河北省衡水市棗強(qiáng)縣棗強(qiáng)中學(xué)2022-2023學(xué)年物理高三第一學(xué)期期中經(jīng)典模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1 答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無(wú)效；在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示,細(xì)線的一端固定于O 點(diǎn),另一端系一小球. 在水平拉力作用下,小球以恒定速率

2、在豎直平面內(nèi)由A 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B 點(diǎn). 在此過(guò)程中拉力的瞬時(shí)功率變化情況是A逐漸增大B逐漸減小C先增大,后減小D先減小,后增大2、如圖所示，甲圖是某人站在力傳感器上做下蹲-起跳動(dòng)作的示意圖，甲圖中的“”表示人的重心，乙圖是根據(jù)力傳感器畫出的壓力F隨時(shí)間t變化的圖線乙圖中a、d、f、g各點(diǎn)數(shù)據(jù)分別與甲圖中人的a、d、f、g狀態(tài)相對(duì)應(yīng)，其余點(diǎn)對(duì)應(yīng)狀態(tài)沒(méi)有在甲圖中畫出乙圖中a、c、e、i點(diǎn)對(duì)應(yīng)的縱坐標(biāo)均為610N請(qǐng)根據(jù)這兩個(gè)圖所給出的信息，判斷下列說(shuō)法中正確的是A乙圖中b點(diǎn)時(shí)刻，人處于超重狀態(tài)B乙圖中d點(diǎn)時(shí)刻，人處于失重狀態(tài)C乙圖中g(shù)點(diǎn)時(shí)刻，人處于失重狀態(tài)D乙圖中i點(diǎn)時(shí)刻，人的速度為零3、如圖所示，在光

3、滑的水平面上有一個(gè)質(zhì)量為M的木板B處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)有一個(gè)質(zhì)量為m的木塊A在木板B的左端以初速度v0開(kāi)始向右滑動(dòng)，已知Mm，用和分別表示木塊A和木板B的圖象，在木塊A從木板B的左端滑到右端的過(guò)程中，下面關(guān)于速度v隨時(shí)間t、動(dòng)能Ek隨位移s的變化圖象，其中可能正確的是( )ABCD4、如圖，質(zhì)量相同的兩物體a、b，用不可伸長(zhǎng)的輕繩跨接在同一光滑的輕質(zhì)定滑輪兩側(cè)，a在水平桌面的上方，b在水平粗糙桌面上。初始時(shí)用力壓住b使a、b靜止，撤去此壓力后，a開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，在a下降的過(guò)程中，b始終未離開(kāi)桌面。在此過(guò)程中()Ab的動(dòng)能等于a的動(dòng)能B兩物體機(jī)械能的變化量相等Ca的重力勢(shì)能的減小量等于兩物體總動(dòng)能的增加量

4、D繩的拉力對(duì)a所做的功與對(duì)b所做的功的代數(shù)和為零5、如圖所示，在光滑的水平面上靜止放一質(zhì)量為m的木板B，木板表面光滑，左端固定一輕質(zhì)彈簧質(zhì)量為2m的木塊A以速度v0從板的右端水平向左滑上木板B，在木塊A與彈簧相互作用的過(guò)程中，下列判斷正確的是( )A彈簧壓縮量最大時(shí)，B板運(yùn)動(dòng)速率最大B板的加速度一直增大C彈簧給木塊A的沖量大小為D彈簧的最大彈性勢(shì)能為6、將一物體從地面豎直向上拋出，又落回拋出點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中空氣阻力忽略不計(jì)，下列說(shuō)法正確的是( )A上升過(guò)程和下落過(guò)程，時(shí)間相等、位移相同B物體到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，速度和加速度均為零C整個(gè)過(guò)程中，任意相等時(shí)間內(nèi)物體的速度變化量均相同D豎直上拋的初速度越大(

