.科學(xué)家在其艙內(nèi)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時4. 如圖所示，電動遙控小車放在水平長木板上面，當(dāng)它在長木板上水平向左加速運(yùn)動時，長木板保持靜

3、止，此時（ ） A.小車只受重力、支持力作用B.木板對小車的作用力方向水平向左C.木板對小車的作用力大于小車對木板的作用力D.木板對小車的作用力與小車對木板的作用力大小一定相等5. 如圖所示是某一帶電導(dǎo)體周圍的電場線與等勢面，A、C是同一等勢面上的兩點(diǎn)，B是另一等勢面上的一點(diǎn)。下列說法正確的是（ ） A.導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)左端大于右端B.A、C兩點(diǎn)的電勢均低于B點(diǎn)的電勢C.B點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于A點(diǎn)的電場強(qiáng)度D.正電荷從A點(diǎn)沿虛線移到B點(diǎn)的過程中電場力做正功，電勢能減小6. 如圖所示，同學(xué)們坐在相同的輪胎上，從傾角相同的平直雪道先后由同高度靜止滑下，各輪胎與雪道間的動摩擦因數(shù)均相同，不計(jì)空氣阻力。雪道

4、上的同學(xué)們（ ） A.沿雪道做勻速直線運(yùn)動B.下滑過程中機(jī)械能均守恒C.前后間的距離隨時間不斷增大D.所受重力沿雪道向下的分力相同7. 嫦娥五號探測器是我國首個實(shí)施月面采樣返回的航天器，由軌道器、返回器、著陸器和上升器等多個部分組成。為等待月面采集的樣品，軌道器與返回器的組合體環(huán)月做圓周運(yùn)動。已知引力常量G=6.6710-11Nm2/kg2地球質(zhì)量m1=6.01024kg，月球質(zhì)量m2=7.31022kg，月地距離r1=3.8105km，月球半徑r2=1.7103km。當(dāng)軌道器與返回器的組合體在月球表面上方約200km處做環(huán)月勻速圓周運(yùn)動時，其環(huán)繞速度約為（ ） A.16m/sB.1.1102

5、m/sC.1.6103m/sD.1.4104m/s8. 如圖所示是通有恒定電流的環(huán)形線圈和螺線管的磁感線分布圖。若通電螺線管是密繞的，下列說法正確的是（ ） A.電流越大，內(nèi)部的磁場越接近勻強(qiáng)磁場B.螺線管越長，內(nèi)部的磁場越接近勻強(qiáng)磁場C.螺線管直徑越大，內(nèi)部的磁場越接近勻強(qiáng)磁場D.磁感線畫得越密，內(nèi)部的磁場越接近勻強(qiáng)磁場9. 某一滑雪運(yùn)動員從滑道滑出并在空中翻轉(zhuǎn)時經(jīng)多次曝光得到的照片如圖所示，每次曝光的時間間隔相等。若運(yùn)動員的重心軌跡與同速度不計(jì)阻力的斜拋小球軌跡重合，A、B、C和D表示重心位置，且A和D處于同一水平高度。下列說法正確的是（ ） A.相鄰位置運(yùn)動員重心的速度變化相同B.運(yùn)動員

6、在A、D位置時重心的速度相同C.運(yùn)動員從A到B和從C到D的時間相同D.運(yùn)動員重心位置的最高點(diǎn)位于B和C中間10. 下列說法正確的是（ ） A.光的波動性是光子之間相互作用的結(jié)果B.玻爾第一次將“量子”引入原子領(lǐng)域，提出了定態(tài)和躍遷的概念C.光電效應(yīng)揭示了光的粒子性，證明了光子除了能量之外還具有動量D.射線經(jīng)過置于空氣中帶正電驗(yàn)電器金屬小球的上方，驗(yàn)電器金屬箔的張角會變大11. 一輛汽車在水平高速公路上以80km/h的速度勻速行駛，其1s內(nèi)能量分配情況如圖所示。則汽車（ ） A.發(fā)動機(jī)的輸出功率為70kWB.每1s消耗的燃料最終轉(zhuǎn)化成的內(nèi)能是5.7104JC.每1s消耗的燃料最終轉(zhuǎn)化成的內(nèi)能是6

7、.9104JD.每1s消耗的燃料最終轉(zhuǎn)化成的內(nèi)能是7.0104J12. 在爆炸實(shí)驗(yàn)基地有一發(fā)射塔，發(fā)射塔正下方的水平地面上安裝有聲音記錄儀。爆炸物自發(fā)射塔豎直向上發(fā)射，上升到空中最高點(diǎn)時炸裂成質(zhì)量之比為2:1、初速度均沿水平方向的兩個碎塊。遙控器引爆瞬間開始計(jì)時，在5s末和6s末先后記錄到從空氣中傳來的碎塊撞擊地面的響聲。已知聲音在空氣中的傳播速度為340m/s，忽略空氣阻力。下列說法正確的是（ ） A.兩碎塊的位移大小之比為1:2B.爆炸物的爆炸點(diǎn)離地面高度為80mC.爆炸后質(zhì)量大的碎塊的初速度為68m/sD.爆炸后兩碎塊落地點(diǎn)之間的水平距離為340m13. 兩列頻率、振幅均相同的簡諧波和分

