福建省龍巖市龍巖第一中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理第一學(xué)期期中統(tǒng)考試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1 答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無(wú)效；在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、世界上沒有永不謝幕的傳奇，NASA的“卡西尼”號(hào)探測(cè)器進(jìn)入圖形探測(cè)任務(wù)的最后篇章。據(jù)

2、 NASA報(bào)道，“卡西尼”2017年4月26日首次到達(dá)土星和土星內(nèi)環(huán)（碎冰塊、巖石塊、塵埃等組成）之間，并在近圓軌道做圓周運(yùn)動(dòng)。在極其稀薄的大氣作用下開啟土星探測(cè)之旅的。最后階段-“大結(jié)局”階段。這一階段將持續(xù)到2017年9月中旬，直至墜向土星的懷抱。若“卡西尼”只受土星引力和稀薄氣體阻力的作用，則A4月26日，“卡西尼”在近圓軌道上繞土星的角速度小于內(nèi)環(huán)的角速度B4月28日，“卡西尼”在近圓軌道上繞土星的速率小于內(nèi)環(huán)的速率C5月6月間，“卡西尼”的動(dòng)能越來(lái)越大D6月8月間，“卡西尼”的動(dòng)能、以及它與火星的引力勢(shì)能之和保持不變2、如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為的物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）以某一速度從點(diǎn)沖上傾角為

3、30的固定斜面，其運(yùn)動(dòng)的加速度大小為0.6g，該物體在斜面上上升的最大高度為，則在這個(gè)過程中物體的（g=10m/s2）A整個(gè)過程中物體機(jī)械能守恒B重力勢(shì)能增加了0.5mghC機(jī)械能損失了0.2mghD動(dòng)能損失了1.1mgh3、如圖所示，質(zhì)量為m的物體放在水平放置的鋼板C上，與鋼板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為g.由于受到相對(duì)于地面靜止的光滑導(dǎo)槽A、B的控制，物體只能沿水平導(dǎo)槽運(yùn)動(dòng)現(xiàn)使鋼板以速度v1向右勻速運(yùn)動(dòng)，同時(shí)用力F拉動(dòng)物體(方向沿導(dǎo)槽方向)使物體以速度v2沿導(dǎo)槽勻速運(yùn)動(dòng)，則拉力F的大小為()AmgBmgCmgDmg4、如圖所示，輕桿與豎直墻壁成53角，斜插入墻中并固定，另一端固定一個(gè)質(zhì)量

4、為m的小球，水平輕質(zhì)彈簧處于壓縮狀態(tài)，彈力大小為 (g表示重力加速度)，則輕桿對(duì)小球的彈力大小為() ABCD5、我國(guó)于2018年11月1日成功發(fā)射了第四十一顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，是地球靜止軌道衛(wèi)星星，此軌道的高度約36000km，地球半徑約6400km。2020年，我國(guó)將發(fā)射首顆“人造月亮”，部 署“人造月亮”在地球低軌道上運(yùn)行，其亮度是月球亮度的8倍，可為城市提供夜間照明。 假設(shè)“人造月亮”在距離地球表面約384km高度處繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，則“人造月亮”運(yùn)行的A線速度小于同步衛(wèi)星B周期大于同步衛(wèi)星C向心加速度大于同步衛(wèi)星D向心力大于同步衛(wèi)星6、如圖所示，將足球用網(wǎng)兜掛在光滑的墻壁上，設(shè)繩對(duì)球的拉

5、力為，墻壁對(duì)球的支持力為，當(dāng)細(xì)繩長(zhǎng)度變短時(shí)() A，均不變B減小，增大C，均增大D，均減小二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，粗糙程度均勻的絕緣斜面下方O點(diǎn)處有一正點(diǎn)電荷，帶負(fù)電的小物體以初速度v1從M點(diǎn)沿斜面上滑，到達(dá)N點(diǎn)時(shí)速度為零，然后下滑回到M點(diǎn)，此時(shí)速度為v2（v2v1）若小物體電荷量保持不變，OMON，則（）A小物體上升的最大高度為B從N到M的過程中，小物體的電勢(shì)能逐漸減小C從M到N的過程中，電場(chǎng)力對(duì)小物體先做負(fù)功后做正功D從N到M的過程中，小物體

