【高考模擬】高一回頭看個性本試卷答案與祥細(xì)解析

1、試卷第 =page 24 24頁，總 =sectionpages 24 24頁試卷第 =page 23 23頁，總 =sectionpages 24 24頁高一回頭看個性本試卷一、選擇題1. 如圖所示，質(zhì)量均為m的A、B兩球之間系著一根不計質(zhì)量的彈簧，放在光滑的水平面上，A球緊靠豎直墻壁現(xiàn)在用水平力F將B球向左推壓彈簧，平衡后，突然將F撤去，則：撤去F的瞬間B球的速度為零，加速度為零；撤去F的瞬間B球的速度為零，加速度大小為Fm；在彈簧第一次恢復(fù)原長之后，A才離開墻壁；在A離開墻壁后，A、B兩球均向右做勻速運(yùn)動以上說法正確的是（） A.只有B.C.D.2. 質(zhì)量分別為m、2m的物塊A、B用輕彈

2、簧相連，設(shè)兩物塊與接觸面間的動摩擦因數(shù)都為當(dāng)用水平力F作用于B上且兩物塊在粗糙的水平面上共同向右加速運(yùn)動時，彈簧的伸長量為x1，如圖甲所示；當(dāng)用同樣大小的力F豎直提升兩物塊使之共同向上加速運(yùn)動時，彈簧的伸長量為x2，如圖乙所示；當(dāng)用同樣大小的力F沿傾角為的固定斜面向上拉兩物塊使之共同向上加速運(yùn)動時，彈簧的伸長量為x3，如圖丙所示，則x1:x2:x3等于（ ） A.1:1:1B.1:2:3C.1:2:1D.無法確定3. 物塊A、B的質(zhì)量分別為m和2m，用輕彈簧連接后放在光滑的水平面上，對B施加向右的水平拉力F，穩(wěn)定后A、B相對靜止在水平面上運(yùn)動，此時彈簧長度為l1，若撤去拉力F，換成大小仍為F的

3、水平推力向右推A，穩(wěn)定后A、B相對靜止在水平面上運(yùn)動，彈簧長度為l2，則下列判斷正確的是（ ） A.彈簧的原長為l1+l22B.兩種情況下穩(wěn)定時彈簧的形變量相等C.兩種情況下穩(wěn)定時兩物塊的加速度不相等D.彈簧的勁度系數(shù)為Fl1-l24. 如圖所示，光滑水平面上放置質(zhì)量分別為m和2m的四個木塊，其中兩個質(zhì)量為m的木塊間用一不可伸長的輕繩相連，木塊間的最大靜摩擦力是mg現(xiàn)用水平拉力F拉其中一個質(zhì)量為2m的木塊，使四個木塊以同一加速度運(yùn)動，則輕繩對m的最大拉力為（ ） A.3mg5B.3mg4C.3mg2D.3mg5. 如圖所示，a、b物塊的質(zhì)量均為m，c物塊的質(zhì)量為12m，物塊a、b通過水平輕繩相

4、連后放在水平面上，物塊c放在b上現(xiàn)用水平拉力F作用于a，使三個物塊一起水平向右勻速運(yùn)動各接觸面間的動摩擦因數(shù)均為，重力加速度大小為g下列說法正確的是（） A.輕繩的張力等于35FB.物塊c受到的摩擦力大小為12mgC.當(dāng)該水平拉力增大為原來的2倍時，物塊c受到的摩擦力大小為12mgD.剪斷輕繩后，在物塊b向右運(yùn)動的過程中，物塊b受到的摩擦力大小為mg6. 物體A放在物體B上，物體B放在光滑的水平面上，已知mA=6kg，mB=2kg，A、B間動摩擦因數(shù)=0.2，如圖所示，現(xiàn)用一水平向右的拉力F作用于物體A上，則下列說法中正確的是(g取10m/s2)( ) A.當(dāng)拉力F16N時，A一定相對B滑動D