5、v010 m/s)，物體上升過(guò)程的最后1 s時(shí)間內(nèi)的位移越大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、與嫦娥號(hào)、號(hào)月球探測(cè)器不同，嫦娥號(hào)是一次性進(jìn)入距月球表面高的圓軌道（不計(jì)地球?qū)μ綔y(cè)器的影響），運(yùn)行一段時(shí)間后再次變軌，從的環(huán)月圓軌道，降低到距月球的近月點(diǎn)、距月球的遠(yuǎn)月點(diǎn)的橢圓軌道，如圖所示，為下一步月面軟著陸做準(zhǔn)備關(guān)于嫦娥號(hào)探測(cè)器下列說(shuō)法正確的是（ ）A探測(cè)器在軌道經(jīng)過(guò)點(diǎn)的速度小于軌道經(jīng)過(guò)點(diǎn)的速度B探測(cè)器沿軌道運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，探測(cè)器中的科考儀器所受重力為零，出于完全失重狀態(tài)C

6、探測(cè)器從軌道變軌到軌道，在點(diǎn)應(yīng)加速D探測(cè)器在軌道經(jīng)過(guò)點(diǎn)時(shí)的加速度等于在軌道經(jīng)過(guò)點(diǎn)時(shí)的加速度8、已知甲、乙兩行星的半徑之比為2：1，環(huán)繞甲、乙兩行星表面運(yùn)行的兩衛(wèi)星周期之比力4：1，則下列結(jié)論中正確的是（）A甲、乙兩行星表面衛(wèi)星的動(dòng)能之比為1：4B甲、乙兩行星表面衛(wèi)星的角速度之比為1：4C甲、乙兩行星的質(zhì)量之比為1：2D甲、乙兩行星的第一宇宙速度之比為2：19、兩水平平行金屬板連接在如圖所示的電路中，板長(zhǎng)為 L 間距 d,在距板右端 2L 處有一豎直光屏，D 為理想二極管（具有單向?qū)щ娦裕?。讓一帶電量?q、質(zhì)量為 m 的粒子從兩板左端連線的中點(diǎn)O以水平速度v0射入板間，粒子飛出電場(chǎng)后垂直打在屏

7、上。則 A電場(chǎng)強(qiáng)度大小為 3mg/qB質(zhì)點(diǎn)在板間運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中與它從板右端運(yùn)動(dòng)到屏的過(guò) 程中速度變化相同C若僅將滑片 P 下移，再讓該粒子從O 點(diǎn)以v0水平射入，粒子打 在屏上位置在中心線下方D若僅將板間距增大，再讓該粒子從 O 點(diǎn)以v0水平射入，粒子仍垂直打在屏上10、如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一絕緣斜面，斜面上有一帶電金屬塊沿斜面滑下。已知在金屬塊滑下的過(guò)程中動(dòng)能增加了12J，金屬塊克服摩擦力做功8J，重力做功24J，則以下判斷正確的是（）A金屬塊帶正電荷B金屬塊克服電場(chǎng)力做功8JC金屬塊的機(jī)械能減少12JD金屬塊的電勢(shì)能減少4J三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中

8、指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11（6分）在高中物理力學(xué)實(shí)驗(yàn)中，下列說(shuō)法中正確的是A在“探究動(dòng)能定理”的實(shí)驗(yàn)中，通過(guò)改變橡皮筋的長(zhǎng)度來(lái)改變拉力做功的數(shù)值B在“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)中，采用的科學(xué)方法是等效替代法C在“探究彈力和彈簧伸長(zhǎng)的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，可用直尺直接測(cè)量彈簧的伸長(zhǎng)量D在處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí)，常常采用圖象法可以減小系統(tǒng)誤差12（12分）為了“探究動(dòng)能改變與合外力做功”的關(guān)系,某同學(xué)設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)方案:第一步:把帶有定滑輪的木板(有滑輪的)一端墊起,把質(zhì)量為M的滑塊通過(guò)細(xì)繩跨過(guò)定滑輪與質(zhì)量為m的重錘相連,重錘后連一穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶,調(diào)整木板傾角,直到輕推滑塊后,滑塊沿木板向下

9、勻速運(yùn)動(dòng),如圖甲所示.第二步:保持長(zhǎng)木板的傾角不變,將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器安裝在長(zhǎng)木板靠近滑輪處,取下細(xì)繩和重錘,將滑塊與紙帶相連,使紙帶穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器,然后接通電源,釋放滑塊,使之從靜止開(kāi)始向下加速運(yùn)動(dòng),打出紙帶,如圖乙所示.打出的紙帶如圖丙所示.請(qǐng)回答下列問(wèn)題:(1)已知O、A、B、C、D、E、F相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為,根據(jù)紙帶求滑塊速度,打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打B點(diǎn)時(shí)滑塊速度vB=_.(2)已知重錘質(zhì)量為m,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間,要測(cè)出某一過(guò)程合外力對(duì)滑塊做的功還必須測(cè)出這一過(guò)程滑塊 _(寫出物理量名稱及符號(hào),只寫一個(gè)物理量),合外力對(duì)滑塊做功的表達(dá)式W合=_.(3)算出滑塊運(yùn)動(dòng)OA、OB、OC、OD、OE