6、受到的摩擦力和電場(chǎng)力均是先增大后減小8、把質(zhì)量為m的小球（可看作質(zhì)點(diǎn)）放在豎直的輕質(zhì)彈簧上，并把小球向下按到A的位置（圖甲），如圖所示迅速松手后，彈簧把小球彈起，球升至最高位置C點(diǎn)（圖丙），途中經(jīng)過位置B時(shí)彈簧正好處于自由狀態(tài)（圖乙）已知AB的高度差為h1，BC的高度差為h2，通過AB和BC所用時(shí)間為t1和t2，重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力（）A小球從A上升到B位置的過程中，動(dòng)能一直增大B小球從A上升到C位置的過程中，機(jī)械能先增大后不變C小球在圖甲中時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能為mg（h1+h2）D若h1等于h2，則一定有t1小于t29、如圖所示，虛線框內(nèi)有勻強(qiáng)電場(chǎng)，AA、BB、CC是該電場(chǎng)的三個(gè)等勢(shì)面

7、，相鄰等勢(shì)面間的距離均為3.0 cm，已知BB上的電勢(shì)為0 V一個(gè)電子沿AA方向以初動(dòng)能Ek = 4 eV自圖中的P點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)，剛好從C點(diǎn)離開電場(chǎng)，電子從P到C的過程電場(chǎng)力做功為6 eV下列說(shuō)法正確的是A平面AA上的電勢(shì)為3VB該勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為100 V/mC該粒子經(jīng)過平面BB時(shí)的電勢(shì)能為10eVD該粒子從P到C的過程動(dòng)能和電勢(shì)能總和守恒10、如果物體在任何相等的時(shí)間內(nèi)受到的沖量都相同，那么這個(gè)物體的運(yùn)動(dòng)( )A運(yùn)動(dòng)方向不可能改變B可能是勻速圓周運(yùn)動(dòng)C可能是勻變速曲線運(yùn)動(dòng)D可能是勻變速直線運(yùn)動(dòng)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）

8、在“用插針法測(cè)玻璃磚折射率“的實(shí)驗(yàn)中，玻璃磚的ab邊與ab邊相互平行，aa邊與bb邊不平行某同學(xué)在白紙上仔細(xì)畫出了玻璃磚的兩條邊線aa和bb，如圖所示 （1）實(shí)驗(yàn)時(shí)，先在玻璃磚的一側(cè)插兩枚大頭針P1和P2以確定入射光線AO接著，眼睛在玻璃磚的 _ （選填“同一側(cè)”、“另一側(cè)”）觀察所插的兩枚大頭針P1和P2，同時(shí)通過插第三、第四枚大頭針來(lái)確定從玻璃磚射出的光線 （2）實(shí)驗(yàn)中是否要求四枚大頭針的針帽在同一視線上？ _ （填“是”或“否”） （3）下列操作可以減小實(shí)驗(yàn)誤差的是 _ （填字母代號(hào)） A適當(dāng)增大大頭針P1、P2的間距 B選擇玻璃磚相互平行的ab、ab邊來(lái)測(cè)量 C選用盡可能細(xì)的筆畫線 D

9、使AO的入射角接近于9012（12分）用如圖所示的裝置探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系，帶滑輪的長(zhǎng)木板水平固定，左側(cè)固定的力傳感器可以測(cè)得繩子中張力大小。 (1)實(shí)驗(yàn)時(shí)，一定要進(jìn)行的操作是_；A小車靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時(shí)記錄力傳感器的示數(shù)FB改變砂和砂桶質(zhì)量，打出幾條紙帶C用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量D為減小誤差，實(shí)驗(yàn)中一定要保證砂和砂桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量(2) 電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器是使用46V的_電源的_儀器，實(shí)驗(yàn)中打出的其中一條紙帶如圖所示，計(jì)數(shù)點(diǎn)A、B、C、D、E點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)沒有畫出，打點(diǎn)周期為0.02s，則由該紙帶可求得小車的加速度a=_m/s(保留兩位有效