5、.無論拉力F多大，A相對B始終靜止7. 如圖所示，一質(zhì)量為m的物體置于傾角為的一固定斜面上，物體與斜面之間的動摩擦因數(shù)為（0），若用平行于斜面的推力F1作用于物體上，使其能沿斜面勻速上滑，如圖甲所示；若改用水平推力F2作用于物體上，也能使物體沿斜面勻速上滑，如圖乙所示則下列判斷正確的是（ ） A.F1一定小于F2B.F1一定大于F2C.兩次的推力之比F1F2=cos+sinD.兩次的推力之比F1F2=cos-sin8. 一物體放在水平地面上，當(dāng)用如圖甲所示與水平方向成30角的力F1拉物體時，物體做勻速直線運(yùn)動，當(dāng)改用如圖乙所示與水平方向成30角的力F2推物體時，物體仍做勻速直線運(yùn)動已知該物體與

6、地面之間的動摩擦因數(shù)為=32重力加速度為g，則拉力F1大小與推力F2大小之比為（ ） A.1:3B.1:2C.1:2D.1:39. 如圖所示，一個半球形的碗放在桌面上，碗口水平，O點為其球心，碗的內(nèi)表面及碗口是光滑的一根細(xì)線跨在碗口上，線的兩端分別系有質(zhì)量為m1和m2的小球，當(dāng)它們處于平衡狀態(tài)時，質(zhì)量為m1的小球與O點的連線與水平線的夾角=60兩小球的質(zhì)量比m2m1為（ ） A.33B.23C.32D.2210. 用一水平力F拉靜止在水平面上的物體，在F從0開始逐漸增大的過程中，加速度a隨外力F變化的圖像如圖所示，g10m/s2，則可以計算出（ ） A.物體與水平面間的最大靜摩擦力B.F為14

7、N時物體的速度C.物體與水平面間的滑動摩擦因數(shù)D.物體的質(zhì)量11. 如圖甲所示，在光滑水平面上疊放著A、B兩物體現(xiàn)對A施加水平向右的拉力F，通過傳感器可測得A的加速度a隨拉力F變化的關(guān)系如圖乙所示已知重力加速度g10m/s2，由圖線可知（ ） A.A的質(zhì)量mA2kgB.A的質(zhì)量mA6kgC.A、B間的動摩擦因數(shù)0.2D.A、B間的動摩擦因數(shù)0.612. 某同學(xué)分別用甲、乙兩個滑塊，研究質(zhì)量一定時加速度與力的關(guān)系，在同一坐標(biāo)系中畫出兩滑塊的a-F圖像，如圖所示，下列判斷正確的是（ ）A.滑塊甲的質(zhì)量大B.滑塊乙的質(zhì)量大C.兩滑塊的質(zhì)量一樣大D.不能確定哪個滑塊的質(zhì)量大二、實驗題 在“探究加速度與

8、力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗中，如圖甲所示為實驗裝置簡圖，電源頻率為50Hz （1）下列做法正確的是（ ）A.調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳≤嚨募?xì)繩與長木板保持平行B.每次改變拉小車的拉力后都需要重新平衡摩擦力C.桶和砝碼的總質(zhì)量應(yīng)當(dāng)遠(yuǎn)大于小車的質(zhì)量D.實驗時，要先放開小車再接通打點計時器的電源 （2）根據(jù)圖乙中紙帶上的計數(shù)點和相關(guān)數(shù)據(jù)可求出小車的加速度大小a=_m/s2，打C點時的速度為_m/s（保留兩位有效數(shù)字） （3）某同學(xué)通過獲得的實驗數(shù)據(jù)作出a-F圖像，如圖丙中斜線所示，圖線不通過坐標(biāo)原點的原因是_ 為了探究物體質(zhì)量一定時加速度與力的關(guān)系，A和B兩位同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示的實驗裝置其中M為小車的質(zhì)量

9、，m為砂和砂桶的質(zhì)量，m0為小車上的滑輪的質(zhì)量力傳感器可測出輕繩中的拉力大小 （1）實驗時，一定要進(jìn)行的且正確的操作是_A.用天平測出砂和砂桶的質(zhì)量B.將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力C.讓小車離打點計時器遠(yuǎn)些，先釋放小車，再接通電源，打出一條紙帶，同時記錄力傳感器的示數(shù)D.為減小誤差，實驗中一定要保證砂和砂桶的質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量M （2）A同學(xué)在實驗中得到如圖乙所示的一條紙帶（兩相鄰計數(shù)點間還有四個點未畫出），已知打點計時器采用頻率為50Hz的交流電，根據(jù)紙帶可求得打點計時器打計數(shù)點3時小車的速度大小為_m/s，小車的加速度大小為_m/s2（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字） （3）A同學(xué)以