8、別從繩子的兩端持續(xù)相向傳播，在相遇區(qū)域發(fā)生了干涉，在相距0.48m的A、B間用頻閃相機(jī)連續(xù)拍攝，依次獲得1、2、3、4、5五個波形，如圖所示，且1和5是同一振動周期內(nèi)繩上各點(diǎn)位移都達(dá)到最大值時拍攝的波形已知頻閃時間間隔為0.12s，下列說法正確的是（ ） A.簡諧波和的波長均為0.24mB.簡諧波和的周期均為0.48sC.繩上各點(diǎn)均做振幅相同的簡諧運(yùn)動D.兩波源到A點(diǎn)和C點(diǎn)的路程差之差的絕對值是0.48m二、選擇題（本題共3小題，每小題2分，共6分。每小題列出的四個備選項(xiàng)中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得2分，選對但不全的得1分，有選錯的得0分） 如圖所示是我國全超導(dǎo)托卡馬克核聚變實(shí)驗(yàn)

9、裝置。2018年11月，該裝置實(shí)現(xiàn)了1108C等離子體運(yùn)行等多項(xiàng)重大突破，為未來和平利用聚變能量邁出了重要一步。關(guān)于核聚變，下列說法正確的是（ ） A.聚變又叫熱核反應(yīng)B.太陽就是一個巨大的熱核反應(yīng)堆C.高溫能使原子核克服核力而聚變D.對相同質(zhì)量的核燃料，輕核聚變比重核裂變產(chǎn)能多 為了提高松樹上松果的采摘率和工作效率，工程技術(shù)人員利用松果的慣性發(fā)明了用打擊桿、振動器使松果落下的兩種裝置，如圖甲、乙所示。則（ ） A.針對不同樹木，落果效果最好的振動頻率可能不同B.隨著振動器頻率的增加，樹干振動的幅度一定增大C.打擊桿對不同粗細(xì)樹干打擊結(jié)束后，樹干的振動頻率相同D.穩(wěn)定后，不同粗細(xì)樹干的振動頻率

10、始終與振動器的振動頻率相同 發(fā)電機(jī)的示意圖如圖甲所示，邊長為L的正方形金屬框，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中以恒定角速度繞OO軸轉(zhuǎn)動，阻值為R的電阻兩端的電壓如圖乙所示。其它電阻不計(jì)，圖乙中的Um為已知量。則金屬框轉(zhuǎn)動一周（ ） A.框內(nèi)電流方向不變B.電動勢的最大值為UmC.流過電阻的電荷D.電阻產(chǎn)生的焦耳熱Q三、非選擇題（本題共8小題，共55分） 用如圖所示裝置進(jìn)行“探究功與速度變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)。裝有砝碼的盤用繞過滑輪的細(xì)線牽引小車，盤和砝碼的重力可當(dāng)作牽引力。小車運(yùn)動的位移和速度可以由打點(diǎn)紙帶測出，以小車為研究對象，改變砝碼質(zhì)量，便可探究牽引力所做的功與小車速度變化的關(guān)系。關(guān)于這個實(shí)驗(yàn)，下

11、列說法正確的是()。 A.需要補(bǔ)償小車受到阻力的影響B(tài).該實(shí)驗(yàn)裝置可以“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”C.需要通過調(diào)節(jié)定滑輪使細(xì)線與長木板平行D.需要滿足盤和砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量 如圖2所示是兩條紙帶，實(shí)驗(yàn)時打出的應(yīng)是第 II 條（填寫“”或“”）紙帶； 根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，在坐標(biāo)紙上畫出的W-v2圖象是一條過原點(diǎn)的直線，據(jù)此圖象 能 （填“能”或“不能”）求出小車的質(zhì)量。 小明同學(xué)在做“測定玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)時，發(fā)現(xiàn)只有3枚大頭針，他把大頭針A、B、C插在如圖所示位置，并測出了玻璃的折射率。請?jiān)诋嫵龉饴穲D，標(biāo)出入射角i和折射角r，并寫出折射率n的計(jì)算式。 在“測定電池的電動勢和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)中，用如圖1

12、所示的電路圖測量，得到的一條實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)擬合線如圖2所示，則該電池的電動勢E_V（保留3位有效數(shù)字）；內(nèi)阻r_（保留2位有效數(shù)字）?，F(xiàn)有如圖3所示的實(shí)驗(yàn)器材，照片中電阻箱阻值可調(diào)范圍為09999，滑動變阻器阻值變化范圍為010，電流表G的量程為03mA、內(nèi)阻為200，電壓表的量程有03V和015V。請?jiān)趫D3中選擇合適的器材，在方框中畫出兩種測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻的電路圖。 在“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，可拆變壓器如圖所示。為了減小渦流在鐵芯中產(chǎn)生的熱量，鐵芯是由相互絕緣的硅鋼片平行疊成。硅鋼片應(yīng)平行于（ ） A.平面abcdB.平面abfeC.平面abghD.平面aehd