10、段合外力對(duì)滑塊所做的功W以及在A、B、C、D、E各點(diǎn)的速度v,以v2為縱軸、W為橫軸建立坐標(biāo)系,描點(diǎn)作出v2-W圖象,可知該圖象是一條_,根據(jù)圖象還可求得_。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，水平軌道BC的左端與固定的光滑豎直1/4圓軌道相切與B點(diǎn)，右端與一傾角為300的光滑斜面軌道在C點(diǎn)平滑連接（即物體經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)速度的大小不變），斜面頂端固定一輕質(zhì)彈簧，一質(zhì)量為2Kg的滑塊從圓弧軌道的頂端A點(diǎn)由靜止釋放，經(jīng)水平軌道后滑上斜面并壓縮彈簧，第一次可將彈簧壓縮至D點(diǎn)，已知光滑圓軌道的半徑R=0.45

11、m，水平軌道BC長(zhǎng)為0.4m，其動(dòng)摩擦因數(shù)=0.2，光滑斜面軌道上CD長(zhǎng)為0.6m，g取10m/s2，求滑塊第一次經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力整個(gè)過(guò)程中彈簧具有最大的彈性時(shí)能；滑塊在水平軌道BC上運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間及滑塊最終停在何處？14（16分）某實(shí)驗(yàn)小組做慣性演示實(shí)驗(yàn)：將小木塊置于桌面上的薄木板上，用較大的水平拉力將薄木板迅速?gòu)男∧緣K下面抽出，小木塊落到桌面上，水平方向上的一段位移很小，幾乎觀察不到，如圖所示.已知小木塊和木板的質(zhì)量分別為和，各接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，小木塊到薄木板左端的距離，重力加速度取.(1)要使小木塊相對(duì)薄木板運(yùn)動(dòng)，求水平拉力的大小應(yīng)滿足的條件；(2)若要使小木塊向右運(yùn)動(dòng)的位移

12、不超過(guò)，水平拉力至少為多大？15（12分）如圖所示，直角坐標(biāo)系的第二象限內(nèi)有沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小E=1.8104V/m在第二象限內(nèi)的a（-0.16m，0.21m）、c（-0.16m，0.11m）兩點(diǎn)之間有一帶電離子發(fā)射帶，能連續(xù)不斷的發(fā)射方向沿x軸正方向、速度大小v0=4.8105m/s的帶正電離子，離子的比荷=6107C/kg在以x軸上的M（0.2m，0）為圓心、半徑R=0.16m的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=6.2510-2T不計(jì)重力及離子之間的相互作用力（1）求粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，離子帶的寬度d；（2）從a、c兩點(diǎn)發(fā)射的離子，都從磁場(chǎng)邊界上的同一

13、點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)，求兩離子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的速度方向的夾角參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】試題分析：因?yàn)樾∏蚴且院愣ㄋ俾蔬\(yùn)動(dòng)，即它是做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，那么小球受到的重力G、水平拉力F、繩子拉力T三者的合力必是沿繩子指向O點(diǎn)設(shè)繩子與豎直方向夾角是，則（F與G的合力必與繩子拉力在同一直線上），解得，而水平拉力F的方向與速度v的方向夾角也是，所以水平力F的瞬時(shí)功率是，則，故從A到B的過(guò)程中，是不斷增大的，所以水平拉力F的瞬時(shí)功率是一直增大的，故A正確考點(diǎn)：考查了功率的計(jì)算【名師點(diǎn)睛】根據(jù)小球做圓周運(yùn)動(dòng)，合力提供向心力，即