10、力傳感器的示數(shù)F為橫坐標(biāo)，加速度a為縱坐標(biāo)，畫出的a-F圖像是一條直線，求得直線的斜率為k，則小車的質(zhì)量為_A.1kB.1k-m0C.2k-m0D.2k （4）B同學(xué)根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出如圖丙所示的a-F圖線，該同學(xué)做實驗時存在的問題是_ 為了探究物體質(zhì)量一定時加速度與力的關(guān)系，某同學(xué)設(shè)計了如圖所示的實驗裝置其中M為帶滑輪的小車的質(zhì)量，m(未知量且可改變）為砂和砂桶的質(zhì)量，m0為滑輪的質(zhì)量，力傳感器可測出輕繩的拉力大小實驗過程如下：調(diào)節(jié)長木板使其水平；使細(xì)繩水平，調(diào)節(jié)砂桶中砂的質(zhì)量，當(dāng)紙帶上打下的點間隔均勻時，力傳感器的示數(shù)為F0；更換紙帶，增加砂桶中砂的質(zhì)量，接通電源，記錄力傳感器的示數(shù)為F，取

11、下紙帶；重復(fù)步驟，多次進(jìn)行實驗 （1）該同學(xué)在實驗中得到如圖所示的一條紙帶（兩相鄰計數(shù)點間還有四個計時點沒有畫出），已知打點計時器用的是頻率為50Hz的交流電，根據(jù)紙帶可求出小物塊的加速度為_m/s2（計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字） （2）傳感器示數(shù)為F，小物塊的加速度為a，根據(jù)多次實驗得到的數(shù)據(jù)作出的a-F圖像可能是圖中的_ （3）若重力加速度為g，根據(jù)實驗所測數(shù)據(jù)和題目中的已知量，可得小車與長木板之間的動摩擦因數(shù)為_三、解答題 如圖甲所示，質(zhì)量為m=2kg的物體在水平面上向右做直線運(yùn)動，過a點時給物體一個水平向左的恒力F并開始計時，選水平向右為速度的正方向，通過速度傳感器測出物體的瞬時速度，所

12、得v-t圖像如圖乙所示，重力加速度g=10m/s2，求： （1）力F的大小、物體與水平面間的動摩擦因數(shù)； （2）10s末物體離a點的距離 如圖甲所示，質(zhì)量為m=1kg的物體置于傾角為=30的固定且足夠長的光滑斜面上，對物體施以平行于斜面向上的拉力F，t1=5s時撤去拉力，物體撤去拉力前運(yùn)動的v-t圖像如圖乙所示試求：(g取10m/s2) （1）拉力F的大小； （2）物體在11s內(nèi)的位移 質(zhì)量為2kg的物體在水平推力F的作用下沿水平面做直線運(yùn)動，一段時間后撤去F，其運(yùn)動的v-t圖像如圖所示，g取10m/s2，求： （1）06s，610s過程中加速度的大??； （2）010s內(nèi)物體運(yùn)動的位移； （3

13、）物體與水平面間的動摩擦因數(shù)和水平推力F的大小參考答案與試題解析 高一回頭看個性本試卷一、選擇題1.【答案】B【考點】彈簧連接體【解析】此題暫無解析【解答】解：水平力F推著B球時，B球水平方向受到推力F和彈簧彈力F彈，A球水平方向受到彈簧彈力F彈和墻壁的支持力FN，根據(jù)共點力平衡條件，有：F=F彈F彈=FN水平力F撤去瞬間，彈簧彈力不變，故A球受力不變，加速度不變，仍然為零，B球只受彈力，根據(jù)牛頓第二定律，有：F彈=ma故由得：a=Fm，即此時B球的速度為零，加速度大小為Fm，在彈簧第一次恢復(fù)原長之前，彈簧始終向左推著A球，彈簧恢復(fù)原長后，B球繼續(xù)向右運(yùn)動，彈簧被拉長，此后A球在彈簧的拉力下，