13、 如圖所示，質(zhì)量m=2kg的滑塊以v0=16m/s的初速度沿傾角=37的斜面上滑，經(jīng)t=2s滑行到最高點(diǎn)。然后，滑塊返回到出發(fā)點(diǎn)。已知sin37=0.6，cos37=0.8，求滑塊 （1）最大位移值x； （2）與斜面間的動摩擦因數(shù)； （3）從最高點(diǎn)返回到出發(fā)點(diǎn)的過程中重力的平均功率P。 如圖所示，豎直平面內(nèi)由傾角=60的斜面軌道AB、半徑均為R的半圓形細(xì)圓管軌道BCDE和16圓周細(xì)圓管軌道EFG構(gòu)成一游戲裝置固定于地面，B、E兩處軌道平滑連接，軌道所在平面與豎直墻面垂直軌道出口處G和圓心O2的連線，以及O2、E、O1和B等四點(diǎn)連成的直線與水平線間的夾角均為=30，G點(diǎn)與豎直墻面的距離d=3R。

14、現(xiàn)將質(zhì)量為m的小球從斜面的某高度h處靜止釋放小球只有與豎直墻面間的碰撞可視為彈性碰撞，不計(jì)小球大小和所受阻力 （1）若釋放處高度h=h0，當(dāng)小球第一次運(yùn)動到圓管最低點(diǎn)C時，求速度大小vC及在此過程中所受合力的沖量的大小和方向； （2）求小球在圓管內(nèi)與圓心O1點(diǎn)等高的D點(diǎn)所受彈力FN與h的關(guān)系式； （3）若小球釋放后能從原路返回到出發(fā)點(diǎn)，高度h應(yīng)該滿足什么條件？ 嫦娥五號成功實(shí)現(xiàn)月球著陸和返回，鼓舞人心。小明知道月球上沒有空氣，無法靠降落傘減速降落，于是設(shè)計(jì)了一種新型著陸裝置。如圖所示，該裝置由船艙、間距為l的平行導(dǎo)軌、產(chǎn)生垂直船艙導(dǎo)軌平面的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場的磁體和“”型剛性線框組成

15、，“”型線框ab邊可沿導(dǎo)軌滑動并接觸良好。船艙、導(dǎo)軌和磁體固定在一起，總質(zhì)量為m1。整個裝置豎直著陸到月球表面前瞬間的速度大小為v0，接觸月球表面后線框速度立即變?yōu)榱恪＝?jīng)過減速，在導(dǎo)軌下方緩沖彈簧接觸月球表面前船艙已可視為勻速。已知船艙電阻為3r；“”型線框的質(zhì)量為m2，其7條邊的邊長均為l，電阻均為r；月球表面的重力加速度為。整個運(yùn)動過程中只有ab邊在磁場中，線框與月球表面絕緣，不計(jì)導(dǎo)軌電阻和摩擦阻力。 （1）求著陸裝置接觸到月球表面后瞬間線框ab邊產(chǎn)生的電動勢E0； （2）通過畫等效電路圖，求著陸裝置接觸到月球表面后瞬間流過ab型線框的電流I0； （3）求船艙勻速運(yùn)動時的速度大小v； （4

16、）同桌小張認(rèn)為在磁場上方、兩導(dǎo)軌之間連接一個電容為C的電容器，在著陸減速過程中還可以回收部分能量，在其他條件均不變的情況下，求船艙勻速運(yùn)動時的速度大小v和此時電容器所帶電荷量q。 在芯片制造過程中，離子注入是其中一道重要的工序。如圖所示是離子注入工作原理示意圖，離子經(jīng)加速后沿水平方向進(jìn)入速度選擇器，然后通過磁分析器，選擇出特定比荷的離子，經(jīng)偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)后注入處在水平面內(nèi)的晶圓（硅片）。速度選擇器、磁分析器和偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)中的勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，方向均垂直紙面向外；速度選擇器和偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)中的勻強(qiáng)電場場強(qiáng)大小均為E，方向分別為豎直向上和垂直紙面向外。磁分析器截面是內(nèi)外半徑分別為R1和R2的四分之一

17、圓環(huán)，其兩端中心位置M和N處各有一個小孔；偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)中電場和磁場的分布區(qū)域是同一邊長為L的正方體，其偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)底面與晶圓所在水平面平行，間距也為L。當(dāng)偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)不加電場及磁場時，離子恰好豎直注入到晶圓上的O點(diǎn)（即圖中坐標(biāo)原點(diǎn)，x軸垂直紙面向外）。整個系統(tǒng)置于真空中，不計(jì)離子重力，打在晶圓上的離子，經(jīng)過電場和磁場偏轉(zhuǎn)的角度都很小。當(dāng)很小時，有sintan，cos1-2。求： （1）離子通過速度選擇器后的速度大小v和磁分析器選擇出來離子的比荷； （2）偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)僅加電場時離子注入晶圓的位置，用坐標(biāo)(x,y)表示； （3）偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)僅加磁場時離子注入晶圓的位置，用坐標(biāo)(x,y)表示； （4）偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)同時加上電