14、合力指向圓心，求出水平拉力和重力的關(guān)系，根據(jù)得出拉力瞬時(shí)功率的表達(dá)式，從而判斷出拉力瞬時(shí)功率的變化2、C【解析】人下蹲過(guò)程中先加速下降，到達(dá)一個(gè)最大速度后再減速下降，直至速度減為零，則乙圖中b點(diǎn)時(shí)刻，人處于失重狀態(tài)，A錯(cuò)誤；人站起來(lái)的階段向上做加速運(yùn)動(dòng)，處于超重狀態(tài)，則乙圖中d點(diǎn)時(shí)刻，人處于超重狀態(tài)，B錯(cuò)誤；當(dāng)人離開(kāi)水平面時(shí)處于完全失重狀態(tài)，則乙圖中g(shù)點(diǎn)時(shí)刻，人處于失重狀態(tài)，C正確；當(dāng)人落回到水平面時(shí)，向下先加速后減速運(yùn)動(dòng)，則乙圖中i點(diǎn)時(shí)刻，人的速度最大，不為零，D錯(cuò)誤；故選C。3、D【解析】對(duì)A分析，受到B對(duì)A的滑動(dòng)摩擦力作用即，所以A做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度，對(duì)B受力分析，受到A對(duì)B向右的

15、摩擦力，因此B做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度，速度時(shí)間圖像斜率即代表加速度，即B的速度時(shí)間圖像斜率大于A的圖像斜率，故AB錯(cuò)當(dāng)A減速，B加速直到二者速度相等時(shí)，開(kāi)始一起勻速直線運(yùn)動(dòng)，在此過(guò)程中，對(duì)A分析有，對(duì)B分析，二者的圖像的斜率相同，故C錯(cuò)誤，D正確故選D。4、D【解析】A：設(shè)物體a下降的速度為va，物體b的速度為vb，拉b的繩子與水平面的夾角為，將物體b的速度分解如圖，則vbcos=va，即b的速度大于a的速度；它們質(zhì)量相等，則b的動(dòng)能大于a的動(dòng)能。故A項(xiàng)錯(cuò)誤。B：水平面粗糙，兩物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，有摩擦力做功，a、b系統(tǒng)的機(jī)械能不守恒，則兩物體機(jī)械能的變化量不相等。故B項(xiàng)錯(cuò)誤。C：a的重力勢(shì)能的

16、減小量等于兩物體總動(dòng)能的增加量與產(chǎn)生的內(nèi)能之和，則a的重力勢(shì)能的減小量大于兩物體總動(dòng)能的增加量。故C項(xiàng)錯(cuò)誤。D：當(dāng)物體a下降的速度為va，物體b前進(jìn)的速度為vb，拉b的繩子與水平面的夾角為時(shí)，vbcos=va。設(shè)此時(shí)繩的拉力為F，取一小段極短的時(shí)間t，在時(shí)間t內(nèi)，繩子拉力對(duì)a做的功Wa=-Fvat，繩子拉力對(duì)b做的功Wb=Fvbtcos=Fvbcost=Fvat，所以在時(shí)間t內(nèi)，繩的拉力對(duì)a所做的功與對(duì)b所做的功的代數(shù)和為零。則a下降的整個(gè)過(guò)程中，繩的拉力對(duì)a所做的功與對(duì)b所做的功的代數(shù)和為零。故D項(xiàng)正確。【點(diǎn)睛】繩連接、桿連接的物體沿繩（桿）方向的速度分量相等。5、D【解析】在木塊A與彈簧相

17、互作用的過(guò)程中，從彈簧的壓縮量達(dá)到最大到彈簧恢復(fù)原狀的過(guò)程中，彈簧對(duì)木板B有向左的彈力，B板仍在加速，所以彈簧壓縮量最大時(shí)，B板運(yùn)動(dòng)速率不是最大，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)B板的速率最大，故A錯(cuò)誤；彈簧壓縮量先增加后減小，彈簧對(duì)B板的彈力先增大后減小，故B板的加速度先增加后減小，故B錯(cuò)誤；設(shè)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)A與B的速度分別為v1和v1取向左為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律，有：1mv2=1mv1+mv1；根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有：1mv21=1mv11+mv11；解得：v1=v2，v1=v2對(duì)滑塊A，根據(jù)動(dòng)量定理，有：I=1mv1-1mv2=-mv2（負(fù)號(hào)表示方向向右），故C錯(cuò)誤；當(dāng)滑塊與長(zhǎng)木板速度相等時(shí)，彈簧的