14、開始向右運(yùn)動，即在彈簧第一次恢復(fù)原長之后，A才離開墻壁，A離開墻壁瞬間，彈簧處于伸長狀態(tài)，且兩球速度不相等，故不會一起勻速運(yùn)動所以，只有正確故選B2.【答案】A【考點】彈簧連接體胡克定律【解析】本題是連接體問題，可以先用整體法根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，用F和m表示，再隔離A研究，求得彈簧的彈力及伸長量，最后得到x1:x2:x3【解答】解：甲圖，對整體研究，根據(jù)牛頓第二定律得：a1=F-3mg3m=F3m-g，對A:kx1-mg=ma1，解得x1=F3k乙圖，對整體研究，根據(jù)牛頓第二定律得：a2=F-3mg3m=F3m-g，對A:kx2-mg=ma2，解得x2=F3k丙圖，對整體研究，根據(jù)牛頓

15、第二定律得：a3=F-3mgsin-3mgcos3m=F3m-gsin-gcos，對A:kx3-mgsin-mgcos=ma3，解得x3=F3k 則x1:x2:x3=1:1:1故A正確，BCD錯誤故選A3.【答案】D【考點】彈簧連接體【解析】先以整體法為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律求得加速度，再分別對A和B為研究對象，求得彈簧的原長根據(jù)兩種情況下彈簧的彈力的大小關(guān)系，分析彈簧的形變量關(guān)系；由胡克定律求得勁度系數(shù)【解答】解：ABD以整體法為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律得知，兩種情況下加速度相等，而且加速度大小為a=F3m，設(shè)彈簧的原長為l0，根據(jù)牛頓第二定律得：第一種情況：對A:k(l1-l0)=m

16、a第二種情況：對B:k(l0-l2)=2ma由解得l0=2l1+l23，k=Fl1-l2，故AC錯誤，D正確B第一種情況彈簧的形變量為l=l1-l0=13(l1-l2)，第二種情況彈簧的形變量為l=l0-l2=23l1-23l2，故B錯誤故選：D4.【答案】B【考點】物物疊放連接體【解析】要使四個物體一塊做加速運(yùn)動而不產(chǎn)生相對滑動，則兩接觸面上的摩擦力不能超過最大靜摩擦力；分析各物體的受力可確定出哪一面上達(dá)到最大靜摩擦力；由牛頓第二定律可求得拉力T【解答】解：本題的關(guān)鍵是要想使四個木塊一起加速，則任兩個木塊間的靜摩擦力都不能超過最大靜摩擦力設(shè)左側(cè)兩木塊間的摩擦力為f1，右側(cè)木塊間摩擦力為f2；

17、則有對左側(cè)下面的大木塊有：f1=2ma，對左側(cè)小木塊有T-f1=ma，對右側(cè)小木塊有f2-T=ma，對右側(cè)大木塊有F-f2=2ma，聯(lián)立可F=6ma，四個物體加速度相同，由以上式子可知f2一定大于f1；故f2應(yīng)達(dá)到最大靜摩擦力，由于兩個接觸面的最大靜摩擦力最大值為mg，所以應(yīng)有f2=mg，解得T=3mg4故選：B5.【答案】A,C,D【考點】輕繩連接體物物疊放連接體動力學(xué)中的整體法與隔離法【解析】此題暫無解析【解答】解：A三物塊一起做勻速直線運(yùn)動，由平衡條件得，對a、b、c系統(tǒng)：F=52mg，對b、c系統(tǒng)：T=32mg，則：T=35F，故A正確；Bc做勻速直線運(yùn)動，處于平衡狀態(tài)，則c不受摩擦力

18、，故B錯誤；C當(dāng)水平拉力增大為原來的2倍時，F(xiàn)=2F=5mg，由牛頓第二定律得：對a、b、c系統(tǒng)：F-52mg=52ma，對c:f=12ma，解得：f=12mg，故C正確；D剪斷輕繩后，b、c一起做勻減速直線運(yùn)動，由牛頓第二定律得：對b、c系統(tǒng)：32mg=32ma，對b:fb=ma，解得：fb=mg，故D正確故選：ACD6.【答案】B【考點】物物疊放連接體摩擦力的判斷【解析】由動摩擦因數(shù)可求出最大靜摩擦力對B研究，求出A、B剛要滑動時的加速度，再對整體研究求出此時的拉力由此根據(jù)拉力大小判斷A、B是否發(fā)生相對滑動【解答】解：ACD當(dāng)AB剛要滑動時，靜摩擦力達(dá)到最大值，設(shè)此時它們的加速度為a0，拉