18、場和磁場時離子注入晶圓的位置，用坐標(biāo)(x,y)表示，并說明理由。參考答案與試題解析 1月浙江省普通高校招生選考物理試卷一、選擇題（本共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項(xiàng)中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.【答案】D【考點(diǎn)】物理量單位推導(dǎo)【解析】明確功率的公式，根據(jù)公式推導(dǎo)功率的單位，知道國際單位制規(guī)定了七個基本物理量分別為長度、質(zhì)量、時間、熱力學(xué)溫度、電流、光強(qiáng)度、物質(zhì)的量。【解答】解：AN不是國際單位制基本單位，根據(jù)沖量的定義IFt可知，Ns是沖量的的單位，故A錯誤；B根據(jù)功率的計(jì)算公式PFv可知，功率的單位可以表示為Nm/s，但N不是國際單位制基本

19、單位，故B錯誤；C根據(jù)動量的定義pmv，可知kgm/s是動量的單位，故C錯誤；D根據(jù)PFv可知，功率的單位可以表示為Nm/s，結(jié)合Fma知，Nkgm/s2，則功率得單位Wkgm2/s3，故D正確故選D2.【答案】C【考點(diǎn)】量子化現(xiàn)象【解析】量子是不可分割的最小的單元；能量子是表示能量的最小單元；量子表示微觀世界的不連續(xù)性；量子不是實(shí)物粒子?！窘獯稹拷猓篈量子不是計(jì)算機(jī)的程序，量子是不可分割的最小的單元，故A錯誤；B量子最早由普朗克于1900年提出，普朗克假設(shè)物體發(fā)射出電磁輻射能量是一份一份的，其中每一份被他稱作能量子，電磁輻射能量是其整數(shù)倍，所以量子是表示能量的單元，而非運(yùn)算速度的單位，故B錯

20、誤；C量子是不可分割的最小的單元，表示微觀世界的不連續(xù)性，即通常所說的“量子化”，故C正確；D量子不是實(shí)物粒子，不是像質(zhì)子、中子那樣的微觀粒子，故D錯誤故選C3.【答案】A【考點(diǎn)】質(zhì)點(diǎn)的認(rèn)識【解析】解決本題要正確理解質(zhì)點(diǎn)的概念：質(zhì)點(diǎn)是只計(jì)質(zhì)量、不計(jì)大小、形狀的一個幾何點(diǎn)，是實(shí)際物體在一定條件的科學(xué)抽象，能否看作質(zhì)點(diǎn)，與物體本身無關(guān)，要看所研究問題的性質(zhì)，看物體的形狀和大小在所研究的問題中是否可以忽略?！窘獯稹拷猓篈估算潛水器下降的總時間時，潛水器的大小和形狀相對運(yùn)動的軌跡可以忽略，可以視為質(zhì)點(diǎn)，故A正確；BD用推進(jìn)器使其轉(zhuǎn)彎時和科學(xué)家在其艙內(nèi)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時，都需要研究潛水器本身的特點(diǎn)，不可視為質(zhì)點(diǎn)

21、，故BD錯誤；C在海溝中穿越窄縫時，潛水器的大小和形狀相對窄縫，尺寸不可以忽略，不可視為質(zhì)點(diǎn)，故C錯誤故選A4.【答案】D【考點(diǎn)】力的合成與分解的應(yīng)用作用力和反作用力牛頓第二定律的概念【解析】對小車和木板正確的受力分析，知道木板對小車的作用力包含支持力和摩擦力，明確作用力與反作用力大小相等，方向相反?！窘獯稹拷猓篈小車加速向左運(yùn)動，受到自身的重力和電機(jī)的驅(qū)動力，受到長木板對小車的支持力和阻力，故A錯誤；B木板對小車的作用力包括豎直向上的支持力和水平方向的阻力，根據(jù)平行四邊形定則可知合力方向一定不在水平方向，故B錯誤；CD木板對小車的作用力與小車對木板的作用力是一對相互作用力，等大反向，C錯誤，

22、D正確故選D5.【答案】D【考點(diǎn)】電場線電勢等勢面電場力做功與電勢能變化的關(guān)系電勢能【解析】帶電導(dǎo)體處于靜電平衡狀態(tài)，導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為0，；沿電場線方向電勢降低；電場線的疏密程度表示電場強(qiáng)度的弱強(qiáng)；正電荷受力方向沿電場線方向，電場力做正功，電勢能減小，由此進(jìn)行分析。【解答】解：A帶電導(dǎo)體處于靜電平衡狀態(tài)，導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為0，所以導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)左端等于右端，均為零，故A錯誤；B沿電場線方向電勢降低，所以A、C兩點(diǎn)的電勢高于B點(diǎn)的電勢，故B錯誤；C電場線的疏密程度表示電場強(qiáng)度的弱強(qiáng)，B點(diǎn)的電場線比A或C點(diǎn)的電場線疏，所以B點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于A點(diǎn)的電場強(qiáng)度，故C錯誤；D正電荷的受力方向沿電場線