18、壓縮量最大；根據(jù)動(dòng)量守恒定律，有：1mv2=（m+1m）v；系統(tǒng)機(jī)械能守恒，根據(jù)守恒定律，有：Ep=1mv21-（1m+m）v1；由以上兩式解得：Ep=mv21，故D正確；故選D.6、C【解析】A.根據(jù)對(duì)稱性可知，上升過(guò)程和下落過(guò)程的時(shí)間相等、位移大小相等、方向相反，則位移不同，故A錯(cuò)誤。B.物體到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，速度為零，加速度為g，故B錯(cuò)誤。C.根據(jù)：v=gt知t相同，則整個(gè)過(guò)程中，任意相等時(shí)間內(nèi)物體的速度變化量相同，故C正確。D.用逆向思維，可知物體上升過(guò)程中最后1s內(nèi)的運(yùn)動(dòng)，可以看自由落體運(yùn)動(dòng)的第1s內(nèi)運(yùn)動(dòng)，則位移為： m與初速度無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共

19、20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABCD【解析】A項(xiàng)：探測(cè)器從軌道變?yōu)檐壍雷鲭x心運(yùn)動(dòng)，所以要加速，所以探測(cè)器在軌道經(jīng)過(guò)A點(diǎn)的速度小于在軌道經(jīng)過(guò)A點(diǎn)的速度，故A正確；B項(xiàng)：探測(cè)器沿軌道運(yùn)動(dòng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，即萬(wàn)有引力完全提供向心力，所以探測(cè)器中的科考儀器處于完全失重狀態(tài)，故B正確；C項(xiàng)：探測(cè)器從軌道變軌到軌道做近心運(yùn)動(dòng)，所以要減速，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：由牛頓第二定律可知：，由于距離相同，所以加速度相同，故D正確8、BC【解析】由于不知道衛(wèi)星的質(zhì)量，所以無(wú)法比較二者的動(dòng)能關(guān)系，故A錯(cuò)誤；據(jù)=2T可知角速度之比等于周期

20、的倒數(shù)比，故為1：4，故B正確；研究衛(wèi)星繞行星表面勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，列出等式：GMmR2=mR42T2，所以行星質(zhì)量M=42R3GT2，所以甲乙兩行星的質(zhì)量之比為：M1M2=(R1R2)3(T1T2)2=2342=12，故C正確；忽略行星自轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力列出等式GMmR2=mR42T2=mg可得行星表面的重力加速度g=42RT2，所以兩行星表面重力加速度之比為：a1a2=R1R2(T1T2)2=242=18，故D錯(cuò)誤故選BC.點(diǎn)睛：研究衛(wèi)星繞行星勻速圓周運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，關(guān)鍵是根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，列出等式求解忽略行星自轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力列出等式.9、

21、AD【解析】質(zhì)點(diǎn)先在電場(chǎng)和重力場(chǎng)的復(fù)合場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，要垂直打在M屏上，離開(kāi)出場(chǎng)后，質(zhì)點(diǎn)一定打在光屏的上方，做斜上拋運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)從離開(kāi)電場(chǎng)后到垂直打在M屏上過(guò)程是平拋運(yùn)動(dòng)的逆運(yùn)動(dòng)，采用運(yùn)動(dòng)的分解方法可知，分析質(zhì)點(diǎn)類平拋運(yùn)動(dòng)與斜上拋的關(guān)系，確定加速度關(guān)系，求出板間場(chǎng)強(qiáng)；【詳解】A、粒子先在水平放置的兩平行金屬板間做類平拋運(yùn)動(dòng)，要垂直打在M屏上，離開(kāi)電場(chǎng)后，粒子一定打在屏的上方，做斜上拋運(yùn)動(dòng)。否則，粒子離開(kāi)電場(chǎng)后軌跡向下彎曲，粒子不可能垂直打在M板上。粒子在板間的類平拋運(yùn)動(dòng)和離開(kāi)電場(chǎng)后的斜上拋運(yùn)動(dòng)，水平方向都不受外力，都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度都等于v0，而且v0方向水平，粒子垂直打在M板上時(shí)速度也水