19、力為F0根據(jù)牛頓第二定律，得對B:a0=mAgmB=6m/s2，對整體：F0=(mA+mB)a0=48N，當(dāng)拉力F48N時，AB相對靜止，一起向右運(yùn)動當(dāng)F48N時，AB相對靜止，F(xiàn)48N時，AB發(fā)生相對滑動，故ACD均錯誤B當(dāng)拉力F=16N時，AB相對靜止，對整體：a=FmA+mB=2m/s2對B:f=mBa=4N， 故B正確故選B7.【答案】A,D【考點】平衡條件的基本應(yīng)用力的正交分解法【解析】此題暫無解析【解答】解：根據(jù)平衡條件建立方程，對圖甲，有F1-mgsin-Ff1=0，N-mgcos=0，其中Ff1=N，聯(lián)立三個方程解得F1=mgsin+mgcos，對圖乙，將F2分解（或者正交分解

20、），在平行斜面方向有F2cos-mgsin-Ff2=0，N-F2sin-mgcos=0，其中Ff2=N，聯(lián)立三個方程解得F2=mgsin+mgcoscos-sin，故兩次的推力之比F1F2=cos-sincos1，所以F1F2，故AD正確，BC錯誤故選AD8.【答案】A【考點】力的正交分解法【解析】此題暫無解析【解答】解：F1作用時，物體受力如圖甲所示水平方向：F1cos30=f1，豎直方向：F1sin30+N1=mg，又f1=N1，聯(lián)立三式得F1cos30=mg-F1sin30，得到F1=mgcos30+sin30F2作用時，物體受力如圖乙所示同理可得F2=mgcos30-sin30由代入解

21、得：F1:F2=1:3，故A正確，BCD錯誤故選A9.【答案】A【考點】力的正交分解法【解析】先對m2球受力分析，受重力和拉力，二力平衡，求出拉力；再對m1球受力分析，根據(jù)共點力平衡條件列式求解【解答】解：m2球保持靜止?fàn)顟B(tài)，對其受力分析，受重力和拉力，二力平衡，故F=m2g再對m1球受力分析，如圖：根據(jù)共點力平衡條件，x方向：Fcos60-Ncos60=0y方向：Fsin60+Nsin60-m1g=0由代入數(shù)據(jù)解得：m2m1=33故選：A10.【答案】A,C,D【考點】加速度與力的關(guān)系圖象【解析】對物體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得出力F與加速度a的函數(shù)關(guān)系，然后結(jié)合圖像得出相關(guān)信息即可求解【

22、解答】解：物體受重力、地面的支持力、拉力和摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律得：F-mgma，解得：a=Fm-g，由a與F圖線，得到：0.5=7m-104=14m-10聯(lián)立得：m2kg，0.3，故CD正確；故a0時，F(xiàn)為6N，即最大靜摩擦力為6N，故A正確；由于物體先靜止后又做變加速運(yùn)動，無法利用勻變速直線運(yùn)動規(guī)律求速度和位移，因為F為變力無法求F的功，從而也無法根據(jù)動能定理求速度，故B錯誤故選ACD11.【答案】B,C【考點】物物疊放連接體加速度與力的關(guān)系圖象【解析】當(dāng)力F較小時AB一起以相同加速度勻加速直線運(yùn)動，先用整體法得到a與F的關(guān)系；當(dāng)力F較大時AB相對滑動，加速度不同，采用隔離法研究分析即可

23、【解答】解：由圖像可以看出，當(dāng)力F48N時，A的加速度較大，采用隔離法，由牛頓第二定律：對A有：F-mAgmAa，則得a=1mAF-g，由數(shù)學(xué)知識得：1mA=8-660-48=16，可得mA6kg，則mB2kg，當(dāng)F60N時，a8m/s2，解得0.2故BC正確，AD錯誤故選BC12.【答案】B【考點】加速度與力的關(guān)系圖象【解析】此題暫無解析【解答】解：根據(jù)牛頓第二定律F=ma可知，a=Fm，所以圖線的斜率表示為1m，斜率越大質(zhì)量越小，所以m乙m甲，故B正確故選B二、實驗題【答案】A（2）3.8,1.8（3）沒有平衡摩擦力或摩擦力平衡不夠【考點】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系【解析】此題暫