23、方向，所以正電荷從A點(diǎn)沿虛線移到B點(diǎn)的過程中電場力做正功，電勢能減小，故D正確故選D6.【答案】C【考點(diǎn)】系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用機(jī)械能守恒的判斷牛頓第二定律的概念【解析】根據(jù)牛頓第二定律求解加速度，由此分析運(yùn)動情況；下滑過程中摩擦力做負(fù)功，由此分析機(jī)械能的變化；根據(jù)位移-時間關(guān)系分析同學(xué)們前后距離是否變化；各同學(xué)質(zhì)量可能不同，由此分析重力沿斜面向下的分力是否相同?！窘獯稹緼、設(shè)平直雪道的傾角為，同學(xué)坐在輪胎上從靜止開始沿雪道下滑，做加速運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律可知加速度為：agsin-gcos，又因?yàn)橄嗤酝瑢W(xué)們做加速度相同的勻加速直線運(yùn)動，故A錯誤；B、下滑過程中摩擦力做負(fù)功，雪道上的同

24、學(xué)們機(jī)械能減小，故B錯誤；C、設(shè)前一個同學(xué)下滑時間t0后，另一個同學(xué)開始下滑，根據(jù)勻加速直線運(yùn)動位移與時間的關(guān)系可得前后兩個同學(xué)的間距x-att0+，可知同學(xué)們前后距離隨著時間t的不斷增大而增大，故C正確；D、各同學(xué)質(zhì)量可能不同，所以重力沿雪道向下的分力為mgsin也可能不相同，故D錯誤。7.【答案】C【考點(diǎn)】向心力萬有引力定律及其應(yīng)用【解析】組合體繞月球做圓周運(yùn)動，根據(jù)月球的萬有引力充當(dāng)向心力列式即可求出環(huán)繞速度的表達(dá)式，代入數(shù)據(jù)即可求出環(huán)繞速度?！窘獯稹拷猓航M合體在離月球表面距離為r=r2+h；根據(jù)Gm1m6r2=m2v8r可得v=Gm2r=6.6740-117.51022(4.7173+

25、200)133=1.8103m/s，故選C8.【答案】B【考點(diǎn)】通電直導(dǎo)線和通電線圈周圍磁場的方向【解析】明確螺線管內(nèi)部分析規(guī)律，知道螺線管越長，內(nèi)部磁場越接近勻強(qiáng)電場?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)螺線管內(nèi)部的磁感線分布可知，在螺線管的內(nèi)部，越接近于中心位置，磁感線分布越均勻，越接近兩端，磁感線越不均勻，可知螺線管越長，內(nèi)部的磁場越接近勻強(qiáng)磁場；與電流大小、螺線管直徑以及磁感線的疏密均無關(guān)，故B正確，ACD錯誤故選B9.【答案】A【考點(diǎn)】系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用斜拋運(yùn)動機(jī)械能守恒的判斷類平拋運(yùn)動【解析】根據(jù)vgt分析相鄰位置運(yùn)動員重心的速度變化關(guān)系；速度是矢量，只有大小和方向都相同時速度才相同；根據(jù)間隔數(shù)

26、分析運(yùn)動員從A到B和從C到D的時間關(guān)系；根據(jù)對稱性分析最高點(diǎn)的位置?！窘獯稹拷猓篈因每次曝光的時間間隔相等，設(shè)為t，而運(yùn)動員在空中只受重力作用，加速度為g，則相鄰位置運(yùn)動員重心的速度變化均為gt，故A正確；BA和D處于同一水平高度，根據(jù)機(jī)械能守恒知運(yùn)動員在A、D位置時重心的速度大小相同，但是方向不同，所以速度不同，故B錯誤；C由圖可知，運(yùn)動員從A到B為5t，從C到D的時間6t，時間不相同，故C錯誤；D由圖知A到C的時間等于C到D的時間，根據(jù)斜拋運(yùn)動的對稱性可知運(yùn)動員重心位置的最高點(diǎn)位于C點(diǎn)，故D錯誤故選A10.【答案】B【考點(diǎn)】光的波粒二象性光電效應(yīng)現(xiàn)象及其解釋氫原子的能級結(jié)構(gòu)玻爾理論【解析】

27、個別光子的行為是隨機(jī)的，大量光子的行為表現(xiàn)為波動性，光的波動性不是光子之間相互作用的結(jié)果；玻爾第一次將“量子”引入原子領(lǐng)域；光電效應(yīng)揭示了光的粒子性；射線經(jīng)過置于空氣中帶正電驗(yàn)電器金屬小球的上方，會使金屬球附近的空氣電離，根據(jù)電荷間的作用力分析驗(yàn)電器金屬箔的張角如何變化?！窘獯稹拷猓篈在光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，讓光子通過雙縫后，經(jīng)過足夠長時間。單個光子所到達(dá)哪個位置是隨機(jī)的，這表明光的波動性不是由光子之間的相互作用引起的，故A錯誤；B玻爾第一次將“量子”觀念引入原子領(lǐng)域，故B正確；C光電效應(yīng)揭示了光的粒子性，康普頓效應(yīng)證明了光子具有動量，故C錯誤；D射線經(jīng)過置于空氣中帶正電驗(yàn)電器金屬小球的上方時，