22、平，根據(jù)粒子的軌跡彎曲方向可知兩個(gè)過(guò)程粒子的合力方向相反，加速度方向相反，則速度變化量方向相反,粒子的軌跡如圖所示：設(shè)粒子在板間運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中加速度大小為a，則有粒子離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)豎直分速度大小vy=at1=qE-mgmlv0，粒子離開(kāi)電場(chǎng)后運(yùn)動(dòng)過(guò)程其逆過(guò)程是平拋運(yùn)動(dòng)，則vy=gt2=g2lv0，聯(lián)立解得E=3mgq，故A正確，B錯(cuò)誤；C、若僅將滑片P向下滑動(dòng)一段后，R的電壓減小，電容器的電壓要減小，電量要減小，由于二極管具有單向?qū)щ娦裕噪娙萜鞑荒芊烹?，電量不變，板間電壓不變，所以質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況不變，再讓該質(zhì)點(diǎn)從O點(diǎn)以水平速度v0射入板間，質(zhì)點(diǎn)依然會(huì)垂直打在光屏上，故C錯(cuò)誤；D、若僅將兩平行板的

23、間距變大一些，電容器電容減小，由C=QU知U不變，電量要減小，但由于二極管具有單向?qū)щ娦?，所以電容器不能放電，電量不變，根?jù)推論可知板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變，所以質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況不變，再讓該質(zhì)點(diǎn)從O點(diǎn)以水平速度v0射入板間，質(zhì)點(diǎn)依然會(huì)垂直打在光屏上，故D正確?！军c(diǎn)睛】本題關(guān)鍵抓住兩個(gè)運(yùn)動(dòng)軌跡的特點(diǎn)，巧用逆向思維分析電場(chǎng)外質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況，要知道運(yùn)動(dòng)的合成與分解是研究曲線運(yùn)動(dòng)的常用方法，要靈活運(yùn)用。10、AC【解析】A在金屬塊滑下的過(guò)程中，由動(dòng)能定理可得代入數(shù)據(jù)由于金屬塊下滑，而電場(chǎng)力做負(fù)功，可判斷電場(chǎng)力應(yīng)該水平向右，所以金屬塊帶正電荷，故A正確；B從上面的分析，可知電場(chǎng)力做功-4J，即金屬塊克服電場(chǎng)力做了

24、4J的功，故B錯(cuò)誤；C在金屬塊滑下的過(guò)程中，重力做功24J，則重力勢(shì)能減少24J，而已知?jiǎng)幽茉黾恿?2J，所以總的機(jī)械能減少了12J，故C正確；D從上面的分析，可知電場(chǎng)力做功-4J，則金屬塊的電勢(shì)能增加4J，故D錯(cuò)誤。故選AC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、B【解析】因?yàn)橄鹌そ畹睦?huì)隨其形變量的變化而變化，即拉力是變力，不容易求解其做功，所以實(shí)驗(yàn)時(shí)，每次保持橡皮筋的形變量一定，增加橡皮筋的個(gè)數(shù)，1條為W，2條為2W，不是通過(guò)改變橡皮筋的長(zhǎng)度來(lái)改變拉力做功的數(shù)值，而是通過(guò)改變橡皮筋的條數(shù)來(lái)改變拉力做功的數(shù)值，A錯(cuò)誤；在“驗(yàn)證力的平

25、行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)中，采用的科學(xué)方法是等效替代法；兩個(gè)分力與合力效果是相同的，B正確；為了減少誤差，應(yīng)測(cè)量彈簧的總長(zhǎng)度，不能測(cè)量伸長(zhǎng)量，C錯(cuò)誤；圖象法只能減小因測(cè)量而產(chǎn)生的偶然誤差，不能減小系統(tǒng)誤差，D錯(cuò)誤；12、 下滑的位移X mgx 過(guò)原點(diǎn)的直線 滑塊的質(zhì)量M 【解析】(1)1勻變速直線運(yùn)動(dòng)中，時(shí)間中點(diǎn)的瞬時(shí)速度等于該過(guò)程中的平均速度，因此有：(2)23由做功定義式可以知道還需要知道滑塊下滑的位移x,由動(dòng)能定理可以知道即(3)45合外力做的功為即:圖象應(yīng)該為一條過(guò)原點(diǎn)的直線,設(shè)圖象的斜率為k,則得滑塊質(zhì)量還可以求得滑塊的質(zhì)量M。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）60N（2）1.4J（3）2.25m【解析】（1）滑塊從A點(diǎn)到B點(diǎn)，由動(dòng)能定理可得：解得：3m/s