24、無解析【解答】解：（1）A調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳緣K的細(xì)繩與長木板保持平行，故A正確；B每次改變拉小車的拉力后不需要重新平衡摩擦力，故B錯誤；C桶和砝碼的總質(zhì)量應(yīng)當(dāng)遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，這樣才能認(rèn)為桶和砝碼的總重力近似等于小車的牽引力，故C錯誤；D實驗時，先接通打點計時器的電源再放開小車，故D錯誤故選：A（2）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上C點時小車的瞬時速度大?。簐C=xBD2T=6.80+7.4120.0410-2m/s1.8m/s；設(shè)A到B之間的距離為x1，以后各段分別為x2、x3、x4，根據(jù)紙帶上的數(shù)據(jù)可知：xx2-x1x3-x2x4-x30.6

25、1cm，根據(jù)xaT2得：a=xT2=0.610.04210-2m/s23.8m/s2（3）圖線中當(dāng)F0時物體的加速度a0，當(dāng)F增大到一定值時物體才開始具有加速度，故出現(xiàn)此現(xiàn)象的原因是沒有平衡摩擦力或摩擦力平衡不夠【答案】B（2）0.450,1.00C（4）平衡摩擦力過度【考點】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系【解析】此題暫無解析【解答】解：AD本題拉力可以由力傳感器測出，不需要用天平測出砂和砂桶的質(zhì)量，也就不需要使小桶（包括砂）的質(zhì)量遠(yuǎn)小于車的總質(zhì)量，故A、D錯誤；B實驗時需將長木板右端墊高，以平衡摩擦力，故B正確；C實驗時，小車應(yīng)靠近打點計時器，先接通電源，再釋放小車，需記錄傳感器的示數(shù)

26、，故C錯誤故選B（2）已知頻率為50Hz，兩相鄰計數(shù)點間還有四個點未畫出，所以紙帶上各點之間的時間差為T=0.1s，應(yīng)用平均速度求瞬時速度，3點的速度等于2點、4點之間的平均速度，v3=(3.99+5.01)10-20.12m/s=0.450m/s；根據(jù)x=aT2，運(yùn)用逐差法得a=x36-x039T21.00m/s2（3）由牛頓第二定律的：2F=ma，則a=2Fm，a-F圖像的斜率：k=2m，則小車的質(zhì)量M=m-m0=2k-m0，故選C（4）當(dāng)F=0時，小車仍然有加速度，可知實驗中該同學(xué)平衡摩擦力過度【答案】（1）2.0（2）B（3）2F0(M+m0)g【考點】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的

27、關(guān)系【解析】此題暫無解析【解答】解：（1）根據(jù)x=aT2可得：a=xt2=2m/s2（2）由題意知，小物塊與長木板之間的摩擦力為2F0，根據(jù)牛頓第二定律有2(F-F0)=(M+m)a，則a=2FM+m-2F0M+m，故B正確故選：B（3）根據(jù)實驗步驟可知f=2F0，而f=(M+m0)g，解得=2F0(M+m0)g三、解答題【答案】（1）力F的大小為3N，物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.05；（2）10s末物體離a點的距離為2m【考點】牛頓運(yùn)動定律的應(yīng)用從運(yùn)動確定受力v-t圖像（勻變速直線運(yùn)動）【解析】(1)由v-t圖分別求得由力F和沒有力F作用時的加速度，再根據(jù)牛頓第二定律即可求解；(2)設(shè)1

28、0s末物體離a點的距離為d，d應(yīng)為v-t圖與橫軸所圍的面積【解答】解：（1）設(shè)物體向右做勻減速直線運(yùn)動的加速度為a1，則由v-t圖得：a1=-2m/s2 根據(jù)牛頓第二定律，有：-(F+mg)=ma1 設(shè)物體向左做勻加速直線運(yùn)動的加速度為a2，則由v-t圖得：a2=-1m/s2 根據(jù)牛頓第二定律，有：-(F-mg)=ma2 解得：F=3N，=0.05，所以力F的大小為3N，物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.05； （2）設(shè)10s末物體離a點的距離為d，d應(yīng)為v-t圖與橫軸所圍的面積，則有：d=1248m-1266m=-2m，負(fù)號表示物體在a點以左 【答案】（1）拉力F的大小為9N（2）物體在11s