28、金屬球吸引負(fù)離子而使驗(yàn)電器金屬箔的張角會變小，故D錯誤故選B11.【答案】C【考點(diǎn)】系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用能量守恒定律的應(yīng)用平均功率瞬時功率【解析】根據(jù)題意可得克服轉(zhuǎn)動阻力做功，由功率公式P=Wt求解；根據(jù)能量守恒求解?！窘獯稹拷猓篈由圖可知，發(fā)動機(jī)1s內(nèi)克服轉(zhuǎn)動阻力做功為W=0.45104J，則輸出功率為：P=Wt=0.451041W=4.5103W=4.5kW，故A錯誤；BCD每1s消耗的燃料有E=6.9104J進(jìn)入發(fā)動機(jī)，則最終轉(zhuǎn)化成的內(nèi)能為：Q=E=6.9104J，故C正確，BD錯誤故選C12.【答案】B【考點(diǎn)】動量守恒定律的理解動量守恒定律的綜合應(yīng)用【解析】爆炸物爆炸過程系統(tǒng)在水平

29、方向動量守恒，爆炸后碎塊做平拋運(yùn)動，應(yīng)用動量守恒定律與平拋運(yùn)動規(guī)律分析答題。【解答】解：A爆炸物在最高點(diǎn)時炸裂成質(zhì)量之比為2:1的兩個碎塊，設(shè)兩碎塊的質(zhì)量分別為m6=2m，m2=m，設(shè)爆炸后兩碎塊的速度分別為v7、v2，爆炸過程，系統(tǒng)在水平方向動量守恒，m1的速度方向?yàn)檎较颍谒椒较騧7v1-m2v8=0爆炸后兩碎塊做平拋運(yùn)動，由于拋出點(diǎn)的高度相等，設(shè)兩碎塊的水平位移分別為x1、x4，則有：m1v1t-m3v2t=0解得：x1:x4=m2:m1=2:2，兩碎塊的豎直分位移相等，兩碎塊的水平位移之比為1:2，故A錯誤；BD設(shè)兩碎片做平拋運(yùn)動的時間均為t1=5s-t，t6=6s-t，聲音的傳播

30、位移：x1=v聲音t5，x2=v聲音t2，由A可知x3:x2=1:4，代入數(shù)據(jù)解得：t=4s，x1=340m，x8=680m，爆炸物的爆炸點(diǎn)離地面高度：h=12gt6=121052m=80m，爆炸后兩碎塊落地點(diǎn)之間的水平距離：x=x1+x5=(340+680)m=1020m，故B正確；C由B可知m1的水平位移：x1=340m，碎塊m2的水平位移x2=680m，爆炸后質(zhì)量大的碎塊m1的初速度為v5=x1t=3404m/s=85m/s，故C錯誤故選B13.【答案】D【考點(diǎn)】波長、頻率和波速的關(guān)系橫波的圖象【解析】由題可知，這兩列波在AB之間的區(qū)域內(nèi)發(fā)生了干涉現(xiàn)象，結(jié)合干涉圖象的特點(diǎn)判斷出波長，結(jié)合

31、振動的特點(diǎn)求出周期，再由公式：vT求出波速即可?！窘獯稹拷猓篈這兩列波在AB之間的區(qū)域內(nèi)發(fā)生了干涉現(xiàn)象，AB之間的距離等于一個波長，=0.48m，故A錯誤；B從波形1到波形5經(jīng)歷的時間為12T，則12T=40.12s，可得簡諧波和的周期均為T0.96s，故B錯誤；C繩上各點(diǎn)中加強(qiáng)點(diǎn)和減弱點(diǎn)振幅不相同，故C錯誤；DA、B、C三個點(diǎn)的振幅都是零，A、C三點(diǎn)均為振動減弱點(diǎn)，兩波源到兩點(diǎn)的距離之差分別為(2n+1)2和(2n-1)2，則|(2n+1)2-(2n-1)2|=0.48m，故D正確故選D二、選擇題（本題共3小題，每小題2分，共6分。每小題列出的四個備選項(xiàng)中至少有一個是符合題目要求的。全部選對

32、的得2分，選對但不全的得1分，有選錯的得0分）【答案】A,B,D【考點(diǎn)】核能的計(jì)算裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)【解析】核聚變的過程是幾個原子核聚合成一個原子核的過程只有較輕的原子核才能發(fā)生核聚變，比如氫的同位素氘、氚等核聚變也會放出巨大的能量，而且比核裂變放出的能量更大太陽內(nèi)部連續(xù)進(jìn)行著氫聚變成氦過程，它的光和熱就是由核聚變產(chǎn)生的【解答】解：A核聚變需要在極高的溫度條件下才能發(fā)生，故A正確；B太陽釋放的熱量來自于太陽內(nèi)部的核聚變，故B正確；C要使輕核發(fā)生聚變-15m以內(nèi)，核力才能起作用，使它們具有足夠的動能來克服核力而聚變在一起形成新的原子核，但不是能使所有的原子核克服核力而聚變，故C錯誤；D輕核的聚變