10、數(shù)字)。(3）以力傳感器的示數(shù)F為橫坐標(biāo)，以加速度a為縱坐標(biāo)，畫出的a-F圖象可能正確的是_。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，厚度為d的玻璃磚與水平實(shí)驗(yàn)桌面成45角放置。紅色激光束平行于水平桌面射到玻璃磚的表面，在桌面上得到兩個(gè)光點(diǎn)A、B，已知玻璃磚對(duì)該紅色激光的折射率為。求：AB間的距離L。14（16分）如圖所示，在坐標(biāo)系xOy的第一象限內(nèi)虛線OC的上方存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0，第四象限內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小未知、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，第三象限內(nèi)存在沿y軸負(fù)方向的

11、勻強(qiáng)電場(chǎng)，在x軸負(fù)半軸上有一接收屏GD，GD2OD2d現(xiàn)有一帶電粒子（不計(jì)重力）從y軸上的A點(diǎn)，以初速度v0水平向右垂直射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，恰好垂直O(jiān)C射出，并從x軸上的P點(diǎn)（未畫出）進(jìn)入第四象限內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，粒子經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后又垂直y軸進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)并被接收屏接收，已知OC與x軸的夾角為37，OA，sin37=0.6，cos37=0.1求：（1）粒子的帶電性質(zhì)及比荷；（2）第四象限內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。唬?）第三象限內(nèi)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小范圍15（12分）圖中滑塊和小球的質(zhì)量均為m，滑塊可在水平放置的光滑固定導(dǎo)軌上自由滑動(dòng)，小球與滑塊上的懸點(diǎn)O由一不可伸長(zhǎng)的輕繩相連，輕繩長(zhǎng)為l，開始時(shí)

12、，輕繩處于水平拉直狀態(tài)，小球和滑塊均靜止現(xiàn)將小球由靜止釋放，當(dāng)小球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，水平向右運(yùn)動(dòng)的滑塊剛好被一表面涂有粘性物質(zhì)的固定擋板粘住，在極短的時(shí)間內(nèi)速度減為零，小球繼續(xù)向左擺動(dòng)求：（1）從滑塊與擋板接觸到速度剛好變?yōu)榱愕倪^程中，擋板阻力對(duì)滑塊的沖量；（2）小球從釋放到第一次到達(dá)最低點(diǎn)的過程中，繩的拉力對(duì)小球做的功；參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】A萬(wàn)有引力提供向心力解得：則軌道半徑小的角速度大，則A錯(cuò)誤；B由萬(wàn)有引力提供向心力：得則軌道半徑小的速率大，則B錯(cuò)誤；C5到6月間，因與稀薄氣體阻力做負(fù)功

13、其速度減小，做向心運(yùn)動(dòng)，重力做正功動(dòng)能增加，則C正確；D6月到8月間，因稀薄氣體阻力做負(fù)功，機(jī)械能減小，則D錯(cuò)誤。2、C【解析】由機(jī)械能守恒定律的條件判斷；重力勢(shì)能的增加量等于克服重力做的功；動(dòng)能變化等于合外力做的功；機(jī)械能變化量等于除重力外其余力做的功【詳解】由牛頓第二定律得：mgsin30+f=m0.6g，解得摩擦力f=0.1mg，此過程有摩擦力做功，機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；物體在斜面上能夠上升的最大高度為h，所以重力勢(shì)能增加了EP=mgh，故B錯(cuò)誤；由功能關(guān)系知，機(jī)械能的損失量為：E=fs=0.1mg2h=0.2mgh，故C正確。由動(dòng)能定理可知，動(dòng)能損失量為合外力做的功的大小，即：Ek=

14、F合s=mg0.62h=1.2mgh，故D錯(cuò)誤；故選C?！军c(diǎn)睛】本題關(guān)鍵根據(jù)功能關(guān)系的各種具體形式得到重力勢(shì)能變化、動(dòng)能變化和機(jī)械能變化重力勢(shì)能變化與重力做功有關(guān)；動(dòng)能的變化與合力做功有關(guān)；機(jī)械能的變化與除重力以外的力做功有關(guān)3、C【解析】工件有相對(duì)于鋼板水平向左的速度v1和沿導(dǎo)槽的速度v2，故工件相對(duì)于鋼板的速度如圖所示：滑動(dòng)摩擦力方向與相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向相反，所以有：F=fcos=mgcos，因此F的大小為mg，故C正確，ABD錯(cuò)誤；故選C.點(diǎn)睛：明確工件所受滑動(dòng)摩擦力的大小和方向，注意滑動(dòng)摩擦力的方向是和物體的相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向相反，正確判斷出工件所受摩擦力方向，然后根據(jù)其運(yùn)動(dòng)狀態(tài)即可正確求解該題4