33、過程中虧損的質(zhì)量比較大，輕核聚變比重核裂變產(chǎn)能多，故D正確故選ABD【答案】A,D【考點(diǎn)】多普勒效應(yīng)聲波自由振動和受迫振動產(chǎn)生共振的條件及其應(yīng)用【解析】根據(jù)共振產(chǎn)生的條件，可知當(dāng)振動器的振動頻率等于或接近樹木的固有頻率時產(chǎn)生共振，使松樹上松果得振動幅度增大。【解答】解：A根據(jù)共振產(chǎn)生的條件，當(dāng)振動器的頻率等于樹木的固有頻率時產(chǎn)生共振，此時落果效果最好，而不同的樹木的固有頻率不同，針對不同樹木，落果效果最好的振動頻率可能不同，故A正確；B當(dāng)振動器的振動頻率等于樹木的固有頻率時產(chǎn)生共振，此時樹干的振幅最大，則隨著振動器頻率的增加，樹干振動的幅度不一定增大，故B錯誤；C打擊桿對不同粗細(xì)樹干打擊的振動

34、頻率不同，打擊結(jié)束后，樹干的振動頻率為其固有頻率，不同粗細(xì)的樹干的固有頻率是不同的，故C錯誤；D樹干在振動器的振動下做受迫振動，則穩(wěn)定后，不同粗細(xì)樹干的振動頻率始終與振動器的振動頻率相同，故D正確故選AD【答案】B,D【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律交變電流的峰值交變電流的有效值交流發(fā)電機(jī)及其產(chǎn)生正弦式電流的原理【解析】電流方向每經(jīng)過中性面一次都要變化一次；由圖乙判斷電動勢最大值；根據(jù)公式q求解；根據(jù)焦耳定律求得金屬框轉(zhuǎn)過一周電阻產(chǎn)生的焦耳熱?！窘獯稹緼、當(dāng)線框轉(zhuǎn)動時，框內(nèi)電流方向每經(jīng)過中性面一次都要變化一次，故A錯誤；B、由圖乙可知，電動勢的最大值為Um，故B正確；C、線圈轉(zhuǎn)過半周，則流過電阻的電

35、荷量為：qt則金屬框轉(zhuǎn)過一周流過電阻的電荷量為：q2q，故C錯誤；D、因?yàn)閁mBL2，則，根據(jù)焦耳定律，可知金屬框轉(zhuǎn)過一周電阻產(chǎn)生的焦耳熱為：QT，故D正確。三、非選擇題（本題共8小題，共55分）【答案】（1）ACD（2）（3）能【考點(diǎn)】探究功與速度變化的關(guān)系【解析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理和操作步驟分析。（2）車做勻加速直線運(yùn)動，位移逐漸增大，據(jù)此分析。（3）根據(jù)動能定理，結(jié)合圖象分析?！窘獯稹緿、掛上盤與砝碼，根據(jù)牛頓第二定律：mg-Tma對小車m，根據(jù)牛頓第二定律：Tma兩式相比解得繩子拉力：T當(dāng)滿足盤和砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，即Tmg，盤和砝碼的重力可當(dāng)作牽引力，故D正確（1）B、實(shí)

36、驗(yàn)過程中摩擦阻力無法消除，本實(shí)驗(yàn)裝置無法驗(yàn)證“機(jī)械能守恒定律”，故B錯誤（2）C、細(xì)線與長木板平行需要平行，保證繩子的拉力與小車運(yùn)動方向一致，這樣盤和砝碼的重力可完全當(dāng)作牽引力，故C正確。故選：ACD。（2）車做勻加速直線運(yùn)動，位移逐漸增大，打出的點(diǎn)跡間距逐漸增大，紙帶I后面的點(diǎn)跡間距保持不變，所以實(shí)驗(yàn)打出的紙帶是第II條。（3）根據(jù)動能定理可知：W，圖象的斜率為，據(jù)W-v2圖象求出小車的質(zhì)量。故答案為：（1）ACD；（2）；（3）能。【答案】根據(jù)折射定律可知：n答：光路圖及入射角i和折射角r的標(biāo)注如上圖所示；折射率n的計(jì)算式為n?！究键c(diǎn)】測定玻璃的折射率【解析】根據(jù)已知條件做出光路圖，再根據(jù)

37、入射角與折射角的概念標(biāo)注入射角i和折射角r，依據(jù)光的折射定律寫出折射率n的計(jì)算式?！窘獯稹抗饴穲D如圖所示：根據(jù)折射定律可知：n答：光路圖及入射角i和折射角r的標(biāo)注如上圖所示；折射率n的計(jì)算式為n。【答案】1.46,0.64【考點(diǎn)】測定電源的電動勢和內(nèi)阻【解析】電源的U-I圖象與縱軸的交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源電動勢，圖象斜率的絕對值是電源內(nèi)阻；題目給出的電流表的量程太小，需要將小量程的電流表改裝為大量程的電流表，然后由結(jié)合實(shí)驗(yàn)原理即可畫出實(shí)驗(yàn)原理圖?！窘獯稹扛鶕?jù)閉合電路歐姆定律：EU+Ir可得UE-Ir，可知電源的U-I圖線為直線；將題干中得圖線延長與橫縱軸分別相交，如圖可知圖象與縱軸交點(diǎn)即為電動勢，即

38、E1.46V圖象斜率的絕對值為電源內(nèi)阻，即：r0.64電流表量程太小，可以通過并聯(lián)電阻箱改裝電流表，擴(kuò)大電流表得量程，改裝為大量程的電流表來測量電流，電路圖如圖根據(jù)閉合電路歐姆定律EU+Ir可以繪制U-I圖象求解電動勢和內(nèi)阻?！敬鸢浮緿【考點(diǎn)】探究變壓器電壓與匝數(shù)的關(guān)系變壓器的構(gòu)造和原理【解析】根據(jù)楞次定律及右手螺旋定則分析出渦旋電流的方向，再判斷硅鋼片的位置?！窘獯稹拷猓捍鸥芯€環(huán)繞的方向沿著閉合鐵芯，根據(jù)楞次定律及右手螺旋定則，產(chǎn)生的渦旋電流的方向垂直于圖示變壓器鐵芯的正面，即與圖示abcd面平行，為了減小渦流在鐵芯中產(chǎn)生的熱量，相互絕緣的硅鋼片應(yīng)平行于平面aehd，故ABC錯誤，D正確故選

39、D【答案】最大位移值x為16m；與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.25；從最高點(diǎn)返回到出發(fā)點(diǎn)的過程中重力的平均功率P為67.9W?！究键c(diǎn)】平均功率牛頓第二定律的概念瞬時功率【解析】（1）對于上滑過程，根據(jù)運(yùn)動學(xué)位移-時間關(guān)系公式列式求解即可；（2）受力分析后，根據(jù)牛頓第二定律列式求解即可；（3）下滑過程，根據(jù)根據(jù)牛頓第二定律列式求出加速度，由運(yùn)動學(xué)公式求出回到出發(fā)點(diǎn)速度，利用平均速度定義求出從最高點(diǎn)返回到出發(fā)點(diǎn)的過程中的平均速度，由平均功率公式求解即可?！窘獯稹啃≤囅蛏献鰟驕p速直線運(yùn)動，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動推論有：x=v02t代入數(shù)據(jù)解得：x=1622m=16m小車向上做勻減速直線運(yùn)動，根據(jù)加速度定義得

40、加速度大?。篴1=vt=16-02m/s2=8m/s2上滑過程，由牛頓第二定律得：mgsin+mgcos=ma1得：a1=mgsin+mgcosm=gsin+gcos代入數(shù)據(jù)解得：=a1-gsingcos=8-100.6100.8=14=0.25小車下滑過程，由牛頓第二定律得：mgsin-mgcos=ma2代入數(shù)據(jù)解得：a2=mgsin-mgcosm=gsin-gcos=100.6-0.25100.8m/s2=4m/s2由運(yùn)動學(xué)公式得：vt=2a2x=2416m/s=82m/s=11.3m/s得重力的平均功率：P=mgvcos(90-)=2108220.6W=482W=67.9W【答案】（1）

41、速度大小vC及在此過程中所受合力的沖量的大小和方向分別為vC=2gh0，I=m2gh0，水平向左（2）FN與h的關(guān)系式為FN=2mg(hR-1)（3）高度h應(yīng)該滿足h52R或h=92R【考點(diǎn)】系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用動量定理的理解動能定理的應(yīng)用機(jī)械能守恒的判斷【解析】（1）小球從釋放點(diǎn)到圓管最低點(diǎn)C的過程中，由機(jī)械能守恒定律求得小球第一次運(yùn)動到圓管最低點(diǎn)C時的速度大小vC，根據(jù)動量定理求得在此過程中所受合力的沖量I的大小和方向；（2）從釋放點(diǎn)到D點(diǎn)的過程中，由機(jī)械能守恒定律和牛頓第二定律求得小球在圓管內(nèi)與圓心O1點(diǎn)等高的D點(diǎn)所受彈力FN與h的關(guān)系式；（3）小球釋放后能從原路返回到出發(fā)點(diǎn)，不滑離

42、軌道原路返回，條件為h52R，與墻面垂直碰撞后原路返回，根據(jù)平拋運(yùn)動的規(guī)律和機(jī)械能守恒定律聯(lián)立求解【解答】解：（1）對小球，從釋放點(diǎn)到圓管最低點(diǎn)C的過程中，由機(jī)械能守恒定律得：mgh0=12mvC2代入數(shù)據(jù)解得速度大小vC為：vC=2gh0在此過程中，對小球由動量定理得：I=mvC代入數(shù)據(jù)解得所受合力的沖量I的大?。篒=m2gh0，方向水平向左，（2）對小球從釋放點(diǎn)到D點(diǎn)的過程中，由機(jī)械能守恒定律得：mg(h-R)=12mvD2在D點(diǎn)，對小球由牛頓第二定律得：FN=mvD2R聯(lián)立解得D點(diǎn)所受彈力FN與h的關(guān)系式為：FN=2mg(hR-1)滿足的條件為：hR，（3）第1種情況：不滑離軌道原路返回，條件為：h52R第2種情況：與墻面垂直碰撞后原路返回，在進(jìn)入G之前做平拋運(yùn)動，由運(yùn)動學(xué)公式得：d=vxt豎直方向上，由速度-時間公式得：t=vyg對小球在G點(diǎn)，由速度的分解得：vx=vGsin，vy=vGcos聯(lián)立解得：vG=2gR對小球從釋放點(diǎn)到G點(diǎn)的過程中，由機(jī)