15、、D【解析】由于輕桿斜插入墻中并固定，所以小球?qū)λ淖饔昧筒辉傺貤U的方向了，我們對(duì)小球受力分析得，小球受到重力、彈簧對(duì)小球的作用力，小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，故這兩個(gè)力的合力與桿對(duì)小球的作用力相平衡，如下圖所示，故輕桿對(duì)小球彈力的大小為，故D正確，ABC錯(cuò)誤；故選D5、C【解析】A“人造月亮”繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，有：解得線速度為：“人造月亮”的軌道半徑小于同步衛(wèi)星，線速度大于同步衛(wèi)星，故A錯(cuò)誤；B根據(jù)解得周期為：則“人造月亮”的周期小于同步衛(wèi)星，故B錯(cuò)誤；C根據(jù)解得向心加速度為：則“人造月亮”的向心加速度大于同步衛(wèi)星，故C正確；D衛(wèi)星的質(zhì)量未知，故向心力無(wú)法比較，故D錯(cuò)誤。6、

16、C【解析】分析足球的受力情況，作出力圖，根據(jù)平衡條件得到懸線的拉力和墻的支持力與的關(guān)系式，再用數(shù)學(xué)知識(shí)分析拉力、支持力變化情況，由牛頓第三定律即可知球?qū)Φ膲毫ψ兓闆r【詳解】分析足球的受力情況：重力G、懸線的拉力和墻的支持力，如圖所示：由平衡條件得：支持力和重力的合力F與拉力大小相等、方向相反；由平衡條件得：；當(dāng)細(xì)繩長(zhǎng)度變短時(shí)，增大，cos減小，sin增大，則增大，增大【點(diǎn)睛】本題運(yùn)用函數(shù)法研究動(dòng)態(tài)平衡問題，也可以運(yùn)用圖解法研究二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、A

17、D【解析】A設(shè)斜面傾角為、上升過程沿斜面運(yùn)動(dòng)的最大距離為L(zhǎng)因?yàn)镺MON，則MN兩點(diǎn)電勢(shì)相等，小物體從M到N、從N到M電場(chǎng)力做功均為2上滑和下滑經(jīng)過同一個(gè)位置時(shí)，垂直斜面方向上電場(chǎng)力的分力相等，則經(jīng)過相等的一小段位移在上滑和下滑過程中電場(chǎng)力分力對(duì)應(yīng)的摩擦力所作的功均為相等的負(fù)功，所以上滑和下滑過程克服電場(chǎng)力產(chǎn)生的摩擦力所作的功相等、并設(shè)為W2在上滑和下滑過程，對(duì)小物體，應(yīng)用動(dòng)能定理分別有：和上兩式相減可得：故A正確BC由OMON，可知電場(chǎng)力對(duì)小物體先作正功后作負(fù)功，電勢(shì)能先減小后增大；故BC錯(cuò)誤；D從N到M的過程中，小物體受到的電場(chǎng)力垂直斜面的分力先增大后減小，而重力分力不變，則摩擦力先增大后減

18、小，在此過程中小物體到O的距離先減小后增大，根據(jù)庫(kù)侖定律可知小物體受到的電場(chǎng)力先增大后減?。还蔇正確8、BCD【解析】A、小球從A上升到B位置的過程中，彈簧的彈力先大于重力，后小于重力，小球先加速后減速，故小球從A上升到B的過程中，動(dòng)能先增大后減小，故A錯(cuò)誤；B、從A上升到B位置的過程中，彈簧對(duì)小球做正功，小球的機(jī)械能增大，從B到C的過程，只有重力做功，小球的機(jī)械能守恒，故B正確；C、根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒得知，小球在圖甲中時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能等于小球由A到C位置時(shí)增加的重力勢(shì)能，為：），故C正確；D、A到B的過程中小球先加速后減速，設(shè)小球在B點(diǎn)的速度為，則小球在AB之間的平均速度一定大于；小球在

19、BC之間做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，所以平均速度等于，若等于，則一定有小于，故D正確。點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵掌握機(jī)械能守恒的條件，在只有重力或彈簧彈力做功的情形下，系統(tǒng)機(jī)械能守恒。9、BD【解析】A. 電子從P到C的過程電場(chǎng)力做功為6 eV，即 ，所以，已知BB上的電勢(shì)為0 V 則平面AA上的電勢(shì)為-3V，故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)電場(chǎng)強(qiáng)度公式可知，故B正確；C. 已知BB上的電勢(shì)為0 V，根據(jù)可知該粒子經(jīng)過平面BB時(shí)的電勢(shì)能為0eV，故C錯(cuò)誤D.粒子運(yùn)動(dòng)過程中只有電場(chǎng)力做功，使得動(dòng)能和電勢(shì)能之間相互轉(zhuǎn)化，所以粒子的動(dòng)能與電勢(shì)能之和不變，故D正確10、CD【解析】如果物體在任何相等的時(shí)間內(nèi)受到的沖量都相同

20、，由I=Ft可知，物體受到的力是恒力則物體的加速度是一定的，則可能是勻變速直線運(yùn)動(dòng)或者勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，但是運(yùn)動(dòng)方向可能要改變，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤，CD正確；勻速圓周運(yùn)動(dòng)不是勻變速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；故選CD.點(diǎn)睛：該題考查物體的沖量與受力、運(yùn)動(dòng)之間的關(guān)系，要注意明確受力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系，不要認(rèn)為曲線運(yùn)動(dòng)中動(dòng)量的變化不相等三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、另一側(cè) 否 AC 【解析】（1）1實(shí)驗(yàn)時(shí)，先在玻璃磚的一側(cè)插兩枚大頭針P1和P2以確定入射光線AO；接著，眼睛在玻璃磚的另一側(cè)觀察所插的兩枚大頭針P1和P2，同時(shí)通過插第三、第四枚大頭針來(lái)確定從玻

21、璃磚射出的光線；（2）2實(shí)驗(yàn)中要求四枚大頭針的針尖在同一視線上，而不是針帽；（3）3大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當(dāng)大些時(shí)，相同的距離誤差，引起的角度誤差會(huì)減小，角度的測(cè)量誤差會(huì)小些，故A正確作插針法測(cè)定折射率時(shí)，玻璃磚上下表面不一定要平行，故B錯(cuò)誤為了準(zhǔn)確確定入射光線和折射光線，選用盡可能細(xì)的筆畫線，故C正確為了減小測(cè)量的相對(duì)誤差，選擇的入射角應(yīng)盡量大些，效果會(huì)更好，但不是接近90，故D錯(cuò)誤故選AC.12、AB 交流 計(jì)時(shí) 2.0 A 【解析】(1) A項(xiàng)：打點(diǎn)計(jì)時(shí)器運(yùn)用時(shí)，都是先接通電源，待打點(diǎn)穩(wěn)定后再釋放紙帶，該實(shí)驗(yàn)探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系，要記錄力傳感器的示數(shù)，故A正確；B

22、項(xiàng)：改變砂和砂桶質(zhì)量，即改變拉力的大小，打出幾條紙帶，研究加速度隨F變化關(guān)系，故B正確；C、D項(xiàng)：本題拉力可以由力傳感測(cè)出，不需要用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量，也就不需要使小桶（包括砂）的質(zhì)量遠(yuǎn)小于車的總質(zhì)量，故CD錯(cuò)誤。故選：AB；(2) 電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器是使用46V的交流電源的計(jì)時(shí)儀器；(3)由逐差法可得：a=(10.61+8.61)-(6.59+4.61)40.1210-2ms2=2.0ms2；(4) 小車質(zhì)量不變時(shí)，加速度與拉力成正比，所以a-F圖象是一條傾斜的直線，由實(shí)驗(yàn)裝置可知，實(shí)驗(yàn)前沒有平衡摩擦力，則畫出的a-F圖象在F軸上有截距，故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選：A。【點(diǎn)睛】本題考查驗(yàn)證牛頓第二定律的實(shí)驗(yàn)，源于課本，但是又不同于課本，掌握紙帶的處理方法，會(huì)通過紙帶求解瞬時(shí)速度和加速度。注意在本實(shí)驗(yàn)中不需要滿足砂和砂桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，因?yàn)槔梢詡鞲衅髦苯訙y(cè)出。四、計(jì)算